2020-2021學(xué)年阿勒泰第二高級(jí)中學(xué)高二年級(jí)上冊(cè)學(xué)期期末物理試卷(附解析)

2020-2021學(xué)年阿勒泰第二高級(jí)中學(xué)高二上學(xué)期期末物理試卷

一、單選題（本大題共6小題，共24.0分）

I.驗(yàn)電器a不帶電，驗(yàn)電器B上裝有帶孔的空心金屬球C,金屬球C帶電。D是帶有絕緣手柄的金屬

小球，可以從C上方的小孔進(jìn)入其內(nèi)部。下列說法正確的是（）

A.圖甲中，使。跟C的外部接觸，再讓。跟4靠近時(shí)，A的箔片張開

B.圖甲中，使。跟C的外部接觸，再讓。跟4接觸時(shí)，A的箔片不張開

C.圖乙中，使。跟C的內(nèi)部接觸，再讓。跟4靠得更近些，力的箔片張開

D.圖乙中，使。跟C的內(nèi)部接觸，再讓。跟力接觸，重復(fù)多次后，4的箔片張開

2.如圖所示，a、b、c為三根與紙面垂直的固定長直導(dǎo)線，其截面位于等即

邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上，be連線沿水平方向，導(dǎo)線中通有恒定電流，且

la=lb=2/c，電流方向如圖中所示。。點(diǎn)為三角形的中心（。點(diǎn)到三個(gè)頂短二治

*r

點(diǎn)的距離相等），其中通電導(dǎo)線C在。點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

80.已知近電長直導(dǎo)線在周圍空間某點(diǎn)產(chǎn)生磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小8=?，其中/為通電導(dǎo)線的

電流強(qiáng)度，r為該點(diǎn)到通電導(dǎo)線的垂直距離，k為常數(shù)，則下列說法正確的是（）

A.0點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為3B。

B.。點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為5B0

C.質(zhì)子垂直紙面向里通過0點(diǎn)時(shí)所受洛倫茲力的方向由。點(diǎn)指向c

D.電子垂直紙面向里通過。點(diǎn)時(shí)所受洛倫茲力的方向垂直0c連線向下

3.如圖所示，菱形ABC。的對(duì)角線相交于。點(diǎn)，兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷分別固定在AC連線上的M點(diǎn)與

N點(diǎn)，且OM=ON,貝IJ（）

fi

A.從0兩處電勢(shì)相等

B.A、C兩處場(chǎng)強(qiáng)大小相等、方向相反

C.同一個(gè)試探電荷放在4、C兩處時(shí)電勢(shì)能相等

D.把一個(gè)帶正電的試探電荷從4點(diǎn)沿直線移動(dòng)到B點(diǎn)的過程中電場(chǎng)力先做正功再做負(fù)功

4.某交流發(fā)電機(jī)線圈電阻為0.40,給燈泡提供如圖所示的正弦式交變電流.下列說法中正確的是

（）

A.交變電流的頻率為0.02Hz

B.交變電流的瞬時(shí)表達(dá)式為i=5cos507Tt（4）

C.在t=0.01s時(shí)，穿過交流發(fā)電機(jī)線圈的磁通量最大

D.發(fā)電機(jī)線圈產(chǎn)生的熱功率為5W

5.如圖所示，有三個(gè)質(zhì)量相等，分別帶正電、負(fù)電和不帶電的小球，從

平行板電場(chǎng)中的P點(diǎn)以相同的初速度垂直于電場(chǎng)線方向進(jìn)入電場(chǎng)，它

們分別落到4、B、C三點(diǎn)（）

A.落到4點(diǎn)的小球帶正電，落到B點(diǎn)的小球不帶電

B.三小球在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等

C.三小球到達(dá)正極板時(shí)動(dòng)能關(guān)系是>EkB>EkC

D.三小球在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度關(guān)系是以>aB>ac

6.電動(dòng)勢(shì)為E的電源與一電壓表和一電流表串聯(lián)成閉合回路.如果將一電阻與電壓表并聯(lián)，則電壓

表的讀數(shù)減小為原來的右電流表的讀數(shù)大小為原來的3倍.則可以求出（）

A.電源的內(nèi)阻B.電流表的內(nèi)阻

C.電壓表原來的讀數(shù)D.電流表原來的讀數(shù)

二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）

7.下列說法中，符合史實(shí)的是（）

A.胡克認(rèn)為只有在一定條件下，彈簧的彈力才與彈簧的形變量

B.亞里士多德認(rèn)為重物體要比輕物體下落的慢

C.庫倫發(fā)現(xiàn)了電荷之間相互作用的規(guī)律-庫倫定律，卡文迪許用扭秤實(shí)驗(yàn)測(cè)出了靜電力常數(shù)

D.伽利略為探究自由落體的規(guī)律，將落體實(shí)驗(yàn)轉(zhuǎn)化為著名的“斜面實(shí)驗(yàn)”，這運(yùn)用了類比法

8.圖中的實(shí)線表示等差等勢(shì)線，虛線表示只受電場(chǎng)力作用的帶正電粒子的運(yùn)［於9

動(dòng)軌跡，粒子先經(jīng)過M點(diǎn)，再經(jīng)過N點(diǎn)，可以判定（）

A.粒子在M點(diǎn)的電場(chǎng)力小于N點(diǎn)的所受的電場(chǎng)力

B.M點(diǎn)的電勢(shì)高于N點(diǎn)的電勢(shì)

C.粒子在M點(diǎn)的速度大于在N點(diǎn)的速度

D.粒子在N點(diǎn)的電勢(shì)能小于在M點(diǎn)的電勢(shì)能

9.如圖所示，面積為S,匝數(shù)為n的線圈內(nèi)有理想的磁場(chǎng)邊界，已知磁

感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化規(guī)律為：8=%-比（/￡>0且為常數(shù)，但未

知），當(dāng)t=0時(shí)磁場(chǎng)方向垂直紙面向里。在磁場(chǎng)方向改變之前，有

一帶電量為q，質(zhì)量為zn的粒子靜止于水平放置的、間距離為d的平行板電容器中間。（重力加速

度為g）由此可以判斷（）

A.此粒子帶負(fù)電

B.磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率為卜=黑

C.當(dāng)磁場(chǎng)方向改變后，該粒子將向下加速運(yùn)動(dòng)

D.電容器所帶電荷量與時(shí)間成正比

10.運(yùn)動(dòng)員用雙手握住豎直的竹竿勻速攀上和勻速滑下，它所受的摩擦力分別是人和人,那么（）

A.方向下，左向上，且方=f28.方向下，/2向下，且方=f2

C.人向上，力向上，且A=心D.方為靜摩擦力，片為滑動(dòng)摩擦力

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共17.0分）

11.（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)量某金屬絲直徑的結(jié)果如圖所示。該金屬絲的直徑是mm.

（2）在用單擺測(cè)定重力加速度的實(shí)驗(yàn)中，用游標(biāo)為20分度的游標(biāo)卡尺測(cè)量擺球的直徑，示數(shù)如圖所示,

讀數(shù)為mmo

阜

0

2

圖

燈特性實(shí)驗(yàn)、、

12.在“描述小泡的伏安曲線”中，除直流電源開關(guān)導(dǎo)線外，還有如下器材可供選

擇:

U

V5

A.小燈泡31.W

流02

8.電表（34,內(nèi)阻約.0）

表量0

C.電流（程.64,內(nèi)阻約10）

壓內(nèi)

。.電表（量程3V,阻約2OM2）

滑動(dòng)01、2A

E.變阻器（?0。）

滑01、5

E動(dòng)變阻器（?k。0.4）

用應(yīng)變器選__字

（1）實(shí)驗(yàn)所到的電流表選，滑動(dòng)阻應(yīng)____.（填母代號(hào)）

要求左滑程數(shù)從漸增請(qǐng)將

（2）實(shí)驗(yàn)滑動(dòng)變阻器的滑片從向右動(dòng)過中，電表的示零開始逐大.甲圖中的

物.

實(shí)連線完成

3將在動(dòng)為電兩燈消為

（）若該燈泡接一電勢(shì)為3V、內(nèi)電阻2。源的端，則泡耗的功率W

、簡(jiǎn)答題題）

四（本大題共1小，共10.0分

.是非力把形能為能置

13電源通過靜電做功其他式的轉(zhuǎn)化電勢(shì)的裝，在不同

中，力本相電勢(shì)表電

的電源非靜電做功的領(lǐng)也不同，物理學(xué)中用動(dòng)來明

電源

源的這種特性。電動(dòng)勢(shì)在數(shù)值上等于非靜電力把1C的電荷在電源內(nèi)從負(fù)極移送到正極所做的功,

如圖所示，如果移送電荷q時(shí)非靜電力所做的功為小，寫出電動(dòng)勢(shì)E1的表達(dá)式；

五、計(jì)算題(本大題共3小題，共33.0分)

14.如圖所示，豎直平面內(nèi)的曲線軌道4B與光滑圓形軌道在B點(diǎn)平滑連接，B點(diǎn)、

的切線沿水平方向，圓形軌道半徑R=0.4m。現(xiàn)有一質(zhì)量m=0.2kg的滑

塊(可視為質(zhì)點(diǎn))，從位于軌道上的4點(diǎn)由靜止開始滑下，滑塊經(jīng)B點(diǎn)后恰好

能通過圓形軌道的最高點(diǎn)C,已知4點(diǎn)到B點(diǎn)的高度八=1.5巾，重力加速度

g=10m/s2,空氣阻力可忽略不計(jì)，求：

(1)滑塊通過圓形軌道上B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大??；

(2)滑塊從4點(diǎn)滑至B點(diǎn)的過程中，克服摩擦阻力所做的功。

15.如圖所示(俯視圖)，相距為2L的光滑平行金屬導(dǎo)軌水平放置，導(dǎo)軌的一部分處在以的，'為右邊

界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)大小為B,方向垂直導(dǎo)軌平面向下，導(dǎo)軌右側(cè)接有定值電

阻R,導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)。在距邊界酶'為L處垂直導(dǎo)軌放置一質(zhì)量為加、電阻不計(jì)的金屬桿必。

求解以下問題:

(1)若金屬桿必固定在導(dǎo)軌上的初始位置，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度在時(shí)間t內(nèi)由B均勻減小到0,求此過程

中電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱做「

(2)若磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度不變，金屬桿ab在恒力的作用下由靜止開始向右運(yùn)動(dòng)3L的距離，其般圖

象如圖乙所示。

求：①金屬桿必在剛要離開磁場(chǎng)時(shí)加速度的大??；

②此過程中電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱翻。

16.如圖電路中，電源電動(dòng)勢(shì)E=6U,內(nèi)阻r=20,電阻治=10,變Ed

阻器最大阻值R=102當(dāng)滑片P由變阻器a端滑到b端的過程中，

(1)變阻器R多少。時(shí)，電阻心消耗的電功率最大，最大電功率心多少W?

(2)變阻器R多少。時(shí)，電源輸出的電功率最大，最大輸出功率以多少十？

(3)變阻器R多少0時(shí)，電阻R消耗的電功率最大.電阻R最大功率是多少W?

參考答案及解析

1.答案：A

解析：解：4、空腔導(dǎo)體帶電時(shí)凈電荷分布與金屬球外側(cè)，內(nèi)部不帶電；故讓。先接觸金屬球C的外

部，則。帶上電荷，再讓。跟4靠近時(shí)，由于發(fā)生靜電感應(yīng)，力的箔片張開。故A正確；

B、讓D先接觸金屬球C的外部，則。帶上電荷，再讓。跟4接觸時(shí)，4的箔片張開。故B錯(cuò)誤；

C、讓不帶電的。先跟C的內(nèi)部接觸，由于C的內(nèi)部不帶電，所以。始終不帶電，所以讓。跟4靠得更

近些，4的箔片始終不張開。故C錯(cuò)誤；

D、讓不帶電的。先跟C的內(nèi)部接觸，由于C的內(nèi)部不帶電，所以。始終不帶電，所以讓。跟4接觸，A

的箔片始終不張開。故。錯(cuò)誤

故選：Ao

明確物體帶電的三種帶電方式及原理：接觸帶電、感應(yīng)起電、摩擦帶電。注意空腔導(dǎo)體帶電時(shí)分布

在外表面。

在該題中，要理解該實(shí)驗(yàn)的目的與實(shí)驗(yàn)操作的過程，弄清該操作的過程中采用了接觸帶電的帶電方

式，另外要注意空腔導(dǎo)體帶電特點(diǎn)。

2.答案：A

解析：解：AB、根據(jù)右手螺旋定則結(jié)合公式B=?，電流c在。產(chǎn)生的磁場(chǎng)平

行必指向左下方，大小為殳；

由于/a=〃=2/c，則電流a在。產(chǎn)生的磁場(chǎng)平行于兒向左，大小為2B。，同

理：b電流在。產(chǎn)生的磁場(chǎng)平行ac指向右下方，大小為2%,

根據(jù)平行四邊形定則，則。點(diǎn)合磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直0c指向左向下，大小為B=B0+2x

2B0cos60°=3B0,故A正確，8錯(cuò)誤；

CD,根據(jù)左手定則，質(zhì)子垂直紙面向里通過0點(diǎn)時(shí)所受洛倫茲力的方向由c點(diǎn)指向。，電子垂直紙面

向里通過。點(diǎn)時(shí)所受洛倫茲力的方向由。點(diǎn)指向c,故錯(cuò)誤;

故選：Ao

根據(jù)右手螺旋定則判斷出直導(dǎo)線在。點(diǎn)的磁場(chǎng)方向，根據(jù)平行四邊形定則，對(duì)磁感應(yīng)強(qiáng)度進(jìn)行合成，

得出。點(diǎn)的合磁感應(yīng)強(qiáng)度的大??；

再依據(jù)左手定則，從而確定帶電粒子受到的洛倫茲力方向。

解決本題的關(guān)鍵掌握右手螺旋定則判斷電流周圍的磁場(chǎng)方向，以及知道磁感應(yīng)強(qiáng)度的合成遵循平行

四邊形定則，注意掌握左手定則的應(yīng)用。

3.答案：A

解析：解:

人根據(jù)等量異種電荷電場(chǎng)線、等勢(shì)面分布對(duì)稱性，8、。兩處電勢(shì)、場(chǎng)強(qiáng)均相同，故4正確：

8、據(jù)順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，結(jié)合等量異種電荷電場(chǎng)線、等勢(shì)面分布對(duì)稱性特點(diǎn)可知，4、C場(chǎng)

強(qiáng)相同，故8錯(cuò)誤；

C、據(jù)順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，結(jié)合等量異種電荷電場(chǎng)線、等勢(shì)面分布對(duì)稱性特點(diǎn)可知，A點(diǎn)電勢(shì)

高，故同一個(gè)試探電荷放在4、C兩處時(shí)電勢(shì)能不相等，故C錯(cuò)誤：

。、把一個(gè)帶正電的試探電荷從4點(diǎn)沿直線移動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，電場(chǎng)力與位移的方向夾角先大于90。,

后小于90。，故電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功，故。錯(cuò)誤。

故選：兒

一、考查等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線與等勢(shì)線的分布；二、考查電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系式：EP=q<p；三、

對(duì)電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化關(guān)系的考查W=-△Ep

對(duì)教材基礎(chǔ)知識(shí)的考查，學(xué)生在熟練掌握等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)線和等勢(shì)線分布基礎(chǔ)上，應(yīng)用Ep=q(p、

W=-解題。

4.答案：D

解析：解：4、由圖象可知，交流電的周期為20x10-35,所以交流電的頻率為f="=50Hz,所以

A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)圖象可得，交變電流的瞬時(shí)表達(dá)式為i=Acos3t=5cosl007rt(4),所以B錯(cuò)誤；

C、在t=0.01s時(shí)，感應(yīng)電流最大，所以此時(shí)穿過交流發(fā)電機(jī)線圈的磁通量的變化率最大，穿過交

流發(fā)電機(jī)線圈的磁通量最小，所以C錯(cuò)誤；

。、交流電的有效值為/=疆=》，所以發(fā)電機(jī)的發(fā)熱功率為P=〃r=(款xO.4W=5W,所以

。正確.

故選：D.

根據(jù)圖象可明確瞬時(shí)表達(dá)式及最大值和周期等；再根據(jù)周期和頻率的關(guān)系求得頻率；根據(jù)交流電的

交生規(guī)律可明確磁通量的大小.

解決本題的關(guān)鍵就是有電流的瞬時(shí)值表達(dá)式求得原線圈中電流的最大值，進(jìn)而求得原線圈的電流的

有效值的大小.

5.答案：A

解析：解：在平行金屬板間不帶電小球、帶正電小球和帶負(fù)電小球的受力如下圖所示：

F

A

0-()-0

、,F

VVV

GGG

由此可知不帶電小球做平拋運(yùn)動(dòng)由=*帶正電小球做類平拋運(yùn)動(dòng)。2=個(gè)，帶負(fù)電小球做類平拋

V——IG+F

運(yùn)動(dòng)=—■＞

根據(jù)題意，三小球在豎直方向都做初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，球到達(dá)下極板時(shí)，在豎直方向產(chǎn)生

的位移九相等，

據(jù)￡=聆得三小球運(yùn)動(dòng)時(shí)間，正電荷最長，不帶電小球次之，帶負(fù)電小球時(shí)間最短。

A、三小球在水平方向都不受力，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則落在板上時(shí)水平方向的距離與下落時(shí)間成正比，

故水平位移最大的4是帶正電荷的小球，B是不帶電的小球，C帶負(fù)電的小球。故A正確。

8、由于三小球在豎直方向位移相等，初速度均為0,由于電場(chǎng)力的作用，三小球的加速度不相等，

故它們的運(yùn)動(dòng)時(shí)間不相等，故8錯(cuò)誤；

C、根據(jù)動(dòng)能定理，三小球到達(dá)下板時(shí)的動(dòng)能等于這一過程中合外力對(duì)小球做的功。由受力圖可知，

帶負(fù)電小球合力最大為G+凡做功最多，動(dòng)能最大，帶正電小球合力最小為G-F,做功最少，動(dòng)

能最小，即有%%＜EkB＜七M(jìn).故C錯(cuò)誤。

D、因?yàn)?帶正電，B不帶電，C帶負(fù)電，所以a,=a2,aB=ar,ac=a3,所以a.＜與＜a。故。

錯(cuò)誤。

故選：Ao

有圖可知上極板帶負(fù)電，所以平行板間有豎直向上的電場(chǎng)，正電荷在電場(chǎng)中受到向上的電場(chǎng)力，負(fù)

電荷受到向下的電場(chǎng)力.則不帶電的小球做平拋運(yùn)動(dòng)，帶負(fù)電的小球做類平拋運(yùn)動(dòng)，加速度比重力

加速度大，帶正電的小球做加速度比重力加速度小的類平拋運(yùn)動(dòng).由此根據(jù)平拋和類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律

求解.

確認(rèn)不帶電小球做平拋運(yùn)動(dòng)，帶電小球做類平拋運(yùn)動(dòng)，分水平和豎直方向分析小球的運(yùn)動(dòng)，水平方

向勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)的合成與分解進(jìn)行分析.

6.答案：C

解析：解：設(shè)電壓表和電流表的原來讀數(shù)分別為u和/,電源和電流表的內(nèi)阻分別為％和小由閉合電

路的歐姆定律得：

E=U+/(6+r2)①

后=剖+3/31+72)②

解①②兩式并代入￡的數(shù)值得

U=0.75E,

通過以上的兩個(gè)公式，不能求出電源和電流表的內(nèi)阻分別為萬和上以及電流表原來的讀數(shù)。所以選項(xiàng)

C正確，錯(cuò)誤，

故選：Co

題目中給出的是兩種情況下的電流表電壓表示數(shù)的變化，故可設(shè)出原來兩表的讀數(shù)，由比例關(guān)系得

出變化后的讀數(shù)，通過閉合電路的歐姆定律列方程組求解即可.

本題初看時(shí)好像少了些條件，但注意題目中給出了兩次電流表、電壓表示數(shù)的比值，另外可將電流

表當(dāng)作內(nèi)阻處理，則電壓表的示數(shù)即為路端電壓，則可由閉合電路歐姆定律列式求解.

7.答案:AB

解析：解：4、胡克認(rèn)為只有在一定條件下，彈簧的彈力與彈簧的伸長量(或壓縮量)成正比，故A正

確；

B,亞里士多德認(rèn)為重物體要比輕物體下落的慢，故B正確；

C、庫侖用庫侖扭稱實(shí)驗(yàn)研究總結(jié)并確認(rèn)了真空中兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷之間的相互作用力的規(guī)律，卡文迪

許用扭秤實(shí)驗(yàn)測(cè)出了萬有引力常量匕故C錯(cuò)誤；

。、伽利略為了探究自由落體的規(guī)律，將落體實(shí)驗(yàn)轉(zhuǎn)化為著名的“斜面實(shí)驗(yàn)”，這運(yùn)用了轉(zhuǎn)換法，

故。錯(cuò)誤；

故選：AB

根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可.

本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是

考試內(nèi)容之一.

8.答案：AC

解析：解：4、M點(diǎn)處的等差等勢(shì)線較疏，而N點(diǎn)處等差等勢(shì)線較密，則M點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度較小，由

F=qE可知，粒子在M點(diǎn)的電場(chǎng)力小于N點(diǎn)的所受的電場(chǎng)力，故A正確；

2、電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直，結(jié)合粒子軌跡的彎曲方向判斷電場(chǎng)力方向指向左側(cè)，而粒子帶正電，所以

場(chǎng)強(qiáng)方向大體向左，根據(jù)順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，所以M點(diǎn)的電勢(shì)低于N點(diǎn)的電勢(shì)，故8錯(cuò)誤；

CD,由粒子所受電場(chǎng)力方向大致斜向左下方，對(duì)粒子做負(fù)功，其電勢(shì)能增加，動(dòng)能減小，則知粒子

在M點(diǎn)的電勢(shì)能小于在N點(diǎn)的電勢(shì)能，在M點(diǎn)的動(dòng)能大于在N點(diǎn)的動(dòng)能，在M點(diǎn)的速度大于在N點(diǎn)受

到的速度。故C正確。錯(cuò)誤，

故選：ACo

由等差等勢(shì)線的疏密判斷場(chǎng)強(qiáng)大小，由尸=qE判斷電場(chǎng)力的大??；由粒子軌跡的彎曲方向判斷電場(chǎng)

力方向，電場(chǎng)力方向應(yīng)指向軌跡的內(nèi)側(cè)，由電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直，可大體畫出電場(chǎng)線。由電場(chǎng)力做

功正負(fù)，判斷電勢(shì)能的大小和動(dòng)能的大小。

本題是電場(chǎng)中軌跡問題，關(guān)鍵要根據(jù)軌跡的彎曲方向判斷出粒子所受的電場(chǎng)力方向，再抓住電場(chǎng)線

的物理意義判斷場(chǎng)強(qiáng)、電勢(shì)等的大小

9.答案：AB

解析：解：4、由楞次定律可知，平行板電容器上極板帶正電，下極板帶負(fù)電，極板間場(chǎng)強(qiáng)豎直向下，

粒子在極板間靜止，粒子所受電場(chǎng)力豎直向上，電場(chǎng)力方向與場(chǎng)強(qiáng)方向相反，粒子帶負(fù)電，故4正

確；

B、由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：E=n竿=n"S=nkS,粒子靜止處于平衡狀態(tài)，

由平衡條件得：mg=q*解得：k=黑,故B正確；

C、由楞次定律可知，當(dāng)磁場(chǎng)方向改變后，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)方向不變，粒子受力情況不變，粒子仍靜止不

動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

。、電容器兩極板間電勢(shì)差：U=E=nkS,電容器所帶電荷量：Q=CU=CnkS,Q與時(shí)間無關(guān)，

故。錯(cuò)誤；

故選：AB.

根據(jù)題意應(yīng)用楞次定律判斷出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)方向，根據(jù)粒子受力情況判斷粒子電性；

應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，對(duì)粒子應(yīng)用平衡條件求出k；

根據(jù)電容定義式分析答題。

本題是電磁感應(yīng)與電路相結(jié)合的綜合題，是含容電路問題，分析清楚磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化關(guān)系，

應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律、楞次定律與平衡條件可以解題。

10.答案：CD

解析：

運(yùn)動(dòng)員勻速攀上和勻速滑下的過程中，受力均平衡.勻速攀上時(shí)，其重力與靜摩擦力平衡；勻速下

滑時(shí)，其重力與滑動(dòng)摩擦力平衡。

本題運(yùn)用平衡條件分析生活中的摩擦問題，關(guān)鍵是分析物體的受力情況，根據(jù)平衡條件求解摩擦力

的大小。

4BC.勻速攀上時(shí)，其重力與靜摩擦力平衡，由平衡條件可知：/1方向豎直向上，h=G；勻速下滑

時(shí)，其重力與滑動(dòng)摩擦力平衡，則心方向豎直向上，且；2=G,所以/1=%，故AB錯(cuò)誤，C正確；

D運(yùn)動(dòng)員雙手握住豎直竹竿勻速攀上過程受到靜摩擦力作用，勻速滑下的過程中，受到滑動(dòng)摩擦力

作用，故。正確。

故選CD。

11.答案：1.7046.75

解析：解：(1)螺旋測(cè)微器固定刻度為1,5巾機(jī)，可動(dòng)刻度為0.01x20.4=0.204.兩者相加為

1.704mm(1.704至1.706都可以)

(2)主尺讀數(shù)為6rmn,游標(biāo)讀數(shù)為0.05x15=0.75mm,兩者相加為6.75rmn；

故答案為:(1)1.704(1.702-1.705)(2)6.75

螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬板的厚度時(shí)的讀數(shù)分兩步：先讀固定刻度，再讀可動(dòng)刻度。注意讀可動(dòng)刻度時(shí)

要估讀。

游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)。注意不需要估讀。

解決本題的關(guān)鍵是掌握螺旋測(cè)微器和游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法；讀數(shù)時(shí)注意有效位數(shù)的保留。

12.答案：(1)C,E：(2)(3)0.88..

解析:

(1)根據(jù)小燈泡的額定電流選擇電流表，根據(jù)電路滑動(dòng)變阻器的接法，選擇滑動(dòng)變阻器；

(2)明確滑動(dòng)變阻器的接法，再將甲圖實(shí)物連線完成；

(3)在乙圖中作出電源的U-/圖象，交點(diǎn)就是此時(shí)燈泡兩端的電壓和通過的電流，再計(jì)算燈泡消耗的

功率；

本題考查描繪小燈泡的伏安特性曲線，解題關(guān)鍵是掌握器材選擇的方法，描繪小燈泡的伏安特性曲

線實(shí)驗(yàn)的原理圖，以及利用作圖法求解小燈泡實(shí)際消耗的功率。

⑴小燈泡標(biāo)有：“3V,1.5勿”，則小燈泡的額定電流為/=《=技4=0.54故電流表量程選0.64

即可，電流表選C；

描繪小燈泡的伏安特性曲線，電壓和電流要從0開始測(cè)量，因此電路中滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，為

了便以調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器要選用最大阻值較小的，故滑動(dòng)變阻器選E;

(2)實(shí)驗(yàn)要求滑動(dòng)變阻器的滑片從左向右滑動(dòng)過程中，電表的示數(shù)從零開始逐漸增大，可知滑動(dòng)變阻

器采用分壓式接法，

將甲圖實(shí)物連線完成如圖所示：

(3)在乙圖中作出電源的U-/關(guān)系圖線U=3-21,如下圖所示，交點(diǎn)就是此時(shí)燈泡兩端的電壓和通

過的電流

KUN

從圖中可知，此時(shí)燈泡兩端電壓為2.2V,通過小燈泡的電流為0.4A,則燈泡消耗的功率為:

p=/U=0.4x2.2W=0.88W。

13.答案：解：根據(jù)電動(dòng)勢(shì)的定義：電動(dòng)勢(shì)等于把正電荷從負(fù)極移送到正極所作的功與被移送的電荷

量的比值，可得比=3

答:電動(dòng)勢(shì)Ei的表達(dá)式為Ei=%

解析：根據(jù)電動(dòng)勢(shì)定義E=」解得E。

q

本題要掌握和推導(dǎo)電動(dòng)勢(shì)的定義式，建立物理模型，理清思路是關(guān)鍵，知道非靜電力和電場(chǎng)力做功

的區(qū)別。

14.答案：解：(1)滑塊恰好通過圓形軌道的最高點(diǎn)C時(shí)，軌道對(duì)滑塊沒有作用力，由重力提供向心力，

則

mg=m1

解得：vc=2m/s

滑塊從B點(diǎn)到C點(diǎn)的過程，由機(jī)械能守恒得

1212?nn

-TTIVQ=-mvQ+mg-2R

聯(lián)立解得%=2y/5m/s

滑塊在B點(diǎn)時(shí)，由重力和軌道的支持力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律有

V

FZ7N-mg=