2022-2023學年云南省玉溪市紅塔區(qū)普通高中物理高一第二學期期中監(jiān)測模擬試題含解析

2022-2023學年云南省玉溪市紅塔區(qū)普通高中物理高一第二學期期中監(jiān)測模擬試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、如圖所示，一質(zhì)量m=2kg小球在輕質(zhì)彈簧和不可伸長的輕繩的作用下處于靜止平衡狀態(tài)，此時輕質(zhì)彈簧水平，輕繩與豎直方向成θ＝60°。已知彈簧的勁度系數(shù)k=200N/m,取g＝10m/s2，以下說法正確的是（）A．此時輕彈簧處于壓縮狀態(tài)B．此時彈簧形變量為mC．此時細線的拉力大小為20ND．輕彈簧彈力和細線的拉力之比為4:2、關于大小不變的兩個共點力F1、F2的合力F，下列說法正確的是（）A．合力F的大小一定大于任一分力的大小 B．合力F的大小一定小于任一分力的大小C．合力F的大小可能等于F1或F2的大小 D．合力F的大小隨F1、F2間夾角增大而增大3、下面關于機械能守恒說法正確的是（）A．機械能守恒時，物體一定只受重力和彈力作用B．物體在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動時，物體機械能一定守恒C．物體所受合力為零時，物體的機械能一定守恒D．只有重力做功，其它力都不做功，物體的機械能一定守恒4、如圖所示，質(zhì)量的小球用細線拴住，線長，細線所受拉力達到時就會被拉斷。當小球從圖示位置釋放后擺到懸點的正下方時，細線恰好被拉斷。若此時小球距水平地面的高度，重力加速度g取，不計空氣阻力，則小球落地處距地面上P點的距離為（P點在懸點的正下方）A． B． C． D．5、如圖所示，一名92歲的南非婦女從距地面大約2700米的飛機上，與跳傘教練綁在一起跳下，成為南非已知的年齡最大的高空跳傘者．假設沒有風的時候，落到地面所用的時間為t，而實際上在下落過程中受到了水平方向的風的影響，則實際下落所用時間()A．仍為tB．大于tC．小于tD．無法確定6、一條長為、質(zhì)量為m的均質(zhì)柔軟繩平放在水平光滑地面上，現(xiàn)在緩慢地把繩子一端豎直提起來。設提起第一個段繩子人做的功為W1，提起第二個段繩子人做的功為W2，提起第三個段繩子人做的功為W3，則W1:W2:W3等于（）A．1:1:1 B．1:2:3 C．1:3:5 D．1:4:77、如圖所示,相距l(xiāng)的兩小球A、B位于同一高度h(l,h均為定值).將A向B水平拋出的同時,B自由下落.A、B與地面碰撞前后,水平分速度不變,豎直分速度大小不變、方向相反.不計空氣阻力及小球與地面碰撞的時間,則A．A、B在第一次落地前能否相碰,取決于A的初速度B．A、B在第一次落地前若不碰,此后就不會相碰C．A、B不可能運動到最高處相碰D．A、B一定能相碰8、“跳一跳”小游戲需要操作者控制棋子離開平臺時的速度，使其能跳到旁邊平臺上。如圖所示的拋物線為棋子在某次跳躍過程中的運動軌跡，其最高點離平合的高度為h，水平速度為v；若質(zhì)量為m的棋子在運動過程中可視為質(zhì)點，只受重力作用，重力加速度為g，則（）A．棋子從最高點落到平臺上所需時間t=B．若棋子在最高點的速度v變大，則其落到平臺上的時間變長C．棋子從最高點落到平臺的過程中，重力勢能增加mghD．棋子落到平臺上時的速度大小為v9、如圖，質(zhì)量為M、長度為L的小車靜止在光滑的水平面上.質(zhì)量為m的小物塊(可視為質(zhì)點)放在小車的最左端.現(xiàn)用一水平恒力F作用在小物塊上，使物塊從靜止開始做勻加速直線運動，物塊和小車之間的摩擦力為Ff，物塊滑到小車的最右端時，小車運動的距離為s.在這個過程中，以下結(jié)論正確的是()A．物塊到達小車最右端時具有的動能為F(L＋s)B．物塊到達小車最右端時，小車具有的動能為FfsC．物塊克服摩擦力所做的功為Ff(L＋s)D．物塊和小車增加的機械能為Ffs10、如圖，從半徑為R=1m的半圓AB上的A點水平拋出一個可視為質(zhì)點的小球，經(jīng)t=0.4s小球落到半圓上，則小球的初速度v0可能為A．1m/s B．2m/s C．3m/s D．4m/s11、關于行星的運動，下列說法中正確的是A．關于行星的運動，早期有“地心說”與“日心說”之爭，而“地心說”容易被人們所接受的原因之一是相對運動使得人們觀察到太陽東升西落B．所有行星圍繞太陽運動的軌道都是橢圓，且近地點速度小，遠地點速度大C．開普勒第三定律，式中k的值僅與中心天體的質(zhì)量有關D．開普勒三定律不適用于其他星系的行星運動12、直線ab是電場中的一條電場線，從a點無初速度釋放一電子，電子僅在電場力作用下，沿直線從a點運動到b點，其電勢能Ep隨位移x變化的規(guī)律如圖乙所示．設a、b兩點的電場強度分別為Ea和Eb，電勢分別為φa和φb.則()A．Ea>EbB．Ea＜EbC．φa＜φbD．φa＞φb二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）如圖1所示，為“探究加速度與力、質(zhì)量的關系”實驗裝置及數(shù)字化信息系統(tǒng)獲得了小車加速度a與鉤碼的質(zhì)量及小車和砝碼的質(zhì)量對應關系圖．鉤碼的質(zhì)量為m1，小車和砝碼的質(zhì)量為m2，重力加速度為g．（1）下列說法正確的是______．A．每次在小車上加減砝碼時，應重新平衡摩擦力B．實驗時若用打點計時器應先釋放小車后接通電源C．本實驗m2應遠小于m1D．在用圖象探究加速度與質(zhì)量關系時，應作a﹣圖象（2）實驗時，某同學由于疏忽，遺漏了平衡摩擦力這一步驟，測得F=m1g，作出a﹣F圖象，他可能作出圖2中______（選填“甲”、“乙”、“丙”）圖線．此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是______．A．小車與軌道之間存在摩擦B．導軌保持了水平狀態(tài)C．鉤碼的總質(zhì)量太大D．所用小車的質(zhì)量太大（1）實驗時，某同學遺漏了平衡摩擦力這一步驟，若軌道水平，他測量得到的﹣a圖象，如圖1．設圖中直線的斜率為k，在縱軸上的截距為b，則小車與木板間的動摩擦因數(shù)μ=_____．14、（10分）如圖甲所示，在一端封閉、長約1m的玻璃管內(nèi)注滿清水，水中放一個蠟塊，將玻璃管的開口端用膠塞塞緊，然后將這個玻璃管倒置，在蠟塊沿玻璃管上升的同時，將玻璃管水平向右移動．假設從某時刻開始計時，蠟塊在玻璃管內(nèi)每1s上升的距離都是10cm，玻璃管向右勻加速平移，每1s通過的水平位移依次是2.5cm、7.5cm、12.5cm、17.5cm.圖乙中，y軸表示蠟塊豎直方向的位移，x軸表示蠟塊隨玻璃管通過的水平位移，t＝0時蠟塊位于坐標原點．（1）請在圖乙中畫出蠟塊在4s內(nèi)的軌跡；（2）玻璃管向右平移的加速度a=__________m/s2（3）t＝2s時蠟塊的速度v的大小v＝__________m/s．（4）4s內(nèi)蠟塊的位移x=__________m．三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）目前，上海有若干輛超級電容車試運行（不載客），運行中無需連接電纜，只需在乘客上車間隙充電30~60s，就能行駛3~5km。假設有一輛超級電容車，質(zhì)量m=2×103kg，額定功率P=60kW，當超級電容車在一平直路面上行駛時，受到的阻力Ff是車重的，取10m/s2。(1)超級電容車在此路面上行駛所能達到的最大速度是多少？(2)若超級電容車從靜止開始，以a=0.5m/s2的加速度做勻加速直線運動，則這一過程能維持多長時間？16、（12分）如圖所示，質(zhì)量M＝8kg小車放在光滑的水平面上，在小車右端施加一水平恒力F＝8N．當小車向右運動的速度達到v0＝3m/s時，在小車右端輕放一質(zhì)量m＝2kg的小物塊，物塊與小車間的動摩擦因數(shù)μ＝0.2，物塊始終不離開小車．g取10m/s2.求：小車至少多長？17、（12分）隨著我國經(jīng)濟和科技的發(fā)展，通過引進、創(chuàng)先、研發(fā)后，我國具有知識產(chǎn)權的大型運輸機已試飛成功，此機可在短時間內(nèi)投放物資和人員進行救災、搶險和軍事活動，能爭取更多時間．現(xiàn)有總質(zhì)量為一架大型噴氣式飛機，從靜止開始保持額定功率滑跑，當位移達到時，速度達到最大速度，并以此速度起飛，在此過程中飛機受到的平均阻力是飛機重力的0.02倍（）求：（1）飛機起飛時的動能為多大？（2）飛機起飛時的功率P為多大？（3）飛機的速度為30m/s時加速度為多大？

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、B【解析】

A.小球受重力、細線的拉力以及彈簧的彈力處于平衡，根據(jù)共點力平衡得，彈簧的彈力F=mgtanθ=k△x，代入數(shù)據(jù)解得：F=20N，△x=m，故A錯誤，B正確；C.繩子拉力，代入數(shù)據(jù)解得：T=40N，故C錯誤；D.輕彈簧彈力和細線的拉力之比為20N：40N=：2，故D錯誤。故選：B2、C【解析】

ABC．合力F的大小可能大于、小于或等于任一分力的大小，選項AB錯誤，C正確；D．合力F的大小隨F1、F2間夾角增大而減小，合力的范圍在兩個分力之差與之和之間，故D錯誤。故選C。3、D【解析】

機械能守恒時，物體一定只有重力或彈力做功，但不一定只受重力和彈力，故A錯誤；物體在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動時，物體的動能不變，重力勢能變化，則機械能不守恒，故B錯誤；物體所受的合力為零時，機械能不一定守恒，如豎直勻速下落的物體，合力為零，動能不變，重力勢能減小，機械能減小，機械能不守恒，故C錯誤；只有重力做功，其它力都不做功，只發(fā)生動能和重力勢能之間的轉(zhuǎn)化，物體的機械能一定守恒，故D正確。4、A【解析】

球擺到最低點時，由解得小球經(jīng)過最低點時的速度設小球平拋運動的時間t，由平拋運動的規(guī)律，可得所以小球落地處到地面上P點的距離x=vt=3m，A正確，BCD錯誤。故選A。5、A【解析】將跳傘者在空中的運動可分解為水平方向和豎直方向的運動，人在豎直方向下落的時間為t，雖受到了水平方向的風的影響，但不影響豎直方向上的運動，所以實際下落時間不變，故A正確，BCD錯誤。6、C【解析】

繩子緩慢運動，速度不變，根據(jù)動能定理得：提起第一個段繩子的過程中解得提起前二個段繩子的過程中解得則提起第二個段繩子人做的功為全部提起來的過程中解得則提起第三個段繩子人做的功為則故ABD錯誤，C正確。故選C。7、AD【解析】

若A球經(jīng)過水平位移為l時，還未落地，則在B球正下方相碰．可知當A的初速度較大時，A、B在第一次落地前能發(fā)生相碰．若A的初速度較小時，A、B在第一次落地前不碰，A第一次落地時，水平位移較小，由于反彈后水平分速度不變，豎直分速度大小不變、方向相反，則以后一定能碰．故D正確，B錯誤．若A球落地時的水平位移為時，則A、B在最高點相碰．故C錯誤．由上分析可知，A、B在第一次落地前能否相碰，取決于A的初速度．故A正確．故選AD．8、AD【解析】A項：由棋子只受重力作用，所以棋子從最高點落到平臺上做平拋運動，所以從最高點落到平臺的時間為t=2hgB項：由棋子從最高點落到平臺上做平拋運動，而平拋運動的物體在空中運動的時間取決于高度，與水平方向的速度無關，故B錯誤；C項：棋子從最高點落到平臺的過程中，重力做正功，所以重力勢能減小mgh，故C錯誤；D項：棋子落到平臺時的豎直方向的速度為vy=2gh，根據(jù)速度的合成得：棋子落到平臺上時的速度大小為v=9、BC【解析】

試題分析：對物塊分析，物塊相對于地的位移為，根據(jù)動能定理得，，則知物塊到達小車最右端時具有的動能，故A錯誤．對小車分析，小車對地的位移為l，根據(jù)動能定理得，，則知物塊到達小車最右端時，小車具有的動能為，故B正確．物塊相對于地的位移大小為，則物塊克服摩擦力所做的功為，故C正確．根據(jù)能量守恒得，外力F做的功轉(zhuǎn)化為小車和物塊的機械能和摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能，則有：，則物塊和小車增加的機械能為，故D錯誤.10、AD【解析】小球下降的高度若小球落在左邊四分之一圓弧上，根據(jù)幾何關系有：R2=h2+（R-x）2，解得水平位移x=0.4m，則初速度若小球落在右邊四分之一圓弧上，根據(jù)幾何關系有：R2=h2+x′2，解得x′=0.6m，則水平位移x=1.6m，初速度故應選A、D．點晴：平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)下降的時間求出下降的高度，通過幾何關系求出水平位移，從而求出小球的初速度．11、AC【解析】關于行星的運動，早期有“地心說”與“日心說”之爭，而“地心說”容易被人們所接受的原因之一是相對運動使得人們觀察到太陽東升西落，選項A正確；根據(jù)開普勒第二定律，所有行星圍繞太陽運動的軌道都是橢圓，且近地點速度大，遠地點速度小，選項B錯誤；開普勒第三定律，式中k的值僅與中心天體的質(zhì)量有關，選項C正確；開普勒三定律同樣也適用于其他星系的行星運動，選項D錯誤；故選AC.12、AC【解析】A、B項：電子從a到b，電勢能圖線的斜率逐漸減小，斜率表示電場力的大小，知電場力逐漸減小，則電場強度逐漸減小，所以Ea＞Eb，故A正確，B錯誤；C、D項：由于電勢能逐漸降低，知電場力做正功，則電子所受的電場力方向由a指向b，電場線的方向由b指向a，沿電場線方向電勢逐漸降低，則φa＜φb，故C正確，D錯誤．點晴：電勢能與位移圖線的斜率反映電場力的大小，從而可以反映電場強度的大小，結(jié)合電場力做功判斷出電場力的方向，從而得出電場強度的方向，根據(jù)沿電場線方向電勢逐漸降低比較出a、b兩點的電勢．二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、D丙C【解析】

（1）[1]A、平衡摩擦力，假設木板傾角為θ，則有：f=mgsinθ=μmgcosθm約掉了，每次在小車上加減砝碼時，故不需要重新平衡摩擦力;故A錯誤.B、實驗時應先接通電源后釋放小車，故B錯誤.C、讓小車的質(zhì)量m1遠遠大于小盤和重物的質(zhì)量m2，因為：際上繩子的拉力故應該是m1＜＜m2，故C錯誤；D、由牛頓第二定律F=ma，所以，所以在用圖象探究小車的加速度與質(zhì)量的關系時，通常作圖象，故D正確；（2）[2][1]遺漏了平衡摩擦力這一步驟，就會出現(xiàn)當有拉力時，物體不動的情況，故可能作出圖2中丙.此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是鉤碼的總質(zhì)量太大，沒有遠小于小車和砝碼的質(zhì)量，故選C．（1）[4]根據(jù)牛頓第二定律可知變形結(jié)合圖象可得：斜率，截距，所以小車與木板間的動摩擦因數(shù)為14、（1）（2）5×10-2m/s2（3）m/s（4）【解析】

如圖；

（2）蠟塊在水平方向做勻加速運動，每相鄰1秒位移差值

△x=7.5-2.5=12.5-7.5=17.5-12.5=5（cm）

△x=at2

則加速度（3）豎直方向上的分速度x=v0t+at2，將數(shù)值代入，x為第一段的位移，

0.025m=v0×1s+×0.05m/s2×（1s）2

解得：v0=0，

那么水平分速度vx=at=0.1m/s

根據(jù)平行四邊形定則得，(4)由物體運動得軌跡可得物體在4s時