仁壽第一中學(xué)北校區(qū)2019-2020學(xué)年高二下學(xué)期5月月考理綜物理試題含解析

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精四川省仁壽第一中學(xué)北校區(qū)2019-2020學(xué)年高二下學(xué)期5月月考理綜物理試題含解析物理試卷一、選擇題1.關(guān)于生產(chǎn)和生活中的交流電，下列說法正確的是（)A。在一個周期內(nèi),交流電的方向改變一次B.交流用電設(shè)備上標出的電壓和電流值是有效值C.某正弦交流電壓的最大值為311V,則該交流電壓的最小值為-311VD。用交流電表測交變電流和電壓時，測得的是交變電流和電壓的最大值【答案】B【解析】【詳解】A．在一個周期內(nèi)，交流電的方向改變二次,故A錯誤；BD．用交流電表測交變電流和電壓測得的數(shù)值以及交流用電設(shè)備上標出的電壓和電流值是有效值，故B正確，D錯誤;C．某正弦交流電壓的最大值為311V，則該交流電壓的最小值為0,故C錯誤;故選B.2.質(zhì)量為m的物體以速度v0從地面豎直上拋(不計空氣阻力)到落回地面,在此過程中（)A。整個過程中重力的沖量大小為0B.整個過程中重力的沖量大小為2mv0C.上升過程沖量大小為mv0，方向向上D。上升過程和下落過程中動量的變化量大小均為mv0，但方向相反【答案】B【解析】【詳解】規(guī)定豎直向上為正方向。AB．根據(jù)豎直上拋運動的對稱性可知，物體落回地面的速度大小是v0，方向豎直向下，根據(jù)動量定理可知，整個過程中重力的沖量整個過程中重力的沖量大小為2mv0，故B正確，A錯誤；C．根據(jù)動量定理，上升過程沖量所以上升過程沖量大小為mv0，方向向下，故C錯誤；D．根據(jù)豎直上拋運動的對稱性可知,上升時間和下落時間相同，兩個過程中合力都是重力相同，所以兩個過程中合力的沖量大小相等，方向相同都豎直向下，根據(jù)動量定理可知，上升過程和下落過程中動量的變化量大小相同,方向相同，故D錯誤；故選B。3。如圖所示，一個閉合三角形導(dǎo)線框ABC位于豎直平面內(nèi)，其下方(略靠前)固定一根與導(dǎo)線框平面平行的水平直導(dǎo)線，導(dǎo)線中通以圖示方向的恒定電流，釋放導(dǎo)線框，它由實線位置下落到虛線位置未發(fā)生轉(zhuǎn)動，在此過程中()A。導(dǎo)線框中感應(yīng)電流的方向依次為ACBA→ABCA→ACBAB。導(dǎo)線框的磁通量為零時，感應(yīng)電流也為零C.導(dǎo)線框所受安培力的合力方向依次為向上→向下→向上D。導(dǎo)線框所受安培力的合力為零，做自由落體運動【答案】A【解析】【詳解】AB．根據(jù)安培定則，通電直導(dǎo)線的磁場在上方向外,下方向里．線框從上向下靠近導(dǎo)線的過程,向外的磁場磁感應(yīng)強度增加，根據(jù)楞次定律,線框中產(chǎn)生順時針方向的電流；穿越導(dǎo)線時，上方向外的磁場和下方向里的磁場疊加，先是向外的磁通量減小，一直減小到零，之后變成向里的磁通量，并逐漸增大,直至最大,這一過程線框中產(chǎn)生逆時針方向的電流;向里的磁通量變成最大后，繼續(xù)向下運動,向里的磁通量又逐漸減小，這時的電流方向又變成了順時針．所以線框中感應(yīng)電流方向依次為ACBA→ABCA→ACBA；當(dāng)線框的磁通量為零時,有逆時針方向的感應(yīng)電流.故A正確,B錯誤；CD．根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流始終阻礙線框相對磁場的運動,故線框所受安培力的方向始終向上，安培力的合力不為零，線框的運動不是自由落體運動，故CD錯誤;故選A。4.如圖，光滑水平面上放著長木板B，質(zhì)量m＝2kg的木塊A以速度v0＝2m/s滑上原來靜止的長木板B的上表面,由于A、B之間存在有摩擦,之后，A、B的速度隨時間變化情況如右圖所示,重力加速度g＝10m/s2.則下列說法正確的是（）A。A、B之間動摩擦因數(shù)為0.1B。長木板的質(zhì)量為1kgC。長木板長度至少為2mD。A、B組成系統(tǒng)損失機械能為4J【答案】A【解析】【分析】A在B的表面上滑行時,根據(jù)v—t圖像的斜率可得到A的加速度大小,由牛頓第二定律求得動摩擦因數(shù)。對系統(tǒng),運用動量守恒定律列式可求得長木板的質(zhì)量M。根據(jù)“面積"表示位移,求解木板的長度。由能量守恒定律求解A、B組成系統(tǒng)損失機械能?！驹斀狻緼．由圖像可知，木板B勻加速運動的加速度對B根據(jù)牛頓第二定律得μmg＝MaB解得μ＝0。1，故A正確；B．從圖可以看出，A先做勻減速運動，B做勻加速運動，最后一起做勻速運動,共同速度v＝1m/s，取向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律得解得M＝m＝2kg，故B錯誤；C．由圖像可知前1s內(nèi)B的位移A的位移所以木板最小長度故C錯誤。D．A、B組成系統(tǒng)損失機械能故D錯誤。故選A?！军c睛】分析清楚圖像的物理意義是解題的前提與關(guān)鍵,要知道加速度是聯(lián)系力和運動的橋梁，根據(jù)v—t圖像的斜率能得出物體運動的加速度，由面積求解位移。5.如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10∶1,電阻R=22Ω，各電表均為理想電表。變壓器輸入電壓的變化規(guī)律如圖乙所示。下列說法正確的是(）A。該輸入的交流電電壓的瞬時值為B.該變壓器為降壓變壓器,電壓表的示數(shù)為22V，電流表的示數(shù)是1AC。電阻R消耗的電功率是22WD。若電阻R增大時,電流表的示數(shù)將增大【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)乙圖可知，該輸入的交流電電壓的瞬時值為故A錯誤；BC．理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10：1，該變壓器為降壓變壓器，由乙圖原線圈的電壓的最大值為,據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可知，所以副線圈的電壓的最大值為，所以電壓的有效值22V，所以電壓表的示數(shù)為22V，電阻R消耗的電功率是根據(jù)歐姆定律可知，副線圈中電流原、副線圈的電流與匝數(shù)成反比,副線圈的電流是1A,所以電流表的示數(shù)是0。1A，故C正確，B錯誤；D．若電阻R增大時,副線圈電壓不變，通過副線圈電流減小，原、副線圈的匝數(shù)比不變，電流表的示數(shù)將減小，故D錯誤；故選C。6.如圖所示,M是一個小型理想變壓器，原副線圈匝數(shù)之比n1∶n2=5∶1，接線柱a、b接上一個正弦交變電源，電壓V。變壓器右側(cè)部分為一火警報警系統(tǒng)原理圖,其中R2為用半導(dǎo)體熱敏材料（電阻隨溫度升高而減小)制成的傳感器，R1為一定值電阻。下列說法中正確的是（)A。電壓表V示數(shù)為44VB。當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火警時,電壓表V的示數(shù)減小C。當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火警時，電流表A的示數(shù)減小D。當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火警時,電阻R1的功率變大【答案】BD【解析】【詳解】A．由題可知，輸入的電壓有效值為220V，變壓器的電壓與匝數(shù)成正比,由此可得副線圈的電壓為44V，電壓表測的是半導(dǎo)體熱敏材料的電壓，R1，R2的總電壓為44V,所以電壓表的示數(shù)小于44V，故A錯誤；BCD．當(dāng)出現(xiàn)火警時，溫度升高，電阻R2減小，副線圈電流變大，所以原線圈電流即電流表示數(shù)增大;R1的電壓要增大，消耗的功率也增大；由于副線圈的總電壓不變,所以R2的電壓即電壓表示數(shù)就要減小,故BD正確，C錯誤；故選BD。7。如圖，固定于絕緣水平面上的平行金屬導(dǎo)軌不光滑，除R外其它電阻均不計，垂直于導(dǎo)軌平面有一勻強磁場。當(dāng)質(zhì)量為m的金屬棒cd在水平恒力F作用下由靜止向右滑動過程中，下列說法中正確的是(）A。水平恒力F對cd棒做的功等于電路中產(chǎn)生的電能B.只有在cd棒做勻速運動時，F(xiàn)對cd棒做的功才等于電路中產(chǎn)生的電能C。無論cd棒做何種運動，它克服安培力做的功一定等于電路中產(chǎn)生的電能D。R兩端電壓始終等于cd棒中的感應(yīng)電動勢【答案】CD【解析】【詳解】ABC．金屬棒加速運動過程中，水平恒力F對cd棒做的功等于電路中產(chǎn)生的電能、摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能和金屬棒增加的動能之和；金屬棒在勻速運動的過程中,水平恒力F對cd棒做的功等于電路中產(chǎn)生的電能與摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能之和;無論cd棒做何種運動，它克服安培力所做的功一定等于電路中產(chǎn)生的電能，故AB錯誤,C正確；D．cd棒電阻不計,cd棒切割磁感線就相當(dāng)于理想電源,所以R兩端電壓始終等于cd棒中的感應(yīng)電動勢，故D正確;故選CD.8。如圖所示，豎直平面內(nèi)的光滑水平軌道的左邊與墻壁對接，右邊與一個足夠高的光滑圓弧軌道平滑相連,木塊A、B靜置于光滑水平軌道上，A、B的質(zhì)量分別為和．現(xiàn)讓A以的速度水平向左運動,之后與墻壁碰撞,碰撞的時間為，碰后的速度大小變?yōu)椋?dāng)A與B碰撞后立即粘在一起運動，g取，則()A.A與墻壁碰撞的過程中，墻壁對A的平均作用力的大小B.A與墻壁碰撞的過程中沒有能量損失C.A、B碰撞后的速度D。A、B滑上圓弧軌道的最大高度【答案】AC【解析】【詳解】A．設(shè)水平向右為正方向，A與墻壁碰撞時根據(jù)動量定理有解得,故A正確;B．若A與墻壁碰撞時無能量損失,A將以速度水平向右運動，由題已知碰后的速度大小變?yōu)?m/s，故B錯誤;C．設(shè)碰撞后A、B的共同速度為，根據(jù)動量守恒定律有解得，故C正確;D．A、B在光滑圓弧軌道上滑動時，機械能守恒,由機械能守恒定律得解得，故D錯誤。第Ⅱ卷（非選擇題共174分）9.某同學(xué)用如圖所示的裝置做驗證動量守恒定律的實驗．先將球從斜槽軌道上某固定點處由靜止開始滾下，在水平地面上的記錄紙上留下壓痕，重復(fù)10次；再把同樣大小的b球放在斜槽軌道末端水平段的最右端上，讓球仍從固定點由靜止開始滾下，和b球相碰后，兩球分別落在記錄紙的不同位置處，重復(fù)10次．（1）本實驗必須測量的物理量有________．（填寫選項對應(yīng)的字母）A．斜槽軌道末端距水平地面的高度HB．小球a、b的質(zhì)量ma、mbC．小球a、b的半徑rD．小球a、b離開斜槽軌道末端后平拋飛行的時間tE．記錄紙上O點到A、B、C各點的距離OA、OB、OCF．球固定釋放點到斜槽軌道末端水平部分間的高度差h（2)放上被碰小球b,兩球（ma>mb）相碰后，小球a、b的落地點依次是圖中水平面上的_______點和________點．（3）某同學(xué)在做實驗時，測量了過程中的各個物理量，利用上述數(shù)據(jù)驗證碰撞中的動量守恒,那么判斷的依據(jù)是看________和________在誤差允許范圍內(nèi)是否相等?！敬鸢浮?1)。BE（2)。A(3).C(4)。(5）?！窘馕觥俊驹斀狻浚?)［1］小球離開軌道后做平拋運動,小球在空中的運動時間t相等，如果碰撞過程動量守恒，則有兩邊同時乘以時間t得則因此A實驗需要測量：兩球的質(zhì)量，兩球做平拋運動的水平位移，故ACD錯誤，BE正確。(2）[2］[3］由圖所示裝置可知，小球a和小球b相撞后，小球b的速度增大，小球a的速度減小，b球在前，a球在后，兩球都做平拋運動,由圖示可知,未放被碰小球時小球a的落地點為B點，碰撞后a、b的落點點分別為A、C點。（3）［4］[5］由（1)可知，實驗需要驗證的表達式為因此比較，與即可判斷動量是否守恒。10。利用如圖所示的方式驗證碰撞中的動量守恒，豎直平面內(nèi)的四分之一光滑圓弧軌道下端與水平桌面相切，先將小滑塊A從圓弧軌道的最高點無初速度釋放，測量出滑塊在水平桌面滑行的距離x1(圖甲);然后將小滑塊B放在圓弧軌道的最低點,再將A從圓弧軌道的最高點無初速度釋放，A與B碰撞后結(jié)合為一個整體,測量出整體沿桌面滑動的距離x2（圖乙)。圓弧軌道的半徑為R，A和B完全相同,重力加速度為g。(1)滑塊A運動到圓弧軌道最低點時的速度v=_________（用R和g表示）;（2）滑塊與桌面的動摩擦因數(shù)μ=____________（用R和x1表示)；（3)若x1和x2的比值=____________，則驗證了A和B的碰撞動量守恒?！敬鸢浮?1）.（2）。(3）.4【解析】【詳解】（1)[1］A在圓弧面上運動時機械能守恒，則有mgR=mv2解得(2）[2］對A下滑的全過程由動能定理要分析可知mgR—μmgx1=0解得(3)［3］如果碰撞中動量守恒，則有mv=2mv’再對碰后的AB物體分析，由動能定理可知mv’2=μ?2mgx2

則故；因此只要滿足即可證明動量守恒?！军c睛】本題考查動量守恒定律以及功能關(guān)系的應(yīng)用,要注意明確實驗原理，知道實驗中如何驗證動量守恒定律，明確機械能守恒定律以及動量守恒定律的正確應(yīng)用.11。如圖所示為交流發(fā)電機示意圖,匝數(shù)為n＝100匝的矩形線圈，邊長分別為10cm和20cm，內(nèi)阻為5Ω，在磁感應(yīng)強度B＝0.5T的勻強磁場中繞OO′軸以50rad/s的角速度勻速轉(zhuǎn)動，線圈外部和20Ω的電阻R相連接．求:(1)S斷開時，電壓表示數(shù)；（2)開關(guān)S合上時,電壓表和電流表的示數(shù)；（3）通過電阻R的電流最大值是多少?電阻R上所消耗的電功率是多少?【答案】（1）50V；(2）40V,2A;（3）2A,80W【解析】【詳解】（1）感應(yīng)電動勢最大值：Em=nBSω=100×0。5×0。1×0。2×50=50V感應(yīng)電動勢有效值S斷開時，電壓表示數(shù)，U=E=50V。（2）S合上時，電路電流電壓表示數(shù)U=IR=2×20=40V(3)通過R的最大電流R消耗的電功率P=I2R=22×20=80W12.如圖所示,質(zhì)量為M的平板車P高h，質(zhì)量為m的小物塊Q的大小不計，位于平板車的左端,系統(tǒng)原來靜止在光滑水平地面上。一不可伸長的輕質(zhì)細繩長為R,一端懸于Q正上方高為R處,另一端系一質(zhì)量也為m的小球（大小不計）。今將小球拉至懸線與豎直位置成60°角,由靜止釋放，小球到達最低點時與Q的碰撞時間極短，且無能量損失。已知Q離開平板車時速度大小是平板車速度的兩倍，Q與P之間的動摩擦因數(shù)為μ，M＝4m，重力加速度為g.求：（1）小球與小物塊Q結(jié)束相互作用瞬間,小物塊Q的速度vQ；（2）小物塊Q在平板車上運動的時間t；（3）平板車P的長度L。【答案】(1）vQ＝；（2）；（3）L＝