2020年湖北省武漢市高考物理調(diào)研試卷(2月份) (含答案解析)

第=page22頁(yè)，共=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，共=sectionpages44頁(yè)2020年湖北省武漢市高考物理調(diào)研試卷（2月份）一、單選題（本大題共5小題，共20.0分）地球上某處海水的周期性漲落稱為潮汐。潮汐主要是月球?qū)Ｋ囊υ斐傻?，太?yáng)的引力也起一定的作用，但要弱得多。引起潮汐的力稱為引潮力，引潮力沿垂直海水表面向上(背離地心)最大處，海水形成高峰；反之，引潮力沿垂直海水表面向下(指向地心)最大處，海水出現(xiàn)低谷。為簡(jiǎn)化研究，只在地-月系統(tǒng)分析問(wèn)題，此時(shí)引潮力可稱為月潮力。假設(shè)地球表面全部被海水覆蓋，如圖所示，月地距離為r，地球半徑為R，月球質(zhì)量為M月，地球質(zhì)量為M地；A為近月點(diǎn)，B為遠(yuǎn)月點(diǎn)。如取直角坐標(biāo)系的x軸沿月地聯(lián)線，θ為地表某處的半徑與x軸正方向的夾角。該處質(zhì)量為△m的海水的月潮力在x軸、y軸上的分力值Fx、Fy分別是Fx=A.月潮力就是地球?qū)Ｋ囊?B.月潮力就是月球?qū)Ｋ囊?/p>

C.近月點(diǎn)處的海水月潮力向下最大 D.遠(yuǎn)月點(diǎn)處的海水月潮力向上最大人類和平利用核能始于二十世紀(jì)五十年代，核能的開(kāi)發(fā)和應(yīng)用是解決能源問(wèn)題的重要途徑之一。下列關(guān)于核反應(yīng)的描述或判斷正確的是(????)A.?92238U→90234Th+24He是核聚變

B.?90234一汽車在平直公路上15m/s的速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)發(fā)現(xiàn)前方發(fā)生事故時(shí)3m/s2的加速度緊急剎車，停在發(fā)生事故位置前，那么剎車過(guò)程中前2s內(nèi)的位移與最后2s的位移的比值為(????)A.

14 B.4 C.52 如圖甲為一理想自耦變壓器，輸入端接交流穩(wěn)壓電源，其電壓隨時(shí)間變化關(guān)系如圖乙所示．已知n1、n2的比值為2∶1，負(fù)載電阻R的阻值為5?Ω，下面正確的說(shuō)法有(????)A.負(fù)載電阻R消耗的電功率約為48W

B.通過(guò)負(fù)載電阻R的電流的有效值為22A

C.通過(guò)負(fù)載電阻R的電流的頻率為100Hz

D.通過(guò)負(fù)載電阻R的電流的頻率為25Hz如圖所示，質(zhì)量為m的小球在豎直光滑圓形內(nèi)軌道中做圓周運(yùn)動(dòng)，周期為T(mén)，則下列說(shuō)法正確的是(????)

A.每運(yùn)轉(zhuǎn)一周，小球所受重力的沖量的大小為0

B.每運(yùn)轉(zhuǎn)一周，小球所受重力的沖量的大小為mgT2

C.每運(yùn)轉(zhuǎn)一周，小球所受合力的沖量的大小為0

D.每運(yùn)轉(zhuǎn)半周，小球所受重力的沖量的大小一定為二、多選題（本大題共5小題，共20.0分）如圖所示，某次足球訓(xùn)練，守門(mén)員將靜止的足球從M點(diǎn)踢出，球斜拋后落在60m外地面上的P點(diǎn)。發(fā)球的同時(shí)，前鋒從距P點(diǎn)11.5m的N點(diǎn)向P點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，其初速度為2m/s，加速度為4m/s2，當(dāng)其速度達(dá)到8m/s后保持勻速運(yùn)動(dòng)。若前鋒恰好在P點(diǎn)追上足球，球員和球均可視為質(zhì)點(diǎn)，忽略球在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)的阻力，重力加速度g取10m/s2.A.前鋒加速的距離為7.5m

B.足球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為

2.3s

C.足球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最小速度為30

m/s

D.足球上升的最大高度為10m某勻強(qiáng)電場(chǎng)中的4個(gè)平行且等距的等勢(shì)面如圖中的虛線A、B、C、D所示，其中等勢(shì)面C電勢(shì)為零。一電子僅在靜電力作用下運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)等勢(shì)面A、D時(shí)的動(dòng)能分別為21eV和6eV，則下列說(shuō)法正確的是(

)

A.電場(chǎng)方向垂直于等勢(shì)面由D指向A

B.等勢(shì)面D的電勢(shì)為-5V

C.該電子可以到達(dá)電勢(shì)為-12V的等勢(shì)面

D.若該電子運(yùn)動(dòng)到某位置時(shí)的電勢(shì)能為8eV，則它的動(dòng)能為3eV如圖所示，四分之一圓內(nèi)存在垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，∠AOB=90°，AO邊和BO邊的中點(diǎn)分別為C和D，AO邊和BO邊與水平方向的夾角均為45°.在紙面內(nèi)電子從C點(diǎn)以速度v垂直于AO的方向射入磁場(chǎng)，從D點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)．電子重力不計(jì)．下列說(shuō)法正確的是

A.電子離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)，運(yùn)動(dòng)方向與BO垂直

B.如果電子以相同的速度從A點(diǎn)射入磁場(chǎng)，則電子從O點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)

C.如果一個(gè)質(zhì)子以與電子相同的速度從C點(diǎn)射入磁場(chǎng)，質(zhì)子的軌道半徑大小不變

D.如果電子從C點(diǎn)豎直向上射入磁場(chǎng)，也可從D點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)如圖所示，倒懸的導(dǎo)熱氣缸中有一個(gè)可無(wú)摩擦上下移動(dòng)且不漏氣的活塞A，活塞A的下面吊著一個(gè)重物，氣缸中封閉著一定質(zhì)量的理想氣體．起初各部分均靜止不動(dòng)，大氣壓強(qiáng)保持不變．對(duì)于氣缸內(nèi)的氣體，當(dāng)其狀態(tài)緩慢發(fā)生變化時(shí)，下列判斷正確的是(????)A.若環(huán)境溫度升高，則氣體的壓強(qiáng)一定增大

B.當(dāng)活塞向下移動(dòng)時(shí)，外界一定對(duì)氣體做正功

C.保持環(huán)境溫度不變，緩慢增加重物的質(zhì)量，氣體一定會(huì)吸熱

D.若環(huán)境溫度降低，緩慢增加重物的質(zhì)量，氣體體積可能保持不變?nèi)鐖D所示，一列簡(jiǎn)諧橫波t=0時(shí)波形如圖，波沿x軸負(fù)向傳播，傳播速度v=1m/s，則下列說(shuō)法正確的是(????)A.此時(shí)x=1.25

m處的質(zhì)點(diǎn)正在做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)

B.x=0.4

m處的質(zhì)點(diǎn)比x=0.6

m處的質(zhì)點(diǎn)先回到平衡位置

C.x=4

m處的質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)過(guò)1.5

s可運(yùn)動(dòng)到波峰位置

D.t=2s的波形圖與t=0時(shí)的波形圖重合

E.x=2

m處的質(zhì)點(diǎn)在做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，其振動(dòng)方程為y=0.4sin(πt)(m)三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共18.0分）在“描繪小燈泡伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)先用多用電表的250?mA擋測(cè)量通過(guò)小燈泡的電流．(1)在下圖所示電路中，需要將多用電表的兩表筆連接到a、b兩處，其中黑表筆應(yīng)與____(選填“a”或“b”)連接.

(2)由于長(zhǎng)期使用多用電表，表內(nèi)電池的電動(dòng)勢(shì)會(huì)降低，仍按步驟測(cè)量電路中的電流，則測(cè)量示數(shù)會(huì)____(選填“偏大”“偏小”或“不變”).

某實(shí)驗(yàn)小組利用彈簧秤和刻度尺，測(cè)量滑塊在木板上運(yùn)動(dòng)的最大速度．實(shí)驗(yàn)步驟如下：①用彈簧秤測(cè)量橡皮泥和滑塊的總重力，記作G；②將裝有橡皮泥的滑塊放在水平木板上，通過(guò)水平細(xì)繩和固定彈簧秤相連，如圖甲所示．在A端向右拉動(dòng)木板，等彈簧秤讀數(shù)穩(wěn)定后，將讀數(shù)記作F；③改變滑塊上橡皮泥的質(zhì)量，重復(fù)步驟①②；實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如下表所示：G/N1.502.002.503.003.504.00F/N0.620.830.991.221.371.61④如圖乙所示，將木板固定在水平桌面上，滑塊置于木板上左端C處，細(xì)繩跨過(guò)定滑輪分別與滑塊和重物P連接，保持滑塊靜止，測(cè)量重物P離地面的高度h；⑤滑塊由靜止釋放后開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，最終停在木板上D點(diǎn)(未與滑輪碰撞)，測(cè)量C、D間距離S.完成下列作圖和填空：(1)根據(jù)表中數(shù)據(jù)在給定的坐標(biāo)紙(見(jiàn)答題卡)上作出F—G圖線．(2)由圖線求得滑塊和木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=

(保留2位有效數(shù)字)(3)滑塊最大速度的大小v=

(用h、s、μ和重力加速度g表示．)四、計(jì)算題（本大題共4小題，共40.0分）如圖所示，用遙控器控制小車，使小車從靜止開(kāi)始沿傾角為α=37°的斜面向上運(yùn)動(dòng)，該過(guò)程可看成勻加速直線運(yùn)動(dòng)，牽引力F大小為25N，運(yùn)動(dòng)x距離時(shí)出現(xiàn)故障，此后小車牽引力消失，再經(jīng)過(guò)3s小車剛好達(dá)到最高點(diǎn)，且小車在減速過(guò)程中最后2s內(nèi)的位移為20m，已知小車的質(zhì)量為1kg，g=10m/s2(已知sin37°=0.6，cos37°=0.8)求：

(1)小車與斜面的動(dòng)摩擦因數(shù)；

(2)求勻加速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的位移x．

如圖所示，虛線框內(nèi)為某種電磁緩沖車的結(jié)構(gòu)示意圖，其主要部件為緩沖滑塊K和質(zhì)量為m的緩沖車廂。在緩沖車廂的底板上，平行車的軸線固定著兩個(gè)光滑水平絕緣導(dǎo)軌PQ、MN.緩沖車的底部還裝有電磁鐵(圖中未畫(huà)出)，能產(chǎn)生垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.導(dǎo)軌內(nèi)的緩沖滑塊K由高強(qiáng)度絕緣材料制成，滑塊K上繞有閉合矩形線圈abcd，線圈的總電阻為R，匝數(shù)為n，ab邊長(zhǎng)為L(zhǎng).假設(shè)緩沖車以速度v0與障礙物C碰撞后，滑塊K立即停下，此后線圈與軌道間的磁場(chǎng)作用力使緩沖車廂減速運(yùn)動(dòng)，從而實(shí)現(xiàn)緩沖，一切摩擦阻力不計(jì)。求：

(1)緩沖車緩沖過(guò)程最大加速度am的大?。?/p>

(2)若緩沖車廂向前移動(dòng)距離L后速度為零，則此過(guò)程線圈abcd中通過(guò)的電量q和產(chǎn)生的焦耳熱Q；

(3)若緩沖車以某一速度v0'(未知)與障礙物C碰撞后，滑塊K立即停下，緩沖車廂所受的最大水平磁場(chǎng)力為Fm.緩沖車在滑塊K停下后，其速度v隨位移x的變化規(guī)律滿足：v=v0'-n2B2L2mRx.如圖甲所示，有一“上”形、粗細(xì)均勻的玻璃管，開(kāi)口端豎直向上放置，水平管的兩端封閉有理想氣體A與B，氣柱長(zhǎng)度都是22cm，中間水銀柱總長(zhǎng)為12cm。現(xiàn)將水銀全部推進(jìn)水平管后封閉管道接口處，并把水平管轉(zhuǎn)成豎直方向，如圖乙所示，為了使A、B兩部分氣體一樣長(zhǎng)，把B氣體的一端單獨(dú)放進(jìn)恒溫?zé)崴屑訜?，試?wèn)熱水的溫度應(yīng)控制為多少？(已知外界大氣壓強(qiáng)為76cmHg，氣溫275K)

如圖為某種透明玻璃磚的橫截面，PM=2R，O為PM中點(diǎn)，PN為半徑為R的四分之一圓弧。一束平行單色光從OM區(qū)域垂直O(jiān)M水平射入玻璃磚。已知玻璃磚的臨界角為C=30°，光在真空中速度為c。求：

(i)在PN弧上有光線射出區(qū)域的弧長(zhǎng)；

(ii)從OM射入的光線經(jīng)MN一次反射后直接從PN弧離開(kāi)的最長(zhǎng)時(shí)間。

答案與解析1.答案：D

解析：解：A、月潮力是月球引力和地球離心力兩者結(jié)合起來(lái)產(chǎn)生的合力，故AB錯(cuò)誤；

C、月潮力在x軸、y軸上的分力值Fx、Fy分別是Fx=2GM月△mr3Rcosθ，F(xiàn)y=2GM月△mr3Rsinθ，近月點(diǎn)處對(duì)應(yīng)的夾角是180°，F(xiàn)x最大，方向指向月心，所以近月點(diǎn)處的海水月潮力向上最大，故C錯(cuò)誤；

D、遠(yuǎn)月點(diǎn)處對(duì)應(yīng)的夾角是0°，F(xiàn)解析：解：A、α衰變放出的是氦原子核，這是α衰變，故A錯(cuò)誤；

B、α衰變放出的是氦原子核，β衰變放出的是電子，該核反應(yīng)為β衰變。故B錯(cuò)誤；

C、核聚變的過(guò)程與核裂變相反，是幾個(gè)原子核聚合成一個(gè)原子核的過(guò)程，這是氫原子核聚變?yōu)楹ぴ雍?，故C錯(cuò)誤；

D、核裂變是一個(gè)原子核分裂成幾個(gè)原子核的變化，質(zhì)量非常大的原子核才能發(fā)生核裂變，該核反應(yīng)為裂變方程，故D正確；

故選：D。

核裂變是一個(gè)原子核分裂成幾個(gè)原子核的變化，只有一些質(zhì)量非常大的原子核才能發(fā)生核裂變；核聚變的過(guò)程與核裂變相反，是幾個(gè)原子核聚合成一個(gè)原子核的過(guò)程，只有較輕的原子核才能發(fā)生核聚變；不穩(wěn)定核自發(fā)地放出射線而轉(zhuǎn)變?yōu)榱硪环N原子核的現(xiàn)象，稱為衰變。

本題考查了重核裂變、輕核聚變和不穩(wěn)定核的自發(fā)衰變，需要記住即可。

3.答案：B

解析：【分析】

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度時(shí)間公式求出汽車剎車到停止所需的時(shí)間，因?yàn)槠囁俣葹榱愫蟛辉龠\(yùn)動(dòng)，再根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移時(shí)間公式求剎車過(guò)程前2s的位移，根據(jù)逆向思維，末速度為0的勻減速直線運(yùn)動(dòng)可以看成初速度為0的反向的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，所以求最后2s的位移即求反向的前2s的位移。

本題屬于運(yùn)動(dòng)學(xué)中的剎車問(wèn)題，關(guān)鍵要注意汽車速度為零后不再運(yùn)動(dòng)，對(duì)于末速度為0的勻減速直線可以采用逆向思維處理。

【解答】

汽車從開(kāi)始剎車到停止的時(shí)間為：t0=v0a=153s=5s

剎車過(guò)程中前2s的位移為：x1=v0t1+12at12=15×2m+12×(-3)×22m=24m

反向看成是初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，最后2解析：解：A、由乙圖得到理想變壓器的輸出電壓的最大值為Um=311V，故有效值為：U1=3112=220V；

已知n1、n2的比值為2：1，

根據(jù)理想變壓器的變壓比得副線圈電壓U2=110V，

所以通過(guò)負(fù)載電阻消耗的電功率為P2?=U22R=110?25=2420W，故A錯(cuò)誤；

B、通過(guò)負(fù)載電阻R的電流的有效值為解析：【分析】

由沖量的定義I=Ft即可得出重力沖量的大小。

本題應(yīng)明確沖量為力與力作用時(shí)間的乘積，與運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無(wú)關(guān)；同時(shí)注意動(dòng)量定理的應(yīng)用，知道小球回到同一點(diǎn)時(shí)速度大小方向相同。

【解答】

AB.轉(zhuǎn)動(dòng)一周時(shí)，時(shí)間為T(mén)，則重力沖量I=mgT，故AB錯(cuò)誤；

C.因每轉(zhuǎn)動(dòng)一周，小球的動(dòng)量保持不變，由動(dòng)量定理可知，合外力的沖量為零，故C正確；

D.由于小球在豎直面上做變速圓周運(yùn)動(dòng)，故轉(zhuǎn)動(dòng)半周用時(shí)不一定為T(mén)2，故重力的沖量不一定為4π2LB-LATB2解析：解：A、前鋒做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，初速度為2m/s，加速度為4m/s2，末速度為8m/s，根據(jù)速度-位移公式可知，v2-v02=2ax加，代入數(shù)據(jù)解得x加=7.5m，A正確；

B、前鋒和足球運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，前鋒加速運(yùn)動(dòng)時(shí)間t勻=v-v0a=1.5s，勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)間t勻=x-x加v=0.5s，故足球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為2s，B錯(cuò)誤；

C、足球水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，位移為60m，時(shí)間為2s，故運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最小速度為30m/s，C解析：解：A、因電子只在靜電力的作用下運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)A、D等勢(shì)面點(diǎn)的動(dòng)能分別為21eV和6eV，根據(jù)動(dòng)能定理，則有：-e(φA-φD)=(-21+6)eV，解得：φA-φD=15V，A點(diǎn)的電勢(shì)高，則電場(chǎng)線的方向垂直于等勢(shì)面由A指向D.故A錯(cuò)誤；

又：φC=0，可解得：φD=-5V，故B正確；

C、因只有電場(chǎng)力做功，動(dòng)能與電勢(shì)能之和保持不變，當(dāng)電子的速度為零時(shí)，由能量守恒定律，可知，-eφD+5eV=-eφ，解得：φ=-10V，則該電子不可以到達(dá)電勢(shì)為-12V的等勢(shì)面，故C錯(cuò)誤；

解析：【分析】

根據(jù)幾何關(guān)系，畫(huà)出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，判斷電子離開(kāi)磁場(chǎng)的情況；帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，分析半徑關(guān)系，結(jié)合幾何知識(shí)分析判斷。

本題關(guān)鍵知道帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，畫(huà)出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡是關(guān)鍵。

【解答】

A.根據(jù)幾何關(guān)系，畫(huà)出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，電子垂直于AO進(jìn)入磁場(chǎng)，也垂直于BO離開(kāi)磁場(chǎng)，故A正確；

B.如果電子以相同的速度從A點(diǎn)射入磁場(chǎng)，電子的軌道半徑仍為R2，電子從O點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)，故B正確；

C.如果一個(gè)質(zhì)子以與電子相同的速度從C點(diǎn)射入磁場(chǎng)，根據(jù)半徑公式r=mvqB，因?yàn)殡娮雍唾|(zhì)子比荷不同，所以軌道半徑不同，故C錯(cuò)誤；

D.如果電子豎直向上從C點(diǎn)射入磁場(chǎng)，由于半徑不變，則由幾何關(guān)系可知不能從D點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)，故D錯(cuò)誤。

故選AB。

9.答案：解析：解：A、若環(huán)境溫度升高，氣體等壓膨脹，氣體的壓強(qiáng)不變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B、當(dāng)活塞向下移動(dòng)時(shí)，氣體對(duì)外界做正功，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C、保持環(huán)境溫度不變，緩慢增加重物的質(zhì)量，氣體壓強(qiáng)減小，體積增大，對(duì)外做功，內(nèi)能不變，氣體一定會(huì)吸熱，選項(xiàng)C正確；

D、若環(huán)境溫度降低，氣體溫度降低，壓強(qiáng)減小，緩慢增加重物的質(zhì)量，氣體體積可能保持不變，選項(xiàng)D正確．

故選CD

根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程判斷各狀態(tài)量的變化，根據(jù)熱力學(xué)第一定律判定做功和內(nèi)能的變化情況．

做好此類題目的關(guān)鍵是根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程區(qū)分析，注意改變內(nèi)能的方式有兩種．

10.答案：ACD

解析：解：A、波沿x軸負(fù)向傳播，此時(shí)x=1.25

m處的質(zhì)點(diǎn)右側(cè)的質(zhì)點(diǎn)縱坐標(biāo)較大，故質(zhì)點(diǎn)向上運(yùn)動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)縱坐標(biāo)大于零，故由質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)遠(yuǎn)離平衡位置可得：質(zhì)點(diǎn)做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，故A正確；

B、由波沿x軸負(fù)向傳播可得：x=0.6

m處的質(zhì)點(diǎn)向平衡位置運(yùn)動(dòng)，故x=0.4

m處的質(zhì)點(diǎn)、x=0.6

m處的質(zhì)點(diǎn)都向平衡位置運(yùn)動(dòng)，且x=0.4

m處的質(zhì)點(diǎn)比x=0.6

m處的質(zhì)點(diǎn)距離遠(yuǎn)，那么，x=0.6m處的質(zhì)點(diǎn)比x=0.4

m處的質(zhì)點(diǎn)先回到平衡位置，故B錯(cuò)誤；

C、由波沿x軸負(fù)向傳播可得：x=4

m處的質(zhì)點(diǎn)由平衡位置向下振動(dòng)，故x=4

m處的質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)過(guò)34T可運(yùn)動(dòng)到波峰位置，又有波長(zhǎng)λ=2m，波速v=1m/s，所以，周期T=2s，那么，x=4

m處的質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)過(guò)1.5

s可運(yùn)動(dòng)到波峰位置，故C正確；

D、由C可知簡(jiǎn)諧波的周期T=2s，故經(jīng)過(guò)2s，波正好向前傳播一個(gè)波長(zhǎng)，波形重合，故t=2s的波形圖與t=0時(shí)的波形圖重合，故D正確；

E、由C可知：x=2

m處的質(zhì)點(diǎn)在做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期T=2s，又有振幅A=0.4m，t=0時(shí)，質(zhì)點(diǎn)位移為零，根據(jù)波沿x軸負(fù)向傳播可知質(zhì)點(diǎn)向下振動(dòng)，故可得：振動(dòng)方程為y=-0.4sin(πt)(m)，故E錯(cuò)誤；

故選：ACD。

根據(jù)傳播方向得到質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)，即可根據(jù)質(zhì)點(diǎn)位移和振動(dòng)方向得到運(yùn)動(dòng)情況；再根據(jù)波長(zhǎng)、波速求得周期，即可由波的傳播得到不同時(shí)刻的波形圖關(guān)系；最后根據(jù)初始時(shí)刻和周期、振幅求得質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方程．

對(duì)于簡(jiǎn)諧波的相關(guān)問(wèn)題，一般通過(guò)波形圖求得振幅、波長(zhǎng)(或由振動(dòng)圖得到振幅、周期)，再根據(jù)傳播方向得到某質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖(或波形圖)，進(jìn)而得到各質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)．

11.答案：(1)b

(2)解析：【分析】(1)實(shí)驗(yàn)中將多用電表接在電路的a、b兩處，實(shí)際上是將多用電表當(dāng)作電流表使用，由此判斷表筆的連接位置；(2)由于多用電表作為電流表使用時(shí)，不用表內(nèi)電池，表內(nèi)電池的電動(dòng)勢(shì)會(huì)降低，不影響電流的測(cè)量。本題的實(shí)質(zhì)是多用電表的使用，比較簡(jiǎn)單。【解答】(1)實(shí)驗(yàn)中將多用電表接在電路的a、b兩處，實(shí)際上是將多用電表當(dāng)作電流表使用，由此黑表筆應(yīng)與b連接；(2)由于多用電表作為電流表使用時(shí)，不用表內(nèi)電池，表內(nèi)電池的電動(dòng)勢(shì)降低，不影響電流的測(cè)量。故答案為：(1)b

；

(2)不變。

12.答案：(1)如圖所示(2)0.40?(0.38、0.39、0.41、0.42均正確)(3)

解析：【分析】(1)根據(jù)所測(cè)數(shù)據(jù)描點(diǎn)即可，注意所連的線必須是平滑的，偏離太遠(yuǎn)的點(diǎn)舍棄；

(2)由實(shí)驗(yàn)圖甲可知F=μG，即F-G圖象上的直線的斜率代表動(dòng)摩擦因數(shù)μ；

(3)當(dāng)重物P停止運(yùn)動(dòng)時(shí)，滑塊達(dá)到最大速度，此后做勻減速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)摩擦因數(shù)μ在(2)中已知，根據(jù)運(yùn)動(dòng)規(guī)律公式v2-【解答】(1)根據(jù)描點(diǎn)法在F-G圖象上描出各點(diǎn)，再連接起來(lái)，如圖所示；(2)由圖甲可知F=μG，則F-G圖象上的直線的斜率代表μ值的大小．由F-G圖象可知μ=0.4；

(3)當(dāng)重物P剛好下落到地面時(shí)，滑塊的速度v最大，此時(shí)滑塊的位移為h，此后滑塊做加速度為μg的勻減速運(yùn)動(dòng)，

由公式v2-v02=2as知：

滑塊的最大速度vmax滿足：(2)0.40

(3)

13.答案：解：(1)設(shè)小車勻減速直線運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a，最后2s內(nèi)的位移為x0，可將勻減速運(yùn)動(dòng)看成反向的初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)．則有：

x0=12at2

代入數(shù)據(jù)解得：a=10m/s2．

小車的受力如圖．

由牛頓第二定律得：mgsinα+μmgcosα=ma

代入數(shù)據(jù)解得：μ=0.5

(2)設(shè)牽引力消失時(shí)小車的速度為v，即為勻減速過(guò)程的初速度，在勻減速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，得：

v=at=10×3m/s=30m/s

在勻加速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，設(shè)加速度大小為a'，小車的受力如圖所示．

根據(jù)牛頓第二定律得：

F-mgsinα-μmgcosα=ma'

代入數(shù)據(jù)解得：a'=15m/s2．

由v2=2a'x得：x=解析：(1)小車牽引力消失后做勻減速運(yùn)動(dòng)，已知時(shí)間、位移和末速度，將其運(yùn)動(dòng)看成反向的初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，由位移公式求得加速度，再由牛頓第二定律求動(dòng)摩擦因數(shù)．

(2)由速度公式求得牽引力剛消失時(shí)小車的速度．再對(duì)勻加速運(yùn)動(dòng)過(guò)程運(yùn)用牛頓第二定律求得加速度，最后由速度位移關(guān)系公式求位移x．

本題考查牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的基本運(yùn)用，知道加速度是聯(lián)系力學(xué)和運(yùn)動(dòng)學(xué)的橋梁，在動(dòng)力學(xué)問(wèn)題中是必求的量．

14.答案：解：(1)緩沖車以速度v0與障礙物C碰撞后，滑塊K立即停下，滑塊相對(duì)磁場(chǎng)的速度大小為v0，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，則有Em=nBLv0，

電流為：Im=EmR，

安培力為：FA=BIL，

加速度為：a=FAm，

聯(lián)立解得：am=n2B2L2v0mR；

(2)由法拉第電磁感應(yīng)定律得：E=n△Φ△t，其中△Φ=BL2，

由歐姆定律得：I-=ER，又I-=qt

代入整理得：此過(guò)程線圈abcd中通過(guò)的電量q=nBL2R，

由功能關(guān)系得：線圈產(chǎn)生的焦耳熱為Q=12mv02；

(3)若緩沖車以某一速度v0'與障礙物C碰撞后，滑塊K立即停下，滑塊相對(duì)磁場(chǎng)的速度大小為v0'，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=