加15套高考模擬卷四川省2020級普通高中學(xué)業(yè)水平測試及答案含解析

四川省2020級普通高中學(xué)業(yè)水平測試及答案一、單項選擇題：本題共 6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符題目要求的。、如圖所示，一物塊相對木板向右從板上 A點滑至板上B點，木板上 A、B兩點間距離為5米，同時板在地面上向左滑行 3米，圖甲為滑行前，圖乙為滑行后，在此過程中物塊受到木板對它的滑動摩擦力大小為20N，則物塊所受的摩擦力做功為（ ）A．B．-100JC．100JD．-40J2、“笛音雷”是春節(jié)期間常放的一種鞭炮，其著火后一段時間內(nèi)的速度一時間圖像如圖所示（不計空氣阻力，取豎直向上為正方向），其中t0時刻為笛音雷起飛時刻、 DE段是斜率大小為g的直線。則關(guān)于笛音的運動，下列說法正確的是（ ）At1時刻加速度最小Bt2Ct3時刻徹底熄火Dt3~t4"做自由落體運動、關(guān)于功的概念，下列說法中正確的是（ A．因為功有正負(fù)，所以功是矢量B．力對物體不做功，說明物體一定無位移C．滑動摩擦力可能做負(fù)功，也可能做正功D．若作用力對物體做正功，則反作用力一定做負(fù)、關(guān)于元電荷，正確的說法是（ ）A．元電荷就是點電荷.B．1C電量叫元電荷.C．元電荷就是質(zhì)子.D．元電荷目前被認(rèn)為是自然界中電荷的最小單元 .、一個不穩(wěn)定的原子核質(zhì)量為 M，處于靜止?fàn)顟B(tài)．放出一個質(zhì)量為 m的粒子后反沖．已知放出的粒子動能為E0，則原子核反沖的動能為 ( )A．E B．mE

m E

MmE0 0 0M M m

(M m)2 0、下列說法中正確的是（ ）A．原子核發(fā)生一次 衰變，該原子外層就一定失去一個電子5555 核泄漏事故污染物 137Cs能夠產(chǎn)生對人體有害的輻射，其核反應(yīng)方程式為 1375555

137

Ba+x可以判斷x為質(zhì)子若氫原子從n=2能級向n=1能級躍遷時輻射出的光不能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)， 則氫原子從 n=6能向n=2能級躍遷時輻射出的光有可能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)質(zhì)子、中子、 粒子的質(zhì)量分別是

，質(zhì)子和中子結(jié)合成一個 a粒子，釋放的能量是(2m 2m m)c21 2 3二、多項選擇題：本題共 4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得 5分，選對但不全的得 3分，有選錯的得 0分。、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài) a開始，經(jīng)歷三個過程 ab、bc、ca回到原狀態(tài)，其V—T圖像如圖所示，pa、pb、pc分別表示a、、c的壓強(qiáng)，下列判斷正確的是（ ）A．狀態(tài)a、b、c的壓強(qiáng)滿足pc=pb=3pa過程ab中氣體內(nèi)能增大過程bc中氣體吸收熱量過程bc中每一分子的速率都減小過程ca中氣體吸收的熱量等于對外做的功、一質(zhì)量為m的電動汽車在平直公路上以恒定的功率加速行駛，當(dāng)速度大小為 v時，其加速度大小為 a（a 0，設(shè)汽車所受阻力恒為 kmg（k 1，重力加速度為 g，下列說法正確的是（ ）A．汽車的功率為kmgv B．汽車的功率為(kmg ma)vC．汽車行駛的最大速率為 1 a vkg

D．汽車行駛的最大速率為 avkg、一列簡諧橫波在 t=0時刻的波形圖如圖實線所示，從此刻起，經(jīng) 0.2s波形圖如圖虛線所示，若波傳的速度為5m/s，則（ ）A．這列波沿 x軸正方向傳播B．t=0時刻質(zhì)點a沿y軸負(fù)方向運動C．若此波遇到另 --列簡諧橫波并發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，則該波所遇到的簡諧橫波頻率為 D．x=2m處的質(zhì)點在 t=0.2s時刻的加速度有最大值E.t=0時刻開始質(zhì)點a0.4s通過的路程為0.8m10、如圖所示，表面粗糙的斜面固定于地面上，并處于方向垂直于紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B的勻強(qiáng)磁中；質(zhì)量為 m、帶電量為+Q的小滑塊從斜面頂端由靜止下滑．在滑塊下滑的過程中，下列判斷正確的是（）A．滑塊受到的摩擦力不變B．滑塊到地面時的動能與 B的大小無C．滑塊受到的洛倫茲力方向垂直斜面向下DB很大時，滑塊可能靜止于斜面上三、實驗題：本題共 2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、某同學(xué)為了測量一根鉛筆芯的電阻率，設(shè)計了如圖所示的電路測量該鉛筆芯的電阻值．所用器材有電A1A2

、滑動變阻器

R2、待測鉛筆芯

Rx、電源E、開關(guān)S及導(dǎo)線等．操作步驟如下：調(diào)節(jié)滑動變阻器和電阻箱的阻值達(dá)到最大；閉合開關(guān)，適當(dāng)調(diào)節(jié)滑動變阻器和電阻箱的阻值：記錄兩個電流表A1、A2的示數(shù)分別為 I1、I2，請回答以下問題：（若電流的內(nèi)阻可忽略．則電流表示數(shù)

I2 I1時，電阻箱的阻值等于待測筆芯的電阻值．（用螺旋測微器測量該筆芯的直徑，螺旋測微器的示數(shù)如圖所示，該筆芯的直徑為 mm．（已測得該筆芯的長度

L 20.00cm

的讀數(shù)為5.00 ，根據(jù)上面測量的數(shù)據(jù)可計算出筆芯的電阻率

m結(jié)果保留3位有效數(shù)字）（

A2的內(nèi)阻不能忽略，仍利用（l中方法，則筆芯電阻的測量值 真實值（填大于”小．12、用如圖甲所示裝置，測定木塊與長木板間的動摩擦因數(shù)。放在水平桌面上的長木板一端帶有定滑輪，另一端固定有打點計時器，穿過打點計時器的紙帶連接在木塊上，繞過定滑輪的細(xì)線一端連接在木塊上，另一端懸掛裝有砝碼的砝碼盤，開始時木塊靠近打點計時器。當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間。（實驗前，需要調(diào)節(jié)的高度，使連接木塊的細(xì)線與長木板平行。（接通電源，釋放紙帶，圖乙為打出的紙帶上點跡清晰的一段，紙帶上 0、1、、、4、5、6為計數(shù)點，相鄰計數(shù)點間均有四個計時點未標(biāo)出，若打點計時器所接交流電的頻率為 f，測出紙帶上計數(shù)點 2間的距離為

，計數(shù)點4、6間的距離為

x2，則打計數(shù)點5時，木塊的速度大小為 ，木塊的加速度大小為 。（若木塊的質(zhì)量為 M，懸掛的砝碼和砝碼盤的總質(zhì)量為 m，則木塊與長木板間的動摩擦因數(shù)為 四、計算題：本題共 2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、新冠肺炎疫情發(fā)生以來，各醫(yī)院都特別加強(qiáng)了內(nèi)部環(huán)境消毒工作。如圖所示，是某醫(yī)院消毒噴霧器設(shè)備。噴霧器的儲液桶與打氣筒用軟細(xì)管相連，已知儲液桶容積為 10L，打氣筒每打次氣能向儲液桶內(nèi)壓入0p 1.0 105Pa0

V'0

200mL

?，F(xiàn)往儲液桶內(nèi)裝入 8L藥液后關(guān)緊桶蓋和噴霧頭開關(guān)，此時桶內(nèi)壓強(qiáng)為p

1.0 105Pa，打氣過程中儲液桶內(nèi)氣體溫度與外界溫度相同且保持不變，不計儲液桶兩端連接管以及軟細(xì)管的容積。若打氣使儲液桶內(nèi)消毒液上方的氣體壓強(qiáng)達(dá)到 后，求打氣筒打氣次數(shù)至少是多少？當(dāng)儲液桶內(nèi)消毒液上方的氣體壓強(qiáng)達(dá)到 305Pa后，打開噴霧器開關(guān) K直至儲液桶消毒液上方的氣為05Pa，求在這過程中儲液桶噴出藥液的體積是多少？114、如圖為一由透明介質(zhì)制成的截面為4

圓的柱體，放在水平面上，其中 O點為圓心，該圓的半徑為 R，一點光源發(fā)出一細(xì)光束，該光束平行水平面射到透明介質(zhì)上的 M點，該光束經(jīng)透明介質(zhì)折射后射到水平面上的Q點。已知OM

1R，OQ2

3R，光在空氣中的速度為 c。求：①透明介質(zhì)的折射率 n應(yīng)為多少？②該光束由M點到Q點的時間為多少？15、如圖所示，ABCD為固定在豎直平面內(nèi)的軌道， AB段平直傾斜且粗糙，BC段是光滑圓弧，對應(yīng)的1圓心角 53，半徑為r，CD段水平粗糙，各段軌道均平滑連接，在 D點右側(cè)固定了一個

圓弧擋板4MN，圓弧半徑為R，圓弧的圓心也在 D點。傾斜軌道所在區(qū)域有場強(qiáng)大小為

E 9mg

、方向垂直于斜軌向下的勻強(qiáng)電場。一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小物塊(視為質(zhì)點)在傾斜軌道上的A點由靜止釋1放，最終從D點水平拋出并擊中擋板。已知A之間距離為2r斜軌與小物塊之的動摩擦因數(shù)為 ，4設(shè)小物塊的電荷量保持不變，重力加速度為

0.80.6。求：小物塊運動至圓軌道的 C點時對軌道的壓力大??；改變AB之間的距離和場強(qiáng) E的大小，使小物塊每次都能從 D點以不同的速度水平拋出并擊中擋板不同位置，求擊中擋板時小物塊動能的最小值。參考答案一、單項選擇題：本題共 6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符題目要求的。1、D【解析】【詳解】物塊所受的摩擦力做的功為：W=Fxcosθ-20(5-3)=-40J．A-160J，與結(jié)論不相符，選項AB-100J，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C100J，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D．-40J，與結(jié)論相符，選項 D正確故選D．【點睛】本題主要考查了恒力做功公式的直接應(yīng)用，知道功是力與力的方向上的位移的乘積．2、C【解析】【分析】【詳解】A．t1時刻的斜率不是最小的，所以 t1時刻加速度不是最小的，故 A錯誤；t2時刻速度的方向為正，仍舊往上運動，沒有改變運動方向，故 B錯誤；從圖中看出， t3時刻開始做加速度不變的減速運動，所以 笛音雷在t3時刻徹底熄火，故 C正確；t3~t4時間內(nèi)笛音雷做向上運動，速度方向為正，不可能做自由落體運動，故 D錯誤故選C。3、C【解析】A、功有正負(fù)，但功是標(biāo)量， A錯誤；B、當(dāng)力的方向和位移的方向垂直時，力不做功，但有位移， B錯誤；C、摩擦力方向可以與位移方向相同，也可以相反，故可能做正功，也可能做負(fù)功， C正確；D、一對相互作用力做功，可以出現(xiàn)都做正功，都做負(fù)功，一正一負(fù)或一個做功，一個不做功等各種情況D錯誤．故選Ｃ．4、D【解析】【分析】點電荷是當(dāng)兩個帶電體的形狀對它的相互作用力的影響可忽略時， 這兩個帶電體可看作點電荷． 而元電是帶電量的最小值，它不是電荷，所有帶電體電荷量均是元電荷的整數(shù)倍．【詳解】元電荷是最小的帶電量， 而點電荷是一種理想化的物理模型，二者不是同一物理量； 故A錯誤；元電荷是帶電量的最小值，大小是 ，故B錯誤；元電荷是指最小的電荷量，不是指質(zhì)子，故 C錯誤元電荷是自然界中電荷的最小單元，故 D正確；故選D。【點睛】本題關(guān)鍵是對點電荷、元電荷的概念要有清晰的認(rèn)識，同時要明確它們之間的區(qū)別，這是理清概念的一種重要方法．5、C【解析】【詳解】放出質(zhì)量為m的粒子后，剩余質(zhì)量為 M m，該過程動量守恒，則有：(M m)v放出的粒子的動能為：mv1 2mvE0 02原子核反沖的動能：Ek1M mv2Ek2聯(lián)立解得：EEmEEk 0M mE0與分析不符，不符合題意；m與分析不符，不符合題意；Mm E0與分析相符，符合題意M mMm

與分析不符，不符合題意。(M m)2 06、D【解析】【分析】【詳解】A．原子核發(fā)生一次 衰變，該原子核內(nèi)中子變成質(zhì)子，放出一個電子，選項 A錯誤；根據(jù)核反應(yīng)的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知， x的質(zhì)量數(shù)為零，電荷數(shù)為 則x是電子，選項B錯誤；根據(jù)玻爾理論可知，氫原子從 n=1能級向n=1能級躍遷時輻射出的光的能量為 hv=E1-E1=-3.4eV-（-13.6eV=10.1eV氫原子從6能級向1能級躍遷時輻射出的光的能量為 E6-E=-0.38e-

-3.4eV）=3.01eV，結(jié)合光電效應(yīng)發(fā)生的條件可知，若氫原子從 n=1能級向n=1能級躍遷時輻射出的光不能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則氫原子從n=6能級向n=1能級躍遷時輻射出的光也不能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)， 故錯誤；質(zhì)子、中子、 粒子的質(zhì)量分別是 m、m1、m質(zhì)子和中子結(jié)合成一個 粒子的過程中虧損的質(zhì)為（m1+1m-m，根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程可知釋放的能量是（ m1+1m-m3）c．故D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共 4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得 5分，選對但不全的得 3分，有選錯的得 0分、ABE【解析】【分析】【詳解】A．設(shè)a狀態(tài)的壓強(qiáng)為pa，則由理想氣體的狀態(tài)方程可知pb所以pb=3p同理paV0得pc=3pa所以pc=pb=3paA正確；過程a到b中溫度升高，內(nèi)能增大，故 B正確；過程b到c溫度降低，內(nèi)能減小，即 ?U<0，體積減小，外界對氣體做功， W>0，則由熱力學(xué)第一定可知，Q<0，即氣體應(yīng)該放出熱量，故 C錯誤；溫度是分子的平均動能的標(biāo)志，是大量分子運動的統(tǒng)計規(guī)律，對單個的分子沒有意義，所以過程 中氣體的溫度降低，分子的平均動能減小，并不是每一個分子的速率都減小，故 D錯誤；E．由圖可知過程ca中氣體等溫膨脹，內(nèi)能不變，對外做功；根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體吸收的熱量等于對外做的功，故 E正確。故選ABE。8、BC【解析】【詳解】AB．車的額定功率為 汽車的速度為 v時，根據(jù)牛頓第二定律得Pkmg mav得P (kmg ma)vAB正確。CD．汽車勻速運動時牽引力等于阻力， 速率最大，故有1vP a1vmkmg kg故C正確，D錯誤。故選BC。9、BDE【解析】【詳解】A．由圖可知波的波長 4m，由題在時間t=0.2s內(nèi)，波傳播的距離為x vt

5 0.2m 1m=4根據(jù)波形的平移法可知，這列波沿 x軸負(fù)方向傳播，故 A錯誤；由波的傳播方向可知， t=0時刻質(zhì)點a沿y軸負(fù)方向運動，故 B正確；由v 得TT 4s 0.8sv 5頻率為f

，要發(fā)生穩(wěn)定的干涉圖樣，必須兩列波頻率相同，故 C錯誤；x=2m處的質(zhì)點在 t=0.2s時刻在負(fù)的最大位移處，所以加速度有最大值，故 D正確；從t=0時刻開始質(zhì)點a經(jīng)0.4s是半個周期，通過的路程為 2倍的振幅，即為0.8m，故E正確故選BDE。10、CD【解析】【詳解】AC．小滑塊向下運動的過程中受到重力，支持力，垂直斜面向下的洛倫茲力，摩擦力，向下運動的過程中，速度增大，洛倫茲力增大，支持力增大，滑動摩擦力增大．故 A錯誤， C正確；B．B的大小不同，洛倫茲力大小不同，導(dǎo)致滑動摩擦力大小不同，根據(jù)動能定理，摩擦力功不同，到達(dá)底端的動能不同，B錯誤；D．滑塊之所以開始能動，是因為重力的沿斜面的分力大于摩擦力， B很大時，一旦運動，不會停止，終重力的沿斜面的分力等于摩擦力，小滑塊勻速直線運動，故 D錯誤．【點睛】解決本題的關(guān)鍵知道洛倫茲力的方向和洛倫茲力的大小以及能夠正確的受力分析，理清物體的運動狀況三、實驗題：本題共 2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。111、2【解析】【分析】【詳解】

1.000

1.96 107 小于(1)[1]若電阻箱的阻值等于待測筆芯的電阻值，則兩條支路的電流相等，所以：2 I 12 2(2)[2]主尺上的刻度為 0.5mm，副尺上的刻度為 50格，所以讀數(shù)為：d 0.5mm 0.01mm 50 1.000mm(3)[3] 鉛筆芯的橫截面積：d d2S ( )22 4R L帶入電阻定律R 得：SRS Rd2L 4L帶入數(shù)據(jù)得：71.96 107

Ωgm(4)[4]

A2的內(nèi)阻不能忽略，則筆芯電阻的測量值為

R1，真實值為R1

,則筆芯電阻的測量值2小于真實值．2fx

x x f2

(m M

x x f212、定滑輪 210

2 1200 M

2 1200Mg【解析】【分析】【詳解】（[1]調(diào)節(jié)定滑輪的高度使連接木塊的細(xì)線與長木板平行。（[2][3]根據(jù)時間中點速度等于某段時間的平均速度，則可求打計數(shù)點 5時，木塊的速度大小為v x2 =fx25 1 1010f根據(jù)x at2得木塊的加速度x x

x x f2a2 1a2210f

2 1200（[4]由牛頓第二定律有mg Mg (m M)a解得m (m M

2x2 f2M 200Mg四、計算題：本題共 2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明方程式和演算步驟。13、(1)20次；(2)1L【解析】【分析】【詳解】對儲液桶內(nèi)藥液上方的氣體初狀態(tài)：壓強(qiáng)p1=10Pa，體積V1末狀態(tài)：壓強(qiáng)p2=3.00P，體積V2=2L由玻一馬定律得V1 22解得6L因為原來氣體體積為

，所以打氣筒打氣次數(shù)

6 220次V0 0.2對儲液桶內(nèi)藥液上方的氣體初狀態(tài)：壓強(qiáng)p1105Pa

2L末狀態(tài)：壓強(qiáng)

p 2.0 105Pa2由玻一馬定律得2p2解得3L所以儲液桶噴出藥液的體積V (3 1L14、①14、①3②【解析】【詳解】①光線沿直線第一次到達(dá)圓弧面N點的入射角130。由幾何關(guān)系得：MNONOQ30，所以折射角為260玻璃的折射率 nsinsin231②光在玻璃中傳播的速度vcnc3光在玻璃內(nèi)從 M到N的距離L1Rcos303R2光在玻璃內(nèi)傳播的時間：t13R2c33R2cNQ間的距離L2R光從N傳播到Q的時間為t2解得：tt1t23R2cRcL2c5R2cRc15（C點小物塊對圓軌道的壓力大小為FN13mg（2小物塊動能的最小值為Ekmin35 2【解析】【詳解】小物塊由AB過程由動能定理，得：

mgsin

2r mgcos qE

1 22解得：vBgr5

1 2 1 2小物塊由B到C過程由機(jī)械能守恒定律得：

mgr

1 cos

mvC2

mvB解得：vC

8gr5在C點由牛頓第二定律，得：13

2vFN mg m Cvr解得：FN 513由牛頓第三定律可得，在 C點小物塊對圓軌道的壓力大小為

FN mg5小物塊離開D點后做平拋運動，水平方向：

x v0t豎直方向： y

1gt22而：x2 y2 R21 2小物塊平拋過程機(jī)械能守恒，得：

mgy Ek

mv02由以上式子得：Ek

mgR2 3mgy4y 4由數(shù)學(xué)中均值不等式可知：

2

3mgR則小物塊動能的最小值為

Ekmin

4y 4 23mgR22019-2020 高考物理模擬試卷一、單項選擇題：本題共 6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符題目要求的。、如圖所示，理想變壓器的原線圈接在 u=220 2sin100 t(V)的交流電源上，副線圈接有 R=55 的負(fù)電阻，原、副線圈匝數(shù)之比為 電流表、電壓表均為理想電表。下列說法正確的是（ ）A．原線圈的輸入功率為 220 2WB．電流表的讀數(shù)為 1AC．電壓表的讀數(shù)為 D．通過電阻 R的交變電流頻率是 100Hz、太空涂鴉技術(shù)就是使低軌運行的攻擊衛(wèi)星通過變軌接近高軌偵查衛(wèi)星， 準(zhǔn)確計算軌道并向其發(fā)射 霧彈，漆霧彈在臨近偵查衛(wèi)星時，壓爆彈囊，讓 漆霧散開并噴向偵查衛(wèi)星，噴散后強(qiáng)力吸附在偵查衛(wèi)星的偵察鏡頭、太陽能板、電子偵察傳感器等關(guān)鍵設(shè)備上，使之暫時失效。下列關(guān)于攻擊衛(wèi)星說法正的是（ ）A．攻擊衛(wèi)星進(jìn)攻前需要加速才能進(jìn)入偵察衛(wèi)星軌道B．攻擊衛(wèi)星進(jìn)攻前的向心加速度小于攻擊時的向心加速度C．攻擊衛(wèi)星進(jìn)攻前的機(jī)械能大于攻擊時的機(jī)械能D．攻擊衛(wèi)星進(jìn)攻時的線速度大于 7.9km/s、在地球同步軌道衛(wèi)星軌道平面內(nèi)運行的低軌道衛(wèi)星，其軌道半徑為同步衛(wèi)星半徑星運行周期為（ ）A．1h B．3h C．6h D．12h

1，則該低軌道衛(wèi)44、某原子電離后其核外只有一個電子，若該電子在核的靜電力作用下繞核做勻速圓周運動，那么電子運動A．半徑越小，周期越大 B．半徑越小，角速度越小C．半徑越大，線速度越小 D．半徑越大，向心加速度越大、如圖所示，輕繩跨過光滑定滑輪，左端與水平地面上的物塊M相連，右端與小球N于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)對小球N施加一水平拉力使其緩慢移動一小段距離，整個過程物塊M保持靜止，地面對物塊M的摩擦力為f則此過程中（）AfFBfF變小CfFDfF、某理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為 10:1，當(dāng)輸入電壓增加 20V時，輸出電壓（ ）A．增加200V B．增加2V C．降低200V D．降低2V二、多項選擇題：本題共 4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得 5分，選對但不全的得 3分，有選錯的得 0分。、圖甲為研究光電效應(yīng)的電路圖，圖乙為靜止在勻強(qiáng)磁場中的某種放射性元素的原子核 衰變后產(chǎn)生新核Y和某種射線的徑跡，下列說法正確的是（ ）A．圖甲利用能夠產(chǎn)生光電效應(yīng)的兩種（或多種）頻率已知的光進(jìn)行實驗可測出普朗克常量B．圖甲的正負(fù)極對調(diào)，在光照不變的情況下，可研究得出光電流存在飽和值C．圖乙對應(yīng)的衰變方程為D．圖乙對應(yīng)的衰變方程為8、如圖，MN和PQ是兩根互相平行、豎直放置的光滑金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌足夠長，電阻不計，勻強(qiáng)磁場垂直導(dǎo)軌平面向里。金屬桿 ab垂直導(dǎo)軌放置，與導(dǎo)軌始終良好接觸，金屬桿具有一定的質(zhì)量和電阻。開始時，將開關(guān) S斷開，讓金屬桿ab由靜止開始自由下落，經(jīng)過一段時間，再將開關(guān) S閉合，從閉合開關(guān) S開始計時，取豎直向下為正方向，則金屬桿運動的動能 EK加速度a所受到的安培力，及電流表的示數(shù)隨時間t變化的圖象可能是A． B． C． D．如圖所示絕緣材料制成的半徑為 R的內(nèi)壁光滑圓軌道豎直放置在水平地面上且左右恰被光滑擋板擋住 ,圓心O點固定著電荷量為 Q的場源點電荷一電荷量為q、可視為質(zhì)點的帶電小球沿軌道內(nèi)壁做圓周運動 ,當(dāng)小球運動到最高點 A時,地面對軌道的彈力恰好為零 若軌道與小球的質(zhì)量均為 m,Q?q

0,忽略小球的電荷對Q形成的電場的影響，重力加速度為 g,靜電力常量為k下列說法中正確的是（ ）A．軌道內(nèi)壁的電場強(qiáng)度處處相同B．軌道內(nèi)壁的電勢處處相等C．運動到與圓心等高的 B點時，小球?qū)壍赖膲毫Υ笮镈．運動到最低點 C時，小球?qū)壍赖膲毫Υ笮?7mg

kqQR210、如圖所示，衛(wèi)星1和衛(wèi)星2均繞地球做圓周運動，其中衛(wèi)星 1為地球同步軌道衛(wèi)星，衛(wèi)星 2是極地星，衛(wèi)星1的軌道半徑大于衛(wèi)星 2的軌道半徑.則下列說法正確的是A．衛(wèi)星1和衛(wèi)星2B．衛(wèi)星2的運行周期小于24hC．衛(wèi)星1的向心加速度大于衛(wèi)星 2的向心加速度D．衛(wèi)星2的線速度小于靜止在赤道上某物體的線速度三、實驗題：本題共 2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。、某同學(xué)做驗證力的平行四邊形定則 的實驗情況如圖甲所示， 其中A為固定橡皮條的圖釘，O為橡條與細(xì)繩的結(jié)點,OB與OC為細(xì)繩．圖乙是在白紙上根據(jù)實驗結(jié)果面出的圖．如果沒有操作失誤，圖乙中的 F

F'兩力中，方向一定沿 AO方向的是 ．該實驗用到的實驗器材除了方木板、白紙、橡皮條、細(xì)繩套 (兩個)、圖釘(幾個)等，還需要的實驗器有 A．刻度尺 B．量角器 C．彈簧測力計有關(guān)該實驗，下列說法正確的是 A．同一實驗中的兩只彈簧測力計的選取方法是 :將兩只彈簧測力計水平放置并調(diào)零，之后互鉤對拉，若只彈簧測力計讀數(shù)相同，則可選 :若讀數(shù)不同，應(yīng)調(diào)整或另換，直至相同為止．時相同即可．用兩只彈簧測力計鉤住繩套，互成角度地拉橡皮條時，夾角應(yīng)取合適角度，以便算出合力大?。拇笮〖纯桑谟脧椈蓽y力計拉橡皮條時，應(yīng)使彈簧測力計的彈簧與木板平面平行．在該實驗中，如果將OB與OC細(xì)繩也換成橡皮條，那么對實驗結(jié)果 影響．(選填有"或有”)12、如圖所示，將打點計時器固定在鐵架臺上，用重物帶動紙帶從靜止開始自由下落，利用此裝置可驗證機(jī)械能守恒定律.（已準(zhǔn)備的器材有打點計時器（帶導(dǎo)線） 、紙帶、復(fù)寫紙、帶鐵夾的鐵架臺和帶夾子的重物，此外還要的器材是 （填字母代號）.A．直流電源、天平及砝碼 B．直流電源、毫米刻度尺C．交流電源、天平及砝碼 D．交流電源、毫米刻度尺（實驗中需要測量物體由靜止開始自由下落到某點時的瞬時速度 v和下落高度h.某同學(xué)對實驗得到紙帶，設(shè)計了以下四種測量方案，這些方案中合理的是 （填字母代號）.A．用刻度尺測出物體下落的高度 h，由打點間隔數(shù)算出下落的時間 t，通過v=gt算出瞬時速度v用刻度尺測出物體下落的高度 并通過v 2gh計算出瞬時速度 v根據(jù)做勻變速直線運動時，紙帶上某點的瞬時速度等于這點前后相鄰兩點間的平均速度，測算出瞬時v2速度v，并通過h

計算得出高度h2g用刻度尺測出物體下落的高度 h，根據(jù)做勻變速直線運動時，紙帶上某點的瞬時速度等于這點前后鄰兩點間的平均速度，測算出瞬時速度 v（實驗結(jié)果往往是重力勢能的減少量略大于動能的增加量， 關(guān)于這個誤差下列說法正確的是 （填字母代號）.A．該誤差屬于偶然誤差B．該誤差屬于系統(tǒng)誤差C．可以通過多次測量取平均值的方法來減小該誤差D．可以通過減小空氣阻力和摩擦阻力的影響來減小該誤差四、計算題：本題共 2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明方程式和演算步驟。13、在水面上P點正下方有兩個點光源 、b，a、b分別發(fā)出紅光和綠光，它們對水的折射率分別為 n和n。結(jié)果發(fā)現(xiàn)在水面上只形成了一個半徑為 R的藍(lán)色圓形區(qū)域，顯然這是紅光和綠光復(fù)合而成的。求：(i)a、b點的高度差是多少?(ii)若點光源a到P的距離加倍，圓圈邊緣為什么顏色 圓圖面積變化多少?14、如圖所示，豎直平面內(nèi)的四分之一圓弧軌道下端與水平桌面相切，小滑塊 A和B分別靜止在圓軌道的最高點和最低點?，F(xiàn)將 A無初速度釋放，A與B碰撞后結(jié)合為一個整體，并沿桌面滑動。已知圓弧軌道光滑，半徑R=0.2m和B的質(zhì)量相等均為1kg和B整體與桌面之間的動摩擦因數(shù) 取重力加速度g=10m/s2。求：（碰撞前瞬間A的速率v；（AB系統(tǒng)碰撞過程損失的機(jī)械能；（A和B整體在桌面上滑動的距離 L。15、傾角為37o的斜面上疊放著質(zhì)量均為

m

滑塊和長木板，在垂直于斜面方向的壓力 F作用下，均保持靜止。已知滑塊與長木板間動摩擦因素 1 0.2，滑塊正處于長木板的中間位置；長木板與斜面間動摩擦因素 2 0.4，長木板長度 L 0.8m?；瑝K大小忽略不計，各接觸面的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，斜面足夠長，取

g 10m/s2，sin37o

0.6。壓力F的最小值；突然撤去壓力F，滑塊經(jīng)過多長時間從長木板滑下？參考答案一、單項選擇題：本題共 6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符題目要求的。1、C【解析】【分析】【詳解】U1 C．原線圈的交流電電壓的有效值是 220V，原、副線圈匝數(shù)之比為 1，

可得副線圈上得到U2 n2的電壓有效值為U1UU2 14

55V所以電壓表測電壓有效值，則示數(shù)是 55V，選項C正確；B．副線圈上的電流為2I 55V 55Ω2I1又由于I2

n2，則原線圈中的電流為n1I 1I 0.25A1 24則電流表的讀數(shù)為 0.25A，故B錯誤；A．原線圈輸入的電功率P U1I1 220V 0.25A 55WA錯誤；D．原副線圈的交流電的頻率相同，則副線圈中的交流電的頻率也是 50Hz，故D錯誤故選C。2、A【解析】【詳解】A．攻擊衛(wèi)星的軌道半徑小，進(jìn)攻前需要加速做離心運動，才能進(jìn)入偵查衛(wèi)星軌道，故 A正確；根據(jù)GMm r2得a GMr2可知，攻擊前，攻擊衛(wèi)星的軌道半徑小，故攻擊衛(wèi)星進(jìn)攻前的向心加速度大于攻擊時的向心加速度，故 B錯誤；攻擊衛(wèi)星在攻擊過程中，做加速運動，除引力以外的其他力做正功，機(jī)械能增加，故攻擊衛(wèi)星進(jìn)攻的機(jī)械能小于攻擊時的機(jī)械能，故 C錯誤；根據(jù)萬有引力提供向心力Mm v2G 2 mr r得v GMr軌道半徑越小，速度越大，當(dāng)軌道半徑最小等于地球半徑時，速度最大，等于第一宇宙速度 7.9km/s，攻擊衛(wèi)星進(jìn)攻時在軌運行速率小于 7.9km/s，故D錯誤。故選A。3、B【解析】【分析】【詳解】根據(jù)開普勒第三定律1 3T2 ( 同)T衛(wèi)= 4T2 r3同 同解得衛(wèi) T 1T 1 24h=3h衛(wèi) 8 8故選B。4、C【解析】【詳解】原子核與核外電子的庫侖力提供向心力；A．根據(jù)ke2 4 22 m 2 r，r T可得m4 2r3T ，ke2故半徑越小，周期越小， A錯誤；根據(jù)ke22m 2r，2r可得，mr，故半徑越小，角速度越大， B錯誤；根據(jù)ke22

mv2，r r可得ke2v ，mr故半徑越大，線速度越小， C正確；根據(jù)2ke ma，r2可得ke2a mr2，故半徑越大，加速度越小， D錯誤故選C。5、A【解析】【詳解】對小球N進(jìn)行分析，分析其受力情況，設(shè)細(xì)繩與豎直方向夾角為 ，則有F mgtanT cos細(xì)繩與豎直方向夾角 逐漸增大，tan 增大，所以水平拉力增大； cos 減小，所以繩子拉 T增大由于物塊M始終靜止在地面上，在水平方向，由平衡條件可得f=Tcosθ則地面對物塊M的摩擦力f也變大，故ABCD故選A。6、B【解析】【詳解】根據(jù)U1 U2 n2得U1 U2 即20 =10U2 1解得U2=2V即輸出電壓增加2V，故BACD故選B。二、多項選擇題：本題共 4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得 5分，選對但不全的得 3分，有選錯的得 0分。7、ABD【解析】【詳解】根據(jù)光電效應(yīng)方程得 ，聯(lián)立兩式解得 ，所以分別測出兩次電流表讀數(shù)為零時電壓表的示數(shù) U1和U2即可測得普朗克常量，選項 A正確；題圖甲電源的正負(fù)極對調(diào)，此時光電管中所加電壓為正向電壓，在光照不變的情況下，通過調(diào)節(jié)滑動阻器可調(diào)節(jié)光電管兩端的電壓，可研究得出光電流存在的飽和值，選項 B正確；CD.由題圖乙可知，發(fā)生的是 衰變，故衰變方程為 ，選項D正確，C錯誤.8、BC【解析】【詳解】閉合開關(guān)時，金屬棒受到向下的重力以及向上的安培力，若重力與安培力相等，即B2l2vmg=BIL=R金屬桿做勻速直線運動。 速度不變，則動能、安培力、感應(yīng)電流都不變，加速度為零。若安培力小于重力則加速度的方向向下，做加速運動，加速運動的過程中，安培力增大，則加速度減小，做加速度逐漸減小的加速運動，當(dāng)重力與安培力相等時，做勻速直線運動，則 t圖象是斜率逐漸減小的曲線，因為0kE 1mv at20k2所以Ek－t圖象是一條斜率減小的曲線。安培力為BFRF－t圖線先是一條斜率逐漸減小的曲線，之后恒定不變，因為I BlvR所以I－t圖象先是一條斜率逐漸減小的的曲線， 當(dāng)金屬桿勻速時，電流恒定不變，但t=0時金屬桿有速度所以t=0時電流不等于零。若安培力大于重力，則加速度的方向向上，做減速運動，減速運動的過程中，安培力減小，做加速度逐漸減小的減速運動，當(dāng)重力與安培力相等時，做勻速直線運動。安培力為B2l2vFR所以F－t圖象是斜率逐漸減小的曲線，當(dāng)勻速運動時，安培力不再減小，此時安培力等于重力，故 ADBC故選BC。9、BD【解析】【詳解】由點電荷的場強(qiáng)公式

kQE

可知，場源點電荷在軌道內(nèi)壁處產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小相等，但方向不同， A錯誤；軌道內(nèi)壁上各點到場源點電荷的距離相同，電勢相等；帶電小球在 A點時帶電小球?qū)壍赖膹椮Q直向上,大小等于mg，軌道對帶電小球的彈力豎直向下大小為 mg，在A點對帶電小球有kQq mv2

1 2 1 2

kQq

mv22mg 2R

，從A到B由動能定理得R

mgR mvB2

mv，在B點有N 2R

B，聯(lián)立RC解得在B點時軌道對小球的彈力為 NC

4mg根據(jù)牛頓第三定律可知在 B點時小球?qū)壍赖膲毫Υ笮?，則選項C錯誤；在最低點 C時，設(shè)軌道時小球的彈力為 N則N mg

kQqR2

mv2R

,由A到C由動能定理有

2mgR

1mv2

1mv2，聯(lián)立解得

N=7mg，根據(jù)牛頓第三定律知 運動到最低點C時小c2 2c球?qū)壍赖膲毫Υ笮?7mg，則選項D正確．10、AB【解析】【詳解】A．由萬有引力提供向心力，衛(wèi)星 1和衛(wèi)星2的做圓周運動的圓心均為地心， A正確；衛(wèi)星1的周期為24h，根據(jù)：GmMm 4 2Gm2 2 rr T可得：r3T 2GM因為衛(wèi)星2的軌道半徑小于衛(wèi)星 1的軌道半徑，所以衛(wèi)星 2的運行周期小于衛(wèi)星 1的周期，即小于24h故B正確；根據(jù)：GMm r2可得：GMa 2r衛(wèi)星1的向心加速度小于衛(wèi)星 2的向心加速度，故 C錯誤；由：Mm v2Gr2 mr可得：v GMr可知衛(wèi)星1的線速度小于衛(wèi)星 2的線速度，由v r知赤道上物體的線速度小于衛(wèi)星 1的線速度，所衛(wèi)星2的線速度大于靜止在赤道上某物體的線速度，故 D錯誤.三、實驗題：本題共 2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。、F′ AC AE 沒有【解析】【詳解】（）[1].F是通過作圖的方法得到合力的理論值，而 是通過一個彈簧稱沿 AO方向拉橡皮條，使橡皮條伸長到O點，使得一個彈簧稱的拉力與兩個彈簧稱的拉力效果相同，測量出的合力．故方向一定沿 方向的是，由于誤差的存在 F和方向并不在重合；（[2].該實驗用到的實驗器材除了方木板、白紙、橡皮條、細(xì)繩套 (兩個)、圖釘(幾個)等，還需要的驗器材有刻度尺和彈簧測力計，故選 AC.（3）[3].A.同一實驗中的兩只彈簧測力計的選取方法是：將兩只彈簧測力計水平放置并調(diào)零，之后互鉤對拉，若兩只彈簧測力計讀數(shù)相同，則可選；若讀數(shù)不同，應(yīng)調(diào)整或另換，直至相同為止．故 A正確．在同一次實驗中，只用一個彈簧測力計通過繩套拉橡皮條，使橡皮條的結(jié)點與用兩個彈簧測力計拉時到同一位置 O，故B錯誤．用兩只彈簧測力計鉤住繩套，互成角度地拉橡皮條時，夾角沒有嚴(yán)格要求，故 C錯誤．若只增大某一只彈簧測力計的拉力大小而保持橡皮條結(jié)點位置不變， 需調(diào)整另一只彈簧測力計拉力的小和方向，故D錯誤．在用彈簧測力計拉橡皮條時，應(yīng)使彈簧測力計的彈簧與木板平面平行，故 E正確．（4）[4].換成兩根橡皮條，不會影響實驗結(jié)果．12、D D BD【解析】【分析】【詳解】（打點計時器需接交流電源．機(jī)械能守恒中前后都有質(zhì)量，所以不要天平和砝碼．計算速度需要測鄰計數(shù)的距離，需要刻度尺，故選 D．（在驗證機(jī)械能守恒時不能用有關(guān) g值來計算速度，利用 v gt 、v2 2gh ，在計算高度時直接測量距離，在計算速度時利用中點時刻的速度等于平均速度求解，故 ABC錯誤；D正確（由于系統(tǒng)內(nèi)不可避免的存在阻礙運動的力，比如空氣阻力，紙帶與限位孔之間的摩擦力等系統(tǒng)誤差BD正確四、計算題：本題共 2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明方程式和演算步驟。13、(1)( n2 1 n2 1)R；(2)邊緣為紅色，面積增加

3 R22 1【解析】【分析】、b光發(fā)生全反射，根據(jù)臨界角表達(dá)式，結(jié)合幾何關(guān)系求解 、b點的高度差；根據(jù)紅光的臨界角不變，則紅光射向水面發(fā)生全反射后光的方向不變，深度加倍，邊緣為紅色，半徑加倍，由此解得增加的面積 【詳解】（根據(jù)圓圈都是藍(lán)色可知， a、b光發(fā)生全反射時射出水的最大半徑均為 R，由光的色散可知 n1小于n2，設(shè)a、b光的臨界角為 C1和C則有：sin

1；sinC 12n22由數(shù)學(xué)知識可知a、b到P的距離分別為

R2tanC1

R，tanC2ab的高度差h=h2-h，解得h

( n2 1 n2 1)R2 1（根據(jù)紅光的臨界角不變，則紅光射向水面發(fā)生全反射后光的方向不變，深度加倍，邊緣為紅色，半徑加倍，水面上發(fā)光半徑變?yōu)?2R，面積增加 S

(22

3 R2【點睛】解答幾何光學(xué)問題關(guān)鍵是畫出規(guī)范的光路圖 結(jié)合光的折射定律和全反射的公式 ,結(jié)合幾何關(guān)系求解4（）s（2）J（）【解析】【分析】【詳解】（對A從圓弧最高點到最低點的過程應(yīng)用機(jī)械能守恒定律有1mv ＝mgRA A A2可得v 2gR 2m/s（A在圓弧軌道底部和 B相撞，滿足動量守恒，有（mA+mB）v′=Av可得v′=1m/sAB系統(tǒng)碰撞過程損失的機(jī)械能E 1mv2

1(m

)v'2解得?

A A B2 2（對AB一起滑動過程，由動能定理得1m m gL＝

m m v2A B A B2可得L=0.25m15、(1)11N(1)0.5s【解析】【分析】【詳解】（滑塊保持止，假設(shè)壓力 F的最小值為

F1，根據(jù)平衡條件得mgsin

1mgcos

F1）解得22N滑塊和木板整體保持靜止，壓力 F的最小值為 F1．根據(jù)平衡條件得2

22mcos

F2）解得F2 14N所以壓力F的最小值為F 22N（撤去壓力F，滑塊和木板均沿斜面向下做勻加速運動，設(shè)加速度分別為 a1和，根據(jù)牛頓第二定得，對滑塊有mgsin

1mgcos

ma1解得1a 4.4m/s21對木板有mgsin

1mgcos

22

ma2解得2a 1.2m/s22設(shè)經(jīng)過時間 t，滑塊從木板上滑下，則1at2

1at2 L2 1 2 2 2解得t 0.5s2019-2020 高考物理模擬試卷一、單項選擇題：本題共 6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符題目要求的。、人站在地面上，先將兩腿彎曲，再用力蹬地，就能跳離地面，人能跳起離開地面的原因是 ( A．人對地球的作用力大于地球?qū)θ说囊Φ孛鎸θ说淖饔昧Υ笥谌藢Φ孛娴淖饔昧Φ孛鎸θ说淖饔昧Υ笥诘厍驅(qū)θ说囊θ顺艿孛娴膹椓ν?，還受到一個向上的力、高速公路的ETC電子收費系統(tǒng)如圖所示， ETC通道的長度是識別區(qū)起點到自動欄桿的水平距離．某汽車以21.6km/h的速度勻速進(jìn)入識別區(qū)， ETC天線用了0.3s的時間識別車載電子標(biāo)簽，識別完成后發(fā)滴的一聲，司機(jī)發(fā)現(xiàn)自動欄桿沒有抬起，于是采取制動剎車，汽車剛好沒有撞桿．已知司機(jī)的反應(yīng)時為0.7s，剎車的加速度大小為 5m/s則該ETC通道的長度約為（ ）A．4.2m B．6.0m C．7.8m D．9.6m、如圖所示，質(zhì)量為 M的小車放在光滑水平面上，小車上用細(xì)線懸吊一質(zhì)量為 m的小球，M＞m，用一力F水平向右拉小球，使小球和車一起以加速度 a向右運動時，細(xì)線與豎直方向成 角細(xì)線的拉力為T若用一力水平向左拉小車，使小球和車一起以加速度 向左運動時，細(xì)線與豎直方向也成 角，細(xì)線的拉力為。則（ ）A．a(chǎn)＞，′=T B．a(chǎn)′a′=T C．a(chǎn)＜a，＞T D．＜，＜T、如圖所示，B、M、N分別為豎直光滑圓軌道的右端點，最低點和左端點， B點和圓心等高，N點和心O的連線與豎直方向的夾角為 60?，F(xiàn)從B點的正上方某處A點由靜止釋放一個小球，經(jīng)圓軌道飛出后以水平上的 v通過C點，已知圓軌道半徑為 R，v gR，重力加速度為g，則一下結(jié)論正確的是A．C、N的水平距離為R B．C、N的水平距離為2RC．小球在M點對軌道的壓力為 6mg D．小球在M點對軌道的壓力為 4mg、2019年4月20日22時41分，我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長征三號乙運載火箭，成功發(fā)射第四十四顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星。它是北斗三號系統(tǒng)首顆傾斜地球同步軌道衛(wèi)星，經(jīng)過一系列在軌測試后，該衛(wèi)星將與此前發(fā)射的18顆中圓地球軌道衛(wèi)星和 1顆地球同步軌道衛(wèi)星進(jìn)行組網(wǎng)。已知中圓地球軌道衛(wèi)星的軌道半是地球同步軌道衛(wèi)星的半徑的 1中圓地球軌道衛(wèi)星軌道半徑為地球半徑的 k倍地球表面的重力加速度n為g，地球的自轉(zhuǎn)周期為 T，則中圓地球軌道衛(wèi)星在軌運行的（ ）TA．周期為nT周期為 2ng向心加速度大小為 2kg向心加速度大小為k、對以下幾位物理學(xué)家所做的科學(xué)貢獻(xiàn)，敘述正確的是（ ）A．德布羅意認(rèn)為任何一個運動的物體，小到電子、質(zhì)子、中子，大到行星、太陽都有一種波與之相對應(yīng)，這種波叫物質(zhì)波愛因斯坦通過對黑體輻射現(xiàn)象的研究，提出了量子說盧瑟福通過a粒子散射實驗，發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子和中子，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型貝克勒爾通過對氫原子光譜的分析，發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象二、多項選擇題：本題共 4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得 5分，選對但不全的得 3分，有選錯的得 0分。、如圖所示，光滑輕質(zhì)細(xì)桿 AB、BC處在同一豎直平面內(nèi)， A、C處用鉸鏈鉸于水平地面上， B處用鉸鏈連接，AB桿豎直，BC桿與水平面夾角為 。一個質(zhì)量為 g的小球（可視為質(zhì)點）穿在 BC桿上現(xiàn)對小球施加一個水平向左的恒力 F使其靜止在BC桿中點處（不計一切摩擦，取 s2。則A．F的大小為40N B．小球?qū)C桿的作用力大小為40NC．AB桿對BC桿的作用力大小為25ND．地面對BC桿的作用力大小為25N、下列說法正確的是（）A．由于液體表面層分子間的距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，故液體表面存在張力B．把金片兒和鉛片壓在一起，經(jīng)過足夠長時間后，可發(fā)現(xiàn)金會擴(kuò)散到鉛中，但鉛不會擴(kuò)散到金中C．物體的溫度升高，物體內(nèi)分子的平均動能增大D．熱力學(xué)第二定律表明，不可能通過有限的過程，把一個物體冷卻到絕對零度E.一切自發(fā)過程總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進(jìn)行、如圖甲所示，通過一理想自耦變壓器給燈泡 L1和L2供電，R為定值電阻，電表均為理想電表，原圈所接電壓如圖乙所示，下列說法正確的是（ ）A．u隨t的變化規(guī)律為u=22 2sin100rtVB．將電鍵S閉合，電壓表示數(shù)不變，電流表示數(shù)變C．將電鍵S閉合，小燈泡L1變亮D．將電鍵S閉合，為保證小燈泡 L1亮度不變，可將滑片 P適當(dāng)下移10、如圖所示，半徑為 R的光滑圓環(huán)固定在豎直平面內(nèi)， AB、CD是圓環(huán)相互垂直的兩條直徑， C、D點與圓心O等高。一個質(zhì)量為 m的光滑小球套在圓環(huán)上，一根輕質(zhì)彈簧一端連在小球上，另一端固定在P點，P點在圓心O的正下方

R處小球從最高點A由靜止開始沿逆時針方向下滑， 已知彈簧的原長為 R，2彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，重力加速度為 。下列說法正確的有（ ）A．小球運動到B點時的速度大小為 2gR彈簧長度等于 R時，小球的機(jī)械能最大小球運動到B點時重力的功率為2mg gR小球在A、B兩點時對圓環(huán)的壓力差為 4mg三、實驗題：本題共 2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。、某小組同學(xué)用如圖所示的裝置來 驗證動能定理長木板固定在水平桌面上，其左端與一粗糙曲面平滑連接，木板與曲面連接處固定一光電門， A是光電門的中心位置，滑塊 P上固定一寬度為d的遮光片將滑塊從曲面的不同高度釋放，經(jīng)過光電門后，在木板上停下來，設(shè)停下來的那點為 B點。該小組已經(jīng)測出滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)為 、査得當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹?g。根據(jù)本實驗的原理和目的回答以下問題：為了驗證動能定理，他們必需測量的物理量有 ；A．滑塊釋放的高度 hB．遮光片經(jīng)過光電門時的遮光時間 C．滑塊的質(zhì)量mDA點到B點的距離x該組同學(xué)利用題中已知的物理量和 (1)問中必需測量的物理量，只需要驗證表達(dá)式 在誤差圍內(nèi)成立即可驗證動能定理；以下因素會給實驗結(jié)果帶來誤差的是 。A．滑塊釋放時初速度不為零B．曲面不光滑C．遮光片的寬度不夠小D．光電門安放在連接處稍偏右的地方12、某同學(xué)利用圖甲所示裝置探究 加速度與力、物體質(zhì)量的關(guān)系 。圖中裝有砝碼的小車放在長木板上左端拴有一不可伸長的細(xì)繩，跨過固定在木板邊緣的定滑輪與一砝碼盤相連。在砝碼盤的牽引下，小車在長木板上做勻加速直線運動， 圖乙是該同學(xué)做實驗時打點計時器打出的一條點跡清晰的紙帶， 已知紙帶上每相鄰兩個計數(shù)點間還有一個點沒有畫出，相鄰兩計數(shù)點之間的距離分別是

x2

x4

x6，打點計時器所接交流電的周期為 T，小車及車中砝碼的總質(zhì)量為

，砝碼盤和盤中砝碼的總質(zhì)量為

m2，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹?g。根據(jù)紙帶上的數(shù)據(jù)可得小車運動的加速度表達(dá)式為 a （要求結(jié)果盡可能準(zhǔn)確）。該同學(xué)探究在合力不變的情況下，加速度與物體質(zhì)量的關(guān)系。下列說法正確的是 A．平衡摩擦力時，要把空砝碼盤用細(xì)繩通過定滑輪系在小車上，紙帶通過打點計時器與小車連接，再把木板不帶滑輪的一端用小墊塊墊起，移動小墊塊，直到小車恰好能勻速滑動為止平衡摩擦后，還要調(diào)節(jié)定滑輪的高度，使滑輪與小車間的細(xì)繩保持水平

m2g表示小車受到的拉力，則為了減小誤差，本實驗要求

? m2每次改變小車上砝碼的質(zhì)量時，都要重新平衡摩擦力該同學(xué)探究在

和的總質(zhì)量不變情況下，加速度與合力的關(guān)系時， 他平衡摩擦力后，每次都將小車中的砝碼取出一個放在砝碼盤中，并通過打點計時器打出的紙帶求出加速度。得到多組數(shù)據(jù)后，繪出如圖丙所示的a F圖像，發(fā)現(xiàn)圖像是一條過坐標(biāo)原點的傾斜直線。圖像中直線的斜率為

（用本實驗中相關(guān)物理量的符號表示） 。四、計算題：本題共 2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明方程式和演算步驟。13、一列簡諧橫波沿 x軸正向傳播，t

0時的圖像如圖所示，此時

x 18m處質(zhì)點開始振動，此時刻后介質(zhì)中P質(zhì)點回到平衡位置的最短時間為 0.2s，Q質(zhì)點回到平衡位置的最短時間為 已知t 0時兩質(zhì)點相對平衡位置的位移相同，求：①波的傳播周期為多少？②傳播速度是多大？③從t 0時刻算起經(jīng)過多長時間距 O點20m的質(zhì)點M第二次回到平衡位置？14、如圖所示，在大氣中有一水平放置的固定剛性圓筒，它由圓心共軸的圓筒a、b連接而成，其橫截面積分別為3SS。已知大氣壓強(qiáng)為p0，溫度為T0。兩活塞A、B圓心處用一根長為3l相連，把溫度為T0的空氣密封在兩活塞之間，此時兩活塞的位置如圖所示。若活塞與圓筒壁之間的摩擦可忽略，現(xiàn)對被密封的氣體緩慢加熱，求：①當(dāng)B活塞剛好碰到b部分圓筒的左側(cè)時，氣體溫度為多少？②當(dāng)氣體溫度為3T0時，氣體的壓強(qiáng)為多少？15、2018年8月美國航空航天科學(xué)家梅利莎宣布開發(fā)一種儀器去尋找外星球上單細(xì)胞微生物在的證據(jù)，力求在其他星球上尋找生命存在的跡象。如圖所示，若宇航員在某星球上著陸后，以某一初速度斜面頂端水平拋出一小球，小球最終落在斜面上，測得小球從拋出點到落在斜面上點的距離是在地球上做完全相同的實驗時距離的 k倍。已知星球的第二宇宙速度是第一宇宙速度的 2倍，星球的半徑為 R，地球表面重力加速度為求：（星球表面處的重力加速度；（在星球表面一質(zhì)量為

m0飛船要有多大的動能才可以最終脫離該星球的吸引。參考答案一、單項選擇題：本題共 6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符題目要求的。1、C【解析】試題分析：地面對人的彈力與人對地面的彈力是一對作用力和反作用力，大小相等，故 B錯誤；人之所能跳起離開地面，地面對人的彈力大于地球?qū)θ说奈?，人具有向上的合力，?C正確，AD錯誤．考點：牛頓第三定律【名師點睛】人對地的作用力與地對人的作用力是一對作用力和反作用力，人之所以能跳起離開地面，可以對人進(jìn)行受力分析，人具有向上的合力．2、D【解析】【詳解】汽車的速度 h＝s汽車在前s內(nèi)做勻速直線運動，位移為：x＝v（t1+t2＝6（7）＝6m，隨后汽車做減速運動，位移為：

2 2vx60vx622a 2 5

3.6m，所以該ETC通道的長度為：L＝+x2＝6+3.6＝9.6mABCD正確【點睛】本題的關(guān)鍵是明確汽車的兩段運動的特點，然后合理選擇公式．3、A【解析】【詳解】對情況一的整體受力分析，受重力、支持力和拉力：F (M a①再對小球分析：F Tsin ma②Tcos mg③

mgtan mg聯(lián)立①②③解得： a

，T ；M cos再對情況二的小球受力分析，據(jù)牛頓第二定律，有：mgtan

ma④解得a gtan ，由于M＞m，所以a a；細(xì)線的拉力：T mg T⑤cosABCD故選A。4、C【解析】【詳解】AB．小球從N到C的過程可看作逆過來的平拋，則cos vsin gtvt解得：2v 2 gR3R故A、B項錯誤。CD．小球從MN的過程應(yīng)用動能定理可得：NMmg(R Rcos ) 1mv2-1mv2NM2 2對小球在M點時受力分析，由牛頓第二定律可得：Mv2MFNM mg mR解得：FNM

6mg根據(jù)牛頓第三定律可得：小球在 M點對軌道的壓力為 6mg。故C項正確，D項錯誤故選C。5、C【解析】【詳解】AB．中圓地球軌道衛(wèi)星和同步衛(wèi)星均繞地球做勻速圓周運動，已知中圓地球軌道衛(wèi)星的軌道半徑是地同步軌道衛(wèi)星的半徑的 1，地球的自轉(zhuǎn)周期為 T，根據(jù)開普勒第三定律可知：nrr3 3rr中圓 同步T2 T2中圓 同步解得TT中圓=n nAB錯誤；CD．物體在地球表面受到的重力等于萬有引力，有GMm R2中圓軌道衛(wèi)星有GMm' '2 ma(kR)解得a 1gk2故C正確，D錯誤。故選C。6、A【解析】【分析】【詳解】A．德布羅意認(rèn)為任何一個運動的物體，小到電子、質(zhì)子、中子，大到行星、太陽都有一種波與之相對應(yīng)這種波叫物質(zhì)波，故 A正確；普朗克通過對黑體輻射現(xiàn)象的研究，提出了量子說，故 B錯誤；盧瑟福通過a粒子散射實驗，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，該實驗沒有發(fā)現(xiàn)質(zhì)子和中子，故 C錯誤；貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象，但并不是通過對氫原子光譜的分析發(fā)現(xiàn)的，故 D錯誤故選A。二、多項選擇題：本題共 4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得 5分，選對但不全的得 3分，有選錯的得 0分、BCD【解析】【詳解】AB．對小球受力分析，受重力、推力和支持力，如圖所示根據(jù)平衡條件，得到：F mgtan37 3.2 10

3＝24N4N mg ＝3.2 10＝40N0.8AB正確；C．對桿BC和球整體分析，以C點為支點，設(shè)AB對桿的作用力為 AB桿沒有繞A點轉(zhuǎn)動，說明AB對BC的作用力的方向沿 AB的方向。根據(jù)力矩平衡條件，有：F?0.6h=F′g?0.8h解得：F′=25N故C正確；D．對桿BC和球整體分析，整體在豎直方向受到小球的重力和桿的重力、 AB桿的作用力以及地面的作用力，設(shè)該力與水平方向之間的夾角為 則豎直方向：Mg+mg--FCsinθ=0水平方向：FCcosθ聯(lián)立得：FC=25ND正確。故選BCD、ACE【解析】【分析】【詳解】A．液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，故液體表面存在張力，故 A正確；一切物質(zhì)的分子處于永不停息的無規(guī)則運動之中， 當(dāng)鉛片與金片接觸時，會有一些鉛的分子進(jìn)入金片同時，金的分子也會進(jìn)入鉛片，故 B錯誤；溫度是分子平均動能的標(biāo)志，則溫度升高，物體內(nèi)分子平均動能增大，故 C正確；根據(jù)熱力學(xué)第三定律知，絕對零度只能接近，不可能達(dá)到，故 D錯誤；E．根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，一切自發(fā)過程總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進(jìn)行，故 E正確故選ACE。9、BD【解析】【分析】【詳解】A．原線圈接的圖乙所示的正弦交流電，由圖知最大電壓 22V，周期0.02S，故角速度是100rad/s所以有22sin100 t(V)A錯誤；電壓表V的示數(shù)是輸出電壓的有效值，輸入電壓和匝數(shù)不變，輸出電壓不變，將電鍵 S閉合，消耗率增大，輸入功率增大，根據(jù) P UI知電流表示數(shù)增大，故 B正確；將電鍵S閉合，總電阻減小，流過 R的電流增大，R分壓增大，則并聯(lián)電路的電壓減小，小燈泡

L1變暗，故C錯誤；將電鍵S

U2

n2Un1

1可將滑片P適當(dāng)下移使原線圈匝數(shù)減小從1而增大

U2D正確；故選BD。10、BD【解析】【詳解】A．小球在A點和B點時，彈簧的形變量相同，則彈性勢能的變化量為零，根據(jù)能量守恒得1 2Bmg2R mvB2解得4gRA錯誤；除重力以外其它力做功等于機(jī)械能的增量，當(dāng)彈簧長度等于 R時，彈簧彈力做功最多，則小球的機(jī)能最大，故 B正確；小球運動到B點時，重力的方向與速度方向垂直，則重力的功率為零，故 C錯誤；在A點，有Amg kR NA2在B點，根據(jù)牛頓第二定律得Bv2N kR mg m BBv22 R解得RNB k2可知小球在 A、B兩點對圓環(huán)的壓力差為 4mg，故D正確。故選BD。三、實驗題：本題共 2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。d211、BD

gx 2 C2t【解析】【分析】【詳解】(1)[1]．要驗證的是從滑塊經(jīng)過光電門到最后在木板上停止時動能減小量等于摩擦力做功，即1mv22其中

mgxdt可得2gx d2t2則必須要測量的物理量是：遮光片經(jīng)過光電門時的遮光時間 t和A點到B點的距離x，故選BD。[2]．由以上分析可知，需要驗證表達(dá)式

d2gx 2t

在誤差范圍內(nèi)成立即可驗證動能定理；[3]．A．滑塊釋放時初速度不為零對實驗無影響，選項 A錯誤；曲面不光滑對實驗無影響，選項 B錯誤；遮光片的寬度不夠小，則測得的滑塊經(jīng)過 A點的速度有誤差，會給實驗結(jié)果帶來誤差，選項 C正確；光電門安放在連接處稍偏右的地方對實驗無影響，選項 D錯誤故選C。x612、

x4 36T2

1Cm2【解析】【詳解】222(1)[1]因為每相鄰兩計數(shù)點之間還有一個點為畫出，為了減小偶然誤差，采用逐差法處理數(shù)據(jù)，則有222

)，

(2T) ，x4

3a3(2T)，為了更加準(zhǔn)確的求解加速度，我們對三個加速度取平均值得1 2 a 1(a a a1 2 3解得a (x6

) (x1 2

x3)(2)[2]A．在該實驗中，我們認(rèn)為繩子的拉力就等于小車所受的合外力，故在平衡摩擦力時，細(xì)繩的另一不能懸掛裝砝碼的砝碼盤，故 A錯誤；平衡摩擦后，還要調(diào)節(jié)定滑輪的高度，使?fàn)恳≤嚨募?xì)繩與長木板保持平行，故 B錯誤；本實驗中，對小車及車中砝碼由牛頓第二定律得T 對托盤和鉤碼由牛頓第二定律得m2g T m2a兩式聯(lián)立解得T g1 由此可知只有滿足盤和砝碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量時，近似認(rèn)為

T m2g，故C正確；由于平衡摩擦力之后有g(shù)sin cos故tan所以無論小車的質(zhì)量是否改變， 小車所受的滑動摩擦力都等于小車的重力沿斜面的分力， 改變小車質(zhì)量不需要重新平衡摩擦力，故 D錯誤。故選C。(3)[3]對盤和砝碼m2gF對小車F 聯(lián)立解得m2g

(m1

m2)a認(rèn)為合力

F m2g，所以F m2)a即a F1m a F圖象是過坐標(biāo)原點的傾斜直線，直線的斜率表示 m 1 2四、計算題：本題共 2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明方程式和演算步驟。13、①2.4s；②5m/s；③2.8s?！窘馕觥俊驹斀狻竣儆深}意簡諧橫波沿 x軸正向傳播，分析得知，此時 P點向下運動，Q點向上，它們周期相同，則T 2 (0.2s 1s) 2.4s②根據(jù)圖像可知 12m則波速v 12m/s=5m/sT 2.4③距O點20m的質(zhì)點M第二次回到平衡位置時，波向前傳播 14m，則經(jīng)過的時間t x 14v 5即經(jīng)過2.8s質(zhì)點M第二次回到平衡位置。14、①

T 9T050

p 5p030【解析】【詳解】①從開始加熱氣體到 B活塞剛好碰到b左側(cè)時，氣體為等壓變化，由3Sl

2Sl

9T可得：9T 5②當(dāng)氣體溫度為3T0時，B活塞已經(jīng)卡在b左側(cè)，氣體在(1)問的基礎(chǔ)上進(jìn)行等容變化，由p0 pT 可得：0p 5p03015（g0

2v2lcos

mgR0（0k【解析】【詳解】（設(shè)斜面傾角為 ，小球在地球上做平拋運動時，有y 1gt22x tan yx設(shè)斜面上的距離為 l，則xlcos聯(lián)立解得02v20g

tanlcos小球在星球上做平拋運動時， 設(shè)斜面上的距離為 l星球表面的重力加速為 g，同理由平拋運動的規(guī)律有02v2tan0glcos聯(lián)立解得星球表面處的重力加速度g gk（飛船在該星球表面運動時，有v1GMm 2v1R2 mR近地有GMm R2聯(lián)立解得飛船的第一宇宙速度gR一質(zhì)量為

m0的飛船要擺脫該星球的吸引，其在星球表面具有的速度至少是第二宇宙速度，所以其具有的動能至少為E 1mv2

mv2

m0gRkmin 02 012 k2019-2020 高考物理模擬試卷一、單項選擇題：本題共 6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符題目要求的。如圖所示，豎直直線MN的右側(cè)有范圍足夠大的勻強(qiáng)磁場， 磁場方向垂直于紙面向里。正方形線框abcd的邊長為L，靜止于圖示位置，其右邊與 MN重合。從t 0時刻起線框受外力拉動，水平向右勻加速運動。線框粗細(xì)均勻，其電阻沿長度分布均勻。在運動過程中，線框 a、b兩點間的電勢差隨時間變化的點與下列圖像一致的是（ ）A． B． C．D．、甲乙兩汽車在一平直公路上同向行駛．在 t=0到t=t1的時間內(nèi)，它們的 v-t圖象如圖所示．在這段時內(nèi)A．汽車甲的平均速度比乙大B．汽車乙的平均速度等于C．甲乙兩汽車的位移相同D．汽車甲的加速度大小逐漸減小，汽車乙的加速度大小逐漸增、真空中的可見光與無線電波 ( )A．波長相等 B．頻率相等 C．傳播速度相等 D．傳播能量相等、如圖所示，傾角 37的斜面上有一木箱，木箱與斜面之間的動摩擦因數(shù) 33

．現(xiàn)對木箱施加一拉力F，使木箱沿著斜面向上做勻速直線運動．設(shè) F的方向與斜面的夾角為 ，在 從0逐漸增大到 的過程中，木箱的速度保持不變，則（ ）AFBF先增大后減小CF一直增大DF一直減小、質(zhì)量為m的物體用輕繩AB懸掛于天花板上。用水平向左的力 F緩慢拉動繩的中點 O，如圖所示。T表示繩OA段拉力的大小，在 O點向左移動的過程中AF逐漸變大，T逐漸變大B．F逐漸變大，T逐漸變小CF逐漸變小，T逐漸變大DF逐漸變小，T逐漸變小、下列說法正確的是（ ）A．布朗運動是液體分子的無規(guī)則運動B．隨液體的溫度升高，布朗運動更加劇烈C．物體從外界吸收熱量，其內(nèi)能一定增加D．內(nèi)能是物體中所有分子熱運動動能的總和二、多項選擇題：本題共 4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得 5分，選對但不全的得 3分，有選錯的得 0分。、如圖所示，一列簡諧橫波正沿 x軸傳播，實線是t=0時的波形圖，虛線為 t=0.1s時的波形圖，則以說法正確的是（ ）A．若波速為50m/s，則該波沿x軸正方向傳播B．若波速為50m/s，則x=4m處的質(zhì)點在t=0.