2021-2022學(xué)年湖北省黃石市陽新高級中學(xué)高二（上）期末物理試卷（附答案詳解）

2021-2022學(xué)年湖北省黃石市陽新高級中學(xué)高二（上）期末物理

試卷

i.下列關(guān)于科學(xué)家對物理學(xué)的發(fā)展做出的貢獻(xiàn)，符合歷史事實(shí)的是（）

A.德國物理學(xué)家歐姆創(chuàng)造性地在電場中引入了電場線

B.法國物理學(xué)家安培發(fā)現(xiàn)了分子電流假說

C.法國物理學(xué)家?guī)靵鎏岢隽穗娏鞯拇判?yīng)現(xiàn)象

D.英國物理學(xué)家法拉第通過實(shí)驗(yàn)得到了焦耳定律

2.關(guān)于光的干涉及衍射，下列說法中正確的是（）

A.通過兩支鉛筆的狹縫所看到的日光燈的彩色條紋是光的干涉現(xiàn)象

B.光的雙縫干涉條紋中間是寬度最大且最亮的明紋

C.激光信號在光導(dǎo)纖維中傳輸時(shí)是利用了光的衍射原理進(jìn)行的

D.水面上油膜的彩色條紋是由于光的干涉而形成的現(xiàn)象

3.如圖所示，正確表明帶正電的離子所受洛倫茲力/方向的是（）

XXXX

XTXXX

B.h—?v

x+qxxx

4.將一盞“2%4W”的小燈泡，一臺線圈電阻是10的電動機(jī)與電動勢為12V、內(nèi)阻為1。的

電源串聯(lián)成閉合電路，小燈泡剛好正常發(fā)光，則電動機(jī)輸出的功率是（）

A.16WB.20WC.12WD.10IV

5.如圖所示，一截面為折射率為n=1.5直角三角形的玻璃磚，

NC=30。，一細(xì)激光束自AB中點(diǎn)。垂直AB射入玻璃磚，在AC

面全反射。光線第一次射到8c邊時(shí)，自8c邊折射出的光線與BC

邊夾角為。，則5m。為（）

6.圖為兩個(gè)質(zhì)量分別為〃八M的小球在光滑水平冰面上發(fā)生

對心正碰前后的x-t圖像，則下列說法正確的是（）

A.M：m=1：3

B.碰撞過程中兩小球所受合外力相同

C.碰撞前后質(zhì)量為m的小球動量的變化量大小為2m

D.兩小球發(fā)生的是彈性碰撞

7.如圖所示，在x軸上方存在垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,在X。），

平面內(nèi)，從原點(diǎn)。處與x軸正方向成。角（0＜。＜兀），以速率v發(fā)射一個(gè)帶正電的粒子（重力

不計(jì)），則下列說法正確的是（）

A.若。一定，v越大，則粒子在磁場中運(yùn)動的時(shí)間越長

B.若。一定，v越大，則粒子在磁場中運(yùn)動的角速度變大

C.若v一定，。越大，則粒子在磁場中運(yùn)動的時(shí)間越短

D.若v一定，。越大，則粒子離開磁場的位置距0點(diǎn)越近

8.一簡諧機(jī)械橫波沿x軸傳播。該波在t=0時(shí)刻的波形曲線如圖甲所示，在x=0處質(zhì)點(diǎn)的

振動圖像如圖乙所示。下列說法正確的是（）

甲乙

A.該簡諧橫波的傳播速度為4m/s

B.該簡諧橫波沿x軸正方向傳播

C.從此時(shí)刻起，P質(zhì)點(diǎn)比。質(zhì)點(diǎn)先回到平衡位置

D.從此時(shí)刻起，經(jīng)過4s,例質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動了1.6m的路程

9.質(zhì)量為，〃的物體靜止在光滑水平面上，在水平力尸作用下，經(jīng)時(shí)間r物體的動量為p,動

能為后叱若水平力變?yōu)?凡經(jīng)過時(shí)間仍為r,則（）

A.物體的動量變?yōu)?PB.物體的動量變?yōu)?P

C.物體的動能變?yōu)?后kD.物體的動能變?yōu)?Ek

10.如圖所示，在A、B兩物體間有一與物體不連接的輕質(zhì)彈簧，兩物體用輕細(xì)線連接在一起

并使彈簧處于壓縮狀態(tài)，整體靜止在光滑水平面上。現(xiàn)將細(xì)線燒斷，對于在彈簧對兩物體施

加作用力的整個(gè)過程中，下列說法中正確的是（）

四B

/77777777777777777777777777777777777Z

A.對于A、B兩物體和彈簧組成的系統(tǒng)，動量不守恒

B.對于A、B兩物體和彈簧組成的系統(tǒng)，機(jī)械能守恒

C.在同一段時(shí)間內(nèi)，A物體的動能增量等于B物體的動能增量

D.在同一段時(shí)間內(nèi)，A物體的動量變化與B物體的動量變化大小相等

11.在同一光滑傾斜導(dǎo)軌上放同一導(dǎo)體棒A,下圖所示是兩種情況的剖面圖。它們所在空間有

磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等的勻強(qiáng)磁場，但方向不同，一次垂直斜面向上，另一次豎直向上，兩次

導(dǎo)體通有相同電流分別為和12,都處于靜止平衡。已知斜面的傾角為。=37。，（已知sin37。=

0.6,cos370=0.8）則（）

A.0：I2=3：5

B./1：l2=4：5

C.導(dǎo)體棒A所受安培力大小之比Fi：F2=4：5

D.斜面對導(dǎo)體棒A的彈力大小之比Ni：N2=3：4

12.某同學(xué)利用光電門和氣墊導(dǎo)軌做驗(yàn)證動量守恒定律的實(shí)驗(yàn)氣墊導(dǎo)軌裝置如圖所示。下面是

實(shí)驗(yàn)的主要步驟：

①用游標(biāo)卡尺測量遮光條的寬度d=3.0mm；

②安裝好氣墊導(dǎo)軌調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌底座螺母，觀察導(dǎo)軌上的氣泡儀，使使氣墊導(dǎo)軌水平；

③向氣墊導(dǎo)軌通入壓縮空氣；

④把滑塊2放在氣墊導(dǎo)軌上的光電門之間，然后讓滑塊1擠壓導(dǎo)軌左端彈射架上的橡皮筋；

⑤釋放滑塊1滑塊1通過光電門1的時(shí)間為0.012s；

⑥滑塊1與靜止的滑塊2碰撞后粘合在一起，通過光電門2的時(shí)間為0.020s；

⑦用天平測得滑塊1的質(zhì)量310g,滑塊2（包括橡皮泥）的質(zhì)量為200g。

（1）計(jì)算可知兩滑塊相互作用以前系統(tǒng)的總動量_____kg-m/s；兩滑塊相互作用以后系統(tǒng)的

總動量為kg-m/s（保留二位有效數(shù)字）；

（2）根據(jù)該實(shí)驗(yàn)可以得到的結(jié)論是。

橡皮筋

13.某同學(xué)擬探究規(guī)格為a3.0V,0.64”的小燈泡入的伏安特性曲線，可供選用的器材如下:

A、電流表量程為0?34,內(nèi)阻約為0.1。；

B、電流表4，量程為0?0.64內(nèi)阻約為0.2。；

C、電壓表匕，量程為。?3V,內(nèi)阻約為2k。；

D、電壓表彩，量程為0?15V,內(nèi)阻約為10/cQ

E、滑動變阻器/?3,阻值范圍為0?50,額定電流為24；

F、滑動變阻器R"阻值范圍為0?1000，額定電流為1A;

G、學(xué)生電源E,電動勢為4.0叭內(nèi)阻不計(jì)；

H、開關(guān)S及導(dǎo)線若干。

(1)為減少實(shí)驗(yàn)誤差，實(shí)驗(yàn)中電流表應(yīng)選擇,電壓表應(yīng)選擇,滑動變阻器應(yīng)選擇

。(填各器材前的字母)

(2)為提高實(shí)驗(yàn)精度，實(shí)驗(yàn)電路圖應(yīng)選擇如圖1中的o

(3)實(shí)驗(yàn)測得該小燈泡乙的伏安特性曲線如圖2所示，由圖可知，小燈泡L的電阻隨溫度升高

而(填“增大”“不變”或“減小”)。

14.如圖所示是一個(gè)半球形透明物體的側(cè)視

圖，現(xiàn)在有一細(xì)束單色光沿半徑OA方向入/"B

射，保持入射方向不變，將細(xì)光束平移到距/

。點(diǎn)竽R處的B點(diǎn)，此時(shí)透明物體左側(cè)恰好\

不再有光線射出，不考慮光線在透明物體內(nèi)

部的多次反射。(光在真空中運(yùn)行的速度為C)

(1)求透明物體對該單色光的折射率；

(2)若細(xì)光束平移到B點(diǎn)，求在光線透明物中體運(yùn)行的時(shí)間。

15.如圖，一質(zhì)量為〃?電荷量為g的負(fù)電荷以垂直于磁感應(yīng)強(qiáng)度B并

1XX

垂直于磁場邊界的速度射入邊界寬度為d的勻強(qiáng)磁場中，穿出磁場時(shí)

?V

速度方向和原來射入方向的夾角為8=45。。(不計(jì)重力)求：/4片運(yùn)個(gè)

(1)該粒子穿越磁場的時(shí)間；xx

(2)該電荷進(jìn)入磁場時(shí)的速度也

16.如圖所示，小物塊A的質(zhì)量犯4=1kg,與A相距s=1m,質(zhì)量=2kg的小物塊B靜止

在水平桌面邊緣，桌面離水平地面的高度h=1.25m,小物塊A與桌面間的動摩擦因數(shù)〃=0.2,

在水平向右的推力尸=4N的作用下，由靜止開始沿桌面做勻加速直線運(yùn)動，并與物塊B發(fā)生

彈性正碰，設(shè)碰撞時(shí)間極短且在即將碰撞的瞬間撤去推力，g=10m/s2,求：

(1)碰前小物塊A的速度大??；

(2)碰后小物塊B的速度大??；

(3)碰后物塊小B落地的水平位移大小。

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：A、法拉第在電場中引入了電場線，故A錯(cuò)誤；

8、法國物理學(xué)家安培發(fā)現(xiàn)了分子電流假說，故B正確；

C、奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)現(xiàn)象，故C錯(cuò)誤；

。、焦耳通過實(shí)驗(yàn)得到了焦耳定律，故。錯(cuò)誤；

故選：Bo

法拉第在電場中引入了電場線；法國物理學(xué)家安培發(fā)現(xiàn)了分子電流假說；奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁

效應(yīng)現(xiàn)象；焦耳通過實(shí)驗(yàn)得到了焦耳定律。

本題考查物理學(xué)史，學(xué)生應(yīng)對人物和相關(guān)貢獻(xiàn)有所了解。

2.【答案】D

【解析】解：A、通過兩支鉛筆的狹縫所看到的日光燈的彩色條紋是光的衍射現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；

B、光的雙縫干涉條紋是等寬度等亮度明暗相間的條紋，故B錯(cuò)誤；

C、激光信號在光導(dǎo)纖維中傳輸時(shí)是利用了光的全反射原理進(jìn)行的，故C錯(cuò)誤；

。、水面上油膜的彩色條紋是由于光的薄膜干涉而形成的現(xiàn)象，故。正確；

故選：D。

通過兩支鉛筆的狹縫所看到的日光燈的彩色條紋是光的衍射現(xiàn)象；光的雙縫干涉條紋是等寬度等

亮度明暗相間的條紋；激光信號在光導(dǎo)纖維中傳輸時(shí)是利用了光的全反射原理進(jìn)行的；水面上油

膜的彩色條紋是由于光的薄膜干涉而形成的現(xiàn)象。

本題考查學(xué)生對光的干涉、衍射、全反射現(xiàn)象的理解，學(xué)生清楚光的干涉、衍射、全反射的概念

是解題關(guān)鍵。

3.【答案】B

【解析】解：左手定則的內(nèi)容：伸開左手，使大拇指與其余四個(gè)手指垂直，并且都與手掌在同一

個(gè)平面內(nèi)：讓磁感線從掌心穿過，并使四指指向電流的方向或者正電荷運(yùn)動方向，這時(shí)拇指所指

的方向就是通電導(dǎo)線或運(yùn)動電荷在磁場中所受安培力或洛倫茲力的方向。

A、磁場的方向向外，帶正電的粒子向右運(yùn)動，由左手定則可知，洛倫茲力豎直向下，故A錯(cuò)誤；

B、磁場的方向向里，帶正電的粒子向右運(yùn)動，由左手定則可知，洛倫茲力豎直向上，故B正確；

C、磁場向上，帶正電粒子向右運(yùn)動，由左手定則可知，洛倫茲力垂直于紙面向外，故C錯(cuò)誤；

。、磁場向下，帶正電粒子向右運(yùn)動由左手定則可知，洛倫茲力垂直于紙面向里，故。錯(cuò)誤。

故選：Bo

已知磁場方向、帶電粒子的速度方向，由左手定則可以判斷出洛倫茲力的方向。

本題考查了判斷洛倫茲力方向問題，熟練應(yīng)用左手定則即可正確解題；該題中的CC兩個(gè)選項(xiàng),

也可以直接使用結(jié)論：“V、8、尸三個(gè)矢量不可能出現(xiàn)在同一個(gè)平面內(nèi)”直接排除。

4.【答案】C

【解析】解：回路的電流等于小燈泡的電流/=今==24

UL乙

電源的路端電壓為U=E-lr=12V-2xlV=10V,

電動機(jī)兩端電壓為UM=U-UL=10V-2V=8V

電動機(jī)的輸出功率為%,=冊/一/2rM=8x2W-22xlW=12M故AB￡＞錯(cuò)誤，C正確。

故選：Co

根據(jù)小燈泡剛好正常發(fā)光，求解出電流；根據(jù)閉合電路歐姆定律求解出電動機(jī)兩端的電壓，然后

根據(jù)P加=UI-求解電動機(jī)的輸出功率。

本題關(guān)鍵明確含電機(jī)電路是非純電阻電路，小燈泡是純電阻，根據(jù)小燈泡正常發(fā)光求電流，根據(jù)

閉合電路歐姆定律求解電機(jī)電壓，知道電動機(jī)輸出功率等于總功率與內(nèi)電阻消耗功率的差值。

5.【答案】C

【解析】解：光在AC面發(fā)生全反射，在玻璃磚中的傳播如圖所示,

根據(jù)幾何關(guān)系，在AC邊入射角為60。，光在邊入射角為30。，

根據(jù)折射定律n=筆，

sinoU

代入數(shù)據(jù)：1.5=半

可得：sina=a+6=90°

4

所以sin8=W，故C正確，A8O錯(cuò)誤。

4

故選：Co

根據(jù)題意做出光路圖，利用折射定律和光恰發(fā)生全反射條件sinC=；,結(jié)合幾何關(guān)系分析求解。

本題考查光的折射和全反射知識，需學(xué)生準(zhǔn)確畫出光路圖，熟練掌握折射定律，以及光恰發(fā)生全

反射條件sinC=再結(jié)合幾何關(guān)系求解。

n

6.【答案】D

【解析】解：

A、由x-t圖像的斜率表示速度可得，碰撞前：質(zhì)量為M的小球速度為"M=0,質(zhì)量為，"的小球

7n

速度為：羯1=5/s=4m/s；碰撞后：質(zhì)量為M的小球速度為I?”'=美7加/s=2m/s,質(zhì)量為

機(jī)的小球速度為：vm'=^m/s=-2m/s,對兩球組成的系統(tǒng)，根據(jù)動量守恒定律得：mvm+

MVM=mvm'+MVM',解得：，"：M=1：3,故A錯(cuò)誤：

B、兩個(gè)小球在光滑水平冰面上發(fā)生碰撞，碰撞過程中兩小球所受合外力為相互間的作用力，由牛

頓第三定律知碰撞過程中兩小球所受合外力大小相等，方向相反，所以合外力不同，故B錯(cuò)誤；

C、碰撞前后質(zhì)量為〃1的小球動量的變化量為Zpm=m%/-=m(-2-4)=-6m,大小為

6m,故C錯(cuò)誤；

D、碰撞前兩小球總動能為a==jmx42=8m,碰撞后兩小球總動能為a'=+

22

；“哧=1mx2+|x3mx2=8m,則=Ek,因此兩小球發(fā)生的是彈性碰撞，故D正確。

故選：D?

根據(jù)牛頓第三定律分析碰撞過程中兩小球所受合外力關(guān)系；根據(jù)x-t圖像的斜率表示物體的速度,

由圖像的斜率求出碰撞前后兩球的速度，根據(jù)動量守恒定律可以求出兩球的質(zhì)量之比。根據(jù)動量

變化量的概念求碰撞前后質(zhì)量為加的小球動量的變化量大小。分別求出碰撞前后的總動能，即可

確定碰撞是否是非彈性碰撞。

本題考查x-t圖像與動量守恒定律的綜合應(yīng)用，關(guān)鍵要能根據(jù)x-t圖像的斜率求出碰撞前后兩球

的速度，明確碰撞的基本規(guī)律是動量守恒定律。

7.【答案】C

【解析】解：粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，運(yùn)動軌跡如圖所示:

由幾何關(guān)系得：軌跡對應(yīng)的圓心角a=27一2。

粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動的周期7=迎=筆

vqB

粒子在磁場中運(yùn)動的時(shí)間t==誓⑷x竿=亞普，粒子在磁場中的運(yùn)動時(shí)間與粒子速

LITInqBqB

率無關(guān)，

A、若。一定，v越大，則粒子在磁場中運(yùn)動的時(shí)間相等，故A錯(cuò)誤；

B、粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=ma>v,

解得角速度：3=駁，粒子在磁場中運(yùn)動的角速度與。、V無關(guān)，B錯(cuò)誤；

m

C、若V一定，。越大，粒子在磁場中運(yùn)動的時(shí)間越短，故C正確；

D、設(shè)粒子的軌跡半徑為r,由牛頓第二定律得：qvB=解得：r=胃

由幾何知識可知，粒子離開磁場的位置距。的距離：AO=2rsin6=細(xì)誓，

V一定，若0是銳角且越大，A。越大，若。是鈍角且。越大，A0越小，。錯(cuò)誤。

故選：Co

帶電粒子進(jìn)入磁場中，受到洛倫茲力而做勻速圓周運(yùn)動，作出軌跡，由軌跡對應(yīng)的圓心角等于粒

子速度的偏向角，求出軌跡的圓心角a,由t=分析粒子的運(yùn)動時(shí)間；根據(jù)幾何知識分析粒子

離開磁場的位置與半徑的關(guān)系。

本題考查了帶電粒子在磁場中的運(yùn)動，帶電粒子進(jìn)入磁場中，受到洛倫茲力而做勻速圓周運(yùn)動，

作出軌跡，由軌跡對應(yīng)的圓心角等于粒子速度的偏向角；帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動

的時(shí)間t=。是軌跡的圓心角，根據(jù)幾何知識，軌跡的圓心角等于速度的偏向角。

8.【答案】A

【解析1解:A、由甲圖可知;I=4m,由乙圖可知7=1.0s,該簡諧橫波的傳播速度為u=4=4m/s,

故A正確；

8.在x=0處質(zhì)點(diǎn)的振動圖像如圖乙所示,質(zhì)點(diǎn)將向下移動,波在t=0時(shí)刻的波形曲線如圖甲所示,

可知該波形將向左傳播，故該簡諧橫波沿x軸負(fù)方向傳播，故B錯(cuò)誤；

C.簡諧橫波沿x軸負(fù)方向傳播，從此時(shí)刻起，。質(zhì)點(diǎn)比P質(zhì)點(diǎn)先回到平衡位置，故C錯(cuò)誤；

。.從此時(shí)刻起，經(jīng)過4s,即4個(gè)周期，M質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動的路程為s=4x44=16x0.2m=3.2m,故

。錯(cuò)誤。

故選：A。

由甲圖可讀出波動信息，由乙圖可讀出質(zhì)點(diǎn)的振動信息，根據(jù)波速、波長之間的關(guān)系即可求出波

速。

根據(jù)同側(cè)法判斷出波傳播的方向。

分析時(shí)間與周期的關(guān)系確定質(zhì)點(diǎn)的振動情況。

解決該題的關(guān)鍵是能根據(jù)波動圖象以及振動圖象分析出波長以及周期的大小，熟記波速的公式，

知道用同側(cè)法判斷質(zhì)點(diǎn)的振動方向。

9.【答案】BD

【解析】解：AB、在水平力/作用下，經(jīng)時(shí)間r物體的動量為0可知：p=Ft

若水平力變?yōu)?F,經(jīng)過f時(shí)間，此時(shí)動量為：p'=2Ft=2p

故A錯(cuò)誤，8正確；

CD、根據(jù)動能與動量的關(guān)系&=某可知：

Ek'=4以

故C錯(cuò)誤，。正確；

故選：BD.

根據(jù)p=Ft可得出兩次動量之間的關(guān)系，根據(jù)&=梟得出動能隨動量的變化。

本題考查動量的計(jì)算，以及動量與動能之間的關(guān)系，較為基礎(chǔ)。

10.【答案】BD

【解析】解：

A.對于A、B兩物體和彈簧組成的系統(tǒng)，由于系統(tǒng)合外力為零，滿足系統(tǒng)的動量守恒條件，故A

錯(cuò)誤；

B.對于A、B兩物體和彈簧組成的系統(tǒng)，只發(fā)生彈性勢能與動能之間的相互轉(zhuǎn)化，則系統(tǒng)機(jī)械能守

恒，故B正確；

C.因兩物體的質(zhì)量不一定相同，受彈力相同，在同一段時(shí)間內(nèi)，兩物體的位移不一定相同，則彈

力對兩物體做功不一定相同，則A物體的動能增量不一定等于8物體的動能增量，故C錯(cuò)誤；

D根據(jù)動量定理，在同一段時(shí)間內(nèi)，彈簧對兩物體的沖量等大反向，則4物體的動量變化與8物

體的動量變化大小相等，故D正確。

故選：BD。

對兩物體組成的系統(tǒng)受力分析，因?yàn)樗芎贤饬榱悖韵到y(tǒng)動量守恒，分析彈力對物體的做

功，判斷機(jī)械能的變化。

本題主要考查了動量守恒的條件，在分析過程中涉及到了機(jī)械能、動能和動量等，在分析過程中

要注意物理量的標(biāo)矢性和方向。

11.【答案】BC

【解析】解：兩種情況下，導(dǎo)體棒受力如圖所示，人所受的安培力沿斜面向上，/2所受的安培力水

平向右；

Fi=mgsind,N、=mgcosda

F2=mgtand,刈=鬻。

所以導(dǎo)體棒所受的安培力之比富=洛=?=葭

尸2tan。15

斜面對導(dǎo)體棒的彈力大小之比今=畢=抵

1N21N5

故4。錯(cuò)誤，8C正確。

故選：BC。

導(dǎo)體棒受重力、支持力和安培力處于平衡，根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出安培力、支持力大小之比，根據(jù)

F=8/L求出電流之比。

解決本題的關(guān)鍵正確地進(jìn)行受力分析，運(yùn)用共點(diǎn)力平衡進(jìn)行求解。

12.【答案】0.0780.077在誤差允許的范圍內(nèi)兩滑塊碰撞前后動量守恒

【解析】解：(1)碰前滑塊1的速度%=￡=需^m/s=0.25m/s

U.1Z

兩滑塊相互作用以前系統(tǒng)的總動量Pi=m1v1=0.310x0.25kg-m/s=0.078kg-m/s

碰后兩滑塊的速度“2=7-=m/s=0.15m/s

L23U.*UZU

n

兩滑塊相互作用后系統(tǒng)的總動量P2=0l+m2')v2=0.510x0.15kg-m/s=0.077kg-m/s

(2)根據(jù)該實(shí)驗(yàn)可以得到的結(jié)論是：在誤差允許的范圍內(nèi)兩滑塊碰撞前后動量守恒。

故答案為：(1)0.078,0.077；(2)在誤差允許的范圍內(nèi)兩滑塊碰撞前后動量守恒

(1)求出碰撞前后的速度，根據(jù)動量的定義式可以求出碰撞前后的動量大??；

(2)分析數(shù)據(jù)得出實(shí)驗(yàn)結(jié)論。

本題考查驗(yàn)證動量守恒定律，關(guān)鍵要注意動量守恒的條件，即系統(tǒng)所受力的矢量和為零。

13.【答案】BCEC增大

【解析1解：(1)小燈泡的額定電流為0.64,所以電流表選擇B；小燈泡的額定電壓為3匕所以電

壓表應(yīng)選擇C；根據(jù)歐姆定律可知，小燈泡的電阻約為2=彳=1。=50;為了方便調(diào)解電路，

滑動變阻器應(yīng)選擇及

(2)因?yàn)?=50<霹而=x2000。=200,選擇電流表外接法：描繪伏安特性曲線電流

表的讀數(shù)必須從零開始調(diào)整，滑動變阻器選擇分壓接法，故C正確，AB。錯(cuò)誤；

故選；Co

(3)由圖可知，電阻等于斜率的倒數(shù)，隨著溫度的升高，斜率減小，小燈泡L的電阻隨溫度升高而

增大。

故答案為：(1)B,C,E；(2)C；(3)增大

(1)分析小燈泡的額定電流和額定電壓，根據(jù)安全和準(zhǔn)確性原則可分析選擇儀表；再根據(jù)實(shí)驗(yàn)的可

操作性可選擇滑動變阻器；

(2)根據(jù)描繪小燈泡的伏安特性曲線要求電壓和電流從零開始增加，因此需要選擇分壓電路，再根

據(jù)小燈泡內(nèi)阻較小可知電表需要外接；

(3)根據(jù)/-U圖像斜率的倒數(shù)分析燈泡電阻的變化情況。

本題主要考查了小燈泡伏安特性曲線的實(shí)驗(yàn)，在分析過程中涉及到了電表的改裝以及電路圖像的

分析，屬于常見題型。

14.【答案】解：(1)如圖所示,

光束從8點(diǎn)處水平射入，恰好發(fā)生全反射，由幾何關(guān)系可知全反射臨界角C滿足sinC=您=4，

KL

由全反射臨界角公式：sinC=；

解得：n=V2

(2)如圖所示,

光束從B點(diǎn)處水平射入，將經(jīng)過兩次全發(fā)射，有幾何關(guān)系可知，光束路徑的總長度為，=4x^R=

2V2/?

光在玻璃中速度。=￡=條，在光線透明物中體運(yùn)行的時(shí)間為"、竺

n2vc

答：(1)透明物體對該單色光的折射率魚

(2)若細(xì)光束平移到B點(diǎn)，在光線透明物中體運(yùn)行的時(shí)間?

［解析】(1)根據(jù)全反射臨界角公式結(jié)合幾何關(guān)系可解得折射率；

(2)根據(jù)折射定律結(jié)合幾何關(guān)系可解得出射光線與0A軸線的交點(diǎn)到。點(diǎn)的距離。

本題考查光的折射，解題關(guān)鍵掌握根據(jù)題意做光路圖，注意折射定律與幾何關(guān)系的結(jié)合應(yīng)用。

15.【答案】解:

(1)電子在磁場中做圓周運(yùn)動，有

mv2

Bqv=—^~

運(yùn)動周期是

2nR2nm

T=~T=兩

所以電子在磁場中的運(yùn)動的半徑是

mv

F

依照題意，題中給出的速度偏轉(zhuǎn)角。，也是圓弧對對