2023年寧夏回族自治區(qū)石嘴山市全國計算機等級考試數(shù)據(jù)庫技術預測試題(含答案)

2023年寧夏回族自治區(qū)石嘴山市全國計算機等級考試數(shù)據(jù)庫技術預測試題(含答案)學校:________班級:________姓名:________考號:________

一、1.選擇題(10題)1.將單位內部的局域網(wǎng)接入Internet(因特網(wǎng))所需使用的接入設備是（）。

A.防火墻B.集線器C.路由器D.中繼轉發(fā)器

2.事務的原子性是指

A.事務中包括的所有操作要么都做，要么都不做

B.事務一旦提交，對數(shù)據(jù)庫的改變是永久的

C.一個事務內部的操作及使用的數(shù)據(jù)對并發(fā)的其他事務是隔離的

D.事務必須是使數(shù)據(jù)庫從一個一致性狀態(tài)改變到另一個一致性狀態(tài)

3.下列敘述中,哪一個是不正確的?

A.層次、網(wǎng)狀、關系和面向對象數(shù)據(jù)庫是基于數(shù)據(jù)模型分類的

B.聯(lián)邦數(shù)據(jù)庫系統(tǒng)中的各數(shù)據(jù)庫管理系統(tǒng)具有一定程度的局部自治性

C.集中式數(shù)據(jù)庫系統(tǒng)可以支持多個用戶,它允許數(shù)據(jù)庫管理系統(tǒng)以及數(shù)據(jù)庫本身分布在多個節(jié)點上

D.并行數(shù)據(jù)庫系統(tǒng)利用并行計算機的多個CPU和磁盤來提高數(shù)據(jù)處理能力

4.在數(shù)據(jù)庫中，數(shù)據(jù)的正確性、合理性及相容性(一致性)稱為數(shù)據(jù)的______。

A.安全性B.保密性C.共享性D.完整性

5.關系模型中，一個關鍵字

A.可由多個任意屬性組成

B.至多由一個屬性組成

C.可由一個或多個其值能惟一標識該關系模式或任何元組的屬性組成

D.以上都不是

6.操作系統(tǒng)具有進程管理、存儲管理、文件管理和設備管理的功能，在以下有關的描述中，哪—個是不正確的?

A.進程管理主要是對程序進行管理

B.存儲管理主要管理內存資源

C.文件管理可以有效地支持對文件的操作，解決文件共享、保密和保護問題

D.設備管理是指計算機系統(tǒng)中除了CPU和內存以外的所有輸入、輸出設備的管理

7.下述哪一條是由于關系模式設計不當所引起的問題?

A.數(shù)據(jù)冗余B.數(shù)據(jù)被非法讀取C.數(shù)據(jù)被非法修改D.發(fā)生死鎖

8.關系模型有3類完整性約束，定義外碼實現(xiàn)的是()。

A.實體完整性B.參照完整性C.用戶自定義完整性D.實體完整性、參照完整性、用戶自定義完整性

9.下面哪個不是數(shù)據(jù)庫系統(tǒng)必須提供的數(shù)據(jù)控制功能?

A.安全性B.可移植性C.完整性D.并發(fā)控制

10.為了保護數(shù)據(jù)庫的安全，主要在________幾個層次上采取安全性措施。

Ⅰ．數(shù)據(jù)庫系統(tǒng)層

Ⅱ．物理層

Ⅲ．操作系統(tǒng)層

Ⅳ．人員層

Ⅴ．網(wǎng)絡層

A.Ⅰ和ⅡB.Ⅰ、Ⅳ和ⅤC.Ⅲ、Ⅳ和ⅤD.都是

二、填空題(10題)11.子報表在鏈接到主報表之前，應當確保己經(jīng)正確地建立了

【】

12.通常，自然連接的兩個運算對象關系R和S具有公共屬性，如果關系R和S沒有公共屬性，那么它們的自然連接就等同于______。

13.數(shù)據(jù)管理經(jīng)過了人工管理、文件系統(tǒng)和【】3個發(fā)展階段。

14.DB2數(shù)據(jù)庫管理系統(tǒng)為了提高性能，當連接所涉及的事實表達到三個或三個以上的時候，DB2可自動地判斷是否使用星型連接技術(starjoin)和______索引進行優(yōu)化。

15.描述通信系統(tǒng)的基本技術參數(shù)是數(shù)據(jù)傳輸速率和。

16.串是由零個或多個

【】

組成的

17.當前廣域網(wǎng)采用的拓撲構型多數(shù)是___________拓撲。

18.在關系數(shù)據(jù)庫規(guī)范化理論的研究中，在函數(shù)依賴的范疇內，_____達到了最高的規(guī)范化程度。

19.【】不允許關系模式的屬性之間有這樣的非平凡函數(shù)依賴X→Y，其中X不包含碼，Y是非主屬性。

20.使用PowerDesigner的DataArchitect，可以對已有數(shù)據(jù)庫生成物理數(shù)據(jù)模型(PDM)，這種功能通常稱為______。

三、單選題(10題)21.病毒的主要特性表現(xiàn)在如下哪幾個方面?()

Ⅰ．傳染性

Ⅱ．靈活性

Ⅲ．破壞性

Ⅳ．隱蔽性

Ⅴ．常駐內存

A.Ⅰ、Ⅱ和ⅢB.Ⅰ、Ⅱ和ⅣC.Ⅱ、Ⅲ和ⅣD.全都是

22.在數(shù)據(jù)庫概念設計階段，進行局部E-R模式的設計時，為實體和聯(lián)系確定屬性的原則除了()外都是。

A.屬性應該是不可再分解的語義單位

B.先確定公共實體類型的屬性

C.實體與屬性之間的關系只能是1∶N的

D.不同實體類型的屬性之間應為直接關聯(lián)關系

23.收縮整個數(shù)據(jù)庫的大小，可以采用下列語句：()

A.DBCCSHRINKDATABASE

B.DBCCSHRINKFILE

C.ALTERDATABASE

D.CREATESCHEMA

24.數(shù)據(jù)庫是在計算機系統(tǒng)中按照一定的數(shù)據(jù)模型組織、存儲和應用的()

A.文件的集合B.數(shù)據(jù)的集合C.命令的集合D.程序的集合

25.在需求分析階段中，業(yè)務流程的分析結果一般用()

A.E-R圖表示B.程序流程圖表示C.數(shù)據(jù)流圖表示D.數(shù)據(jù)結構圖表示

26.順序程序和并發(fā)程序的執(zhí)行相比()

A.基本相同B.無法確定C.并發(fā)程序執(zhí)行總體上執(zhí)行時間快D.順序程序執(zhí)行總體上執(zhí)行時間快

27.在對全局E-R模型進行優(yōu)化時，通常利用規(guī)范化理論中的()概念消除冗余關系。

A.無損聯(lián)接B.函數(shù)依賴C.范式D.邏輯蘊涵

28.若讓元素1，2，3依次進棧，則出棧次序不可能出現(xiàn)哪一種情況?

A.3，2，1B.2，1，3C.3，1，2D.1，3，2

29.邏輯文件存放在存儲介質上時，采用的組織形式是與什么有關?

A.邏輯文件結構B.存儲介質特性C.主存儲器管理方式D.分配外設方式

30.SQLServer數(shù)據(jù)庫是由文件組成的。下列關于數(shù)據(jù)庫所包含的文件的說法中，正確的是__________。

A.一個數(shù)據(jù)庫可包含多個主要數(shù)據(jù)文件和多個日志文件

B.一個數(shù)據(jù)庫只能包含一個主要數(shù)據(jù)文件和一個日志文件

C.一個數(shù)據(jù)庫可包含多個次要數(shù)據(jù)文件，但只能包含一個日志文件

D.一個數(shù)據(jù)庫可包含多個次要數(shù)據(jù)文件和多個日志文件

四、C語言程序設計題(10題)31.已知在文件in．dat中存有100個產(chǎn)品銷售記錄，每個產(chǎn)品銷售記錄由產(chǎn)品代碼dm(字符型4位)，產(chǎn)品名稱mc(字符型10位)，單價dj(整型)，數(shù)量s1(整型)，金額je(長整型)五部分組成。其中：金額=單價*數(shù)量。函數(shù)ReadDat讀取這100個銷售記錄并存入結構數(shù)組sell中。請編制函數(shù)SortDat，其功能要求：按產(chǎn)品代碼從小到大進行排列，若產(chǎn)品代碼相同，則按金額從小大進行排列，最終排列結果仍存入結構數(shù)組sell中。最后main函數(shù)調用函數(shù)WriteDat把結果輸出到文件out．dat中。

提示：若中間變量為PROtemp，則可以直接使用結構賦值語句進行解題；產(chǎn)品代碼比較請用函數(shù)strcmp進行解題。例如：sell[i]=temp；

注意：部分源程序存放在test．c文件中。

請勿改動主函數(shù)main、讀函數(shù)ReadDat和輸出函數(shù)WriteDat的內容。

32.程序test．C的功能是：利用以下所示的簡單迭代方法求方程cos(x)．x=0的一個實根。迭代公式：Xn+1=cos(xn)(n是迭代次數(shù))

迭代步驟如下：

(1)取X1初值為0．0；

(2)X0=X1，把X1的值賦給x0；

(3)X1=cos(x0)，求出一個新的x1；

(4)若x0．X1的絕對值小于0．000001，執(zhí)行步驟(5)，否則執(zhí)行步驟(2)；

(5)所求X1就是方程cos(X)-X=0的一個實根，作為函數(shù)值返回。

請編寫函數(shù)countValue實現(xiàn)程序的功能，最后main函數(shù)調用函數(shù)writeDAT把結果輸出到文件0ut．dat中。注意：部分源程序存放在test．C文件中。

請勿改動主函數(shù)main和輸出數(shù)據(jù)函數(shù)writeDAT的內容。

33.函數(shù)ReadDat實現(xiàn)從文件in．dat中讀取一篇英文文章，存入到無符號字符串數(shù)組XX中；請編制函數(shù)encryptChar，按給定的替代關系對數(shù)組XX中的所有字符進行替代，其替代值仍存入數(shù)組XX所對應的位置上，最后調用函數(shù)WriteDat把結果XX輸出到文件out．dat中。

替代關系：f(p)=p*11mod256，mod為取余運算，p是數(shù)組XX中某一個字符的ASCII值，fj(p)是計算后無符號的整型值(注意：中間變量定義成整型變量)，如果原字符是數(shù)字字符0至9或計算后f(p)值小于等于32，則該字符不變，否則用f(p)替代所對應的字符。

注意：部分源程序存放在test．c文件中，原始數(shù)據(jù)文件存放的格式是：每行的寬度均小于80個字符，含標點符號和空格，并也按此替代關系進行處理。

請勿改動主函數(shù)main、讀數(shù)據(jù)函數(shù)ReadDat和輸出數(shù)據(jù)函數(shù)WriteDat的內容。

34.已知數(shù)據(jù)文件in．dat中存有200個四位數(shù)，并已調用讀函數(shù)readDat把這些數(shù)存入數(shù)組a中，請考生編制一函數(shù)isVal，其功能是：把千位數(shù)字和十位數(shù)字重新組成一個新的含有兩位數(shù)字的數(shù)ab(新數(shù)的十位數(shù)字是原四位數(shù)的千位數(shù)字，新數(shù)的個位數(shù)字是原四位數(shù)的十位數(shù)字)，以及把個位數(shù)字和百位數(shù)字組成另一個新的含有兩位數(shù)字的數(shù)cd(新數(shù)的十位數(shù)字是原四位數(shù)的個位數(shù)字，新數(shù)的個位數(shù)字是原四位數(shù)的百位數(shù)字)，如果新組成的兩個位數(shù)ab>cd，ab必須是偶數(shù)且能被5整除，cd必須是奇數(shù)，同時兩個新數(shù)的十位數(shù)字均不為零，則將滿足此條件的四位數(shù)按從大到小的順序存入數(shù)組b中，并要計算滿足上述條件的四位數(shù)的個數(shù)cnt。最后main函數(shù)調用寫函數(shù)writeDat把結果cnt以及數(shù)組b中符合條件的四位數(shù)輸出到0ut．dat文件中。

35.已知數(shù)據(jù)文件in．dat中存有200個四位數(shù)，并已調用讀函數(shù)readDat把這些數(shù)存入數(shù)組a中，請考生編制一函數(shù)jsVa，其功能是：把千位數(shù)字和十位數(shù)字重新組成一個新的含有兩位數(shù)字的數(shù)ab(新數(shù)的十位數(shù)字是原四位數(shù)的千位數(shù)字，新數(shù)的個位數(shù)字是原四位數(shù)的十位數(shù)字)，以及把個位數(shù)字和百位數(shù)字組成另一個新的含有兩位數(shù)字的數(shù)cd(新數(shù)的十位數(shù)字是原四位數(shù)的個位數(shù)字，新數(shù)的個位數(shù)字是原四位數(shù)的百位數(shù)字)，如果新組成的兩個數(shù)ab-cd>=0且ab．cd<=10且兩個數(shù)均是奇數(shù)，同時兩個新數(shù)的十位數(shù)字均不為零，則將滿足此條件的四位數(shù)按從大到小的順序存入數(shù)組b中，并要計算滿足上述條件的四位數(shù)的個數(shù)cnt。最后main函數(shù)調用寫函數(shù)writcDat把結果cnt以及數(shù)組b中符合條件的四位數(shù)輸出到文件0ut．dat中。

36.已知數(shù)據(jù)文件in．dat中存有200個四位數(shù)，并已調用讀函數(shù)readDat把這些數(shù)存入數(shù)組a中，請考生編制一函數(shù)jsVal，其功能是：若一個四位數(shù)的千位數(shù)位置上的值大于等于百位數(shù)位置上的值，百位數(shù)位置上的值大于等于十位數(shù)位置上的值，以及十位數(shù)位置上的值大于等于個位數(shù)位置上的值，并且原四位數(shù)是奇數(shù)，則統(tǒng)計出滿足此條件的個數(shù)cnt并把這些四位數(shù)按從小到大的順序存入數(shù)組b中，最后調用寫函數(shù)writeDat把結果cnt以及數(shù)組b中符合條件的數(shù)輸出到0ut．dat文件中。注意：部分源程序存在test．c文件中。

37.程序test．c的功能是：選出1000至5000范圍內(包括1000、5000)符合下面條件的四位自然數(shù)。條件是：千位數(shù)字與百位數(shù)字之和等于十位數(shù)字與個位數(shù)字之和，且千位數(shù)字與百位數(shù)字之和等于個位數(shù)字與千位數(shù)字之差的整10倍。計算并輸出這些四位自然數(shù)的個數(shù)cnt以及這些數(shù)的和sum。請編寫函數(shù)countValue實現(xiàn)程序的要求。最后main函數(shù)調用函數(shù)writeDAT把結果crlt和sum輸出到out．dat文件中。

38.已知數(shù)據(jù)文件in．dat中存有200個四位數(shù)，并已調用讀函數(shù)readDat把這些數(shù)存入數(shù)組a中，請考生編制一函數(shù)jsVal，其功能是：把千位數(shù)字和個位數(shù)字重新組成一個新的含有兩位數(shù)字的數(shù)(新數(shù)的十位數(shù)字是原四位數(shù)的千位數(shù)字，新數(shù)的個位數(shù)字是原四位數(shù)的個位數(shù)字)，以及把百位數(shù)字和十位數(shù)字組成另一個新的含有兩位數(shù)字的數(shù)(新數(shù)的十位數(shù)字是原四位數(shù)的百位數(shù)字，新數(shù)的個位數(shù)字是原四位數(shù)的十位數(shù)字)，如果兩個新組成的數(shù)均是奇數(shù)并且至少有一個數(shù)能被5整除，同時兩個新數(shù)的十位數(shù)字均不為零，則將滿足此條件的四位數(shù)按從大到小的順序存入數(shù)組b中，并要計算滿足上述條件的四位數(shù)的個數(shù)cnt。最后main函數(shù)調用寫函數(shù)writeDat把結果cnt以及數(shù)組b中符合條件的四位數(shù)輸出到0ut．dat文件中。

39.函數(shù)readDat是從文件in．dat中讀取20行數(shù)據(jù)存放到字符串數(shù)組XX中(每行字符串長度均小于80)。請編制函數(shù)jsSort，其函數(shù)的功能是：以行為單位對字符串按下面給定的條件進行排序，排序后的結果仍按行重新存入字符串數(shù)組XX中，最后調用函數(shù)writeDat把結果XX輸出到文件out．dat中。

條件：字符串從中間一分為二，左邊部分按字符的ASCII值升序排序，右邊部分不變，左邊經(jīng)排序后再與右邊部分進行交換。如果原字符串長度為奇數(shù)，則最中間的字符不參加處理，字符仍放在原位置上。

40.函數(shù)ReadDat實現(xiàn)從文件in．dat中讀取一篇英文文章存入到字符串數(shù)組XX中，請編制函數(shù)ConvertCharA，其函數(shù)的功能是：以行為單位把字符串中的所有小寫字母改寫成該字母的下一個字母，如果是字母z，則改寫成字母a，大寫字母和其他字符保持不變。把已處理的字符串仍按行重新存入字符串數(shù)組XX中。最后main函數(shù)凋用函數(shù)WriteDat把結果XX輸出到文件0ut．dat中。

五、設計與應用題(2題)41.設有某商業(yè)單位需要建立商務數(shù)據(jù)庫用以處理銷售記賬，它記錄的數(shù)據(jù)包括：顧客姓名，所在單位及電話號碼；商品名稱，型號，產(chǎn)地及單價；某顧客購買某商品的數(shù)量及日期。假定無同名顧客，無同型號商品，由話公用靦客可存不同日期買同一商品。（1）請畫出該單位的商務ER圖模型并優(yōu)化。（6分）（2）將ER模型換成關系模型并規(guī)范化到3NF。（4分）

42.某網(wǎng)上商城因為業(yè)務發(fā)展，原有的系統(tǒng)不能很好的滿足需要，因此采用了一套新的經(jīng)營管理系統(tǒng)，此系統(tǒng)使用SQLServer2008數(shù)據(jù)庫管理系統(tǒng)。此系統(tǒng)上線運行前，需將商場原有的數(shù)據(jù)導入到新系統(tǒng)中。原有系統(tǒng)使用SQLServer2000，數(shù)據(jù)結構與新系統(tǒng)不完全一致。因此需要把數(shù)據(jù)從SQLServer2000導入到SQLServer2008中，為了保證數(shù)據(jù)一致性，數(shù)據(jù)導入過程中要求暫停業(yè)務且必須在3小時內完成。（1）在原有數(shù)據(jù)導入新系統(tǒng)的過程中，實施人員發(fā)現(xiàn)原有數(shù)據(jù)量很大，導人數(shù)據(jù)需要四小時，業(yè)務無法接受。經(jīng)分析某工程師認為，數(shù)據(jù)導入過程中的數(shù)據(jù)庫I/O很高，但導人數(shù)據(jù)的程序本身對系統(tǒng)資源占用率很低。該工程師建議將數(shù)據(jù)導入過程中的數(shù)據(jù)恢復模式從“完整”模式改為“簡單”模式以提高數(shù)據(jù)導人速度；而另一位工程師則認為此方法未必能提高數(shù)據(jù)導入速度，而且還可能導致數(shù)據(jù)丟失，不建議使用此方法。請分析此方法是否能夠提高數(shù)據(jù)導入速度并給出理由，同時分析此操作的數(shù)據(jù)丟失風險。（5分）（2）在成功導入歷史數(shù)據(jù)后，此系統(tǒng)順利上線運行。在上線運行的第一周，發(fā)現(xiàn)數(shù)據(jù)庫服務器的CPU使用率很高，達到近90%，高峰期間達到100%，且系統(tǒng)內存占用率達到90%，但系統(tǒng)I/O很輕。業(yè)務人員反應系統(tǒng)操作速度很慢。為了提高系統(tǒng)運行速度。在不修改應用程序的前提下，兩位工程師提出了不同的解決辦法：Ⅰ．為服務器增加2顆CPU，緩解CPU使用率很高的問題；Ⅱ．為服務器增加一倍內存，緩解內存使用率很高的問題?？紤]成本，現(xiàn)階段只能按照一種方案實施。請指出在現(xiàn)有情況下，哪種方案更合理并給出理由。（5分）

六、單選題[1分](2題)43.在一臺正在運行的SQLServer2008中，現(xiàn)需使用復制數(shù)據(jù)庫文件的方法將某數(shù)據(jù)庫從一臺服務器移動到另一臺服務器。關于復制數(shù)據(jù)庫文件，有下列實現(xiàn)方法：1．首先從數(shù)據(jù)庫服務器中分離出要復制的數(shù)據(jù)庫，然后復制數(shù)據(jù)庫文件Ⅱ．首先停止SQLServer數(shù)據(jù)庫引擎服務，然后復制數(shù)據(jù)庫文件Ⅲ．首先斷開所有用戶與數(shù)據(jù)庫的連接，然后復制數(shù)據(jù)庫文件Ⅳ．由Windows系統(tǒng)管理員直接到操作系統(tǒng)中復制數(shù)據(jù)庫文件上述方法中，可行的是（）。

A.僅I和ⅡB.僅Ⅱ和ⅢC.僅Ⅲ和ⅣD.都可以

44.有關系模式：系（系號，系名，系辦公電話），教師（教師號，教師名，職稱，聘任日期，工資，所在系號）。現(xiàn)要定義下列約束：Ⅰ．系號是系關系的主碼，教師號是教師關系的主碼Ⅱ．職稱列的取值只能為“教授”，“副教授”，“講師”，“助理”和“其他”Ⅲ．教授的默認工資為10000元，副教授的默認工資為8000元，講師的默認工資為5000元Ⅳ．每個教師的所在系號不能為空，且其值必須在系關系中存在若在數(shù)據(jù)庫中實現(xiàn)以上約束，需要使用觸發(fā)器才能實現(xiàn)的是（）。

A.僅Ⅰ和ⅡB.僅Ⅲ和ⅣC.僅ⅢD.僅Ⅰ和Ⅳ

參考答案

1.C解析：路由器是用來連接兩個相同或不同網(wǎng)絡的設備。例如互聯(lián)的局域網(wǎng)數(shù)目很多或要將局域網(wǎng)與廣域網(wǎng)互聯(lián)時。中繼器用于擴展傳輸距離，其功能是對從一條電纜上接收的信號進行再生，并發(fā)送到另一條電纜上。集線器是局域網(wǎng)內部使用的，它不能將局域網(wǎng)連接到廣域網(wǎng)上去。防火墻用來控制內部網(wǎng)絡和外部Internet的連接。

2.A解析：事務應該具有4個屬性：原子性、一致性、隔離性和持續(xù)性。原子性：一個事務是一個不可分割的工作單位，事務包括的諸操作要么都做，要么都不做；一致性：事務必須是使數(shù)據(jù)庫從一個一致性狀態(tài)改變到另一個一致性狀態(tài)；隔離性：一個事務的執(zhí)行不能被其他事務干擾；持續(xù)性：持續(xù)性也稱永久性，指一個事務一旦提交，它對數(shù)據(jù)庫中數(shù)據(jù)的改變就應該是永久的。

3.C解析：集中式數(shù)據(jù)庫系統(tǒng)并不允許數(shù)據(jù)庫管理系統(tǒng)以及數(shù)據(jù)庫本身分布在多個節(jié)點上。

4.D解析：由定義可知，數(shù)據(jù)的完整性是指數(shù)據(jù)的正確性和一致性(相容性)。所以，D是正確答案。

5.C解析：關鍵字：屬性或屬性的集合，其值惟一標識一個元組。

6.A解析：操作系統(tǒng)具有進程管理、存儲管理、文件管理和設備管理的功能。其中進程管理主要是對處理機的管理；存儲管理主要管理內存資源；文件管理的任務是有效地支持文件的存儲、檢索和修改等操作，解決文件的共享、保密和保護問題，以便用戶方便、安全地訪問義件；設備管理是指計算機系統(tǒng)中除了CPU和內存以外的所有輸入輸出設備的管理，除了定成I/O操作的設備外，還包括控制器、通道等支持設備。選項B、C、D中的敘述都與存儲管理、文件管理和設備管理的，定義相符合，而A中關于進程管理的敘述與其定義不符。

7.A解析：關系模式設計不當會引起的問題有：①數(shù)據(jù)冗余；②更新異常；③插入異常；④刪除異常。因此本題的答案為A。

8.B解析：實體完整性規(guī)則是指關系中的元組在組成主碼的屬性上是不能為空值的；參照完整性規(guī)則指外碼不允許參照不存在的相應的主碼值，或外碼為空值；用戶自定義完整性規(guī)則是用戶根據(jù)具體應用定義的。

9.B解析：數(shù)據(jù)庫系統(tǒng)必須提供安全性、完整性和并發(fā)控制功能。

10.D解析：為了保護數(shù)據(jù)庫，必須在以下幾個層次上采取安全性措施：1、物理層。計算機系統(tǒng)所位于的節(jié)點(一個或多個)必須在物理上受到保護，以防止入侵者強行闖入或暗中潛入。2、人員層。對用戶的授權必須格外小心，以減少授權用戶接受賄賂或其他好處而給入侵者提高訪問機會的可能性。3、操作系統(tǒng)層。不管數(shù)據(jù)庫系統(tǒng)多安全，操作系統(tǒng)安全性方面的弱點總是可能成為對數(shù)據(jù)庫進行未授權訪問的一種手段。4、網(wǎng)絡層。由于幾乎所有的數(shù)據(jù)庫系統(tǒng)都允許通過終端或網(wǎng)絡進行遠程訪問，網(wǎng)絡軟件的軟件層安全性和物理安全性一樣重要，不管在Internet上還是企業(yè)私有的網(wǎng)絡內。5、數(shù)據(jù)庫系統(tǒng)安全層。數(shù)據(jù)庫系統(tǒng)的某些用戶獲得的授權可能只允許他訪問數(shù)據(jù)庫中有限的部分，而另外一些用戶獲得的授權可能允許他查詢，但不允許他修改數(shù)據(jù)。保證這樣的授權限制不被違犯是數(shù)據(jù)庫系統(tǒng)的責任。

11.表間關系報表鏈接之間，必須保證已在兩表間建立正確關系

12.笛卡兒積笛卡兒積解析：自然連接是構造新關系的有效方法，投影和選擇是分解關系的有效方法。利用投影、選擇和自然連接操作可以任意地分解和構造新關系。一般，自然連接使用在R和S有公共屬性的情況中。如果兩個關系沒有公共屬性，那么他們的自然連接就變成笛卡兒積。

13.數(shù)據(jù)庫系統(tǒng)數(shù)據(jù)庫系統(tǒng)解析：數(shù)據(jù)管理技術的發(fā)展，與硬件、軟件和計算機應用的范圍有密切關系。數(shù)據(jù)管理技術的發(fā)展經(jīng)過了3個階段：人工管理階段、文件系統(tǒng)階段和數(shù)據(jù)庫階段。

14.動態(tài)位圖動態(tài)位圖解析：DB2優(yōu)化器能夠使用動態(tài)位圖索引，即根據(jù)需要在相應字段上自動地動態(tài)生成位圖索引，從維表中挑選出符合條件的記錄，再和事實表連接，提高了訪問多維數(shù)據(jù)的性能。當連接所涉及的表達到三個或三個以上時，DB2可自動判斷是否使用星型連接技術和動態(tài)位圖索引進行優(yōu)化。

15.誤碼率【解析】描述通信系統(tǒng)的基本技術參數(shù)是數(shù)據(jù)傳輸速率和誤碼率。

16.字符串是零個或多個字符組成的有限序列

17.網(wǎng)狀型【解析】在網(wǎng)狀型拓撲構型中，結點之間的連接是任意的沒有規(guī)律。網(wǎng)狀型拓撲的主要優(yōu)點是系統(tǒng)可靠性高。目前實際存在與使用的廣域網(wǎng)結構基本上都采用網(wǎng)狀型拓撲構型。

18.BCNF

19.3NF3NF解析：3NF不允許關系模式的屬性之間有這樣的非平凡函數(shù)依賴X→Y其中X不包含碼，Y是非主屬性。

20.逆向工程逆向工程解析：PowerDesignerDataArchitect用于兩層的即概念層和物理層的數(shù)據(jù)庫設計和數(shù)據(jù)庫構造。DataArchitect提供概念數(shù)據(jù)模型設計，自動的物理數(shù)據(jù)模型生成，針對多種數(shù)據(jù)庫管理系統(tǒng)(DBMS)的數(shù)據(jù)庫生成，開發(fā)工具的支持和高質量的文檔特性。使用其逆向工程能力，設計人員可以得到一個數(shù)據(jù)庫結構的“藍圖”，可用于文檔和維護數(shù)據(jù)庫或移植到一個不同的DBMS。

21.D解析：病毒的主要特征包括：傳染性、靈活性、破壞性、隱蔽性、通常常駐內存。傳染性是指病毒的自我復制功能；靈活性表現(xiàn)在程序的小巧，都是可以直接或間接運行的程序；破壞性是病毒對計算機軟件硬件的損壞；隱蔽性表現(xiàn)在不易被用戶察覺，一般隱藏于磁盤的引導區(qū)或附著在可執(zhí)行文件中：病毒會常駐內存，隨時可感染其他可執(zhí)行文件。

22.B

23.A

24.B解析：根據(jù)數(shù)據(jù)庫的定義可知，數(shù)據(jù)庫是長期儲存在計算機內的、有組織的、可共享的數(shù)據(jù)集合。數(shù)據(jù)庫中的數(shù)據(jù)按一定的數(shù)據(jù)模型組織、描述和存儲，具有較小的冗余度、較高的數(shù)據(jù)獨立性、和易擴展性，并可為各種用戶所共享。

25.C

26.C

27.B

28.C解析：棧是限制僅在表的一端進行插入和刪除運算的線性表，通常稱插入、刪除的這一端為棧頂(Top)，另一端稱為棧底(Bottom)。當表中沒有元素時稱為空棧。

根據(jù)上述定義，每次刪除(退棧)的總是當前棧中“最新”的元素，即最后插入(進棧)的元素，而最先插入的是被放在棧的底部，要到最后才能刪除。根據(jù)上述原理，C)3,1,2，既然先出棧的是3，說明1,2已經(jīng)進棧，那么1不可能在2之前出棧。

29.B解析：用戶的邏輯文件要存放到存儲介質上時，文件系統(tǒng)要根據(jù)存儲設備的類型，用戶采用的存取方式?jīng)Q定文件在存儲介質上的組織方式。

30.D

31.\n【審題關鍵句】計算金額，按產(chǎn)品代碼從小到大進行排列，相同的則按金額從小到大排列，結果存入結構數(shù)組。

\n【解題思路】

\n本題類似第57套試題，通過審題可以發(fā)現(xiàn)主要是排序條件的設置要求有所不同，參考答案的第8行進行修改即可。

\n【參考答案】

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\n

32.\n【審題關鍵句】Xn+1=cos(Xn)的迭代計算。

\n【解題思路】

\n①因為方程cos(x)．x=0的根為實數(shù)，所以定義兩個雙精度型變量x0，x1。并把變量x1的初值設為0．0。

\n②根據(jù)題目中給出的求方程一個實根的迭代算法，在while循環(huán)中，首先把變量x1的值賦給x0，然后利用表達式cos(xO)

\n求出一個值x1，再調用vc6．0的求絕對值的庫函數(shù)fabs0，判斷如果x0與x1差的絕對值小于0．000001，就認為x1的值是方程cos(x)．x=0的一個實根，此時退出循環(huán)，把xl的值返回。

\n【參考答案】

\n

33.\n【審題關鍵句】字符替代f(p)=p*11mod256，小于等于32或原字符對應數(shù)字0~9不變，否則替換。

\n【解題思路】

\n本題類似第67套試題，通過審題可以發(fā)現(xiàn)主要是排序條件的設置要求有所不同，參考答案的第6行，修改if條件語句的設置即可。本題值得一提的是在設置判斷條件的時候，一定要注意兩題要求中的兩個細微的差別，第67套要求的是新字符所對應的數(shù)字是0~9的不變，是對數(shù)值型數(shù)據(jù)進行判斷；而本套要求的是原字符所對應的字符是o~9的保持不變，是對字符型數(shù)據(jù)進行判斷，在條件表達式的寫法上需要大家注意區(qū)分。

\n【參考答案】

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34.\n【審題關鍵句】千位+十位與個位+百位，比較大小，整除，奇數(shù)，從大到小排序。

\n【解題思路】

\n本題類似第26套試題，通過審題可以發(fā)現(xiàn)主要是對四位數(shù)的篩選條件有所不同，即判斷新組合的兩位數(shù)要求第一個為偶數(shù)，第二個為奇數(shù)，比較兩題的第10條語句，只需將新組合的第二個數(shù)的判斷條件改為奇數(shù)判斷，即“newV2％2”。

\n【參考答案】

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35.【審題關鍵句】千位+十位組合與個位+百位組合，都是奇數(shù)，兩數(shù)相減結果大于等于0小于等于10，從大到小排序。

\n【解題思路】

\n①首先，本題要定義多個變量，包括兩侖循環(huán)變量循環(huán)i、j；用來存放四位數(shù)分解之后各位數(shù)的變量qw(千位)、bw(百位)、SW(十位)和gw(個位)；兩個用來存放重新組合數(shù)字的變量newV1和newV2。

\n②通過for循環(huán)依次對數(shù)組中的每個四位數(shù)進行分解，每分解一個四位數(shù)，根據(jù)題目要求，對其各位數(shù)進行重新組合，形成兩個新的十位數(shù)，組合條件分別是原四位數(shù)的千位和十位組成一個十位數(shù)，個位和百位組成一個十位數(shù)，并將兩個新的十位數(shù)分別賦給變量newV1和newV2。

\n③數(shù)字重組完畢之后，再根據(jù)題目要求篩選滿足條件的四位數(shù)，本題需要考慮多個篩選條件：一是新組合的十位數(shù)中，其十位數(shù)不能為0，即原四位數(shù)的千位和個位數(shù)字不能為0；二是兩個新組合的十位數(shù)之差必須大于等于0小于等于10；三是兩個新組合的數(shù)字均為奇數(shù)。

\n④將同時滿足以上3個條件的四位數(shù)賦給數(shù)組b[cnt]，同時數(shù)組下標值加1，當for循環(huán)執(zhí)行完畢后，則將所有滿足條件的四位數(shù)全部存放到數(shù)組b[cnt]qb。

\n⑤最后通過兩個for循環(huán)，對數(shù)組b[cnt]中的元素按從大到小的順序排序，排序過程中，可用newV1或newV2作為數(shù)據(jù)交換的中間變量。

\n【參考答案】

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36.\n【審題關鍵句】四位數(shù)的千位>=百位>=十位>=個位，且四位數(shù)是奇數(shù)，統(tǒng)計出滿足此條件的個數(shù)，按從小到大的順序存入數(shù)組。

\n【解題思路】

\n本題類似第9套試題，通過審題可以發(fā)現(xiàn)主要有兩個不同點：一是要求統(tǒng)計的四位數(shù)的條件是“千位>=百位>=十位>=個位”，二是要求該四位數(shù)是奇數(shù)，這兩個不同點都體現(xiàn)在參考答案的第8條語句中，對該語句進行修改即可，其中，可以判斷奇數(shù)的表達式是“a[i]％2”。

\n【參考答案】

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37.\n【審題關鍵句】千位+百位等于十位十個位，且千位+百位等于個位．千位的10倍。計算并輸出這些四位自然數(shù)的個數(shù)cnt以及這些數(shù)的和。

\n【解題思路】

\n①首先定義一個循環(huán)變量i，以及分別用來存放四位數(shù)分解之后各位數(shù)的變量qw(千位)、bw(百位)、SW(十位)和gw(個位)。

\n②通過for循環(huán)依次對數(shù)組中的每個四位數(shù)進行分解，循環(huán)初值為1000，終值為5000，每循環(huán)一次，循環(huán)變量i的值加1。每分解一個四位數(shù)，根據(jù)題目要求，判斷其“千位十百位=十位+個位”的條件是否滿足，同時判斷“(千位+百位)=(個位-于位)*10”的條件是否滿足，兩個條件之間用運算符進行連接。當同時滿足以上兩個判斷條件時，計數(shù)變量cnt的值加1，同時將該四位數(shù)累加到求和變量sum中，最終得到滿足條件的四位自然數(shù)個數(shù)cnt及它們的和sum。

\n本題中cnt和sum變量在源程序中已經(jīng)定義，在該子程序中就不需要再重新定義了。

\n【參考答案】

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38.\n【審題關鍵句】千位+個位與百位+十位，奇數(shù)，整除，從大到小排序。

\n【解題思路】

\n本題類似第27套試題，通過審題可以發(fā)現(xiàn)主要是對四位數(shù)的篩選條件有所不同，體現(xiàn)在兩個方面：①分解后重新組合成兩位數(shù)的方式不同，參考答案的第8、9條語句重新指定兩位數(shù)的組合方式；②新組臺的兩位數(shù)的奇數(shù)的判斷及整除判斷，參考答案的第10條語句。

\n【參考答案】

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39.\n【審題關鍵句】以行為單位從字符串左邊部分升序排序，排序后左邊部分與右邊部分進行交換。如果原字符串長度為奇數(shù)，則最中間的字符不參加處理。

\n【解題思路】

\n本題類似第77套試題，通過審題可以發(fā)現(xiàn)主要是對字符串左邊部分排序時所采用的排序方式不同，參考答案的第11行，修改if條件語句的設置即可。

\n【參考答案】

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40.\n【審題關鍵句】以行為單位把字符串中的所有小寫字母改寫成該字母的下一個字母，大小寫不變，其他字符不變。

\n【解題思路】

\n①定義整型循環(huán)變量i、i。

\n②在第一層for循環(huán)中，循環(huán)變量i從0開始，依次遞增直到其值等于maxline，實現(xiàn)對文章每行的處理。第二層for循環(huán)中，循環(huán)變量j從0開始，依次遞增直到其值等于strlen(xx[i])，在循環(huán)體中，利用if條件語句首先判斷)xx[i][j]的值是否在小寫字符字符’a’～’z’之間，然后，再判斷在此范圍之內的小寫字母，如果是z，則該字符轉換為a，如果字符不是z，則將其改寫成它的下一個字母。

\n【參考答案】

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41.【解題思路】（1）ER圖的畫法建立相應的ER圖的過程如下：第一，確定實體類型。本題有兩個實體類型，即顧客實體和商品實體。第二，確定聯(lián)系類型。該題中只有顧客一商品模型。第三，把實體類型和聯(lián)系類型組合成ER圖。第四，確定實體類型和聯(lián)系類型的屬性。顧客實體集屬性：姓名、單位、電話號碼商品實體集屬性：型號、名稱、產(chǎn)地、單價由顧客和商品兩個實體和