2022-2023學年江西省九江市竹坪中學高三物理聯(lián)考試卷含解析

2022-2023學年江西省九江市竹坪中學高三物理聯(lián)考試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖，均勻帶正電的絕緣圓環(huán)a與金屬圓環(huán)b同心共面放置，當a繞圓心O點在其所在平面內(nèi)旋轉(zhuǎn)時，b中產(chǎn)生順時針方向的感應電流，且具有擴張趨勢，由此可知，圓環(huán)a

（

）A．順時針加速旋轉(zhuǎn)

B．順時針減速旋轉(zhuǎn)C．逆時針加速旋轉(zhuǎn)

D．逆時針減速旋轉(zhuǎn)參考答案：C2.如圖所示，在水平向右的勻強磁場中，在O點固定一電荷量為Q的正電荷，a、b、c、d為以O(shè)為圓心的同一圓周上的四點，bd連線與電場線平行，ac連線與電場線垂直。則

A．a(chǎn)、c兩點的場強相同

B．b點的場強大于a點的場強

C.da間的電勢差大于ab間的電勢差

]

D．檢驗電荷在a點的電勢能等于在c點的電勢能參考答案：BD3.（單選）圖為學校自備發(fā)電機在停電時為教學樓教室輸電的示意圖，發(fā)電機輸出電壓恒為220V，發(fā)電機到教學樓的輸電線電阻用圖中r等效替代。若使用中，在原來工作著的日光燈的基礎(chǔ)上再增加教室開燈的盞數(shù)，則 A整個電路的電阻特增大，干路電流蔣減小

B因為發(fā)電機輸出電壓恒定，所以原來工作著的日光燈的亮度將不變 C發(fā)電機的輸出功率將減小 D．輸電過程中的損失功率（即輸電線路消耗的功率）將增大參考答案：D解析解：A、增加教室開燈的盞數(shù)，即并聯(lián)燈泡，總電阻減小，總電流增大，故A錯誤；

B、根據(jù)歐姆定律可知，輸電線上消耗的電壓變大，則日光燈兩端電壓變小，亮度變暗，故B錯誤；C、發(fā)電機的輸出功率P=UI，電壓不變，電流變大，輸出功率變大，故C錯誤；D、電流電大，輸電線電阻不變，根據(jù)P

熱＝I2r可知，輸電過程中的損失功率將增大，故D正確．故選：D4.（單選）用α粒子轟擊氬核（Ar）時，生成一個中子和一個新核，這個新核共有（）A．44個核子B．18個質(zhì)子C．20個質(zhì)子D．24個中子參考答案：考點：原子核的人工轉(zhuǎn)變．分析：根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒確定新核的電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)，從而通過質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)求出中子數(shù)．解答：解：α粒子有兩個桌子和兩個中子，氬核（Ar）有18個質(zhì)子和22個中子，根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，新核的電荷數(shù)為18+2=20，質(zhì)量數(shù)為4+40﹣1=43，則質(zhì)子數(shù)為20，中子數(shù)為43﹣20=23．故C正確，A、B、D錯誤．故選：C．點評：解決本題的關(guān)鍵知道核反應過程中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，知道質(zhì)量數(shù)等于質(zhì)子數(shù)加上中子數(shù)．5.（單選）人站在臺階式自動扶梯上不動，隨扶梯向上勻速運動，下列說法中錯誤的是（）A．重力對人做負功B．摩擦力對人做正功C．支持力對人做正功D．合力對人做功為零參考答案：：解：人站在自動扶梯上不動，隨扶梯向上勻速運動，受重力和支持力，重力做負功，支持力做正功，合外力為零，所以合外力做功等于零．人不受摩擦力，所以沒有摩擦力做功．故A、C、D正確，B錯誤．本題選錯誤的，故選：B二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.一定質(zhì)量的理想氣體，狀態(tài)從A→B→C→D→A的變化過程可用如圖所示的p－V的圖描述，圖中p1、p2、V1、V2和V3為已知量。(1)氣體狀態(tài)從A到B是______過程(填“等容”、“等壓”或“等溫”)；(2)狀態(tài)從B到C的變化過程中，氣體的溫度______(填“升高”、“不變”或“降低”)；(3)狀態(tài)從C到D的變化過程中，氣體______(填“吸熱”或“放熱”)；(4)狀態(tài)從A→B→C→D的變化過程中，氣體對外界所做的總功為________。參考答案：(1)等壓

(2)降低

(3)放熱

(4)p1(V3－V1)－p2(V3－V2)7.飛鏢是一種喜聞樂見的體育活動。飛鏢靶上共標有10環(huán)，其中第10環(huán)的半徑為1cm，第9環(huán)的半徑為2cm……以此類推，靶的半徑為10cm。記成績的方法是：當飛鏢擊中第n環(huán)與第n+1環(huán)之間區(qū)域則記為n環(huán)。某人站在離靶5m的位置，將飛鏢對準靶心以水平速度v投出，當v<________m/s（小數(shù)點后保留2位）時，飛鏢將不能擊中靶，即脫靶；當v=60m/s時，成績應為______環(huán)。（不計空氣阻力，g取10m/s2）參考答案：35.36，78.圖示實線是簡諧橫波在t1=0時刻的波形圖象，虛線是t2=0.2s時刻的波形圖象，試回答：若波沿x軸正方向傳播，則它的最大周期為

s；若波的傳播速度為55m/s，則波的傳播方向是沿x軸

方向(填“正”或“負”)。參考答案：0.8負9.某同學用大頭針、三角板、量角器等器材測半圓形玻璃磚的折射率。開始玻璃磚的位置如圖中實線所示，使大頭針P1、P2與圓心O在同一直線上，該直線垂直于玻璃磚的直徑邊，然后使玻璃磚繞圓心O緩慢轉(zhuǎn)動，同時在玻璃磚直徑邊一側(cè)觀察P1、P2的像，且P2的像擋住P1的像。如此觀察，當玻璃磚轉(zhuǎn)到圖中虛線位置時，上述現(xiàn)象恰好消失。此時只需測量出_______________________________，即可計算出玻璃磚的折射率。請用你的測量量表示出折射率________________。

參考答案：玻璃磚直徑邊繞O點轉(zhuǎn)過的角度，10.某同學設(shè)計了一個探究加速度a與物體所受合力F及質(zhì)量m關(guān)系的實驗，圖（a）為實驗裝置簡圖。（交流電的頻率為50Hz）①若取小車質(zhì)量M＝0.4kg，改變砂桶和砂的質(zhì)量m的值，進行多次實驗，以下m的值不合適的是

.A．m1＝5gB．m2＝1kg

C．m3＝10g

D．m4＝400g②圖（b）為某次實驗得到的紙帶，根據(jù)紙帶可求出小車的加速度大小為

m/s2。（保留二位有效數(shù)字）③為了用細線的拉力表示小車受到的合外力，實驗操作時必須首先

.該操作是否成功判斷的依據(jù)是

.四．計算題:（本題有3小題，共40分）參考答案：11.在光滑水平面上，有一個粗細均勻的單匝正方形閉合線框abcd，在水平外力的作用下，從靜止開始沿垂直磁場邊界方向做勻加速直線運動，穿過勻強磁場，平行磁場區(qū)域的寬度大于線框邊長，如圖甲所示．測得線框中產(chǎn)生的感應電流i的大小和運動時間t的變化關(guān)系如圖乙所示．已知圖象中四段時間分別為△t1、△t2、△t3、△t4．在△t1、△t3兩段時間內(nèi)水平外力的大小之比1：1；若已知△t2：△t3：△t4=2：2：1，則線框邊長與磁場寬度比值為7：18．參考答案：考點：導體切割磁感線時的感應電動勢；電磁感應中的能量轉(zhuǎn)化．專題：電磁感應——功能問題．分析：線框未進入磁場時沒有感應電流，水平方向只受外力作用．可得△t1、△t3兩段時間內(nèi)水平外力的大小相等．設(shè)線框加速度a，bc邊進入磁場時速度v，根據(jù)運動學位移公式得到三段位移與時間的關(guān)系式，即可求出則線框邊長與磁場寬度比值．解答：解：因為△t1、△t3兩段時間無感應電流，即無安培力，則線框做勻加速直線運動的合外力為水平外力．所以△t1、△t3兩段時間內(nèi)水平外力的大小相等．即水平外力的大小之比為1：1．設(shè)線框加速度a，bc邊進入磁場時速度v，△t2=△t3=2△t4=2△t，線框邊長l，磁場寬L根據(jù)三段時間內(nèi)線框位移，得：

v?2△t+a（2△t）2=l

v?4△t+a（4△t）2=L

v?5△t+a（5△t）2=l+L解得：=故答案為：1：1，7：18．點評：此題是電磁感應與電路、力學知識的綜合，根據(jù)圖象上獲取的信息，結(jié)合E=Blv分析線框的運動情況是解題的關(guān)鍵．12.如圖所示，質(zhì)量為m的小球A以速率v0向右運動時跟靜止的小球B發(fā)生碰撞，碰后A球以的速率反向彈回，而B球以的速率向右運動，則B的質(zhì)量mB=_______；碰撞過程中，B對A做功為

。參考答案：4.5m

-3mv02/8

動量守恒：；動能定理：。13.用同一光電管研究a、b兩種單色光產(chǎn)生的光電效應，得到光電流I與光電管兩極間所加電壓U的關(guān)系如圖．則a光光子的頻率

▲

b光光子的頻率（選填“大于”、“小于”、“等于”）；用a光的強度

▲

b光的強度（選填“大于”、“少于”、“等于”）．參考答案：大于；大于試題分析：由題可得光電管反向截止電壓大，可得出光電子的最大初動能大，根據(jù)，所以a光光子的頻率大；由圖可知a光電流較大，因此a光的光強大于b光?？键c：愛因斯坦光電效應方程三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（選修3－3（含2－2））（6分）一定質(zhì)量的氣體，從外界吸收了500J的熱量，同時對外做了100J的功，問：①物體的內(nèi)能是增加還是減少?變化了多少？(400J;400J)

②分子勢能是增加還是減少？參考答案：解析：①氣體從外界吸熱：Q＝500J，氣體對外界做功：W＝－100J

由熱力學第一定律得△U=W+Q=400J

(3分)

△U為正，說明氣體內(nèi)能增加了400J

(1分)

②因為氣體對外做功，所以氣體的體積膨脹，分子間的距離增大，分子力做負功，氣體分子勢能增加。（2分）15.（12分）位于處的聲源從時刻開始振動，振動圖像如圖，已知波在空氣中傳播的速度為340m/s，則：

（1）該聲源振動的位移隨時間變化的表達式為

mm。（2）從聲源振動開始經(jīng)過

s，位于x=68m的觀測者開始聽到聲音。（3）如果在聲源和觀測者之間設(shè)置一堵長為30m，高為2m，吸音效果良好的墻，觀測者能否聽到聲音，為什么？參考答案：答案：（1）（4分）；（2）（4分）0.2；（3）（4分）能。因為聲波的波長與障礙物的高度差不多，可以發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，所以，觀察者能夠聽到聲音。四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，等邊三角形AQC的邊長為2L，P、D分別為AQ、AC的中點．水平線QC以下是向左的勻強電場，區(qū)域Ⅰ（梯形PQCD）內(nèi)有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度大小為B0；區(qū)域Ⅱ（三角形APD）內(nèi)的磁場方向垂直紙面向里，區(qū)域（虛線PD之上、三角形APD以外）的磁場與區(qū)域Ⅱ內(nèi)大小相等、方向相反．帶正電的粒子從Q點正下方、距離Q點為L的O點以某一速度射入電場，在電場作用下以速度v0垂直QC到達該邊中點N，經(jīng)區(qū)域Ⅰ再從P點垂直AQ射入?yún)^(qū)域Ⅲ（粒子重力忽略不計）（1）求該粒子的比荷；（2）求該粒子從O點運動到N點的時間t1和勻強電場的電場強度E；（3）若區(qū)域Ⅱ和區(qū)域Ⅲ內(nèi)磁場的磁感應強度大小為3B0，則粒子經(jīng)過一系列運動后會返回至O點，求粒子從N點出發(fā)再回到N點的運動過程所需的時間t．參考答案：考點：帶電粒子在勻強磁場中的運動；帶電粒子在勻強電場中的運動．版權(quán)所有專題：帶電粒子在復合場中的運動專題．分析：（1）粒子在區(qū)域Ⅰ內(nèi)做勻速圓周運動，圓心為Q點，故半徑等于QN，洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律列式求解即可；（2）粒子從O到N與從N到O是逆過程，N到O做類平拋運動；故O到N的豎直分運動是勻速直線運動，水平分運動是勻加速直線運動，根據(jù)分位移公式列式求解即可；（3）畫出粒子在磁場中運動軌跡，找出半徑與三角形邊長的關(guān)系，定出時間與周期的關(guān)系，求出時間．解答：解：（1）由題意可知，粒子在區(qū)域Ⅰ內(nèi)做勻速圓周運動，軌道半徑為：r1=L；由牛頓第二定律和洛倫茲力表達式得到：qvB=m解得：；（2）粒子從O點到N點過程中，豎直向上做速度為v0的勻速直線運動，則：t1=水平向右做末速度為零的勻減速直線運動，則：L=由牛頓第二定律得：QE=ma解得：E=2B0v0；（3）帶電粒子在區(qū)域Ⅱ和區(qū)域Ⅲ內(nèi)做勻速圓周運動，同理由牛頓第二定律和洛倫茲力表達式可得：r2=粒子從N點出發(fā)再回到N點的運動軌跡如圖所示：在區(qū)域Ⅰ中勻速圓周運動周期：T1=；在區(qū)域Ⅰ中運動的時間：t2=×2=；在區(qū)域Ⅱ和區(qū)域Ⅲ中勻速圓周運動周期：T2=；在區(qū)域Ⅱ和區(qū)域Ⅲ中運動時間：t2=；所以t=t2+t3=；答：（1）該粒子的比荷為；（2）該粒子從O點運動到N點的時間為，勻強電場的電場強度E為2B0v0；（3）粒子從N點出發(fā)再回到N點的運動過程所需的時間t為．點評：本題屬于帶電粒子在組合場中運動問題，綜合性較強．磁場中圓周運動要畫軌跡分析運動過程，探索規(guī)律，尋找半徑與三角形邊的關(guān)系是關(guān)鍵．17.空氣中的顆粒物對人體健康有重要影響。有人利用除塵器對空氣除塵，除塵器主要由過濾器、離子發(fā)生器(使顆粒物帶電)、集塵器組成。如圖所示為集塵器的截面圖，間距為d的上、下兩板與直流電源相連，CD為勻強磁場的左邊界，磁場的方向垂直紙面向里。質(zhì)量均為m、帶相等電荷量分布均勻的顆粒物，以水平速度v0進入集塵器，調(diào)節(jié)電源電壓至U，顆粒物在電場區(qū)域恰能沿水平向右做勻速直線運動，再進入電場、磁場共存區(qū)域后顆粒物偏轉(zhuǎn)碰到下板后其電量消失，同時被收集，設(shè)重力加速度為g，不計顆粒物之間的相互作用。(1)判斷顆粒物所帶電荷的種類，并求其電荷量q；(2)從C點靠近上板下表面的顆粒物