2022-2023學(xué)年福建省寧德重點(diǎn)中學(xué)高二（上）期末考試物理試卷（含解析）

第=page11頁(yè)，共=sectionpages11頁(yè)2022-2023學(xué)年福建省寧德重點(diǎn)中學(xué)高二（上）期末考試物理試卷一、單選題（本大題共6小題，共24.0分）1.如圖所示，將三個(gè)電荷量均為Q(Q>0)的正點(diǎn)電荷分別固定在菱形的三個(gè)頂點(diǎn)a、b、c上，∠abc=120°，它們?cè)诹庑蔚牡谒膫€(gè)頂點(diǎn)d處產(chǎn)生的合電場(chǎng)強(qiáng)度為E?，F(xiàn)只將c點(diǎn)處的電荷換成等量負(fù)點(diǎn)電荷A.E B.23E C.22.如圖所示，以點(diǎn)電荷+Q為球心的兩個(gè)球面1和2，a點(diǎn)位于球面1上，b點(diǎn)、c點(diǎn)位于球面2上，下列說(shuō)法正確的是(

)

A.b、c兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)相同 B.b點(diǎn)電勢(shì)比c點(diǎn)高

C.將正電荷從a點(diǎn)移到b點(diǎn)，電勢(shì)能增加 D.同一電荷在a點(diǎn)受到的電場(chǎng)力比在b點(diǎn)大3.若在一半徑為r，單位長(zhǎng)度帶電荷量為q(q>0)的均勻帶電圓環(huán)上有一個(gè)很小的缺口Δl(且ΔA.kΔlqr B.kqr4.均勻帶電的球殼在球外空間產(chǎn)生的電場(chǎng)等效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的電場(chǎng)。如圖所示，在半球面AB上均勻分布著正電荷，總電荷量為q，球面半徑為R，CD為通過(guò)半球頂點(diǎn)與球心O的軸線(xiàn)，在軸線(xiàn)上有M、N兩點(diǎn)，OM=ON=2R，已知N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E，靜電力常量為A.kq2R2?E B.k5.已知均勻帶電球體在球的外部產(chǎn)生的電場(chǎng)與一個(gè)位于球心的、帶電荷量相等的點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)相同。如圖所示，半徑為R的球體上均勻分布著電荷量為Q的電荷，在過(guò)球心O的直線(xiàn)上有A，B兩個(gè)點(diǎn)，O和B，B和A間的距離均為R?，F(xiàn)以O(shè)B為直徑在球內(nèi)挖一球形空腔，若靜電力常量為k，球的體積公式為V=43πr3，則A點(diǎn)處電荷量為A.5kqQ36R2 B.76.圖中虛線(xiàn)a、b、c、d、f代表勻強(qiáng)電場(chǎng)內(nèi)間距相等的一組等勢(shì)面，已知平面b上的電勢(shì)為4V。一電子經(jīng)過(guò)a時(shí)的動(dòng)能為10eV，從a到d的過(guò)程中克服電場(chǎng)力所做的功為6eV。下列說(shuō)法正確的是A.平面c上的電勢(shì)為零

B.該電子可能到達(dá)不了平面f

C.該電子經(jīng)過(guò)平面d時(shí)，其電勢(shì)能為4eV

D.該電子經(jīng)過(guò)平面b時(shí)的速率是經(jīng)過(guò)d時(shí)的二、多選題（本大題共6小題，共24.0分）7.某帶電體周?chē)碾妶?chǎng)線(xiàn)和等勢(shì)面如圖所示，設(shè)A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為EA，電勢(shì)為φA，B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為EB，電勢(shì)為φB，則有(

)A.EA>EB B.EA<8.如圖所示，一勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向平行于xOy平面，平面內(nèi)a、b、c三點(diǎn)的位置如圖所示，三點(diǎn)的電勢(shì)分別為10V、17V、26V。下列說(shuō)法正確的是A.電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為2.5V/cm

B.坐標(biāo)原點(diǎn)處的電勢(shì)為2V

C.電子在a點(diǎn)的電勢(shì)能比在b點(diǎn)的低7eV

9.如圖所示，正六棱柱上下底面的中心為O和O′，A、D兩點(diǎn)分別固定等量異號(hào)的點(diǎn)電荷，下列說(shuō)法正確的是(

)

A.F′點(diǎn)與C′點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等

B.B′點(diǎn)與E′點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同

C.A′點(diǎn)與F′點(diǎn)的電勢(shì)差小于O′點(diǎn)與D′點(diǎn)的電勢(shì)差

10.如圖所示，正三角形三個(gè)頂點(diǎn)固定三個(gè)等量電荷，其中A、B帶正電，C帶負(fù)電，O、M、N為ABA.M、N兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同 B.M、N兩點(diǎn)電勢(shì)相同

C.負(fù)電荷在M點(diǎn)電勢(shì)能比在O點(diǎn)時(shí)要小 D.負(fù)電荷在N點(diǎn)電勢(shì)能比在O點(diǎn)時(shí)要大11.如圖為兩點(diǎn)電荷Q、Q′的電場(chǎng)等勢(shì)面分布示意圖，Q、Q′位于x軸上，相鄰等勢(shì)面的電勢(shì)差為3V。若x軸上的M點(diǎn)和N點(diǎn)位于0V等勢(shì)面上，P為某等勢(shì)面上一點(diǎn)，則(

)A.N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小比M點(diǎn)的大 B.Q為正電荷

C.M點(diǎn)的電場(chǎng)方向沿x軸負(fù)方向 D.P點(diǎn)與M點(diǎn)的電勢(shì)差為1212.如圖，兩對(duì)等量異號(hào)點(diǎn)電荷+q、?qq>0固定于正方形的4個(gè)頂點(diǎn)上。L、N是該正方形兩條對(duì)角線(xiàn)與其內(nèi)切圓的交點(diǎn)，O為內(nèi)切圓的圓心，M為切點(diǎn)。則A.L和N兩點(diǎn)處的電場(chǎng)方向相互垂直

B.M點(diǎn)的電場(chǎng)方向平行于該點(diǎn)處的切線(xiàn)，方向向左

C.將一帶正電的點(diǎn)電荷從M點(diǎn)移動(dòng)到O點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功

D.將一帶正電的點(diǎn)電荷從L點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為零三、填空題（本大題共2小題，共8.0分）13.如圖所示，兩平行板相距10?cm，板間有A、B兩點(diǎn)相距4?cm，現(xiàn)將一帶電量q=?3×10?4C的電荷，從A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做了7.2×10—3J的正功，則A14.如圖所示，一個(gè)α粒子(氦核)在電勢(shì)差為U1=100V的電場(chǎng)中由靜止開(kāi)始加速運(yùn)動(dòng)，然后射入電勢(shì)差為U2=10V的兩塊平行板的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中，偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)極板長(zhǎng)L=20?cm，間距d=5?cm.若四、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共16.0分）15.如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置可用來(lái)探究影響平行板電容器電容的因素，其中電容器左側(cè)極板和靜電計(jì)外殼均接地，電容器右側(cè)極板與靜電計(jì)金屬球相連，使電容器帶電后與電源斷開(kāi)。(1)影響平行板電容器電容的因素有A.兩極板的正對(duì)面積B.兩板間距離C.電介質(zhì)的介電常數(shù)D.極板的材料(2)下列關(guān)于實(shí)驗(yàn)中使用靜電計(jì)的說(shuō)法正確的是有A.使用靜電計(jì)的目的是觀察電容器電壓的變化情況B.使用靜電計(jì)的目的是測(cè)量電容器電量的變化情況C.靜電計(jì)可以用電壓表替代D.靜電計(jì)可以用電流表替代(3)某位同學(xué)用如圖乙所示研究電容器電容與哪些因素有關(guān)。A、B為平行板電容器的金屬板，G為靜電計(jì)，開(kāi)始時(shí)開(kāi)關(guān)S閉合，靜電計(jì)指針張開(kāi)一定角度；若保持開(kāi)關(guān)S閉合，將A、B兩極板間距變大些，指針張開(kāi)角度將_______；若斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S后，將A、B兩極板正對(duì)面積變小些，指針張開(kāi)角度將_______(16.某同學(xué)利用如圖甲所示電路觀察電容器的充、放電現(xiàn)象，電流傳感器與計(jì)算機(jī)相連，可以顯示出電流I隨時(shí)間t變化的圖像。(1)為使電源向電容器充電，應(yīng)將開(kāi)關(guān)S與______(填“1”或“2”(2)在充電過(guò)程中，測(cè)繪的充電電流I隨時(shí)間t的圖像可能是圖乙中的(3)圖丙為傳感器中電容器放電時(shí)的電流I隨時(shí)間t的圖像，圖中每一小方格面積相同。根據(jù)圖像估算電容器在t0～2t0時(shí)間內(nèi)，釋放電荷量的表達(dá)式為_(kāi)_____((4)圖丁中實(shí)線(xiàn)是實(shí)驗(yàn)得到的放電時(shí)的I?t圖像，如果不改變電路的其他參數(shù)，只減小變阻箱R的阻值，則得到的I?t圖線(xiàn)是圖丁中的________(選填“①”、“②”或“五、計(jì)算題（本大題共3小題，共28.0分）17.如圖所示，光滑絕緣細(xì)桿豎直放置，它與以正點(diǎn)電荷+Q為圓心的某一個(gè)圓周交于B、C兩點(diǎn)，質(zhì)量為m、電荷量為?q的小環(huán)從A點(diǎn)由靜止下滑，當(dāng)小環(huán)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度大小為3gL，已知A、B兩點(diǎn)和B、C兩點(diǎn)間的距離均為(1)A、B(2)小環(huán)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)的速度大小

18.如圖所示，Q為固定的正點(diǎn)電荷，A、B兩點(diǎn)在Q的正上方和Q相距分別為h和0.25h，將一帶電小球從A點(diǎn)由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度正好又變?yōu)?。若此帶電小球在A點(diǎn)的加速度大小為34g，g取10m(1)此帶電小球在(2)A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UAB(用

19.如圖所示，BC是半徑為R的14圓弧形光滑絕緣軌道，軌道位于豎直平面內(nèi)，其下端與水平絕緣軌道平滑連接，整個(gè)軌道處在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)強(qiáng)度為E?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m的帶電小滑塊(體積很小可視為質(zhì)點(diǎn))，在BC軌道的D點(diǎn)釋放后可以靜止不動(dòng)。已知OD與豎直方向的夾角為α=37°，隨后把它從C點(diǎn)由靜止釋放，滑到水平軌道上的(1)滑塊甲的帶電量(2)滑塊下滑通過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速度大小(3)水平軌道上A、B兩點(diǎn)之間的距離

答案和解析1.【答案】A

【解析】解：設(shè)邊長(zhǎng)為x，由已知可得d的場(chǎng)強(qiáng)Ed=Ea+Eb+Ec=E=2×kQx2。當(dāng)c點(diǎn)的電荷換成等量的?Q時(shí)，此時(shí)d2.【答案】D

【解析】解：A、根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)線(xiàn)的分布規(guī)律可知，+Q產(chǎn)生的電場(chǎng)線(xiàn)是放射性形狀的，在離+Q距離相同遠(yuǎn)的不同地方，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小是相同的，但是方向不同，故b、c兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向不同，則b、c兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)不相同，故A錯(cuò)誤；

B、沿電場(chǎng)線(xiàn)電勢(shì)降低，根據(jù)正點(diǎn)電荷電場(chǎng)線(xiàn)的分布規(guī)律可知，b點(diǎn)電勢(shì)等于c點(diǎn)電勢(shì)，故B錯(cuò)誤；

C、沿電場(chǎng)線(xiàn)電勢(shì)降低，根據(jù)正點(diǎn)電荷電場(chǎng)線(xiàn)的分布規(guī)律可知

φa>φb

則有

Wab=qUab=q(φa?φb)>0

可知將正電荷從a點(diǎn)移到b點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，則電勢(shì)能減小，故3.【答案】C

【解析】把缺口處填補(bǔ)為完整的圓，則填補(bǔ)上的小圓弧帶電荷量q′=Δlq，由于Δl?r，故可視為點(diǎn)電荷，它在O點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為E′=kΔlqr2，由對(duì)稱(chēng)性可知整個(gè)圓環(huán)在O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)E4.【答案】A

【解析】【分析】

本題考查了電場(chǎng)力的性質(zhì)；

本題解題關(guān)鍵是抓住對(duì)稱(chēng)性，找出兩部分球面上電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)關(guān)系。

左半球面在M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)與缺失的右半球面在N點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向相反是解題的關(guān)鍵；均勻帶電的球殼在球外空間產(chǎn)生的電場(chǎng)等效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的電場(chǎng)，假設(shè)將帶電量為2q的球面放在O處，求得在M、N點(diǎn)所產(chǎn)生的電場(chǎng)；左半球面在M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)與缺失的右半球面在N點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小相等。

【解答】

若將帶電量為2q的球面放在O處，均勻帶電的球殼在球外空間產(chǎn)生的電場(chǎng)等效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的電場(chǎng)，則在M、N點(diǎn)所產(chǎn)生的電場(chǎng)為：E=k2q2R2=kq2R2，

由題知當(dāng)半球面在5.【答案】B

【解析】【分析】本題采用割補(bǔ)的思想方法求解，先求出整個(gè)大球在B點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)，再求出割出的小圓在A點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)，利用整體場(chǎng)強(qiáng)等于割掉的小圓球在A點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)和剩余部分在A點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)的矢量和，從而求出A處的場(chǎng)強(qiáng)。

本題主要采用割補(bǔ)法的思想，根據(jù)整體球在A點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)等于割掉的小球在A點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)和剩余空腔部分在A點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)的矢量和，掌握割補(bǔ)思想是解決本題的主要入手點(diǎn)，掌握點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式是基礎(chǔ)?！窘獯稹坑深}意知，半徑為R的均勻帶電體在A點(diǎn)產(chǎn)生場(chǎng)強(qiáng)為：E整=kQ2R2=kQ4R2；

同理割出的小球半徑為R2，因?yàn)殡姾善骄植?，其帶電荷?/p>

Q′=43πR2343πR3

6.【答案】B

【解析】【分析】

考查電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系，掌握電勢(shì)能與動(dòng)能之和不變，理解電勢(shì)為零處的電勢(shì)能為零是解題的關(guān)鍵。

【解答】

A.虛線(xiàn)a、b、c、d、f代表勻強(qiáng)電場(chǎng)內(nèi)間距相等的一組等勢(shì)面，一電子經(jīng)過(guò)a時(shí)的動(dòng)能為10eV，從a到d的過(guò)程中克服電場(chǎng)力所做的功為6eV，動(dòng)能減小了6eV，電勢(shì)能增加了6eV，因此等勢(shì)面間的電勢(shì)差為2V，因平面b上的電勢(shì)為4V，由于電子的電勢(shì)能增加，等勢(shì)面由a到f是降低的，因此平面c上的電勢(shì)為2V，d的電勢(shì)為零，故A錯(cuò)誤；

B.由上分析，可知，當(dāng)電子由a向f方向運(yùn)動(dòng)，則電子到達(dá)平面f的動(dòng)能為2eV，由于題目中沒(méi)有說(shuō)明電子如何運(yùn)動(dòng)，因此也可能電子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做拋體運(yùn)動(dòng)，則可能不會(huì)到達(dá)平面f，故B正確；

C.在平面b上電勢(shì)為4V，則電子的電勢(shì)能為?4eV，動(dòng)能為8eV，電勢(shì)能與動(dòng)能之和為4eV，當(dāng)電子經(jīng)過(guò)平面d時(shí)，動(dòng)能為4eV，其電勢(shì)能為零，故C錯(cuò)誤；7.【答案】BD【解析】AB.根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)的疏密程度表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱，電場(chǎng)線(xiàn)越密，電場(chǎng)強(qiáng)度越大，則B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度較大，即EA<ECD.根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)與等勢(shì)面垂直，且由電勢(shì)較高的等勢(shì)面指向電勢(shì)較低的等勢(shì)面，所以B點(diǎn)的電勢(shì)較大，即φA<φ故選BD。

8.【答案】AD【解析】【分析】

根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度公式E=?U?d，結(jié)合電勢(shì)差與場(chǎng)強(qiáng)間距，即可求解；

依據(jù)電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；

根據(jù)電場(chǎng)力做功表達(dá)式W=qU，從而確定電場(chǎng)力做功，同時(shí)也能確定電勢(shì)能的變化情況。

考查勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電勢(shì)之間的關(guān)系，掌握電場(chǎng)強(qiáng)度公式E=?U?d的應(yīng)用，理解幾何關(guān)系的運(yùn)用，并理解W=qU中各量的正負(fù)值含義。

【解答】

A.如圖所示，在ac連線(xiàn)上，確定一b′點(diǎn)，電勢(shì)為17V，將bb′連線(xiàn)，即為等勢(shì)線(xiàn)，那么垂直bb′連線(xiàn)，則為電場(chǎng)線(xiàn)，再依據(jù)沿著電場(chǎng)線(xiàn)方向，電勢(shì)降低，則電場(chǎng)線(xiàn)方向如下圖，

因?yàn)閯驈?qiáng)電場(chǎng)，則有：E=?Ucb?d，

依據(jù)幾何關(guān)系，則d=?b′c×bc?bb′?=?4.5×64.52+62??=3.6cm，

因此電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E=?26?9.【答案】AC【解析】解：D.將六棱柱的上表面的一半拿出

如圖所示，由幾何條件可知正電荷在OF中點(diǎn)K的場(chǎng)強(qiáng)方向垂直O(jiān)F，則K點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)與OF的夾角為銳角，D在F點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為A點(diǎn)在F點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小的13，合場(chǎng)強(qiáng)方向斜相右上角且與水平面的夾角大于三十度，所以在F點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)和OF的夾角為鈍角，因此將正電荷從F移到O點(diǎn)過(guò)程中電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功，電勢(shì)能先增大后減小，故D正確；

C.設(shè)A′點(diǎn)電勢(shì)為φ，由等量異種電荷的電勢(shì)分布可知

φA′=φ>0

φD′=?φ<0

φO′=0

φF′>0

因此φA′?φF′=φ?φF′<φO′?φD′=φ

10.【答案】BC【解析】解：A.根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)疊加的特點(diǎn)以及對(duì)稱(chēng)性可知，MN兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相同，不過(guò)方向不同，故A錯(cuò)誤；

B.因在AB處的正電荷在MN兩點(diǎn)的合電勢(shì)相等，在C點(diǎn)的負(fù)電荷在MN兩點(diǎn)的電勢(shì)也相等，由此可分析出MN兩點(diǎn)電勢(shì)相等，故B正確；

CD.根據(jù)題意可知，負(fù)電荷從M到O，因AB兩電荷的合力對(duì)負(fù)電荷的庫(kù)侖力從O指向M，則該力對(duì)負(fù)電荷做負(fù)功，C點(diǎn)的負(fù)電荷也對(duì)該負(fù)電荷做負(fù)功，可知三個(gè)電荷對(duì)該負(fù)電荷的合力對(duì)其做負(fù)功，根據(jù)功能關(guān)系可知該負(fù)電荷的電勢(shì)能增加，即負(fù)電荷在M點(diǎn)的電勢(shì)能比在O點(diǎn)?。煌砜芍?fù)電荷在N點(diǎn)的電勢(shì)能比在O點(diǎn)小。故C正確，D錯(cuò)誤。

故選：BC。

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)疊加的特點(diǎn)和對(duì)稱(chēng)性得出M11.【答案】AD【解析】解：A、等差等勢(shì)線(xiàn)的疏密程度體現(xiàn)場(chǎng)強(qiáng)的大小，由圖可知N點(diǎn)的等差等勢(shì)線(xiàn)比M點(diǎn)更密，則N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小比M點(diǎn)的大，故A正確；

B、沿著電場(chǎng)線(xiàn)電勢(shì)逐漸降低，由圖可知電場(chǎng)線(xiàn)由N指Q，則Q為負(fù)電荷，故B錯(cuò)娛；

C、沿者電場(chǎng)線(xiàn)電勢(shì)逐漸降低，結(jié)合各等勢(shì)線(xiàn)的電勢(shì)高低關(guān)系可知M點(diǎn)的電場(chǎng)方向沿x軸正方向，故C錯(cuò)誤；

D、M點(diǎn)與N點(diǎn)等勢(shì)均為0V，P點(diǎn)與N點(diǎn)的等勢(shì)線(xiàn)間隔四個(gè)，而相鄰等勢(shì)面的電勢(shì)差為3V，則P點(diǎn)與M點(diǎn)的電勢(shì)差為12V，故D正確。

故選：AD。

根據(jù)等差等勢(shì)面的疏密程度得出場(chǎng)強(qiáng)的大??；

沿著電場(chǎng)線(xiàn)方向電勢(shì)逐漸降低，由此分析出電荷的電性；

根據(jù)等勢(shì)面的數(shù)值關(guān)系得出P點(diǎn)和M12.【答案】AB【解析】解：A、兩個(gè)正電荷在N點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向由N指向O，N點(diǎn)處于兩負(fù)電荷連線(xiàn)的中垂線(xiàn)上，則兩負(fù)電荷在N點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向由N指向O，則N點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)方向由N指向O，同理可知，兩個(gè)負(fù)電荷在L處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向由O指向L，L點(diǎn)處于兩正電荷連線(xiàn)的中垂線(xiàn)上，兩正電荷在L處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向由O指向L，則L處的合場(chǎng)方向由O指向L，由于正方形兩對(duì)角線(xiàn)垂直平分，則L和N兩點(diǎn)處的電場(chǎng)方向相互垂直，故A正確；

B、正方形底邊的一對(duì)等量異號(hào)電荷在M點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向向左，而正方形上方的一對(duì)等量異號(hào)電荷在M點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向向右，由于M點(diǎn)離上方一對(duì)等量異號(hào)電荷距離較遠(yuǎn)，則M點(diǎn)的場(chǎng)方向向左，故B正確；

C.由圖可知，M和O點(diǎn)位于兩等量異號(hào)電荷的等勢(shì)線(xiàn)上，即M和O點(diǎn)電勢(shì)相等，所以將一帶正電的點(diǎn)電荷從M點(diǎn)移動(dòng)到O點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為零，故C錯(cuò)誤；

D.由圖可知，L點(diǎn)的電勢(shì)低于N點(diǎn)電勢(shì)，則將一帶正電的點(diǎn)電荷從L點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力做功不為零，故D錯(cuò)誤。

故選：AB。

電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，每個(gè)位置的電場(chǎng)強(qiáng)度為各個(gè)點(diǎn)電荷在該點(diǎn)產(chǎn)生電場(chǎng)的矢量合；電勢(shì)是標(biāo)量，每個(gè)地方的電勢(shì)是各個(gè)點(diǎn)電荷在此的電勢(shì)的代數(shù)和，正電荷，電勢(shì)降低，電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做正功。

此題考查電場(chǎng)的疊加，注意結(jié)合等量同種電荷和等量異種電荷的電場(chǎng)進(jìn)行分析，可以使問(wèn)題簡(jiǎn)化。13.【答案】?24；1200；120【解析】解：根據(jù)電場(chǎng)力做功WAB=qUAB得：UAB=WABq=7.2×10?3?3×10?4V=?24V．

則電場(chǎng)強(qiáng)度為：E=14.【答案】

200

0.02

【解析】[1q解得E[2q又因?yàn)榱Ｗ舆M(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向則有L豎直方向有y粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中，根據(jù)牛頓第二定律，可得a聯(lián)立上式解得y

15.【答案】(1)ABC；

(【解析】【分析】

本題考查電容器的電容C的決定因素，要掌握電容的決定式，明確靜電計(jì)測(cè)量的是電壓的變化；本題還考查電容器的動(dòng)態(tài)分析，關(guān)鍵抓住斷開(kāi)電鍵，電容器所帶的電量不變，電鍵閉合，電容器兩端的電勢(shì)差不變。

【解答】

解：(1)由C=εS4πkd知，影響平行板電容器電容的因素有：兩極板的正對(duì)面積，兩板間距離，電介質(zhì)的介電常數(shù)，故ABC正確；

(2)由圖可知，靜電計(jì)的外殼與左側(cè)金屬板連接為等勢(shì)體，而右側(cè)金屬板與金屬球連接為等勢(shì)體，故由于兩板間具有電勢(shì)差，故靜電計(jì)的指針會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)，測(cè)量?jī)砂彘g的電勢(shì)差；但由于其中無(wú)電流，故不可以用電壓表代替，故A正確，BCD錯(cuò)誤；

(3)若保持開(kāi)關(guān)S閉合，則兩板間的電勢(shì)差不變，故此時(shí)將A、B兩極板間距變小些，不會(huì)影響指針張角，故指針張開(kāi)角度將不變；

若斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，則電容器兩板的電荷量不變，故將A、16.【答案】(1)1；

(2)A；

(3【解析】【分析】

本題考查電容的性質(zhì)以及圖象的含義，知道如何通過(guò)圖象求電量，掌握電容器的電容公式，理解其比值定義法。

電源的短路電流是電路中最大電流；在充電的過(guò)程中，電容器所帶電荷量逐漸增大，抓住電容不變，結(jié)合電容的定義式確定電容器兩極板間的電壓變化，再判斷充電電流I隨時(shí)間t根據(jù)I?t圖線(xiàn)；

I?t圖線(xiàn)與t軸所圍成的面積表示電容器放出的電荷量，結(jié)合電容的定義式C=QU分析。

【解答】

(1)為使電源向電容器充電，電容器應(yīng)與電源連接，故應(yīng)將開(kāi)關(guān)S與“1”端相連；

(2)充電過(guò)程中電容器C兩端電壓逐漸增大，充電電流I隨時(shí)間t應(yīng)逐漸較小至零，故電流I隨時(shí)間t的圖像可能是圖乙中的

A；

(3)根據(jù)圖象的含義，因Q=I