2019年全國(guó)統(tǒng)一高考物理試卷以及答案解析(全國(guó)1卷)

20192019年全國(guó)統(tǒng)一高考物理試卷以及答案解析（全國(guó)1卷）第第#頁(yè)（共18頁(yè)）電路特點(diǎn)可知，分流電阻阻值偏小，如果R值計(jì)算錯(cuò)誤，接入的電阻偏小會(huì)導(dǎo)致改裝后電流表量程偏大，故C正確，D錯(cuò)誤;AB、把微安表改裝成電流表需要并聯(lián)分流電阻，并聯(lián)電阻阻值：R=-^,如果微安內(nèi)阻Rg測(cè)量值錯(cuò)誤，微安表內(nèi)阻實(shí)際阻值大于1200。，即內(nèi)阻Rg測(cè)量值偏小,I叢并聯(lián)電阻阻值：3偏小，會(huì)導(dǎo)致改裝后電流表量程偏大，故A正確，B錯(cuò)誤；1一工且故選：AC；（4）把微安表改裝成電流表需要并聯(lián)分流電阻，并聯(lián)電阻阻值：豈，I工*由（2）可知，流過(guò)分流電阻電流為流過(guò)微安表電流的99倍，則并聯(lián)電阻：R=―生，&99 ￡=99R,把微安表改裝成20mA的電流表，并聯(lián)電阻阻值巴曰曰 20X10-3-250X10-把微安表改裝成20mA的電流表，并聯(lián)電阻阻值巴曰曰 20X10-3-250X10-679則：k=79997?：=kR,999979故答案為：（1）實(shí)物電路圖如圖所示；（2）C；（3）AC；（4）【點(diǎn)評(píng)】本題考查了電流表的改裝問(wèn)題，把微安表改裝成大量程的電流表需要并聯(lián)分流電阻，應(yīng)用并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以求出并聯(lián)電阻阻值，掌握基礎(chǔ)知識(shí)是解題的前提與關(guān)鍵，根據(jù)題意應(yīng)用基礎(chǔ)知識(shí)即可解題。11.【分析】（1）對(duì)粒子在加速電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)運(yùn)用動(dòng)能定理，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng),利用洛倫茲力提供向心力結(jié)合幾何關(guān)系，聯(lián)立即可求出帶電粒子的比荷；（2）根據(jù)幾何關(guān)系求解出粒子射入磁場(chǎng)后運(yùn)動(dòng)到x軸所經(jīng)過(guò)的路程s,再利用公式t=^v即可求出帶電粒子從射入磁場(chǎng)到運(yùn)動(dòng)至x軸的時(shí)間?！窘獯稹拷猓海?）設(shè)帶電粒子的質(zhì)量為m,電荷量為q,加速后的速度大小為v,根據(jù)動(dòng)能定理可得：qU=,ir/…①C-i設(shè)粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r,粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示：2根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得：qvB=mJ…②r根據(jù)幾何關(guān)系可得：d=V2r-@聯(lián)立①②③式可得：旦=—駕…④（2）由幾何關(guān)系可知，帶電粒子射入磁場(chǎng)后運(yùn)動(dòng)到x軸所經(jīng)過(guò)的路程為s=兀1Ir,tan30°…⑤2則帶電粒子從射入磁場(chǎng)到運(yùn)動(dòng)至x軸的時(shí)間為：t=旦…⑥v聯(lián)立②④⑤⑥式可得：七上」答：（1）帶電粒子的比荷為一黑下B2dz（2）帶電粒子從射入磁場(chǎng)到運(yùn)動(dòng)至x軸的時(shí)間為號(hào)-（卷+亨）o【點(diǎn)評(píng)】本題考查帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，粒子在加速場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)運(yùn)用動(dòng)能定理求解,粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)運(yùn)用洛倫茲力提供向心力結(jié)合幾何關(guān)系求解，解題關(guān)鍵是要作出軌跡圖，正確運(yùn)用數(shù)學(xué)幾何關(guān)系。12?【分析】（1）根據(jù)動(dòng)量守恒定律和能量關(guān)系列方程求解；（2）對(duì)A下滑過(guò)程中和上滑過(guò)程中根據(jù)動(dòng)能定理列方程，從圖（b）給出的圖象可得A上升的高度與H的關(guān)系，根據(jù)功的計(jì)算公式求解物塊A在整個(gè)過(guò)程中克服摩擦力做的功;（3）設(shè)根據(jù)動(dòng)能定理求解B在水平軌道上能夠滑行的距離，物塊與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)在改變后，根據(jù)動(dòng)能定理求解A滑行的距離，然后求出改變前后動(dòng)摩擦因數(shù)的比值?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)圖（b）,vi為A在碰撞前瞬間的速度大小，才為其碰撞后瞬間速度大小。設(shè)物塊B的質(zhì)量為m，,碰后瞬間的速度為v，,Yi根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得：mvi=m（-寸）+m‘v‘根據(jù)能量守恒定律可得：春尉=熹【/2聯(lián)立解得m'=3m；

（2）在圖（b）描述的運(yùn)動(dòng)中，設(shè)物塊A與軌道間的滑動(dòng)摩擦力大小為f,下滑過(guò)程中所走過(guò)的路程為si，返回過(guò)程中所走過(guò)的路程為S2,P點(diǎn)的高度為h,整個(gè)過(guò)程中克服摩擦所做的功為W,根據(jù)動(dòng)能定理可得:1 2mgH-fs^yinv^-0-（-（fs2+mgh）=0--mV1

T從圖（b）給出的圖象可知，根據(jù)幾何關(guān)系可得：—5]H物塊A在整個(gè)過(guò)程中克服摩擦力做的功為：W=fs1+fs2,聯(lián)立解得：W=^mgH；15（3）設(shè)傾斜軌道傾角為8,物塊與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)在改變前為口，則有：W=Dmgcos0.sin0設(shè)物塊B在水平軌道上能夠滑行的距離為s,,根據(jù)動(dòng)能定理可得-Im，gs，=0-^m;T2設(shè)物塊與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)在改變后為「，根據(jù)動(dòng)能定理可得：mgh-Dmmgcos0?一—口‘mgs1=0sinu聯(lián)立解得：￡^=晉。答：（1）物塊B的質(zhì)量為3m；（2）在圖（b）所描述的整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，物塊A克服摩擦力所做的功為必嗯H;15（3）改變前后動(dòng)摩擦因數(shù)的比值為,?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要是考查了動(dòng)能定理；運(yùn)用動(dòng)能定理解題時(shí)，首先要選取研究過(guò)程，然后分析在這個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中哪些力做正功、哪些力做負(fù)功，初末動(dòng)能為多少，根據(jù)動(dòng)能定理列方程解答；動(dòng)能定理的優(yōu)點(diǎn)在于適用任何運(yùn)動(dòng)包括曲線運(yùn)動(dòng)；一個(gè)題目可能需要選擇不同的過(guò)程多次運(yùn)用動(dòng)能定理研究，也可以全過(guò)程根據(jù)動(dòng)能定理解答。三、選考題：共15分。請(qǐng)考生從2道物理題中任選一題作答。如果多做，則每科按所做的第一題計(jì)分。［物理-選修3-3］（15分）13【分析】根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析封閉氣體的內(nèi)能。根據(jù)壓強(qiáng)的微觀意義分析空氣的密度?！窘獯稹拷猓河深}意可知，容器和活塞的絕熱性能良好，故容器內(nèi)氣體與外界不發(fā)生熱交換，故^Q：。；但現(xiàn)活塞緩慢移動(dòng)過(guò)程中，容器中氣體壓強(qiáng)逐漸減少，則容器內(nèi)氣體不斷膨脹，體積增大，氣體對(duì)外界做功，即W<0,根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知：△U=4Q+W<0,故容器氣體內(nèi)能減小，溫度降低，低于外界溫度。最終容器內(nèi)氣體壓強(qiáng)與外界氣體壓強(qiáng)相同，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程：PV=nRT,又?.?p常，m為容器內(nèi)氣體質(zhì)量，聯(lián)立解得：p=-^r，nRT當(dāng)選取一部分與容器內(nèi)氣體相同質(zhì)量的外界氣體，由于容器內(nèi)溫度T低于外界溫度，故容器內(nèi)氣體密度大于外界氣體密度。故答案為：低于；大于?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查熱力學(xué)第一定律和壓強(qiáng)的微觀解釋?zhuān)⒁鉁囟仁抢硐霘怏w內(nèi)能的標(biāo)志，對(duì)一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能只與溫度有關(guān)。14【分析（i）以瓶中氣體為研究對(duì)象，使用前后瓶中氣體發(fā)生等溫變化，根據(jù)玻意耳定律即可求出使用后的總體積；再對(duì)10瓶中壓入爐腔內(nèi)的氣體分析，根據(jù)玻意耳定律即可求出爐腔中氣體的壓強(qiáng)。氣體發(fā)生等溫變化，根據(jù)題意求出氣體初末狀態(tài)的狀態(tài)參量，然后應(yīng)用玻意耳定律求出氣體的壓強(qiáng)。（2）爐內(nèi)氣體體積不變，氣體發(fā)生等容變化，根據(jù)題意求出氣體狀態(tài)參量，應(yīng)用查理定律可以求出爐腔內(nèi)氣體的壓強(qiáng)?！窘獯稹拷猓海╥）設(shè)初始時(shí)每瓶氣體的體積為V0,壓強(qiáng)為p0,使用后氣瓶中剩余氣體的壓強(qiáng)為p1，氣體溫度保持不變發(fā)生等溫變化，由玻意耳定律得：p0V0=p1V1,被壓入爐腔的氣體在室溫和p1條件下的體積：V1,=V1-V0，設(shè)10瓶氣體壓入完成后爐腔中氣體壓強(qiáng)為p2,體積為V2，由玻意耳定律得：p2V2=10piV/，代入數(shù)據(jù)解得：p2=3.2X107Pa；（ii）設(shè)加熱前爐腔的溫度為T(mén)o,加熱后爐腔的溫度為/，氣體壓強(qiáng)為P3，氣體發(fā)生等容變化，由查理定律得：詈二詈，T1T0代入數(shù)據(jù)解得：p3=1.6X108Pa；答：（i）壓入氤氣后爐腔中氣體在室溫下的壓強(qiáng)為3.2X107pa；（ii）將壓入氤氣后的爐腔加熱到1227C,此時(shí)爐腔中氣體的壓強(qiáng)為1.6X108pa。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了氣體狀態(tài)方程的應(yīng)用，根據(jù)題意分析清楚氣體狀態(tài)變化過(guò)程、求出氣體狀態(tài)參量是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用玻意耳定律與查理定律可以解題。[物理-選修3-4]（15分）15?【分析】根據(jù)波的傳播方向確定Q點(diǎn)在t=｝時(shí)刻的振動(dòng)方向，與振動(dòng)圖象上在時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向比較，確定是哪個(gè)質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象。在波動(dòng)圖象上，根據(jù)位移大小研究加速度和速度的大小關(guān)系?！窘獯稹拷猓篈、簡(jiǎn)諧機(jī)械波沿x軸正方向傳播，在時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)方向向上，而在振動(dòng)圖象上在時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向向下，所以圖b不是質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖象。故A錯(cuò)誤。B、在t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P位于波谷，速度為零，質(zhì)點(diǎn)Q位于平衡位置，則質(zhì)點(diǎn)P的速率比質(zhì)點(diǎn)Q的小，故B錯(cuò)誤。C、在t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P的位移比質(zhì)點(diǎn)Q的大，則質(zhì)點(diǎn)P的加速度的大小比質(zhì)點(diǎn)Q的大。故C正確。D、在t=，時(shí)刻，平衡位置在坐標(biāo)原點(diǎn)的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向向下，與振動(dòng)圖象相符，所以平衡位置在坐標(biāo)原點(diǎn)的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象如圖（b）所示。故D正確。E、在t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P位于波谷，質(zhì)點(diǎn)Q位于平衡位置，則質(zhì)點(diǎn)P與其平衡位置的距離比質(zhì)點(diǎn)Q的大。故E正確。故選：CDE?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查識(shí)別、理解振動(dòng)圖象和波動(dòng)圖象的能力，以及把握兩種圖象聯(lián)系的能力。對(duì)于波的圖象往往先判斷質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向和波的傳播方向間的關(guān)系。同時(shí)，能熟練分析波動(dòng)形成的過(guò)程，分析物理量的變化情況。16?【分析】（i）由折射定律求出入射角，結(jié)合幾何關(guān)系求桅桿到P點(diǎn)的水平距離；（ii）先根據(jù)折射定律求激光束從水面出射的方向與豎直方向的夾角，再由幾何關(guān)系求船行駛的距離?！窘獯稹拷猓海╥）設(shè)光束從水面射出的點(diǎn)到桅桿的水平距離為xi，到P點(diǎn)的水平距離為X2.桅桿的高度為瓦，P點(diǎn)處水深為112.激光束在水中與豎直方向的夾角為8。由幾何關(guān)系有：Ki =tan53°…①hlA--I--=tan0@h2由折射定律有：n=SL?嗎—…③siny設(shè)桅桿到P點(diǎn)的水平距離為X,貝IJ:X=X1+X2…④聯(lián)立①②③④并代入數(shù)據(jù)解得：x=7m…⑤（ii）設(shè)激光束在水中與豎直方向的夾角為45°時(shí)，從水面出射的方向與豎直方向的夾角為了。由折射定律有：n=吃二…⑥sin45設(shè)船向左行駛的距離為x’,此時(shí)光束從水面射出的