2022-2023學(xué)年湖南重點(diǎn)大學(xué)附中高二（下）第一次月考物理試卷-普通用卷

第=page11頁(yè)，共=sectionpages11頁(yè)2022-2023學(xué)年湖南重點(diǎn)大學(xué)附中高二（下）第一次月考物理試卷1.從太陽(yáng)或其它星體上放射出的宇宙射線中含有大量的高能帶電粒子。這些高能帶電粒子到達(dá)地球會(huì)對(duì)地球上的生命帶來(lái)危害，但由于地球周?chē)嬖诘卮艌?chǎng)，地磁場(chǎng)能改變宇宙射線中帶電粒子的運(yùn)動(dòng)方向，如圖所示，對(duì)地球上的生命起到保護(hù)作用。假設(shè)所有的宇宙射線從各個(gè)方向垂直射向地球表面，那么以下說(shuō)法正確的是(

)A.地磁場(chǎng)對(duì)宇宙射線的阻擋作用各處都相同

B.由于南北極磁場(chǎng)最強(qiáng)，因此阻擋作用最強(qiáng)

C.沿地球赤道平面射來(lái)的高能正電荷向東偏轉(zhuǎn)

D.磁偏角θ是地軸與地磁極線的夾角為一定值2.下列說(shuō)法正確的是(

)A.紅外線可以用來(lái)消毒，紫外線可以用來(lái)加熱理療，X射線可以用來(lái)診斷病情

B.由E=Fq可知，電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度E與q成反比，與F成正比

C.變化的磁場(chǎng)能產(chǎn)生電場(chǎng)，變化的電場(chǎng)能產(chǎn)生磁場(chǎng)

D.3.如圖所示，在一個(gè)很小的矩形導(dǎo)體薄片上，制作四個(gè)電極E、F、M、N，它就成了一個(gè)霍爾元件。在E、F間通入恒定的電流I，同時(shí)外加與薄片垂直的磁場(chǎng)B，則薄片中的電荷就在洛倫茲力的作用下，向著與電流和磁場(chǎng)都垂直的方向漂移，使M、N間出現(xiàn)了電壓，稱(chēng)為霍爾電壓UH。當(dāng)磁場(chǎng)方向和電流方向如圖所示時(shí)，關(guān)于霍爾電壓的大小，下列說(shuō)法正確的是(

)A.將磁場(chǎng)方向和電流方向同時(shí)反向，N板電勢(shì)低于M板電勢(shì)

B.將磁場(chǎng)方向變?yōu)榕c薄片的上下表面平行，UH不變

C.電流和磁場(chǎng)方向如圖所示時(shí)，N板電勢(shì)高于M板電勢(shì)

D.在電流和磁場(chǎng)一定時(shí)，薄片的厚度越大，則UH4.如圖所示，光滑水平軌道上有兩輛靜止小車(chē)，甲車(chē)上固定一個(gè)條形磁鐵，N極向右，乙車(chē)上固定一個(gè)螺線管，螺線管通過(guò)電阻R連成通路。現(xiàn)推動(dòng)一下甲車(chē)，使它獲得向右的初速度，當(dāng)它向乙車(chē)運(yùn)動(dòng)時(shí)，下列說(shuō)法正確的是(

)A.電阻R中的電流方向由a向b，兩車(chē)系統(tǒng)動(dòng)量不守恒、動(dòng)能守恒

B.電阻R中的電流方向由a向b，兩車(chē)系統(tǒng)動(dòng)量守恒、動(dòng)能不守恒

C.電阻R中的電流方向由b向a，兩車(chē)系統(tǒng)動(dòng)量不守恒、動(dòng)能守恒

D.電阻R中的電流方向由b向a，兩車(chē)系統(tǒng)動(dòng)量守恒、動(dòng)能不守恒5.如圖，理想變壓器原、副線圈總匝數(shù)相同，滑動(dòng)觸頭P1初始位置在副線圈正中間，輸入端接入電壓有效值恒定的交變電源。定值電阻R1的阻值為R，滑動(dòng)變阻器R2的最大阻值為9R，滑片P2初始位置在最右端。理想電壓表?的示數(shù)為U，理想電流表?的示數(shù)為I

A.保持P1位置不變，P2向左緩慢滑動(dòng)的過(guò)程中，I減小，U不變

B.保持P1位置不變，P2向左緩慢滑動(dòng)的過(guò)程中，R1消耗的功率增大

C.保持P2位置不變，P1向下緩慢滑動(dòng)的過(guò)程中，I減小，U增大

D.6.如圖所示，水平地面上有沿x軸正方向的電場(chǎng)，其沿x軸的電勢(shì)φ與坐標(biāo)x的關(guān)系用圖中曲線表示，圖中斜線為該曲線過(guò)點(diǎn)(0.15,3)的切線?，F(xiàn)有一質(zhì)量為0.20kg、電荷量為+2.0×10?8C的滑塊PA.沿x軸正方向，電場(chǎng)強(qiáng)度逐漸增大

B.滑塊先做加速度逐漸增大的加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，最終靜止

C.滑塊運(yùn)動(dòng)的最大速度約為0.2m/s

D.滑塊最終停在0.157.等離子體氣流由左方連續(xù)以速度v0射入P1和P2兩極板間的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，ab直導(dǎo)線與P1、P2相連接，線圈A與直導(dǎo)線cd連接．線圈A內(nèi)有如圖乙所示的變化磁場(chǎng)，且規(guī)定向左為磁場(chǎng)BA.0～1s內(nèi)ab、cd導(dǎo)線互相吸引 B.1～2s內(nèi)ab、cd導(dǎo)線互相排斥

C.2～3s8.如圖所示，兩條相距為L(zhǎng)的光滑平行導(dǎo)軌豎直放置，其上接一個(gè)阻值為R=2r的電阻，在OO′下方空間有垂直導(dǎo)軌平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，棒ab自O(shè)O′上方某一位置釋放，從棒運(yùn)動(dòng)到OO′位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，在OO′上方空間出現(xiàn)一個(gè)面積為S的垂直導(dǎo)軌平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化關(guān)系為B′=kt，k為大于零的已知常量，棒ab以速度vA.棒勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)的電流為BLv0+ktS3r，方向從a向b

B.ab棒所受外力F的大小為BL9.磁懸浮列車(chē)是快速交通方式之一。2016年時(shí)速600km/h的磁懸浮列車(chē)在青島下線。磁懸浮列車(chē)的部分可以簡(jiǎn)化為線圈通過(guò)磁場(chǎng)。如圖甲所示，在豎直方向上有四條間距相等的水平虛線L1、L2、L3、L4，在L1與L2之間、L3與L4之間存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為1T，方向垂直于虛線所在平面向里?，F(xiàn)有一矩形線圈abcd，寬度cd=L=0.5m，質(zhì)量為0.1kg，電阻為2Ω，將其從圖示位置靜止釋放(cd邊與L1重合)，速度隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖乙所示，t1時(shí)刻cd邊與L2重合，t2時(shí)刻A.在0～t1時(shí)間內(nèi)，通過(guò)線圈的電荷量為0.5C

B.線圈勻速運(yùn)動(dòng)的速度大小為8m/s

C.10.在如圖所示的電路中，A、B是兩個(gè)完全相同的燈泡，C是電容足夠大的電容器，D是理想二極管，L是一個(gè)自感系數(shù)較大的線圈，且L的直流電阻與燈泡的電阻相同。電路接通穩(wěn)定后，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，下列說(shuō)法正確的是(

)A.A燈會(huì)閃亮一下，然后逐漸熄滅

B.在燈熄滅前的任意時(shí)刻，A，B兩燈的電壓相同

C.在燈熄滅前的任意時(shí)刻，通過(guò)B燈的電流是A燈的2倍

D.在燈熄滅前，L中會(huì)產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)

11.如圖所示，矩形線圈abcd在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)的軸OO′勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線圈的電阻為R，線圈共N匝，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為1：2，定值電阻R1=RA.電流表的示數(shù)為2UR

B.從線圈轉(zhuǎn)動(dòng)到圖示位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，線圈中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)表達(dá)式為e=52Ucos212.“測(cè)定玻璃的折射率”的實(shí)驗(yàn)中，在水平放置的白紙上放好玻璃磚，aa′和bb′分別是玻璃磚與空氣的兩個(gè)界面，如圖1所示，在玻璃磚的一側(cè)插上兩枚大頭針P1和P2，用“+”表示大頭針的位置，然后在另一側(cè)透過(guò)玻璃磚觀察，并依次插上大頭針P3和P4。

(1)在插P3和P4時(shí)，應(yīng)使______(選填選項(xiàng)前的字母)。

A.P3只擋住P1的像

B.P1只擋住P3

C.P3同時(shí)擋住P1、P2的像

D.P4擋住P3及P1、P2的像

(2)該小組用同一套器材完成了四次實(shí)驗(yàn)，如圖記錄的玻璃磚界線和四個(gè)大頭針扎下的孔洞如圖所示，其中實(shí)驗(yàn)操作正確的是______。

(3)該小組選取了操作正確的實(shí)驗(yàn)記錄，在白紙上畫(huà)出光線的徑跡，以入射點(diǎn)O為圓心作圓，與入射光線、折射光線分別交于A13.某實(shí)驗(yàn)小組用下列器材設(shè)計(jì)歐姆表電路，使歐姆表具有“×1””、“×10”兩種倍率?，F(xiàn)有一塊小量程電流表G(表頭)，滿(mǎn)偏電流為100μA，內(nèi)阻未知，可供選擇的器材有：

A.滑動(dòng)變阻器R1，最大阻值100kΩ；

B.滑動(dòng)變阻器R2，最大阻值10kΩ

C.電阻箱R，最大阻值999.9Ω；

D.電源E1，電動(dòng)勢(shì)1.5V

E.電源E2，電動(dòng)勢(shì)9V；

F.開(kāi)關(guān)S1和S2；雙擲開(kāi)關(guān)S3；

電阻絲及導(dǎo)線若干。

(1)實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)先采用圖(甲)所示電路測(cè)量了表頭的內(nèi)阻，操作步驟如下：閉合開(kāi)關(guān)S2，調(diào)滑動(dòng)變阻器R′使電流表指針指向滿(mǎn)偏：保持滑動(dòng)變阻器阻值不變，閉合開(kāi)關(guān)S1，調(diào)電阻箱R，使電流表指針指向滿(mǎn)偏電流的一半：讀出電阻箱的阻值R，記為電流表的內(nèi)阻。為提高測(cè)量精確度，R′選用______，電源選用______(填寫(xiě)器材前字母代號(hào))。

(2)選擇合適器材，按圖(乙)連接好的歐姆表電路，就改裝成了具有兩種倍率(如“×1”、“×10”)的歐姆表。當(dāng)開(kāi)關(guān)S3撥到b時(shí)，歐姆表的倍率是14.圖甲為小型旋轉(zhuǎn)電樞式交流發(fā)電機(jī)的原理圖。其矩形線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)方向的固定軸OO′勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線圈的匝數(shù)n=100匝、電阻r=10Ω，線圈的兩端經(jīng)集流環(huán)與電阻R連接，電阻R=90Ω，與R并聯(lián)的交變電壓表為理想電表。在t=0時(shí)刻，線圈平面與磁場(chǎng)方向平行，穿過(guò)每匝線圈的磁通量Φ隨時(shí)間t按圖乙所示正弦規(guī)律變化。求：

(1)15.如圖所示，質(zhì)量為5.0kg的小車(chē)以2.0m/s的速度在光滑的水平面上向左運(yùn)動(dòng)，小車(chē)上AD部分是表面粗糙的水平軌道，DC部分是14光滑圓弧軌道，整個(gè)軌道都是由絕緣材料制成的，小車(chē)所在空間內(nèi)有豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)和垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小E為50N/C，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B為2.0T.現(xiàn)有一質(zhì)量為2.0kg、帶負(fù)電且電荷量為0.10C的滑塊以10m/s向右滑入小車(chē)，當(dāng)滑塊運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)相對(duì)地面的速度為5m/s，計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字，求：

16.如圖所示，有一足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，折成傾斜和水平兩部分，傾斜部分導(dǎo)軌與水平面的夾角為θ=30°，水平和傾斜部分均處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，水平部分磁場(chǎng)方向豎直向下，傾斜部分磁場(chǎng)垂直傾斜導(dǎo)軌所在平面向下(圖中未畫(huà)出)，兩個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域互不疊加。將兩根金屬棒a、b垂直放置在導(dǎo)軌上，并將b用輕繩通過(guò)定滑輪和小物塊c連接。已知兩棒的長(zhǎng)度均為L(zhǎng)，電阻均為R，質(zhì)量均為m，小物塊c的質(zhì)量也為m，不考慮其他電阻，不計(jì)一切摩擦，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中金屬棒與導(dǎo)軌始終垂直且保持接觸良好，b始終不會(huì)碰到滑輪，重力加速度大小為g。

(1)鎖定a，釋放b，求b的最終速度vm；

(2)a、b由靜止釋放的同時(shí)在a上施加一沿傾斜導(dǎo)軌向上的恒力F=1.5mg，求達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)

答案和解析1.【答案】C

【解析】解：AB、高能帶電粒子到達(dá)地球受到地磁場(chǎng)的洛倫茲力作用，發(fā)生偏轉(zhuǎn)。粒子在不同的磁場(chǎng)中，所受到的洛倫茲力大小不一，而磁場(chǎng)在南、北兩極的磁場(chǎng)幾乎與地面垂直，在赤道附近磁場(chǎng)的方向幾乎與地面平行，結(jié)合洛倫茲力的特點(diǎn)可知，地磁場(chǎng)對(duì)垂直射向地球表面的宇宙射線的阻擋作用在南、北兩極最弱，赤道附近最強(qiáng)，故AB錯(cuò)誤；

C、根據(jù)左手定則，地磁場(chǎng)會(huì)使沿地球赤道平面內(nèi)射來(lái)的宇宙射線中的帶正電粒子在洛倫茲力作用下向東偏轉(zhuǎn)，偏向面與赤道平面平行，故C正確；

D、磁偏角時(shí)不斷變化的，故D錯(cuò)誤；

故選：C。

根據(jù)地球磁場(chǎng)的分布，由左手定則可以判斷粒子的受力的方向，從而可以判斷粒子的運(yùn)動(dòng)的方向。

本題考查了地球磁場(chǎng)的分布特點(diǎn)和左手定則的應(yīng)用，掌握好左手定則即可判斷粒子的受力的方向，從而判斷粒子的運(yùn)動(dòng)情況。2.【答案】C

【解析】解：A、紅外線具有熱作用可以用來(lái)加熱理療，紫外線具有波長(zhǎng)短、頻率高、能量大的特點(diǎn)可以進(jìn)行消毒，X射線可以用來(lái)進(jìn)行透視以診斷病情，故A錯(cuò)誤；

B、電場(chǎng)強(qiáng)度的定義E=Fq采用比值定義法，E與F、q均無(wú)關(guān)，只與電場(chǎng)本身的性質(zhì)有關(guān)，故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)電磁波產(chǎn)生理論可知，變化的磁場(chǎng)能產(chǎn)生電場(chǎng)，變化的電場(chǎng)能產(chǎn)生磁場(chǎng)，故C正確；

D、根據(jù)公式B=FIL只適用于B和I相互垂直的情況，如果二者平行，通電導(dǎo)線受磁場(chǎng)力為零，所以不能根據(jù)通電導(dǎo)線受磁場(chǎng)力為零來(lái)判斷磁感應(yīng)強(qiáng)度是否為零，故D錯(cuò)誤。

故選：C。3.【答案】AD【解析】解：AC.導(dǎo)體薄片是自由電子定向移動(dòng)導(dǎo)電，電流和磁場(chǎng)方向如圖所示時(shí)，根據(jù)左手定則，載流子向N電極偏轉(zhuǎn)，則電極N電勢(shì)低于電極M電勢(shì)，同理，將磁場(chǎng)方向和電流方向同時(shí)反向，根據(jù)左手定則，仍然是N板電勢(shì)低，故A正確，C錯(cuò)誤；

B.將磁場(chǎng)方向變?yōu)榕c薄片的上、下表面平行，根據(jù)左手定則，則載流子受到上下方向的洛倫茲力，或者不受洛倫茲力，因此M、N間不存在電勢(shì)差，故B錯(cuò)誤；

D.設(shè)半導(dǎo)體薄片的厚度為d，寬度為b，長(zhǎng)度為L(zhǎng)，載流子所受的電場(chǎng)力等于洛倫茲力，設(shè)材料單位體積內(nèi)載流子的個(gè)數(shù)為n，材料截面積為S，根據(jù)平衡條件有qUb=Bqv

電流微觀表達(dá)式

I=nqSv

S=bd

解得霍爾電壓UH=BInqd

UH與磁感應(yīng)強(qiáng)度B、電流I、厚度d4.【答案】B

【解析】解：甲車(chē)向右運(yùn)動(dòng)過(guò)程，穿過(guò)螺線管的磁場(chǎng)方向向右，磁通量增加，由楞次定律可知，螺線管感應(yīng)電流磁場(chǎng)方向向左，由安培定則可知，通過(guò)R的電流由a向b；

兩車(chē)組成的系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒；兩車(chē)運(yùn)動(dòng)過(guò)程螺線管產(chǎn)生感應(yīng)電流，產(chǎn)生電能，系統(tǒng)的部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能，由能量守恒定律可知，系統(tǒng)機(jī)械能減少，由于兩車(chē)高度不變，重力勢(shì)能不變，則兩車(chē)系統(tǒng)的動(dòng)能減少，動(dòng)能不守恒，故B正確，ACD錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流方向；系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，只有重力或彈力做功，機(jī)械能守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒的條件與機(jī)械能守恒的條件分析答題。

知道動(dòng)量守恒與機(jī)械能守恒的條件是解題的前提，根據(jù)題意應(yīng)用楞次定律、動(dòng)量守恒定律與能量守恒定律即可解題。

5.【答案】B

【解析】解：根據(jù)原副線圈兩端的電流和電壓的比值關(guān)系可知，原線圈的“等效電阻”與副線圈的電阻的比值關(guān)系為：R原R副=U1I1U2I2=(n1n2)2。

可知此電路的等效電路如圖所示：

AB、保持P1位置不變，P2向左緩慢滑動(dòng)的過(guò)程中，即原、副線圈的匝數(shù)比保持不變，R2接入電路的阻值減小，則由上述分析可知，原線圈位置的等效電阻保持不變，因?yàn)榛瑒?dòng)變阻器的電阻變小，則電流I變大，U變小，而R1消耗的功率增大，故A錯(cuò)誤，B正確；

C、保持P2位置不變，P1向下緩慢滑動(dòng)的過(guò)程中，n2減小，等效電阻增大，電流I減小，則電壓表的示數(shù)減小，故C錯(cuò)誤；

D、滑動(dòng)觸頭P1初始位置在副線圈正中間，此時(shí)“等效電阻”的阻值為R等效=(n112n1)2R=4R6.【答案】D

【解析】解：A、沿x軸正方向電勢(shì)逐漸降低，所以電場(chǎng)線方向應(yīng)該是沿x軸正方向，電勢(shì)φ與位移x圖線切線的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度，所以電場(chǎng)強(qiáng)度逐漸減小，故A錯(cuò)誤；

B、滑塊與水平地面間的滑動(dòng)摩擦力(最大靜摩擦力)大小為Ff=μmg=0.02×0.2×10N=0.04N

由圖可知x=0.1m處電場(chǎng)強(qiáng)度大于x=0.15m處電場(chǎng)強(qiáng)度，x=0.15m處的場(chǎng)強(qiáng)E=ΔφΔx=3×1050.3?0.15V/m=2.0×106V/m

即滑塊釋放時(shí)所受電場(chǎng)力大小F>qE=2.0×10?8×2.0×106V/m=0.04N=Ff

所以滑塊釋放后開(kāi)始向右加速運(yùn)動(dòng)，由于φ?x圖像的斜率的絕對(duì)值不斷減小且最后趨于零，所以電場(chǎng)強(qiáng)度也不斷減小且最后趨于零，則滑塊受到向右的電場(chǎng)力不斷減小且最后趨于零，根據(jù)牛頓第二定律可推知滑塊一開(kāi)始做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)電場(chǎng)力減小至比滑動(dòng)摩擦力還小時(shí)，滑塊開(kāi)始做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，最終將靜止，故B錯(cuò)誤；

C、當(dāng)滑塊所受電場(chǎng)力大小與滑動(dòng)摩擦力大小相等時(shí)滑塊速度最大(設(shè)為v)，根據(jù)前面分析可知此時(shí)滑塊位于x=0.15m處，由圖可知x=0.1m與7.【答案】BC【解析】解：AB、由左側(cè)電路可以判斷ab中電流方向由a到b；由右側(cè)電路及圖乙可以判斷，0～2?s內(nèi)cd中電流為由d到c，跟ab中電流同向，因此ab、cd相互排斥，故A錯(cuò)誤，B正確；

CD、2～4?s內(nèi)cd中電流為由c到d，跟ab中電流反向，因此ab、cd相互吸引，故C正確、D錯(cuò)誤；

故選：8.【答案】BC【解析】解：A.根據(jù)右手定則和楞次定律可知，切割磁感線在ab中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向與面積為S的區(qū)域中的磁場(chǎng)變化產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相同。

感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：E1=ΔΦΔt=ΔBΔt?S=kS

動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)：E2=BLv0

所以棒勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)的電流為：I=E1+E2R+r

聯(lián)立解得：I=BLv0+kS3r，方向從a向b，故A錯(cuò)誤；

B.ab棒受力平衡，有：F+mg=BIL9.【答案】BC【解析】解：B、t2～t3這段時(shí)間內(nèi)v?t圖線為與t軸平行的直線，表明線框做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則線框所受安培力與重力平衡，有BIL=mg

又E=BLv2，I=ER，可得線圈勻速運(yùn)動(dòng)的速度大小：v2=mgRB2L2=0.1×10×212×0.52m/s=8m/s，故B正確；

C、設(shè)磁場(chǎng)寬度為d，由題意分析可知線圈的長(zhǎng)度為2d，則在t1～t2時(shí)間內(nèi)，有v2=v1+g?Δt

3d=v1+10.【答案】AD【解析】解：A.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)后，電源不能給燈A、B及線圈L供電，通過(guò)線圈L的電流減小，線圈中會(huì)產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，方向向右，由于二極管的單向?qū)щ娦?，線圈的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)并不能二極管與燈A形成回路；斷電后，電容器C與燈A、B組成閉合回路，有放電電流從電容器的下極板逆時(shí)針通過(guò)燈B、A，再回到上極板，通過(guò)燈A的電流瞬間變大(原來(lái)電路中的電流只有部分通過(guò)燈A)，因此燈A要閃亮一下，隨著電容器的放電，燈AB逐漸熄滅，故A正確。

BC.在未斷開(kāi)開(kāi)關(guān)前的電路穩(wěn)定狀態(tài)，電容器支路無(wú)電流通過(guò)，二極管導(dǎo)通，相當(dāng)于導(dǎo)線，燈A與線圈L并聯(lián)后再與燈B串聯(lián)；由于燈A與線圈并聯(lián)后的電阻與燈B的電阻不相等，根據(jù)電壓的分配原則，燈A與燈B兩端的電壓不相等；由于線圈L不是純電阻電路，歐姆定律不適用，通過(guò)線圈L的電流不等于通過(guò)燈A的電流，因此通過(guò)燈B的電流不是通過(guò)燈A的電流的2倍，故BC錯(cuò)誤。

D.在未斷開(kāi)開(kāi)關(guān)前的電路穩(wěn)定狀態(tài)，通過(guò)線圈的電流不發(fā)生變化，線圈中不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；在斷開(kāi)開(kāi)關(guān)后，燈A、B熄滅以前，通過(guò)線圈L的電流減小，線圈L會(huì)產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，方向向右，故D錯(cuò)誤。

故選：AD。

開(kāi)關(guān)閉合時(shí)，電源對(duì)電容器充電，使電容器的下極板帶上正電荷，上極板帶上等量負(fù)電荷；電路穩(wěn)定后電容器支路無(wú)電流通過(guò)，二極管導(dǎo)通，燈A與線圈L并聯(lián)后再與燈B串聯(lián)；流過(guò)線圈L的電流發(fā)生變化(閉合或斷開(kāi)瞬間)，導(dǎo)致穿過(guò)線圈的磁通量發(fā)生變化，而產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；斷開(kāi)開(kāi)關(guān)后，電容器與燈A、B11.【答案】AC【解析】解：A、流過(guò)副線圈的電流I2=UR，根據(jù)I1I2=n2n1可知，流過(guò)電流表的電流I1=2UR，故A正確；

B、變壓器中原線圈的電壓為U1，根據(jù)U1U2=n1n2可知電壓U1=U2，電阻R1分得的電壓UR=I1R=212.【答案】CD

D

A【解析】解：(1)“測(cè)定玻璃的折射率”的實(shí)驗(yàn)中，大頭針均應(yīng)在同一傳播光路上，即P3同時(shí)擋住P1、P2的像且P4擋住P3及P1、P2的像，故AB錯(cuò)誤，CD正確。

故選：CD。

(2)按照大頭針位置，所作光路圖如圖所示：

A.光由空氣射入玻璃中時(shí)，入射角應(yīng)大于折射角，故A錯(cuò)誤；

B.光射入平行玻璃磚后，出射光線與法線的夾角應(yīng)該等于最初的入射光線與法線的夾角，故B錯(cuò)誤；

C.入射光線與折射光線應(yīng)該分居在法線兩側(cè)，故C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)折射定律可知，光射入玻璃的入射角應(yīng)等于射出玻璃時(shí)的折射角，即入射光線和出射光線平行，故D正確。

故選：D。

(3)根據(jù)單位圓法，光路圖如題圖2所示，根據(jù)三角函數(shù)知識(shí)，入射角正弦值sini=ACAO

折射角正弦值sinr=BDBO13.【答案】A

E

×10

90

240【解析】解：(1)該電路采用半偏法測(cè)電阻，實(shí)驗(yàn)中認(rèn)為電路中的干路電流始終不變，在測(cè)量表頭電阻時(shí)，為了減小閉合S1時(shí)對(duì)電路總電阻的影響，則有R′?rg

即滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值越大越好，由于表頭滿(mǎn)偏電流固定，因此電源電動(dòng)勢(shì)越大越好。故R′選用A，電源選用E。

(2)對(duì)于改裝后的電流表，接a時(shí)量程為：

IA1=Ig+Ig(rg+R2)R1

接b時(shí)量程為：

IA2=Ig+IgrgR1+R2

可知，接a時(shí)的量程大于接b時(shí)的量程，根據(jù)歐姆表的工作原理，歐姆表的內(nèi)阻，即中值電阻為：

R內(nèi)=R中

由閉合電路歐姆定律得：

R內(nèi)=EIA

聯(lián)立得：R中=EIA

根據(jù)上述可知，接a時(shí)的中值電阻小于接b時(shí)的中值電阻，可判斷接b時(shí)為大倍率，所以當(dāng)開(kāi)關(guān)S3撥到b時(shí)，歐姆表的倍率是×10，當(dāng)開(kāi)關(guān)S3撥到a時(shí)，歐姆表的倍率是×1；

由于中值電阻等于表盤(pán)正中間刻線與倍率的乘積，則S3接a和b時(shí)有

10R中a=R中b

又R中14.【答案】解：(1)交流發(fā)電機(jī)產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)的最大值Em=nBSω

而Φm=BS，ω=2πT，所以Em=nBSω=nΦm?2πT=100×2.0×10?2×2π0.2V=20πV≈62.8V

(2)線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度【解析】(1)根據(jù)圖象可以知道線圈中磁通量的最大值，從而求得BS的值，再據(jù)Em=NBSω求交流發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的最大電動(dòng)勢(shì)值即可；

(2)根據(jù)圖象判定是余弦式交變電流，根據(jù)表達(dá)式求解即可；15.【答案】解：(1)設(shè)滑塊運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)的速度大小為v1，小車(chē)在此時(shí)的速度大小為v2，

滑塊從