2021年全國(guó)高考物理二模試卷(新課標(biāo)ⅱ卷)

2021年全國(guó)高考物理二模試卷（新課標(biāo)口卷）二、選擇題：本題共8小題，每小題6分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1?4題只有一項(xiàng)符合題目要求，第5?8題有多項(xiàng)符合題目要求.全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．1．（6分）關(guān)于原子結(jié)構(gòu)和原子核的結(jié)構(gòu)，經(jīng)過(guò)不斷的實(shí)驗(yàn)探索，我們已經(jīng)有了一定的認(rèn)識(shí)，對(duì)于這個(gè)探索的過(guò)程，下列描述錯(cuò)誤的是（）A.盧瑟福根據(jù)a粒子轟擊金箔時(shí)發(fā)生散射，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型B.為了解釋原子的穩(wěn)定性和輻射光譜的不連續(xù)性，波爾提出了氫原子結(jié)構(gòu)模型C.盧瑟福通過(guò)利用a粒子轟擊鈹原子核，最終發(fā)現(xiàn)了中子D.人類第一次實(shí)現(xiàn)的原子核的人工轉(zhuǎn)變核反應(yīng)方程是*N+gHe玲f0+1H.1t u 12．（6分）長(zhǎng)途客運(yùn)站的安檢機(jī)中輸送行李的水平傳送帶勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，乘客把一袋面粉無(wú)初速度放在傳送帶上，在出安檢機(jī)之前已經(jīng)和傳送帶相對(duì)靜止，結(jié)果在傳送帶上留下了一段白色的徑跡，對(duì)此分析正確的是（）A.傳送帶的速度越大，徑跡越長(zhǎng)B.面粉質(zhì)量越大，徑跡越長(zhǎng)C.動(dòng)摩擦因數(shù)越大，徑跡越長(zhǎng)D.釋放的位置距離安檢機(jī)越遠(yuǎn)，徑跡越長(zhǎng)3.（6分）工廠生產(chǎn)的某一批次小燈泡說(shuō)明書(shū)上附有如圖甲所示的電壓隨電流變化圖象，乙圖是該批次三個(gè)小燈泡連接而成的電路，三個(gè)燈泡均發(fā)光時(shí)電壓表V2的示數(shù)為IV,下列說(shuō)法正確的是（ ）0 0.1QX0,6O-5J/A甲 乙A.電壓表V1的示數(shù)為2.0VB.電流表A1的示數(shù)為0.60AC.若燈泡L1短路，則電壓表V2的示數(shù)為5.0VD.電源的輸出功率為0.90W4．（6分）據(jù)美國(guó)宇航局消息，在距離地球40光年的地方發(fā)現(xiàn)了三顆可能適合人類居住的類地行星，假設(shè)某天我們可以穿越空間到達(dá)某一類地行星，測(cè)量以初速度10m/s豎直上拋一個(gè)小球可到達(dá)的最大高度只有1米，而其球體半徑只有地球的一半，則其平均密度和地球的平均密度之比為（g=10m/s2）（ ）A．5：2 B．2：5 C．1：10D．10：15.（6分）如圖所示，底角為0=21的圓錐體靜止不動(dòng)，頂端通過(guò)一根長(zhǎng)為L(zhǎng)=1m的細(xì)線懸掛一個(gè)質(zhì)量為m=1kg的小球，細(xì)線處于張緊狀態(tài)，若小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，角速度為⑴的取值范圍介于3rad/s到4rad/s之間，不計(jì)一切6．（6分）每到夜深人靜的時(shí)候我們就會(huì)發(fā)現(xiàn)燈泡比睡覺(jué)前要亮，其原因在于大家都在用電時(shí)，用電器較多，利用下圖模擬輸電線路，開(kāi)關(guān)的閉合或者斷開(kāi)模擬B.開(kāi)關(guān)閉合，燈泡L1兩端電壓升高C.開(kāi)關(guān)閉合，原線圈輸入功率增大D.開(kāi)關(guān)斷開(kāi)，副線圈電壓增大.（6分）豎直平面內(nèi)存在有勻強(qiáng)電場(chǎng)，一個(gè)質(zhì)量為m,帶電荷量為q的小球以初速度v0沿與豎直方向成0斜向左上方沿直線運(yùn)動(dòng)，已知小球運(yùn)動(dòng)路徑恰好在勻強(qiáng)電場(chǎng)的平面內(nèi)，那么在小球發(fā)生位移L的過(guò)程中，下列分析正確的是（）A.若小球做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則電場(chǎng)強(qiáng)度E=51Q.若小球做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)強(qiáng)度可能等于E=@^lC.若小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程電勢(shì)能不變，則電場(chǎng)強(qiáng)度E=^^"日qD.若小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程電勢(shì)能不變，則小球的動(dòng)量變化量與速度反向8．（6分）長(zhǎng)方形區(qū)域內(nèi)存在有正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其方向如圖所示，一個(gè)質(zhì)量m帶電荷量q的小球以初速度v0豎直向下進(jìn)入該區(qū)域.若小球恰好沿直線下降，則下列選項(xiàng)正確的是（）A.小球帶正電B.場(chǎng)強(qiáng)E=mQC.小球做勻速直線運(yùn)動(dòng) D.磁感應(yīng)強(qiáng)度B=』q”口三、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分.第9?12題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答.第13?16題為選考題，考生根據(jù)要求作答.（一）必考題9．（8分）光電門在測(cè)量物體的瞬時(shí)速度方面有得天獨(dú)厚的優(yōu)勢(shì)，比如在探究加速度和力的關(guān)系時(shí)就省去了打點(diǎn)計(jì)時(shí)器分析紙帶的不便，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示．0 12cmIIIIIIIIIIJJJIJill1,1.1II|IIIIIIII|IIII|IIII|0S10 15 20圖2（1）雖然少了計(jì)算的麻煩，卻必須要測(cè)量遮光條的寬度，游標(biāo)卡尺測(cè)量的結(jié)果

如圖所示，我們可以發(fā)現(xiàn)游標(biāo)尺上每一分度與主尺上的最小刻度相差cm,遮光條寬度為cm.(2)某次實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，已經(jīng)得到AB之間的距離l和通過(guò)光電門的時(shí)間t和力傳感器的示數(shù)F,若要完成探究目的，還需要滿足的條件是.若要以F為橫坐標(biāo)，做出一條傾斜的直線來(lái)判斷加速度和力成正比，那么縱坐標(biāo)的物理量應(yīng)該是(t2或3).(6分)壓敏電阻由在壓力作用下發(fā)生形變進(jìn)而導(dǎo)致電阻率發(fā)生變化的材料組成,為了探究某壓敏材料的特性,有人設(shè)計(jì)了如下的電路,一電源電動(dòng)勢(shì)3V內(nèi)阻約為1Q,兩個(gè)電流表量程相同均為0.6A,一個(gè)電流表內(nèi)阻r已知，另外一個(gè)電流表內(nèi)阻較小但阻值未知.L卜二L卜二(1)電路圖中哪個(gè)電流表的內(nèi)阻r已知(A1或者A2)(2)在某一個(gè)壓力測(cè)試下，兩個(gè)電流表A1A2的讀數(shù)分別為I1和I2,則壓敏電阻的阻值Rx=.(3)經(jīng)過(guò)測(cè)試獲得壓敏電阻的阻值和壓力的關(guān)系圖如下所示，以豎直向下為正方向，則阻值和壓力的關(guān)系式是.(15分)如圖，水平邊界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)上方5m處有一個(gè)邊長(zhǎng)1m的正方形導(dǎo)線框從靜止開(kāi)始下落，已知線框質(zhì)量為1kg,電阻為R=10Q,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=1T,當(dāng)線框的cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)(1)求線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大?。?2)求cd兩點(diǎn)間的電勢(shì)差大??；(3)若線框此時(shí)加速度等于0，則線框電阻應(yīng)該變?yōu)槎嗌贇W姆.（18分）質(zhì)量分別為2m和m的滑塊1和滑塊2通過(guò)一根細(xì)線拴接在壓縮的彈簧兩端，某一刻細(xì)線剪斷后滑塊1沿水平面向左運(yùn)動(dòng)，滑塊2向右從斜面底端開(kāi)始沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，忽略滑塊2沿斜面向上運(yùn)動(dòng)前的速度大小變化，當(dāng)斜面傾角e=2L時(shí)，滑塊1和滑塊2滑行的最大距離之比為.多4,當(dāng)傾斜角度變化時(shí)，&滑塊沿斜面滑行的最大距離也會(huì)隨之變化.重力加速度為8，水平部分和斜面部分動(dòng)摩擦因數(shù)相同.（1）滑塊和斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)；（2）假設(shè)滑塊2的初速度為v0，當(dāng)斜面傾角為多大時(shí)，滑塊滑行的最大距離最小，最小值是多少？（二）選考題：共45分.請(qǐng)考生從2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答.如果多做，則每學(xué)科按所做的第一題計(jì)分.[物理--選修3-3]（15分）（5分）下列說(shuō)法中正確的是（）A.絕對(duì)濕度大，相對(duì)濕度一定大B.對(duì)于一定質(zhì)量的理想氣體，當(dāng)分子間的平均距離變大時(shí)，壓強(qiáng)不一定變小C.密封在體積不變的容器中的氣體，溫度升高，氣體分子對(duì)器壁單位面積上的平均作用力增大D.兩個(gè)鐵塊用力擠壓不能粘合在一起說(shuō)明分子之間存在有斥力E.液體表面張力的作用是使液體表面收縮.（10分）通電后汽缸內(nèi)的電熱絲緩慢加熱，由于汽缸絕熱使得汽缸內(nèi)密封的氣體吸收熱量Q后溫度由T1升高到T2,由于汽缸內(nèi)壁光滑，敞口端通過(guò)一個(gè)質(zhì)量m橫截面積為S的活塞密閉氣體.加熱前活塞到汽缸底部距離為h.大氣壓用P0表示，①活塞上升的高度；②加熱過(guò)程中氣體的內(nèi)能增加量.［物理--選修3-4］（15分）.下列說(shuō)法中正確的是（）A.利用紅外攝影可以不受天氣（陰雨、大霧等）的影響，因?yàn)榧t外線比可見(jiàn)光波長(zhǎng)長(zhǎng)，更容易繞過(guò)障礙物B.拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時(shí)，往往在鏡頭前加一個(gè)偏振片以增加透射光的強(qiáng)度C.紫光的雙縫干涉條紋間距可能大于紅光雙縫干涉條紋間距D.我們?cè)诘厍蛏辖邮盏絹?lái)自遙遠(yuǎn)星球的光波的波長(zhǎng)變長(zhǎng)，可以判斷該星球正在離我們遠(yuǎn)去E.光的色散現(xiàn)象都是由于光的干涉現(xiàn)象引起的.A和B是一列簡(jiǎn)諧橫波上平衡位置相距x=3m的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，某時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)A到達(dá)平衡位置正向上振動(dòng)，而質(zhì)點(diǎn)B剛剛從平衡位置開(kāi)始起振，且二者之間只有一個(gè)波谷，經(jīng)過(guò)時(shí)間t=0.6s質(zhì)點(diǎn)B第一次到達(dá)波峰.①畫(huà)出B剛開(kāi)始起振時(shí)A、B兩質(zhì)點(diǎn)間的波形，并在圖中標(biāo)出B質(zhì)點(diǎn)此時(shí)的振動(dòng)方向；②求該波的可能波速大小.2017年全國(guó)高考物理二模試卷（新課標(biāo)口卷）參考答案與試題解析二、選擇題：本題共8小題，每小題6分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1?4題只有一項(xiàng)符合題目要求，第5?8題有多項(xiàng)符合題目要求.全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．1．（6分）關(guān)于原子結(jié)構(gòu)和原子核的結(jié)構(gòu)，經(jīng)過(guò)不斷的實(shí)驗(yàn)探索，我們已經(jīng)有了一定的認(rèn)識(shí)，對(duì)于這個(gè)探索的過(guò)程，下列描述錯(cuò)誤的是（）A.盧瑟福根據(jù)a粒子轟擊金箔時(shí)發(fā)生散射，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型B.為了解釋原子的穩(wěn)定性和輻射光譜的不連續(xù)性，波爾提出了氫原子結(jié)構(gòu)模型C.盧瑟福通過(guò)利用a粒子轟擊鈹原子核，最終發(fā)現(xiàn)了中子D.人類第一次實(shí)現(xiàn)的原子核的人工轉(zhuǎn)變核反應(yīng)方程是HN+[He玲H0+；H.【分析】盧瑟福提出了原子核式結(jié)構(gòu)；波爾提出玻爾理論，解釋了原子的穩(wěn)定性和輻射光譜的不連續(xù)性；查德威克發(fā)現(xiàn)了中子；盧瑟福用a粒子轟擊氮核發(fā)現(xiàn)質(zhì)子，并首次實(shí)現(xiàn)原子核的人工轉(zhuǎn)變．【解答】解：A、盧瑟福在a粒子散射實(shí)驗(yàn)的基礎(chǔ)上提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，故A正確；8、為了解釋原子的穩(wěn)定性和輻射光譜的不連續(xù)性，波爾提出了氫原子結(jié)構(gòu)模型，故B正確；C、查德威克在a粒子轟擊鈹核時(shí)實(shí)現(xiàn)了人工轉(zhuǎn)變發(fā)現(xiàn)了中子，并獲得諾貝爾物理獎(jiǎng)。故C錯(cuò)誤；D、盧瑟福用a粒子轟擊氮原子核，產(chǎn)生了氧的一種同位素--氧17和一個(gè)質(zhì)子，這是人類第一次實(shí)現(xiàn)的原子核的人工轉(zhuǎn)變，該反應(yīng)方程為產(chǎn)N+：He玲；丁0+；H.故D正確；本題選擇錯(cuò)誤的，故選：C2．（6分）長(zhǎng)途客運(yùn)站的安檢機(jī)中輸送行李的水平傳送帶勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，乘客把一袋面粉無(wú)初速度放在傳送帶上，在出安檢機(jī)之前已經(jīng)和傳送帶相對(duì)靜止，結(jié)果在傳

送帶上留下了一段白色的徑跡，對(duì)此分析正確的是（）A.傳送帶的速度越大，徑跡越長(zhǎng)B.面粉質(zhì)量越大，徑跡越長(zhǎng)C.動(dòng)摩擦因數(shù)越大，徑跡越長(zhǎng)D.釋放的位置距離安檢機(jī)越遠(yuǎn)，徑跡越長(zhǎng)【分析】面粉放上傳送帶后相對(duì)于傳送帶向后滑，受到向前的摩擦力，向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度與傳送帶速度相等后，做勻速直線運(yùn)動(dòng)．根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出相對(duì)位移的大小，從而進(jìn)行判斷．【解答】解：根據(jù)牛頓第二定律得，面粉的加速度大小a=Hg,設(shè)傳送帶的速度2 2為v0,則面粉速度達(dá)到傳送帶速度時(shí)經(jīng)歷的時(shí)間匕心，位移x/gl二露，在這段時(shí)間內(nèi)傳送帶的位移x2=v0t=^-,則相對(duì)位移，即徑跡的長(zhǎng)度△x=x2-x1=與面粉的質(zhì)量無(wú)關(guān)，傳送帶運(yùn)動(dòng)的速度越大，徑跡越越長(zhǎng)。動(dòng)摩擦因數(shù)越大，徑跡越小。故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選：A。3．（6分）工廠生產(chǎn)的某一批次小燈泡說(shuō)明書(shū)上附有如圖甲所示的電壓隨電流變化圖象，乙圖是該批次三個(gè)小燈泡連接而成的電路，三個(gè)燈泡均發(fā)光時(shí)電壓表V2的示數(shù)為IV，下列說(shuō)法正確的是（ ）Q.2QX0.60.5J/A甲 乙A.電壓表V1的示數(shù)為2.0VB.電流表A1的示數(shù)為0.60AC.若燈泡L1短路，則電壓表V2的示數(shù)為5.0VD.電源的輸出功率為0.90W【分析】圖中燈泡L2與L3并聯(lián)后與燈泡L1串聯(lián)，根據(jù)電壓表V2的示數(shù)和U-I圖象求解出干路電流，得到通過(guò)另外兩個(gè)燈泡的電流，再結(jié)合U-I圖象得到燈泡L［的電壓.【解答】解：AB、電壓表故的示數(shù)為IV,由U-I圖象得到其電流為0.3A,故L2、匕兩個(gè)燈泡的電流均為0.3A,干路電流為0.6A,再根據(jù)U-I圖象得到電壓為4V,故電壓表V1的示數(shù)為4V,電流表A1的示數(shù)為0.60A,故A錯(cuò)誤，B正確；C、若L［短路，總電阻減小，總電流增大，內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，電壓表%的示數(shù)小于5V,故C錯(cuò)誤；D、路端電壓為4V+1V=5V,干路電流為0.6A,故輸出功率為P=UI=5X0.6=3.0W,故D錯(cuò)誤；故選：B。4．（6分）據(jù)美國(guó)宇航局消息，在距離地球40光年的地方發(fā)現(xiàn)了三顆可能適合人類居住的類地行星，假設(shè)某天我們可以穿越空間到達(dá)某一類地行星，測(cè)量以初速度10m/s豎直上拋一個(gè)小球可到達(dá)的最大高度只有1米，而其球體半徑只有地球的一半，則其平均密度和地球的平均密度之比為（g=10m/s2）（ ）A．5：2B．2：5C．1：10D．10：1【分析】根據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求出類地行星表面的重力加速度，根據(jù)萬(wàn)有引力等于重力得出重力加速度表達(dá)式，結(jié)合密度公式，即可求出類地行星的平均密度和地球的平均密度之比．【解答】解：根據(jù)萬(wàn)有引力等于重力，有1rlMm"J--門

在類地行星表面，呂二城二喜口八二5班，小■^^=—?—=—X—=—，故D正確，ABC錯(cuò)誤P地目地R行1。 1 1故選：D。5.（6分）如圖所示，底角為0=21的圓錐體靜止不動(dòng)，頂端通過(guò)一根長(zhǎng)為L(zhǎng)=1m4的細(xì)線懸掛一個(gè)質(zhì)量為m=1kg的小球，細(xì)線處于張緊狀態(tài)，若小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，角速度為⑴的取值范圍介于3rad/s到4rad/s之間，不計(jì)一切阻力，則細(xì)線拉力F可能等于（）則有:所以，苧4則有:所以，苧4+io,A.5近一5B.5\,+5C.15D.20【分析】先求小球運(yùn)動(dòng)的半徑，得到向心力的范圍；對(duì)小球進(jìn)行受力分析，得到向心力和拉力的關(guān)系式，聯(lián)立向心力的范圍即可解得拉力的范圍，【解答】解：小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以，小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半?R=Lcos9=-^y-ir，角速度為之的取值范圍介于3rad/s到4rad/s之間，向心力為：F向二m3%，所以有：詈弼＜電＜[2?。?duì)小球進(jìn)行受力分析，如右圖：即：3+5,2<F<g+5J?。故BC正確，AD錯(cuò)誤。故選：BC。6．（6分）每到夜深人靜的時(shí)候我們就會(huì)發(fā)現(xiàn)燈泡比睡覺(jué)前要亮，其原因在于大家都在用電時(shí)，用電器較多，利用下圖模擬輸電線路，開(kāi)關(guān)的閉合或者斷開(kāi)模擬B.開(kāi)關(guān)閉合，燈泡L1兩端電壓升高C.開(kāi)關(guān)閉合，原線圈輸入功率增大D.開(kāi)關(guān)斷開(kāi)，副線圈電壓增大【分析】根據(jù)電壓與匝數(shù)程正比，電流與匝數(shù)成反比，變壓器的輸入功率和輸出功率相等，逐項(xiàng)分析即可得出結(jié)論．【解答】解：A、家庭電路用電器之間為并聯(lián)關(guān)系，用戶較多時(shí)，并聯(lián)支路增多，相當(dāng)于開(kāi)關(guān)閉合，而與之串聯(lián)的定值電阻，實(shí)際是等效輸電線的電阻，故A正確；B、開(kāi)關(guān)閉合副線圈總電阻變小，總電流變大，定值電阻分電壓增多，并聯(lián)電壓變小，即燈泡片兩端電壓減小，故B錯(cuò)誤；C、副線圈電壓不變電流增大，副線圈電功率增大，根據(jù)能量守恒，原線圈電功率也增大，故C正確；D、原、副線圈匝數(shù)和電壓成正比，由于匝數(shù)比值不變，原線圈輸入電壓也不變，所以副線圈電壓不會(huì)變化，故D錯(cuò)誤；故選：AC。.（6分）豎直平面內(nèi)存在有勻強(qiáng)電場(chǎng)，一個(gè)質(zhì)量為m,帶電荷量為q的小球以初速度v0沿與豎直方向成0斜向左上方沿直線運(yùn)動(dòng)，已知小球運(yùn)動(dòng)路徑恰好在勻強(qiáng)電場(chǎng)的平面內(nèi)，那么在小球發(fā)生位移L的過(guò)程中，下列分析正確的是（）A.若小球做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則電場(chǎng)強(qiáng)度E=^-Q.若小球做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)強(qiáng)度可能等于E=@強(qiáng)C.若小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程電勢(shì)能不變，則電場(chǎng)強(qiáng)度E=^^“日qD.若小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程電勢(shì)能不變，則小球的動(dòng)量變化量與速度反向【分析】小球在電場(chǎng)中受電場(chǎng)力和重力作用，根據(jù)運(yùn)動(dòng)情況分析受力情況求解【解答】解：A、若小球做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則受力平衡，有Eq=mg,則舊理，故QA正確；B、若小球做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則電場(chǎng)力和重力的合力與初速度同向，必有Eq>mg,則E〉號(hào)，故B錯(cuò)誤；CD、若小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電勢(shì)能不變，則電場(chǎng)力不做功，則電場(chǎng)力與速度方向垂直,重力分解為垂直于速度和沿速度的分量,重力垂直初速度方向的分力與電場(chǎng)力相等，則有mgsinB二Eq,所以3=喳衛(wèi)生，小球合力等于重力沿速度方向的分量，與速度方向相反，以初速度方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量定理,有：I=-mgcose?t=4p<0,動(dòng)量的變化量方向?yàn)樨?fù)方向，則小球動(dòng)量變化量與速度反向，故CD正確；故選：ACD。8.（6分）長(zhǎng)方形區(qū)域內(nèi)存在有正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng),其方向如圖所示,一個(gè)質(zhì)量m帶電荷量q的小球以初速度v0豎直向下進(jìn)入該區(qū)域.若小球恰好沿直線下降,則下列選項(xiàng)正確的是（）A.小球帶正電B.場(chǎng)強(qiáng)E=^lQC.小球做勻速直線運(yùn)動(dòng) D.磁感應(yīng)強(qiáng)度B=上支q可口【分析】粒子沿直線運(yùn)動(dòng)，必定做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)左手定則和平衡條件可判斷電性，并可求出B和E.【解答】解：A、若粒子帶正電，電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)線的方向相同，向右下方；洛倫茲力垂直于V0向左，同時(shí)重力的方向向下，則電場(chǎng)力、洛倫茲力和重力不可能平衡。若粒子帶負(fù)電，電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)線的方向相反，指向左上方，洛倫茲力垂直于v0向右，重力的方向豎直向下，則電場(chǎng)力、洛倫茲力和重力可能平衡?？芍Ｗ訋ж?fù)電。故A錯(cuò)誤。B、由A的分析可知，電場(chǎng)力沿豎直方向的分力與重力大小相等方向相反，則有：qE?sin45°=mg所以：E=qi.故b錯(cuò)誤；C、粒子如果做勻變速運(yùn)動(dòng)，重力和電場(chǎng)力不變，而洛倫茲力變化，粒子不能沿直線運(yùn)動(dòng)，與題意不符，可知小球一定做勻速直線運(yùn)動(dòng)。故C正確。D、粒子在水平方向受到的洛倫茲力與電場(chǎng)力沿水平方向的分力大小相等，方向相反，則由平衡條件得：qvB=qEcos0,聯(lián)立解得：B=曰1，故D正確q甲D故選：CD。陽(yáng)

三、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分.第9?12題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答.第13?16題為選考題，考生根據(jù)要求作答.（一）必考題9．（8分）光電門在測(cè)量物體的瞬時(shí)速度方面有得天獨(dú)厚的優(yōu)勢(shì)，比如在探究加速度和力的關(guān)系時(shí)就省去了打點(diǎn)計(jì)時(shí)器分析紙帶的不便，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示．（1（1）雖然少了計(jì)算的麻煩，卻必須要測(cè)量遮光條的寬度，游標(biāo)卡尺測(cè)量的結(jié)果如圖所示，我們可以發(fā)現(xiàn)游標(biāo)尺上每一分度與主尺上的最小刻度相差0.005cm,遮光條寬度為0.225cm.（2）某次實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，已經(jīng)得到AB之間的距離l和通過(guò)光電門的時(shí)間t和力傳感器的示數(shù)F,若要完成探究目的，還需要滿足的條件是A位置必須由靜止釋放.若要以F為橫坐標(biāo)，做出一條傾斜的直線來(lái)判斷加速度和力成正比，那么縱坐標(biāo)的物理量應(yīng)該是一吃一⑴或4）.【分析】游標(biāo)尺的精確度=1【分析】游標(biāo)尺的精確度=1等分刻度mm,游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀；滑塊經(jīng)過(guò)光電門時(shí)的瞬時(shí)速度可近似認(rèn)為是滑塊經(jīng)過(guò)光電門的平均速度.根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解答.【解答】解：（1）游標(biāo)卡尺的精度為【解答】解：（1）游標(biāo)卡尺的精度為1

等分刻度mm,因此游標(biāo)卡尺有20個(gè)小的等分刻度，游標(biāo)尺上每一分度與主尺上的最小刻度相差0.05mm=0.005cm,游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為2mm,游標(biāo)讀數(shù)為0.05X5mm=0.25mm,所以最終讀數(shù)為：2mm+0.25mm=2.25mm=0.225cm.(2)實(shí)驗(yàn)時(shí)，將滑塊從A位置必須由靜止釋放，由數(shù)字計(jì)時(shí)器讀出遮光條通過(guò)光電門B的時(shí)間t，滑塊經(jīng)過(guò)光電門時(shí)的瞬時(shí)速度可近似認(rèn)為是滑塊經(jīng)過(guò)光電門的平均速度．根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得若要得到滑塊的加速度，還需要測(cè)量的物理量是遮光條到光電門的距離1.由題意可知，該實(shí)驗(yàn)中保持小車質(zhì)量M不變，因此有：V2=2a1,v=—,a=—,tM可得：立)2?X?1,/M解得：F=^d1.占.21 ”故答案為：(1)0.005,0.225；(2)A位置必須由靜止釋放，二L.上210.(6分)壓敏電阻由在壓力作用下發(fā)生形變進(jìn)而導(dǎo)致電阻率發(fā)生變化的材料組成，為了探究某壓敏材料的特性，有人設(shè)計(jì)了如下的電路，一電源電動(dòng)勢(shì)3V內(nèi)阻約為1。，兩個(gè)電流表量程相同均為0.6A,一個(gè)電流表內(nèi)阻r已知，另外一個(gè)電流表內(nèi)阻較小但阻值未知.圖1 圖2(1)電路圖中哪個(gè)電流表的內(nèi)阻r已知A1 (A1或者A2)(2)在某一個(gè)壓力測(cè)試下，兩個(gè)電流表A1A2的讀數(shù)分別為I1和I2,則壓敏電阻的阻值Rx=__ZlL.（3）經(jīng)過(guò)測(cè)試獲得壓敏電阻的阻值和壓力的關(guān)系圖如下所示，以豎直向下為正方向，則阻值和壓力的關(guān)系式是R=二2F+16.【分析】（1）根據(jù)伏安法測(cè)電阻的原理與實(shí)驗(yàn)電路圖分析選擇電流表.（2）根據(jù)并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律求出待測(cè)電阻阻值．（3）根據(jù)圖示圖象求出阻值與壓力的關(guān)系式．【解答】解：（1）測(cè)壓敏電阻阻值時(shí)應(yīng)測(cè)出電阻兩端電壓，由圖示電路圖可知，壓敏電阻與電流表A1并聯(lián)，則需要知道電流表A1的內(nèi)阻.（2）由圖示電路圖可知，待測(cè)電阻阻值：Rx='=/l.（3）由圖示圖象可知，R與F成線性關(guān)系，不妨設(shè)：R=kF+b,由圖示圖象可知：F=0N時(shí)R=16Q,F=4.5N時(shí)R=7。，由此得：b=16,7=4.5k+b,解得：k=-2,則R與F的關(guān)系式為：R=-2F+16.故答案為：（1）A1;（2）工產(chǎn)；（3）R=-2F+16.12Tl（15分）如圖，水平邊界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)上方5m處有一個(gè)邊長(zhǎng)1m的正方形導(dǎo)線框從靜止開(kāi)始下落，已知線框質(zhì)量為1kg,電阻為R=10Q,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=1T,當(dāng)線框的cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)（1）求線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大?。唬?）求cd兩點(diǎn)間的電勢(shì)差大??；（3）若線框此時(shí)加速度等于0,則線框電阻應(yīng)該變?yōu)槎嗌贇W姆.【分析】（1）根據(jù)機(jī)械能守恒定律求出線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度，由E=BLv即可求解線框中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大??；（2）cd間的電勢(shì)差即為電源的路端電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓與電阻成正比易求出；（3）此時(shí)線框加速度恰好為零，線框所受的安培力與重力平衡，推導(dǎo)出安培力表達(dá)式，由平衡條件即可求解線框電阻；解：（1）根據(jù)機(jī)械能守恒定律^的二］IW?解得歸/2gh=/2X10X5hi/s=10id/s感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv=1X1X10=10V（2）設(shè)線框電阻為R,則cd兩點(diǎn)間的電勢(shì)差大小為：R=Je4x1a5邛（3）線框中電流［=看線框cd邊所受安培力除BILB?哈唾」；■122加速度為0,所以合力為0,則咤二BL"R砥屋L%12xi2xiq^^得R=: 1乂1仆 Q:1qing1X10答：（1）線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為10V；（2）cd兩點(diǎn)間的電勢(shì)差大小為7.5V；（3）若線框此時(shí)加速度等于0，則線框電阻應(yīng)該變?yōu)?歐姆（18分）質(zhì)量分別為2m和m的滑塊1和滑塊2通過(guò)一根細(xì)線拴接在壓縮的彈簧兩端，某一刻細(xì)線剪斷后滑塊1沿水平面向左運(yùn)動(dòng)，滑塊2向右從斜面底端開(kāi)始沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，忽略滑塊2沿斜面向上運(yùn)動(dòng)前的速度大小變化，當(dāng)斜面傾角0=工時(shí)，滑塊1和滑塊2滑行的最大距離之比為.多4,當(dāng)傾斜角度變化時(shí)，6滑塊沿斜面滑行的最大距離也會(huì)隨之變化.重力加速度為8，水平部分和斜面部分動(dòng)摩擦因數(shù)相同.（1）滑塊和斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)；（2）假設(shè)滑塊2的初速度為v0，當(dāng)斜面傾角為多大時(shí)，滑塊滑行的最大距離最小,最小值是多少？

田加幗多C…【分析（1）對(duì)于細(xì)線剪斷后彈簧彈開(kāi)兩滑塊的過(guò)程，由于系統(tǒng)的合外力為零，所以系統(tǒng)的機(jī)械能守恒．由動(dòng)量守恒定律求得兩個(gè)滑塊獲得的速度大小之比．對(duì)滑塊1和滑塊2滑行的過(guò)程，分別運(yùn)用動(dòng)能定理列式，即可求得滑塊和斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)；（2）對(duì)滑塊2在斜面上上滑的過(guò)程，運(yùn)用動(dòng)能定理列式，結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)求滑塊滑行距離的最小值．【解答】解：（1）設(shè)細(xì)線剪斷后滑塊1和滑塊2的速度大小分別為v1和v2.取向左為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：2mv1-mv2=0解得v1：v2=1：2對(duì)滑塊1和滑塊2滑行的過(guò)程，分別由動(dòng)能定理得：-pi*2mgs1=0--1-X2mv12.-pi*2mgs1=0--1-X2mv12.一(mgsine+pimgcosB)s2=0-mmv22.-mmv.2.其中13門1=山則得a=30由數(shù)學(xué)知識(shí)可知：當(dāng)0+a=90°,即0=60°時(shí)滑塊滑行的最大距離最小，最小值是答：（1）滑塊和斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)是-1;3（2）假設(shè)滑塊2的初速度為v0，當(dāng)斜面傾角為60°時(shí)，滑塊滑行的最大距離最小，最小值是一言（二）選考題：共45分．請(qǐng)考生從2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答．如果多做，則每學(xué)科按所做的第一題計(jì)分．[物理--選修3-3]（15分）13．（5分）下列說(shuō)法中正確的是（ ）A.絕對(duì)濕度大，相對(duì)濕度一定大B.對(duì)于一定質(zhì)量的理想氣體，當(dāng)分子間的平均距離變大時(shí)，壓強(qiáng)不一定變小C.密封在體積不變的容器中的氣體，溫度升高，氣體分子對(duì)器壁單位面積上的平均作用力增大D.兩個(gè)鐵塊用力擠壓不能粘合在一起說(shuō)明分子之間存在有斥力E.液體表面張力的作用是使液體表面收縮【分析】解答本題需掌握：絕對(duì)濕度是指每單位容積的氣體所含水分的重量，一般用mg/L作指標(biāo).相對(duì)濕度是指絕對(duì)濕度與該溫度飽和狀態(tài)水蒸氣含量之比，用百分?jǐn)?shù)表達(dá)．理想氣體狀態(tài)方程雙二C；T兩個(gè)鐵塊用力擠壓不能粘合在一起說(shuō)明分子之間存在有斥力；凡作用于液體表面，使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力．它產(chǎn)生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個(gè)薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力．【解答】解：A、對(duì)于不同的壓強(qiáng)和溫度，飽和蒸汽壓不同，故絕對(duì)濕度大時(shí)相對(duì)濕度不一定大，故A錯(cuò)誤；B、當(dāng)分子間的平均距離變大時(shí)，氣體的體積增大，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程更RTQ可知，若氣體的溫度同時(shí)升高，則壓強(qiáng)不一定減?。还蔅正確；C、密封在體積不變的容器中的氣體，溫度升高，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程平二。可知體積不變溫度升高時(shí)，氣體的壓強(qiáng)增大，所以，氣體分子對(duì)器壁單位面積上的平均作用力增大，故C正確；D、兩個(gè)鐵塊用力擠壓不能粘合在一起說(shuō)明分子之間存在有引力，故D錯(cuò)誤；E、作用于液體表面，使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力，液體表面張力的作用是使液體表面收縮，故E正確；故選：BCE。14．（10分）通電后汽缸內(nèi)的電熱絲緩慢加熱，由于汽缸絕熱使得汽缸內(nèi)密封的氣體吸收熱量Q后溫度由T1升高到T2，由于汽缸內(nèi)壁光滑，敞口端通過(guò)一個(gè)質(zhì)量m橫截面積為S的活塞密閉氣體.加熱前活塞到汽缸底部距離為h.大氣壓用P0表示，①活塞上升的高度；②加熱過(guò)程中氣體的內(nèi)能增加量.【分析】①給氣體加熱時(shí)，封閉氣體發(fā)生等壓變化，可根據(jù)蓋?呂薩克定律列式求解溫度上升到T2時(shí)，活塞與容器底部相距的距離h’.即可得到活塞上升的距離.②氣體發(fā)生等壓變化，對(duì)活塞的壓力大小不變，由公式W=P△V求出氣體對(duì)活塞做功，即可根據(jù)熱力學(xué)第一定律求內(nèi)能的變化量.【解答】解：①設(shè)溫度為t2時(shí)活塞與容器底部相距h2.因?yàn)闅怏w做等壓變化，由蓋呂薩克定律有：活塞上