2023屆廣東省佛山市高三上學(xué)期物理教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)試卷含答案

高三上學(xué)期物理教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)試卷一、單項(xiàng)選擇題1.質(zhì)量為m的小鳥(niǎo)，以速度v沿著與水平成角斜向上的方向勻速飛行，重力加速度為g，那么〔

〕A.

小鳥(niǎo)處于超重狀態(tài)

B.

空氣對(duì)小鳥(niǎo)作用力的方向與v的方向相反

C.

空氣對(duì)小鳥(niǎo)作用力的大小為mg

D.

重力對(duì)小鳥(niǎo)做功功率為-mgv2.當(dāng)帶電的云層離地面較近時(shí)，云和地面形成一個(gè)巨型電容器，它們之間會(huì)形成一個(gè)強(qiáng)電場(chǎng)，假設(shè)云層帶電量一定，將云層底面及地面始終都看做平整的平面，那么〔

〕A.

當(dāng)云層向下靠近地面時(shí)，該電容器的電容將減小

B.

當(dāng)云層向下靠近地面時(shí)，云層和地面間的電勢(shì)差將增大

C.

當(dāng)云層向下靠近地面時(shí)，云層和地面間的電場(chǎng)強(qiáng)度將增大

D.

當(dāng)云層底面積增大時(shí)，該電容器的電容將增大3.某同學(xué)根據(jù)法拉第的設(shè)想，設(shè)計(jì)用兩塊金屬板驗(yàn)證是否真的能利用地磁場(chǎng)以及河流來(lái)發(fā)電，他在西江中插入兩塊金屬板，河水以速度v自西向東從兩板間流過(guò)，佛山地磁場(chǎng)豎直向下的分量為B，那么以下推測(cè)符合物理規(guī)律的是〔

〕A.

假設(shè)將P、Q兩金屬板用導(dǎo)線(xiàn)連通，將有電流經(jīng)導(dǎo)線(xiàn)由P流向Q

B.

河水流速越大，那么P、Q兩板間的電勢(shì)差越大

C.

P、Q兩金屬板靠得越近，那么兩板間的電勢(shì)差越大

D.

河水電阻率越小，那么P、Q兩板間的電勢(shì)差越大4.如圖是同一型號(hào)子彈以相同的初速度射入固定的、兩種不同防彈材料時(shí)完整的運(yùn)動(dòng)徑跡示意圖。由此圖可判定，與第一次試驗(yàn)比較，第二次試驗(yàn)〔

〕A.

子彈克服阻力做功更少

B.

子彈與材料產(chǎn)生的總熱量更多

C.

子彈的動(dòng)量變化量更大

D.

防彈材料所受沖量相等5.三個(gè)帶電粒子從同一點(diǎn)O，以相同的初速度v射入一電場(chǎng)中，在某段時(shí)間內(nèi)的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖虛線(xiàn)所示，其中a粒子剛好做圓周運(yùn)動(dòng)。圖中實(shí)線(xiàn)為電場(chǎng)線(xiàn)，不計(jì)粒子重力，那么以下有關(guān)粒子在該段時(shí)間內(nèi)的運(yùn)動(dòng)以及相關(guān)說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

粒子a帶負(fù)電，c帶正電

B.

c粒子運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電勢(shì)能增加

C.

運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，b、c兩粒子的速度均增大

D.

運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，a粒子的加速度和動(dòng)能均不變6.如圖為一款順德產(chǎn)的吊床，用四根長(zhǎng)均為L(zhǎng)的粗麻繩將床懸空吊起，繩與床連接點(diǎn)到天花板的豎直距離為0.9L，床及床上物品的總質(zhì)量為m，繩的重力不計(jì)，那么每條繩上的張力大小為〔

〕A.

B.

C.

D.

7.隨著運(yùn)營(yíng)路線(xiàn)的拓展，高鐵逐漸成為人們出行的重要方式。如圖是某列列車(chē)從減速進(jìn)站到以一定的速度離開(kāi)車(chē)站的這段時(shí)間內(nèi)的速度—時(shí)間圖象，由此圖可知，該列車(chē)〔

〕2

B.

列車(chē)在加速與減速兩階段運(yùn)動(dòng)的位移相同

C.

假設(shè)列車(chē)總質(zhì)量不變，那么加速時(shí)列車(chē)所受的合外力更大

D.

假設(shè)列車(chē)以80m/s的速度勻速駛過(guò)該站，那么少消耗575s的運(yùn)行時(shí)間8.如圖，2021年7月我國(guó)的長(zhǎng)征五號(hào)遙四運(yùn)載火箭，將火星探測(cè)器“天問(wèn)一號(hào)〞送入太空，探測(cè)器在A位置脫離地球被送入地火轉(zhuǎn)移軌道〔即標(biāo)準(zhǔn)霍曼轉(zhuǎn)移軌道〕，運(yùn)動(dòng)半個(gè)周期，在B位置與火星會(huì)合?；鹦枪D(zhuǎn)周期為687個(gè)地球日，那么以下有關(guān)“天問(wèn)一號(hào)〞探測(cè)器的說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔

〕

B.

在地火轉(zhuǎn)移軌道A位置時(shí)的速度比地球公轉(zhuǎn)速度大

C.

在由A到B的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，太陽(yáng)引力做正功

D.

探測(cè)器到達(dá)B位置時(shí)，地球不可能在C位置二、多項(xiàng)選擇題9.地磁場(chǎng)能有效抵御宇宙射線(xiàn)的侵入赤道剖面外地磁場(chǎng)可簡(jiǎn)化為包圍地球一定厚度的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向垂直該剖面，如下列圖。圖中給出了速度在圖示平面內(nèi)，從O點(diǎn)沿平行與垂直地面2個(gè)不同方向入射的微觀帶電粒子〔不計(jì)重力〕在地磁場(chǎng)中的三條運(yùn)動(dòng)軌跡a、b、c，且它們都恰不能到達(dá)地面那么以下相關(guān)說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

沿a軌跡運(yùn)動(dòng)的粒子帶正電

B.

假設(shè)沿a、c兩軌跡運(yùn)動(dòng)的是相同的粒子，那么a粒子的速率更大

C.

某種粒子運(yùn)動(dòng)軌跡為a，假設(shè)它速率不變，只是改變?nèi)肷涞卮艌?chǎng)的方向，那么只要其速度在圖示平面內(nèi)，無(wú)論沿什么方向入射，都不會(huì)到達(dá)地面

D.

某種粒子運(yùn)動(dòng)軌跡為b，假設(shè)它以相同的速率在圖示平面內(nèi)沿其他方向入射，那么有可能到達(dá)地面10.如下列圖，兩根足夠長(zhǎng)的光滑金屬導(dǎo)軌MN、PQ互平行，間距為L(zhǎng)，構(gòu)成U型平面，該平面水平面成角〔0°<<90°〕，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與導(dǎo)軌平面垂直，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，上端接入阻值為R的定值電阻。金屬棒ab由靜止開(kāi)始沿導(dǎo)軌下滑，并與兩導(dǎo)軌始終保持垂直且接觸良好，ab棒質(zhì)量為m，接入電路的電阻為r。那么金屬棒ab沿導(dǎo)軌下滑過(guò)程中〔

〕A.

最大加速度為

B.

當(dāng)棒下滑速度為v時(shí)，其兩端電壓為BLv

C.

所受安培力不會(huì)大于

D.

下滑速度大小一定小于三、實(shí)驗(yàn)題11.某同學(xué)采用如圖甲所示的裝置及電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器探究小車(chē)做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)。〔1〕為完本錢(qián)實(shí)驗(yàn)，以下器材中必須有的是〔填編號(hào)〕________；①天平

②4～6V低壓直流電源

③刻度尺

④秒表〔2〕安裝好實(shí)驗(yàn)裝置后開(kāi)始實(shí)驗(yàn)。實(shí)驗(yàn)中以下操作必需的是___________；

B.調(diào)整滑輪的高度，使細(xì)線(xiàn)與長(zhǎng)木板平行

D.釋放小車(chē)前，小車(chē)應(yīng)盡可能靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器放置

〔3〕實(shí)驗(yàn)中獲得某條點(diǎn)跡清晰的紙帶如圖乙所示，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用交流電頻率為f，假設(shè)________〔填寫(xiě)表達(dá)式，用題及圖中物理量表示〕，那么可認(rèn)為勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)具有________的特點(diǎn)〔提示：填有關(guān)速度或位移的特點(diǎn)〕。12.在工業(yè)生產(chǎn)中，常運(yùn)用測(cè)定電學(xué)量的方法來(lái)測(cè)定某些溶液含離子的濃度。某同學(xué)利用圖a所示電路模擬這一情形，測(cè)定不同濃度下食鹽溶液的電阻率。在長(zhǎng)方體絕緣容器內(nèi)插上兩豎直金屬薄板A、B，A板固定在左側(cè)，B板可插在容器內(nèi)不同位置?！?〕因缺少保護(hù)電阻，為保護(hù)電流表，開(kāi)關(guān)閉合前B板應(yīng)盡量靠近容器的________側(cè)〔填“左〞或“右〞〕，容器內(nèi)應(yīng)倒入________〔填“少量〞或“大量〞〕食鹽溶液；〔2〕某次實(shí)驗(yàn)時(shí)，容器內(nèi)有一定量的食鹽溶液，且B板位于最右端，此時(shí)電流表示數(shù)如圖c，那么此時(shí)電路中電流為_(kāi)_______mA；為便于在屢次測(cè)量中電流的變化范圍更大一些，應(yīng)________〔選填:增加、減少〕容器內(nèi)的食鹽溶液；〔3〕倒入適量食鹽溶液后，將B板插在容器內(nèi)不同位置，改變B、A兩板的間距x，讀取電流表讀數(shù)I，測(cè)量多組數(shù)據(jù)，得到—x圖線(xiàn)如圖b示。電源電動(dòng)勢(shì)為3.0V，容器內(nèi)部底面長(zhǎng)l=20cm，容器內(nèi)溶液體積V=1200m3。根據(jù)圖線(xiàn)求得該食鹽溶液的電阻率=________Ω·m〔保存兩位有效數(shù)字〕。四、解答題13.如圖，M、N為水平放置的一對(duì)平行金屬板間距為d，長(zhǎng)，所加電壓U=U0。金屬板右側(cè)有一以CD、EF兩豎直線(xiàn)為邊界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向如圖現(xiàn)有質(zhì)量為m，帶電量為q的負(fù)離子〔重力不計(jì)〕從靜止開(kāi)始經(jīng)電場(chǎng)U0加速后，沿水平方向由金屬板MN正中央射入，經(jīng)電場(chǎng)、磁場(chǎng)后從邊界EF水平射出。求：〔1〕離子射入金屬板MN時(shí)初速度的大小；〔2〕離子離開(kāi)金屬板MN時(shí)速度的大小和方向；〔3〕離子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。14.如圖示，用一輕彈簧將物塊Q和地面相連，處于靜止?fàn)顟B(tài)。物塊P從Q的正上方h處由靜止釋放，P、Q相碰〔時(shí)間很短〕后立即以相同的速度向下壓縮彈簧〔P、Q不粘連〕。P的質(zhì)量為m，Q的質(zhì)量為m〔=1，2，3，…〕，彈簧的勁度系數(shù)為k，彈簧的形變量為x時(shí)，彈性勢(shì)能?？諝庾枇Σ挥?jì)，PQ運(yùn)動(dòng)過(guò)程中彈簧始終未超過(guò)彈性限度。求：〔1〕P自h高處落下與Q碰撞后瞬間的共同速度v共，此過(guò)程中損失的機(jī)械能；〔2〕假設(shè)取m=0.10kg，h=0.80m，k=75N/m，重力加速度g=10m/s2，那么當(dāng)取何值時(shí)P與Q碰撞后始終以共同的速度運(yùn)動(dòng)?15.某科技小組用三個(gè)可樂(lè)汽水瓶制作了一個(gè)小噴泉，結(jié)構(gòu)如圖，A瓶開(kāi)口向上，B、C瓶封閉，通過(guò)3根細(xì)管〔體積不計(jì)〕將瓶?jī)?nèi)氣體或液體連通，瓶與細(xì)管間接觸緊密、密閉良好，在A瓶中參加一定量的水時(shí)，1號(hào)管就會(huì)有水噴出。瓶外大氣P0=1.0×105Pa，水的密度=1.0×103kg·m3，g=10m/s2，初始時(shí)，1號(hào)管內(nèi)水面與B瓶?jī)?nèi)水面同高，B與C瓶?jī)?nèi)空氣的總體積V0=2.1L?！?〕假設(shè)水即將從1號(hào)管?chē)姵鰰r(shí)，1號(hào)管上端出口與B瓶?jī)?nèi)液面高度差為50cm，那么此時(shí)B瓶?jī)?nèi)氣體壓強(qiáng)多大?〔2〕在A瓶中緩慢加水時(shí)，1號(hào)管內(nèi)水面由初始位置〔即與B瓶?jī)?nèi)水面同高〕開(kāi)始增高，直至水即將從1號(hào)管?chē)姵?，此過(guò)程中C瓶經(jīng)3號(hào)管參加了多少體積的水?16.如圖是一個(gè)橫截面為直角三角形的三棱鏡BC=L，∠A=30°，一束很細(xì)的單色光從AB的中點(diǎn)D平行AC射入三棱鏡，忽略屢次反射?！?〕假設(shè)光束恰好射在C點(diǎn)上，求三棱鏡對(duì)該光束的折射率；〔2〕維持光束方向不變，將入射點(diǎn)下移，光束恰好打在BC邊中點(diǎn)，求入射點(diǎn)與A點(diǎn)的距離。五、填空題17.由于溫室氣體排放日益增多，溫室效應(yīng)增強(qiáng)，中國(guó)近海區(qū)域海水外表平均溫度相對(duì)于1958年上升了約1攝氏度，溫度更高的海水，分子的平均動(dòng)能________〔填更大、更小、不變〕；更高的溫度也使得冰川消退、冰蓋解體從而使海平面相對(duì)于上世紀(jì)末上升近10厘米之多。冰熔化過(guò)程中，溫度________〔填升高、降低、不變〕，因?yàn)槠湮盏臒崃哭D(zhuǎn)化為_(kāi)_______。18.小嘉同學(xué)參加科技展時(shí)了解到，現(xiàn)今5G技術(shù)用于傳輸?shù)碾姶挪ㄐ盘?hào)頻率更高，傳播數(shù)據(jù)的帶寬更大，那么相對(duì)而言，5G技術(shù)所用電磁波波長(zhǎng)更________〔填長(zhǎng)或短〕繞過(guò)障礙物的能力更________〔填強(qiáng)、弱〕。小嘉同學(xué)還了解到，為接收信號(hào)，都應(yīng)該有天線(xiàn)，天線(xiàn)的長(zhǎng)度應(yīng)與信號(hào)電磁波的波長(zhǎng)成正比，最好為波長(zhǎng)的~到之間，以前的天線(xiàn)伸得很長(zhǎng)，現(xiàn)在因?yàn)開(kāi)_______，可以為了美觀、方便，將天線(xiàn)做在了內(nèi)部了。

答案解析局部一、單項(xiàng)選擇題1.【解析】【解答】A．小鳥(niǎo)勻速飛行，合力為零，既不超重也不失重。A不符合題意；BC．小鳥(niǎo)受重力和空氣對(duì)小鳥(niǎo)的作用力，由于小鳥(niǎo)勻速飛行，那么合力為零，即空氣對(duì)小鳥(niǎo)的作用力與重力等大反向，大小為。B不符合題意，C符合題意；D．功率公式，要求力與速度共線(xiàn)，所以重力對(duì)小鳥(niǎo)做功功率為D不符合題意。故答案為：C。

【分析】由于小鳥(niǎo)處于平衡所以其小鳥(niǎo)不處于超重和失重狀態(tài)；利用平衡可以求出空氣對(duì)小鳥(niǎo)作用力的大小及方向；利用豎直方向的速率和重力可以求出重力功率的大小。2.【解析】【解答】A．根據(jù)電容器電容的決定式可知，當(dāng)云層向下靠近地面時(shí)，d減小，該電容器的電容C將增大，A不符合題意；B．根據(jù)電容器電容的定義式可知，當(dāng)云層向下靠近地面時(shí)，該電容器的電容C增大，由于電荷量Q不變，那么云層和地面間的電勢(shì)差將減小，B不符合題意；C．根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)差的關(guān)系再聯(lián)立上面兩式可得，那么當(dāng)云層向下靠近地面時(shí)，云層和地面間的電場(chǎng)強(qiáng)度將不變，C不符合題意；D．根據(jù)電容器電容的定義式可知，當(dāng)云層底面積增大時(shí)，正對(duì)面積S增大，該電容器的電容C將增大，D符合題意。故答案為：D。

【分析】利用電容的決定式可以判別電容的變化；利用電荷量的不變結(jié)合電容變大可以判別電勢(shì)差變?。焕秒娙萜鞯碾姾闪坎蛔儼彘g距離變化時(shí)電場(chǎng)強(qiáng)度保持不變；當(dāng)?shù)酌娣e變大時(shí)會(huì)導(dǎo)致電容變大。3.【解析】【解答】A．根據(jù)左手定那么可知，Q板帶正電，P板帶負(fù)電，那么用導(dǎo)線(xiàn)連通，電流應(yīng)由Q流向P，A不符合題意；B．設(shè)金屬板間的距離為d，兩極板間電勢(shì)差為U，那么有可得P、Q兩板間的電勢(shì)差為。那么河水流速越大，P、Q兩板間的電勢(shì)差越大，B符合題意；C．同理可知，P、Q兩金屬板靠得越近，金屬板間的距離d越小，兩板間的電勢(shì)差越小，C不符合題意；D．由于此時(shí)兩板間沒(méi)有連接外電路，那么由上可知，河水電阻率不會(huì)影響P、Q兩板間的電勢(shì)差，那么電阻率越小，P、Q兩板間的電勢(shì)差不變，D不符合題意。故答案為：B。

【分析】利用左手定那么可以判別粒子偏轉(zhuǎn)的方向進(jìn)而判別電流的方向；利用電場(chǎng)力和洛倫茲力相等可以判別電勢(shì)差和水流速度的大小關(guān)系及板間距離和電勢(shì)差的關(guān)系；由于兩板間之間沒(méi)有連接外電路所以河水的電阻率對(duì)于電勢(shì)差沒(méi)有影響。4.【解析】【解答】A．由于兩次子彈的初速度相同，動(dòng)能相同，那么兩次試驗(yàn)的動(dòng)能變化量相同，根據(jù)動(dòng)能定理可知，兩次試驗(yàn)子彈克服阻力做功相同，A不符合題意；B．由于兩次子彈的初速度相同，動(dòng)能相同，那么根據(jù)能量守恒可知，兩次試驗(yàn)子彈與材料產(chǎn)生的總熱量相同，B不符合題意；C．由于兩次子彈的初速度相同，那么初動(dòng)量相等，又兩次試驗(yàn)的末動(dòng)量均為零，那么兩次試驗(yàn)的子彈的動(dòng)量變化量相同，C不符合題意；D．由于兩次試驗(yàn)的子彈的動(dòng)量變化量相同，根據(jù)動(dòng)量定理可知，兩次試驗(yàn)防彈材料所受沖量相等，D符合題意。故答案為：D。

【分析】利用動(dòng)能的變化量可以判別兩次試驗(yàn)克服阻力做功相等；所以產(chǎn)生的總熱量相等；利用初末動(dòng)量的變化可以判別動(dòng)量變化量相等。5.【解析】【解答】A．根據(jù)曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，可知a粒子的電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)方向一致，c粒子的電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)方向相反，因此a粒子帶正電，c粒子帶負(fù)電。A不符合題意；B．由圖可知，電場(chǎng)力對(duì)c粒子做正功，電勢(shì)能減少。B不符合題意；C．由圖可知，電場(chǎng)力對(duì)b、c粒子做正功，由于只受電場(chǎng)力，那么速度增加。C符合題意；D．由于a粒子剛好做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)勻速圓周運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，a粒子的加速度大小和動(dòng)能均不變。D不符合題意。故答案為：C。

【分析】利用粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡可以判別電場(chǎng)力的方向，結(jié)合電場(chǎng)方向可以判別粒子的電性；利用電場(chǎng)力及速度方向可以判別電場(chǎng)力做功情況及速度的變化；利用電場(chǎng)線(xiàn)的疏密可以判別加速度的變化，利用電場(chǎng)力做功可以判別動(dòng)能的變化。6.【解析】【解答】設(shè)每個(gè)繩子張力為T(mén)，繩子與豎直方向的夾角為，根據(jù)幾何知識(shí)有對(duì)吊床，根據(jù)平衡條件可得故每條繩上的張力大小為故答案為：A。

【分析】利用吊床的平衡方程可以求出繩子張力的大小。7.【解析】【解答】A．由加速度的定義知A不符合題意；B．由圖線(xiàn)與軸圍成的面積表示位移，得可知，列車(chē)在加速與減速兩階段運(yùn)動(dòng)的位移不相同，B不符合題意；C．由加速度的定義可知，列車(chē)加速的加速度的大小為結(jié)合A選項(xiàng)，根據(jù)牛頓第二定律可知，假設(shè)列車(chē)總質(zhì)量不變，那么減速時(shí)列車(chē)所受的合外力更大。C不符合題意；D．假設(shè)列車(chē)以80m/s的速度勻速駛過(guò)該站所用時(shí)間為那么少消耗的運(yùn)行時(shí)間為D符合題意。故答案為：D。

【分析】利用圖像斜率可以求出加速度的大小，利用圖像面積可以求出位移的大?。焕眉铀俣鹊拇笮】梢员容^合外力的大?。焕梦灰坪退俣瓤梢郧蟪鲞\(yùn)動(dòng)的時(shí)間。8.【解析】【解答】A．由圖中可知，“天問(wèn)一號(hào)〞探測(cè)器要脫離地球引力束縛，仍受太陽(yáng)引力束縛，故在地球上的發(fā)射速度必須大于11.2km/s，A不符合題意；B．在A點(diǎn)需要加速才可以進(jìn)入轉(zhuǎn)移軌道，所以地火轉(zhuǎn)移軌道的速度大于地球公轉(zhuǎn)的速度，B符合題意；C．在由A到B的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，探測(cè)器遠(yuǎn)離太陽(yáng)，那么太陽(yáng)引力做負(fù)功，C不符合題意；D．火星公轉(zhuǎn)周期約為地球的兩倍，那么當(dāng)火星公轉(zhuǎn)半圈時(shí)，地球應(yīng)該公轉(zhuǎn)近一圈，因此地球不可能在C位置，D符合題意。故答案為：BD。

【分析】由于探測(cè)器脫離地球但受到太陽(yáng)引力束縛所以其速度大于第二宇宙速度；利用探測(cè)器在A點(diǎn)加速變軌可以判別其線(xiàn)速度大于地球的公轉(zhuǎn)速度；從A到B過(guò)程太陽(yáng)引力做負(fù)功；利用運(yùn)動(dòng)周期的比較可以判別地球的位置。二、多項(xiàng)選擇題9.【解析】【解答】A．由左手定那么可知，沿a軌跡運(yùn)動(dòng)的粒子帶負(fù)電，A不符合題意；B．由半徑公式可知，沿a軌跡運(yùn)動(dòng)的半徑小，那么沿a軌跡運(yùn)動(dòng)的粒子的速率更小，B不符合題意；C．圓的直徑為最長(zhǎng)的弦，圖中直徑時(shí)都到不了地面，那么其他反向的也將不會(huì)到達(dá)地面，C符合題意；D．由圖可知，當(dāng)粒子射入的速度方向沿順時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)小于90度的銳角時(shí)，都可到達(dá)地面，D符合題意。故答案為：CD。

【分析】利用左手定那么可以判別粒子的電性；利用軌道半徑的大小可以比較粒子速率的大小；利用粒子的軌跡可以判別粒子能否到達(dá)地面。10.【解析】【解答】A．根據(jù)牛頓第二定律可得由題可知，開(kāi)始滑動(dòng)時(shí)安培力為零，此時(shí)加速度最大為，A符合題意；B．由法拉第電磁感應(yīng)定律可得，當(dāng)棒下滑速度為v時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為BLv，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得，金屬棒兩端電壓為，B不符合題意；C．導(dǎo)體棒下滑時(shí)，安培力增大，那么加速度減小，當(dāng)加速度為零時(shí)，安培力到達(dá)最大值為，C符合題意；D．當(dāng)安培力等于時(shí)，金屬棒做勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)速度最大，那么有解得，最大速度為那么下滑速度大小一定小于，D不符合題意。故答案為：AC。

【分析】利用牛頓第二定律可以求出金屬棒最大的加速度；利用動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式結(jié)合歐姆定律可以求出電勢(shì)差的大小；利用平衡條件可以求出安培力的最大值；利用平衡方程可以求出下滑的最大速度。三、實(shí)驗(yàn)題11.【解析】【解答】(1)①．在處理紙帶求解速度與加速度的過(guò)程中，物體的質(zhì)量不需要知道，所以不用天平測(cè)物體的質(zhì)量。故①錯(cuò)誤；②．實(shí)驗(yàn)使用的電源必須是交流電源，故②錯(cuò)誤；③．刻度尺要用來(lái)測(cè)量紙帶的點(diǎn)之間的距離，所以必須要有刻度尺，故③正確；④．打點(diǎn)計(jì)時(shí)器本身就是計(jì)時(shí)的儀器，所以不需要秒表，故④錯(cuò)誤。故答案為：③。(2)A．不管托盤(pán)和砝碼的總質(zhì)量與小車(chē)的總質(zhì)量大小關(guān)系如何，只要小車(chē)做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)即可，即托盤(pán)和砝碼的總質(zhì)量不需要遠(yuǎn)小于小車(chē)的總質(zhì)量。A不符合題意；B．調(diào)整滑輪的高度，使細(xì)線(xiàn)與長(zhǎng)木板平行，保證小車(chē)所受的合力在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中不變。B符合題意；C．將長(zhǎng)木板遠(yuǎn)離滑輪的一端用小木塊墊起是為了平衡摩擦力，但本實(shí)驗(yàn)是探究小車(chē)做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，不管平衡摩擦力與否，都是勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)。因此不需要將長(zhǎng)木板遠(yuǎn)離滑輪的一端用小木塊墊起。C不符合題意；D．為了紙帶的利用率，釋放小車(chē)前，小車(chē)應(yīng)盡可能靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器放置。D符合題意；E．為了保證小車(chē)受力穩(wěn)定，做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，因此要選擇平直且各處粗糙程度相同的長(zhǎng)木板做實(shí)驗(yàn)。故E正確。故答案為：BDE。(3)本實(shí)驗(yàn)要探究小車(chē)做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，即可知，勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)在連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移差相等。

【分析】〔1〕實(shí)驗(yàn)需要刻度尺處理紙帶；

〔2〕探究小車(chē)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的規(guī)律不需要滿(mǎn)足質(zhì)量要求及平衡摩擦力；

〔3〕利用相鄰相同時(shí)間的位移之差為常數(shù)可以判別小車(chē)做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)。12.【解析】【解答】(1)由電阻定律可知，B板越靠近右側(cè)，溶液長(zhǎng)度越長(zhǎng)，電阻越大。鹽溶液濃度越低，阻值越大。(2)由圖c可知，此時(shí)電路中電流為28mA。要使測(cè)量中電流的變化范圍更大，那么應(yīng)減小電阻，故需要增加容器內(nèi)的食鹽溶液。(3)根據(jù)電阻定律可得又聯(lián)立可得結(jié)合圖象的斜率k，可得

【分析】〔1〕利用電阻定律可以判別其溶液長(zhǎng)度越長(zhǎng)其電阻越大，那么可以保護(hù)電流表；容器中食鹽溶液的