福建省高考物理試卷解析2

福建省高考物理試卷解析(2)福建省高考物理試卷解析(2)/福建省高考物理試卷解析(2)2015年福建省高考物理試卷一、選擇題（共6小題，每題6分，滿分36分。在每題給出的四個選項(xiàng)中，只有一個選項(xiàng)吻合題目要求。）1．（6分）（2015?福建）如圖，一束光經(jīng)玻璃三棱鏡折射后分為兩束單色光a、b，波長分別為λa、λb，該玻璃對單色光a、b的折射率分別為na、nb，則（）A．λa＜λb，na＞nbB．λa＞λb，na＜nbC．λa＜λb，na＜nbD．λa＞λb，na＞nb2．（6分）（2015?福建）如圖，若兩顆人造衛(wèi)星a和b均繞地球做勻速圓周運(yùn)動，a、b到地心O的距離分別為r1、r2，線速度大小分別為v1、v2，則（）A．=B．=C．=（）2D．=（）23．（6分）（2015?福建）圖為遠(yuǎn)距離輸電表示圖，兩變壓器均為理想變壓器，升壓變壓器T的原、副線圈匝數(shù)分別為n1、n2，在T的原線圈兩端接入一電壓u=Umsinωt的交流電源，若輸送電功率為P，輸電線的總電阻為2r，不考慮其他因素的影響，則輸電線上損失的電功率為（）A．（）B．（）C．4（）2（）2rD．4（）2（）2r4．（6分）（2015?福建）簡諧橫波在同一平均介質(zhì)中沿x軸正方向流傳，波速為v，若某時(shí)刻在波的流傳方向上，位于平衡地址的兩質(zhì)點(diǎn)a、b相距為s，a、b之間只存在一個波谷，則從該時(shí)辰起，以下四幅波形圖中質(zhì)點(diǎn)a最早到達(dá)波谷的是（）A．B．C．D．5．（6分）（2015?福建）如圖，在豎直平面內(nèi)，滑道ABC關(guān)于B點(diǎn)對稱，且A、B、C三點(diǎn)在同一水平線上．若小滑塊第一次由A滑到C，所用的時(shí)間為t1，第二次由C滑到A，所用的時(shí)間為t2，小滑塊兩次的初速度大小相同且運(yùn)動過程向來沿著滑道滑行，小滑塊與滑道的動摩擦因數(shù)恒定，則（）A．1＜t2B．12tt=tC．t1＞t2D．無法比較t1、t2的大小6．（6分）（2015?福建）如圖，由某種粗細(xì)平均的總電阻為3R的金屬條制成的正方形線框abcd，固定在水平面內(nèi)且處于方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場B中．一接入電路電阻為R的導(dǎo)體棒PQ，在水平拉力作用下沿ab、dc以速度v勻速滑動，滑動過程PQ向來與ab垂直，且與線框接觸優(yōu)異，不計(jì)摩擦．在PQ從湊近ad處向bc滑動的過程中（）A．PQ中電流先增大后減小B．PQ兩端電壓先減小后增大C．PQ上拉力的功當(dāng)先減小后增大D．線框耗資的電功當(dāng)先減小后增大二、非選擇題（本題包括4小題，共72分）7．（6分）（2015?福建）某同學(xué)做“研究彈力和彈簧伸長量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)．①圖甲是不掛鉤碼時(shí)彈簧下端指針?biāo)傅臉?biāo)尺刻度，其示數(shù)為；圖乙是在彈簧下端懸掛鉤碼后指針?biāo)傅臉?biāo)尺刻度，此時(shí)彈簧的伸長量△l為cm；②本實(shí)驗(yàn)經(jīng)過在彈簧下端懸掛鉤碼的方法來改變彈簧的彈力，關(guān)于此操作，以下選項(xiàng)中規(guī)范的做法是；（填選項(xiàng)前的字母）A．逐一增掛鉤碼，記下每增加一只鉤碼后指針?biāo)傅臉?biāo)尺刻度和對應(yīng)的鉤碼總重B．隨意增減鉤碼，記下增減鉤碼后指針?biāo)傅臉?biāo)尺刻度和對應(yīng)的鉤碼總重③圖丙是該同學(xué)描繪的彈簧的伸長量△l與彈力F的關(guān)系圖線．圖線的OA，造成這種現(xiàn)象的主要原因是．

AB段明顯偏離直線8．（12分）（2015?福建）某學(xué)習(xí)小組研究一小電珠在不相同電壓下的電功率大小，實(shí)驗(yàn)器材如圖甲所示，現(xiàn)已完成部分導(dǎo)線的連接．①實(shí)驗(yàn)要求滑動變阻器的滑片從左到右搬動過程中，電流表的示數(shù)從零開始逐漸增大，請按此要求用筆畫線代替導(dǎo)線在圖甲實(shí)物接線圖中完成余下導(dǎo)線的連接；②某次測量，電流表指針偏轉(zhuǎn)如圖乙所示，則電流表的示數(shù)為A；③該小組描繪出的伏安特點(diǎn)曲線如圖丙所示，依照圖線判斷，將只相同的小電珠并聯(lián)后，直接與電動勢為3V、內(nèi)阻為1Ω的電源組成閉合回路，可使小電珠的總功率最大，其總功率的值為W（保留兩位小數(shù)）．9．（15分）（2015?福建）一摩托車由靜止開始在平直的公路上行駛，其運(yùn)動過程的v﹣t圖象以下列圖．求：（1）摩托車在0～20s這段時(shí)間的加速度大小a；（2）摩托車在0～75s這段時(shí)間的平均速度大?。?0．（19分）（2015?福建）如圖，質(zhì)量為M的小車靜止在圓滑水平面上，小車AB段是半徑為R的四分之一圓弧圓滑軌道，BC段是長為L的水平粗糙軌道，兩段軌道相切于B點(diǎn)．一質(zhì)量為m的滑塊在小車上從A點(diǎn)由靜止開始沿軌道滑下，重力加速度為g．1）若固定小車，求滑塊運(yùn)動過程中對小車的最大壓力；2）若不固定小車，滑塊仍從A點(diǎn)由靜止下滑，爾后滑入BC軌道，最后從C點(diǎn)滑出小車．已知滑塊質(zhì)量m=，在任一時(shí)辰滑塊相對地面速度的水平重量是小車速度大小的2倍，滑塊與軌道BC間的動摩擦因數(shù)為μ，求：①滑塊運(yùn)動過程中，小車的最大速度大小vm；②滑塊從B到C運(yùn)動過程中，小車的位移大小s．11．（20

分）（2015?福建）如圖，絕緣粗糙的豎直平面

MN左側(cè)同時(shí)存在相互垂直的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，電場方向水平向右，電場強(qiáng)度大小為E，磁場方向垂直紙面向外，磁感覺強(qiáng)度大小為B．一質(zhì)量為m，電荷量為q的帶正電的小滑塊從A點(diǎn)由靜止開始沿MN下滑，到達(dá)C點(diǎn)時(shí)走開MN做曲線運(yùn)動．A、C兩點(diǎn)間距離為h，重力加速度為g．1）求小滑塊運(yùn)動到C點(diǎn)時(shí)的速度大小vc；2）求小滑塊從A點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)過程中戰(zhàn)勝摩擦力做的功Wf；3）若D點(diǎn)為小滑塊在電場力、洛倫茲力及重力作用下運(yùn)動過程中速度最大的地址，當(dāng)小滑塊運(yùn)動到D點(diǎn)時(shí)撤去磁場，此后小滑塊連續(xù)運(yùn)動到水平川面上的P點(diǎn)．已知小滑塊在D點(diǎn)時(shí)的速度大小為vD，從D點(diǎn)運(yùn)動到P點(diǎn)的時(shí)間為t，求小滑塊運(yùn)動到P點(diǎn)時(shí)速度的大小vp．[物理-選修3-3]12．（6分）（2015?福建）以下有關(guān)分子動理論和物質(zhì)結(jié)構(gòu)的認(rèn)識，其中正確的選項(xiàng)是（）A．分子間距離減小時(shí)分子勢能必然減小B．溫度越高，物體中分子無規(guī)則運(yùn)動越激烈C．物體內(nèi)熱運(yùn)動速率大的分子數(shù)占總分子數(shù)比率與溫度沒關(guān)D．非晶體的物理性質(zhì)各向同性而晶體的物理性質(zhì)都是各向異性13．（6分）（2015?福建）如圖，必然質(zhì)量的理想氣體，由狀態(tài)a經(jīng)過ab過程到達(dá)狀態(tài)b或者經(jīng)過ac過程到達(dá)狀態(tài)c．設(shè)氣體在狀態(tài)b和狀態(tài)c的溫度分別為Tb和Tc，在過程ab和ac中吸取的熱量分別為Qab和Qac，則（）A．Tb＞Tc，Qab＞QacB．Tb＞Tc，Qab＜QacC．Tb=Tc，Qab＞QacD．Tb=Tc，Qab＜Qac[物理-選修3-5]14．（2015?福建）以下有關(guān)原子結(jié)構(gòu)和原子核的認(rèn)識，其中正確的選項(xiàng)是（A．γ射線是高速運(yùn)動的電子流B．氫原子輻射光子后，其繞核運(yùn)動的電子動能增大C．太陽輻射能量的主要本源是太陽中發(fā)生的重核裂變D．Bi的半衰期是5天，100克Bi經(jīng)過10天后還剩下50克

）15．（2015?福建）如圖，兩滑塊A、B在圓滑水平面上沿同素來線相向運(yùn)動，滑塊A的質(zhì)量為m，速度大小為2v0，方向向右，滑塊B的質(zhì)量為2m，速度大小為v0，方向向左，兩滑塊發(fā)生彈性碰撞后的運(yùn)動狀態(tài)是（）A．A和B都向左運(yùn)動C．A靜止，B向右運(yùn)動

B．A和B都向右運(yùn)動D．A向左運(yùn)動，B向右運(yùn)動2015年福建省高考物理試卷參照答案與試題解析一、選擇題（共6小題，每題6分，滿分36分。在每題給出的四個選項(xiàng)中，只有一個選項(xiàng)吻合題目要求。）1．（6分）（2015?福建）如圖，一束光經(jīng)玻璃三棱鏡折射后分為兩束單色光a、b，波長分別為λa、λb，該玻璃對單色光a、b的折射率分別為na、nb，則（）A．a(chǎn)babB．a(chǎn)ba＜nbC．a(chǎn)babD．a(chǎn)babλ＜λ，n＞nλ＞λ，nλ＜λ，n＜nλ＞λ，n＞n考點(diǎn)：光的折射定律．專題：光的折射專題．解析：依照光輝的偏折程度比較光的折射率大小，從而得出光的波長大?。獯穑航猓河晒饴穲D可知，a光的偏折程度較小，b光的偏折程度較大，則a光的折射率小，b光的折射率大．即na＜nb．折射率越大，頻率越大，波長越小，則知a光的波長大，即λa＞λb．應(yīng)選：B．議論：解決本題的打破口在于經(jīng)過光輝的偏折程度比較出光的折射率大小，知道折射率、頻率、波長、在介質(zhì)中的速度等大小關(guān)系．2．（6分）（2015?福建）如圖，若兩顆人造衛(wèi)星a和b均繞地球做勻速圓周運(yùn)動，a、b到地心O的距離分別為r1、r2，線速度大小分別為v1、v2，則（）A．=B．=C．=（）2D．=（）2考點(diǎn)：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬有引力定律及其應(yīng)用．專題：人造衛(wèi)星問題．解析：依照萬有引力供應(yīng)向心力=m，解出線速度與軌道半徑r的關(guān)系進(jìn)行求解．解答：解：依照萬有引力供應(yīng)向心力=mv=，a、b到地心O的距離分別為r1、r2，因此=，應(yīng)選：A．議論：本題要點(diǎn)是要掌握萬有引力供應(yīng)向心力這個關(guān)系，可以依照題意選擇合適的向心力的表達(dá)式．3．（6分）（2015?福建）圖為遠(yuǎn)距離輸電表示圖，兩變壓器均為理想變壓器，升壓變壓器T的原、副線圈匝數(shù)分別為n1、n2，在T的原線圈兩端接入一電壓u=Umsinωt的交流電源，若輸送電功率為P，輸電線的總電阻為2r，不考慮其他因素的影響，則輸電線上損失的電功率為（）A．（）C．4（）2（）2r

B．（）D．4（）2（）2r考點(diǎn)：遠(yuǎn)距離輸電．專題：交流電專題．解析：理想變壓器輸入功率和輸出功率相等，經(jīng)過原線圈的電壓求出副線圈的電壓，再依照I=，求出輸電線上的電流，從而求出輸電線上耗資的功率．解答：解：加在原線圈上的電壓U1=，依照電壓比與匝數(shù)比關(guān)系：，因此：．依照I=，輸電線上的電流I=，輸電線上耗資的功率P耗=I2?2r=4（）2（）2r．故C正確，A、B、D錯誤．應(yīng)選：C．議論：解決本題的要點(diǎn)注意電壓有效值的使用及變壓器的特點(diǎn)，輸入功率等于輸出功率，電壓比等于匝數(shù)比．4．（6分）（2015?福建）簡諧橫波在同一平均介質(zhì)中沿x軸正方向流傳，波速為v，若某時(shí)刻在波的流傳方向上，位于平衡地址的兩質(zhì)點(diǎn)a、b相距為s，a、b之間只存在一個波谷，則從該時(shí)辰起，以下四幅波形圖中質(zhì)點(diǎn)a最早到達(dá)波谷的是（）A．B．C．D．考點(diǎn)：波長、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象．解析：依照波的流傳方向判斷出a點(diǎn)的振動方向，讀出波長，求出周期．分別獲取質(zhì)點(diǎn)a從圖示地址到達(dá)波谷的時(shí)間，從而進(jìn)行比較．解答：解：A圖中，波長為2s，周期為T==．a(chǎn)點(diǎn)正向上振動，質(zhì)點(diǎn)a從圖示地址到達(dá)波谷的時(shí)間tA==；B圖中，波長為s，周期為T==．a(chǎn)點(diǎn)正向下振動，質(zhì)點(diǎn)a從圖示地址到達(dá)波谷的時(shí)間tB=T=；C圖中，波長為s，周期為T==．a(chǎn)點(diǎn)正向上振動，質(zhì)點(diǎn)a從圖示地址到達(dá)波谷的時(shí)間tC==；D圖中，波長為s，周期為T==．a(chǎn)點(diǎn)正向下振動，質(zhì)點(diǎn)a從圖示地址到達(dá)波谷的時(shí)間tA=T=；故D圖中質(zhì)點(diǎn)a最早到達(dá)波谷．應(yīng)選：D．議論：解決本題的要點(diǎn)要確定波長與s的關(guān)系，求得周期．能熟練依照波的流傳方向判斷質(zhì)點(diǎn)的振動方向．5．（6分）（2015?福建）如圖，在豎直平面內(nèi)，滑道ABC關(guān)于B點(diǎn)對稱，且A、B、C三點(diǎn)在同一水平線上．若小滑塊第一次由A滑到C，所用的時(shí)間為t1，第二次由C滑到A，所用的時(shí)間為t2，小滑塊兩次的初速度大小相同且運(yùn)動過程向來沿著滑道滑行，小滑塊與滑道的動摩擦因數(shù)恒定，則（）A．t1＜t2B．t1=t2C．t1＞t2D．無法比較t1、t2的大小考點(diǎn)：動能定理的應(yīng)用；滑動摩擦力．解析：滑塊做圓周運(yùn)動，依照牛頓第二定律判斷滑塊碰到的支持力大小關(guān)系，爾后判斷摩擦力大小關(guān)系，再比較滑塊的運(yùn)動時(shí)間．解答：解：在AB段，由牛頓第二定律得：mg﹣F=m，滑塊碰到的支持力：F=mg﹣m，則速度v越大，滑塊受支持力F越小，摩擦力f=μF就越小，在BC段，由牛頓第二定律得：F﹣mg=m，滑塊碰到的支持力：F=mg+m，則速度v越大，滑塊受支持力F越大，摩擦力f就越大，由題意知從A運(yùn)動到C對照從C到A，在AB段速度較大，在BC段速度較小，因此從A到C運(yùn)動過程受摩擦力較小，用時(shí)短，故A正確，BCD錯誤；應(yīng)選：A．議論：本題觀察了比較滑塊運(yùn)動時(shí)間關(guān)系，解析清楚滑塊的運(yùn)動過程、應(yīng)用牛頓第二定律與摩擦力公式即可正確解題．6．（6分）（2015?福建）如圖，由某種粗細(xì)平均的總電阻為3R的金屬條制成的正方形線框abcd，固定在水平面內(nèi)且處于方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場B中．一接入電路電阻為R的導(dǎo)體棒PQ，在水平拉力作用下沿ab、dc以速度v勻速滑動，滑動過程PQ向來與ab垂直，且與線框接觸優(yōu)異，不計(jì)摩擦．在PQ從湊近ad處向bc滑動的過程中（）A．PQ中電流先增大后減小B．PQ兩端電壓先減小后增大C．PQ上拉力的功當(dāng)先減小后增大D．線框耗資的電功當(dāng)先減小后增大考點(diǎn)：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感覺電動勢；電磁感覺中的能量轉(zhuǎn)變．專題：電磁感覺——功能問題．解析：本題分段過程解析：當(dāng)PQ從左端滑到ab中點(diǎn)的過程和從ab中點(diǎn)滑到右端的過程，抓住PQ產(chǎn)生的感覺電動勢不變．導(dǎo)體棒由湊近ab邊向dc邊勻速滑動的過程中，產(chǎn)生的感覺電動勢不變，外電路總電阻先增大后減小，由歐姆定律解析PQ兩端的電壓如何變化；由題意，PQ上外力的功率等于電功率，由P=，解析功率的變化；當(dāng)PQ從左端滑到ab中點(diǎn)的過程中，由于總電阻增大，則干路電流減小，PQcb回路的電阻減小，經(jīng)過cb的電流增大，可知ab中電流減??；當(dāng)PQ從ab中點(diǎn)滑到右端的過程中，干路電流增大，PQda回路的電阻增大，PQ兩端的電壓減小，可知ab中電流減小；依照矩形線框總電阻與PQ電阻的關(guān)系，解析其功率如何變化．當(dāng)矩形線框的總電阻等于PQ的電阻時(shí)，線框的功率最大．解答：解：依照右手定則可知，PQ中電流的方向?yàn)镼→P，畫出該電路的等效電路圖如圖，其中R1為ad和bc上的電阻值，R2為系滿足：R1+R2+R1=3R，由題圖可知，

ab

上的電阻與

cd上的電阻的和，電阻之間的關(guān)當(dāng)導(dǎo)體棒向右運(yùn)動的過程中，開始時(shí)的電阻值：當(dāng)導(dǎo)體棒位于中間地址時(shí)，左右兩側(cè)的電阻值是相等的，此時(shí)：，可知當(dāng)導(dǎo)體棒向右運(yùn)動的過程中，開始時(shí)的電阻值小于中間地址處的電阻值，因此當(dāng)導(dǎo)體棒向右運(yùn)動的過程中電路中的總電阻先增大后減?。瓵、導(dǎo)體棒由湊近ad邊向bc邊勻速滑動的過程中，產(chǎn)生的感覺電動勢E=BLv，保持不變，外電路總電阻先增大后減小，由歐姆定律解析得知電路中的總電流先減小后增大，即PQ中電流先減小后增大．故A錯誤．B、PQ中電流先減小后增大，PQ兩端電壓為路端電壓，U=E﹣IR，可知PQ兩端的電壓先增大后減小．故B錯誤；C、導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動，PQ上外力的功率等于回路的電功率，而回路的總電阻R先增大后減小，由P=得知，PQ上外力的功當(dāng)先減小后增大．故C正確．D、由以上的解析可知，導(dǎo)體棒PQ上的電阻向來大于線框的電阻，當(dāng)導(dǎo)體棒向右運(yùn)動的過程中電路中的總電阻先增大后減小，依照閉合電路的功率的分配關(guān)系與外電阻的關(guān)系可知，當(dāng)外電路的電阻值與電源的內(nèi)電阻相等時(shí)外電路耗資的電功率最大，因此可得線框耗資的電功當(dāng)先增大后減小．故D錯誤．應(yīng)選：C．議論：本題一要解析清楚線框總電阻如何變化，抓住PQ位于ad中點(diǎn)時(shí)線框總電阻最大，分析電壓的變化和電流的變化；二要依照推論：外電阻等于電源的內(nèi)阻時(shí)電源的輸出功率最大，解析功率的變化．二、非選擇題（本題包括4小題，共72分）7．（6分）（2015?福建）某同學(xué)做“研究彈力和彈簧伸長量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)．①圖甲是不掛鉤碼時(shí)彈簧下端指針?biāo)傅臉?biāo)尺刻度，其示數(shù)為；圖乙是在彈簧下端懸掛鉤碼后指針?biāo)傅臉?biāo)尺刻度，此時(shí)彈簧的伸長量△l為cm；②本實(shí)驗(yàn)經(jīng)過在彈簧下端懸掛鉤碼的方法來改變彈簧的彈力，關(guān)于此操作，以下選項(xiàng)中規(guī)范的做法是A；（填選項(xiàng)前的字母）A．逐一增掛鉤碼，記下每增加一只鉤碼后指針?biāo)傅臉?biāo)尺刻度和對應(yīng)的鉤碼總重B．隨意增減鉤碼，記下增減鉤碼后指針?biāo)傅臉?biāo)尺刻度和對應(yīng)的鉤碼總重③圖丙是該同學(xué)描繪的彈簧的伸長量△l與彈力F的關(guān)系圖線．圖線的AB段明顯偏離直線OA，造成這種現(xiàn)象的主要原因是高出彈簧的彈形限度．考點(diǎn)：研究彈力和彈簧伸長的關(guān)系．專題：實(shí)驗(yàn)題；彈力的存在及方向的判斷專題．解析：①依照彈簧測力計(jì)的讀數(shù)方法可得出對應(yīng)的讀數(shù)，再由讀數(shù)減去原長即為伸長量；②依照實(shí)驗(yàn)正確性要求可明確哪一種方法更為規(guī)范；③由彈簧的性質(zhì)和圖象進(jìn)行解析，則可得出造成圖象偏離的原因．解答：解：①由圖可知，圖乙中示數(shù)為：，則伸長量△l=﹣=；②為了更好的找出彈力與形變量之間的規(guī)律，應(yīng)逐一增掛鉤碼，記下每增加一只鉤碼后指針?biāo)傅臉?biāo)尺刻度和對應(yīng)的鉤碼總重；應(yīng)選：A；③在彈簧的彈性限度范圍內(nèi)，胡克定律是成立的，但若高出彈簧的彈性限度，胡克定律將不再適用；圖中出現(xiàn)偏折的原因是由于高出了彈簧的彈性限度；故答案為：①；②A；③高出彈簧的彈性限度．議論：彈簧測力計(jì)的原理是在彈簧的彈性限度內(nèi)，彈簧的伸長與碰到的拉力成正比，關(guān)于實(shí)驗(yàn)問題，我們要充分利用測量數(shù)據(jù)求解可以減少誤差．8．（12分）（2015?福建）某學(xué)習(xí)小組研究一小電珠在不相同電壓下的電功率大小，實(shí)驗(yàn)器材如圖甲所示，現(xiàn)已完成部分導(dǎo)線的連接．①實(shí)驗(yàn)要求滑動變阻器的滑片從左到右搬動過程中，電流表的示數(shù)從零開始逐漸增大，請按此要求用筆畫線代替導(dǎo)線在圖甲實(shí)物接線圖中完成余下導(dǎo)線的連接；②某次測量，電流表指針偏轉(zhuǎn)如圖乙所示，則電流表的示數(shù)為A；③該小組描繪出的伏安特點(diǎn)曲線如圖丙所示，依照圖線判斷，將4只相同的小電珠并聯(lián)后，直接與電動勢為3V、內(nèi)阻為1Ω的電源組成閉合回路，可使小電珠的總功率最大，其總功率的值為W（保留兩位小數(shù)）．考點(diǎn)：描繪小電珠的伏安特點(diǎn)曲線．專題：實(shí)驗(yàn)題．解析：①依照題意確定滑動變阻器的接法，爾后連接實(shí)物電路圖．②依照圖示電流表確定其量程與分度值，讀出其示數(shù)．③當(dāng)內(nèi)外電阻相等時(shí)電源的輸出功率最大，即小電珠的總功率最大，由圖示圖象求出此時(shí)電珠兩端電壓與電流，由歐姆定律求出電珠的電阻，爾后求出燈泡的個數(shù)，應(yīng)用功率公式可以求出小電珠的總功率．解答：解：①滑動變阻器的滑片從左到右搬動過程中，電流表的示數(shù)從零開始逐漸增大，則滑動變阻器采用分壓接法，電路圖以下列圖：②由圖乙所示電流表可知，其量程為，分度值為，示數(shù)為．③電源內(nèi)阻為1歐姆，當(dāng)外電路電阻與電源內(nèi)阻相等，即燈泡并聯(lián)總電阻為1歐姆時(shí)燈泡的總功率最大，由于內(nèi)外電阻相等，則內(nèi)外電壓相等，電源電動勢為3V，則路端電壓為，由圖丙所示圖象可知，電壓為時(shí)經(jīng)過小電珠的電流為，此時(shí)小電珠的電阻：R==Ω=4Ω，4只小電珠的并聯(lián)阻值為1Ω，因此需要4只小電珠并聯(lián)，此時(shí)小電珠的總功率：P=4UI=4××≈．故答案為：①以下列圖；②；③4；．議論：本題觀察了連接實(shí)物電路圖、電流表讀數(shù)、求燈泡個數(shù)、求燈泡總功率；當(dāng)電壓與電流從零開始變化時(shí)滑動變阻器只能采用分壓接法，依照題意確定滑動變阻器的接法是正確連接實(shí)物電路圖的前提與要點(diǎn)．9．（15分）（2015?福建）一摩托車由靜止開始在平直的公路上行駛，其運(yùn)動過程的

v﹣t

圖象以下列圖．求：（1）摩托車在0～20s這段時(shí)間的加速度大小a；（2）摩托車在0～75s這段時(shí)間的平均速度大?。键c(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動的圖像．專題：運(yùn)動學(xué)中的圖像專題．解析：（1）v﹣t圖象的斜率等于加速度，由加速度的定義求解．（2）由圖象與時(shí)間軸所圍的面積表示位移，求得位移，再求平均速度大小．22）摩托車在0～75s這段時(shí)間的位移x=30m=1500m平均速度大小===20m/s答：（1）摩托車在0～20s這段時(shí)間的加速度大小a是s2；（2）摩托車在0～75s這段時(shí)間的平均速度大小是20m/s．議論：解決本題的要點(diǎn)要抓住速度圖象的兩個物理意義：斜率等于加速度，圖象與時(shí)間軸所圍的面積表示位移．10．（19分）（2015?福建）如圖，質(zhì)量為M的小車靜止在圓滑水平面上，小車AB段是半徑為R的四分之一圓弧圓滑軌道，BC段是長為L的水平粗糙軌道，兩段軌道相切于B點(diǎn)．一質(zhì)量為m的滑塊在小車上從A點(diǎn)由靜止開始沿軌道滑下，重力加速度為g．1）若固定小車，求滑塊運(yùn)動過程中對小車的最大壓力；2）若不固定小車，滑塊仍從A點(diǎn)由靜止下滑，爾后滑入BC軌道，最后從C點(diǎn)滑出小車．已知滑塊質(zhì)量m=，在任一時(shí)辰滑塊相對地面速度的水平重量是小車速度大小的2倍，滑塊與軌道BC間的動摩擦因數(shù)為μ，求：①滑塊運(yùn)動過程中，小車的最大速度大小vm；②滑塊從B到C運(yùn)動過程中，小車的位移大小s．考點(diǎn)：功能關(guān)系；機(jī)械能守恒定律．解析：（1）滑塊在圓弧的軌道上運(yùn)動的過程中合外力供應(yīng)向心力，因此滑塊在B點(diǎn)的左側(cè)碰到的支持力要大于重力，當(dāng)滑塊到達(dá)B時(shí)的速度最大，碰到的支持力最大，由機(jī)械能守恒求出滑塊在B點(diǎn)的速度，爾后又牛頓第二定律即可求解；（2）依照題意，在任一時(shí)辰滑塊相對地面速度的水平重量是小車速度大小的2倍，爾后結(jié)合機(jī)械能守恒即可求出小車的最大速度大小vm；在任一時(shí)辰滑塊相對地面速度的水平重量是小車速度大小的2倍，寫出速度的關(guān)系式，爾后結(jié)合運(yùn)動學(xué)的公式即可求出小車的位移．解答：解：（1）當(dāng)滑塊到達(dá)B時(shí)的速度最大，碰到的支持力最大；當(dāng)滑塊下滑的過程中機(jī)械能守恒，得：滑塊在B點(diǎn)處碰到的支持力與重力的合力供應(yīng)向心力，得：解得：N=3mg由牛頓第三定律得：滑塊對小車的壓力：N′=N=3mg即滑塊運(yùn)動過程中對小車的最大壓力是3mg．（2）①在任一時(shí)辰滑塊相對地面速度的水平重量是小車速度大小的最大速度是vm，由機(jī)械能守恒得：

2倍，設(shè)小車的解得：②由于在任一時(shí)辰滑塊相對地面速度的水平重量是小車速度大小的2倍，因此滑塊從B到C運(yùn)動過程中，滑塊的平均速度是小車的平均速度的2倍，即：由于它們運(yùn)動的時(shí)間相等，依照：可得：又：s滑塊+s車=L

s滑塊=2s車因此：小車的位移大?。簊=L答：（1）若固定小車，求滑塊運(yùn)動過程中對小車的最大壓力是（2）①滑塊運(yùn)動過程中，小車的最大速度大小是；②滑塊從

3mg；B到C運(yùn)動過程中，小車的位移大小是．議論：該題的第一問觀察機(jī)械能守恒與向心力，比較簡單；第二問主要觀察系統(tǒng)水平方向動量守恒和能量守恒的問題，求解兩物體間的相對位移，經(jīng)常依照平均速度研究．也可以依照題目供應(yīng)的特其他條件：在任一時(shí)辰滑塊相對地面速度的水平重量是小車速度大小的2倍，不使用動量守恒定律．11．（20

分）（2015?福建）如圖，絕緣粗糙的豎直平面

MN左側(cè)同時(shí)存在相互垂直的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，電場方向水平向右，電場強(qiáng)度大小為E，磁場方向垂直紙面向外，磁感覺強(qiáng)度大小為B．一質(zhì)量為m，電荷量為q的帶正電的小滑塊從A點(diǎn)由靜止開始沿MN下滑，到達(dá)C點(diǎn)時(shí)走開MN做曲線運(yùn)動．A、C兩點(diǎn)間距離為h，重力加速度為g．1）求小滑塊運(yùn)動到C點(diǎn)時(shí)的速度大小vc；2）求小滑塊從A點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)過程中戰(zhàn)勝摩擦力做的功Wf；3）若D點(diǎn)為小滑塊在電場力、洛倫茲力及重力作用下運(yùn)動過程中速度最大的地址，當(dāng)小滑塊運(yùn)動到D點(diǎn)時(shí)撤去磁場，此后小滑塊連續(xù)運(yùn)動到水平川面上的P點(diǎn)．已知小滑塊在D點(diǎn)時(shí)的速度大小為vD，從D點(diǎn)運(yùn)動到P點(diǎn)的時(shí)間為t，求小滑塊運(yùn)動到P點(diǎn)時(shí)速度的大小vp．考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動；帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動．專題：帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動專題．解析：（1）小滑塊到達(dá)C點(diǎn)時(shí)走開MN，此時(shí)與MN間的作用力為零，對小滑塊受力解析計(jì)算此時(shí)的速度的大小；2）由動能定理直接計(jì)算摩擦力做的功Wf；3）撤去磁場后小滑塊將做類平拋運(yùn)動，依照分運(yùn)動計(jì)算最后的合速度的大小；解答：解：（1）小滑塊沿MN運(yùn)動過程，水平方向受力滿足qvB+N=qE小滑塊在C點(diǎn)走開MN時(shí)N=0解得vc=（2）由動能定理mgh﹣Wf=﹣0解得Wf=mgh﹣（3）如圖，小滑塊速度最大時(shí)，速度方向與電場力、重力的合力方向垂直，撤去磁場后小滑塊將做類平拋運(yùn)動，等效加速度為g′，g′=且解得答：（1）小滑塊運(yùn)動到C點(diǎn)時(shí)的速度大小vc為；（2）小滑塊從A點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)過程中戰(zhàn)勝摩擦力做的功Wf為mgh﹣；（3）小滑塊運(yùn)動到P點(diǎn)時(shí)速度的大小vp為．議論：解決本題的要點(diǎn)是解析清楚小滑塊的運(yùn)動過程，在與MN分別時(shí)，小滑塊與MN間的作用力為零，在撤去磁場后小滑塊將做類平拋運(yùn)動，依照滑塊的不相同的運(yùn)動過程逐漸求解即可．[物理-選修3-3]12．（6分）（2015?福建）以下有關(guān)分子動理論和物質(zhì)結(jié)構(gòu)的認(rèn)識，其中正確的選項(xiàng)是（A．分子間距離減小時(shí)分子勢能必然減小B．溫度越高，物體中分子無規(guī)則運(yùn)動越激烈C．物體內(nèi)熱運(yùn)動速率大的分子數(shù)占總分子數(shù)比率與溫度沒關(guān)D．非晶體的物理性質(zhì)各向同性而晶體的物理性質(zhì)都是各向異性

）考點(diǎn)：物體的內(nèi)能；*晶體和非晶體．解析：分子間距離減小時(shí)分子勢能可能減小，也可能增大；溫度是分子平均動能的標(biāo)志；根據(jù)麥克斯韋統(tǒng)計(jì)規(guī)律可以講解分子的速率的分布規(guī)律；單晶體的物理性質(zhì)是各向異性，多晶體和非晶體的物理性質(zhì)各向同性．解答：解：A、當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子力隨分子間距離的減小而增大，間距減小斥力做負(fù)功分子勢能增大，分子間距的增大時(shí)反之，故A錯誤；B、溫度是分子平均動能的標(biāo)志，故溫度高平均動能必然大，物體中分子無規(guī)則運(yùn)動越激烈．故B正確；C、依照麥克斯韋統(tǒng)計(jì)規(guī)律可知，物體內(nèi)熱運(yùn)動速率大的分子數(shù)占總分子數(shù)比率與溫度有關(guān)，故C錯誤；D、單晶體的物理性質(zhì)是各向異性，多晶體的物理性質(zhì)各向同性，故D錯誤．應(yīng)選：B．議論：本題觀察分子動理論內(nèi)容，難度不大，需要增強(qiáng)記憶．分子勢能與電勢能和重力勢能擁有相同的變化規(guī)律，可以類比學(xué)習(xí)．13．（6分）（2015?福建）如圖，必然質(zhì)量的理想氣體，由狀態(tài)a經(jīng)過ab過程到達(dá)狀態(tài)b或者經(jīng)過ac過程到達(dá)狀態(tài)c．設(shè)氣體在狀態(tài)b和狀態(tài)c的溫度分別為Tb和Tc，在過程ab和ac中吸取的熱量分別為Qab和Qac，則（）T＞T，Q＞QT＞T，Q＜QA．bcabacB．bcabacC．Tb=Tc，Qab＞QacD．Tb=Tc，Qab＜Qac考點(diǎn)：理想氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強(qiáng)．專題：理想氣體狀態(tài)方程專題．解析：狀態(tài)B和C的體積從圖中可得知，且已知狀態(tài)C的溫度，從B到C是等壓變化，由氣體狀態(tài)方程可得出狀態(tài)B時(shí)的溫度；因狀態(tài)A和狀態(tài)C的溫度相同，因此這兩種狀態(tài)下內(nèi)能相同，從而可知A到B和B到的過程中內(nèi)能的變化大小相同，這兩個過程是一個不做功，一個對外做功，結(jié)合熱力學(xué)第必然律可知結(jié)果．解答：解：設(shè)氣體在a狀態(tài)時(shí)的溫度為Ta，由圖可知：VC=Va=V0、Vb=2V0=2Va，①從a到b是等壓變化：解得：Tb=2Ta從a到c是等容變化：，由于Pc=2P0=2Pa解得：Tc=2Ta因此：Tb=Tc②由于從a到c是等容變化過程，體積不變，氣體不做功，故a→c過程增加的內(nèi)能等于a→c過程吸取的熱量；而a→b過程體積增大，氣體對外做正功，由熱力學(xué)第必然律可知a→b過程增加的內(nèi)能大于a→b過程吸取的熱量，Qac＜Qab．應(yīng)選：C．議論：該題觀察了氣體的狀態(tài)方程和