河南省平頂山市第四十三中學高二物理知識點試題含解析

河南省平頂山市第四十三中學高二物理知識點試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.(單選)有一光滑斜面固定在水平地面上，一質(zhì)量為m的滑塊從斜面頂端滑到斜面底端的過程中，下列說法不正確的是A．重力對滑塊做正功

B．滑塊對斜面的壓力對斜面不做功C．斜面對滑塊的支持力對滑塊做負功D．滑塊受到斜面的支持力與斜面垂直，所以支持力對滑塊不做功參考答案：C2.下列說法不符合物理學史的是A．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應

B．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象C．牛頓解釋了渦旋電場的產(chǎn)生原理

D．楞次找到了判斷感應電流方向的方法參考答案：C3.（單選）一矩形線圈在勻強磁場中轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生交變電流的電動勢為e＝220sin100πtV，對于這個交變電流的說法正確的是()A．此交變電流的頻率為100Hz，周期為0.01sB．此交變電流電動勢的有效值為220VC．耐壓為220V的電容器能夠在該交變電路中使用D．t＝0時，線圈平面與中性面垂直，此時磁通量為零參考答案：B4.2008年6月24日強雷電襲擊杭州，威力之猛近期少有．雷暴天氣和雷擊事件，引起了杭州市委、市政府的高度重視，要求有關部門加大防雷避雷知識的宣傳，提高廣大人民群眾的防范意識，做好防雷工作，保障人民群眾安全．假如在戶外我們遭遇雷電，下列防雷措施可行的是()①在大樹下避雷雨②停留在山頂、山脊的涼亭等地方避雷雨③不要快速開摩托、快騎自行車和在雨中狂奔④在空曠地帶，最好關掉手機電源A．①③

B．②③

C．①④

D．③④參考答案：D5.某發(fā)電站采用高壓輸電向外輸送電能。若輸送的總功率為P0，輸電電壓為U，輸電導線的總電阻為R。則下列說法正確的是A．輸電線上的電流

B．輸電線上的電流C．輸電線上損失的功率

D．輸電線上損失的功率

參考答案：BC二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.遠距離輸電，若輸送的電功率一定，輸電電壓增大到2倍，輸電線的電阻減小到原來的0．5倍，則輸電線損失的功率變?yōu)樵瓉淼?/p>

倍。參考答案：0.125

7.氣墊導軌是常用的一種實驗儀器．它是利用氣泵使帶孔的導軌與滑塊之間形成氣墊，使滑塊懸浮在導軌上，滑塊在導軌上的運動可視為沒有摩擦．我們可以用帶豎直擋板C和D的氣墊導軌以及滑塊A和B來驗證動量守恒定律，實驗裝置如圖所示（彈簧的長度忽略不計），采用的實驗步驟如下：A．用天平分別測出滑塊A、B的質(zhì)量mA、mB；B．調(diào)整氣墊導軌，使導軌處于水平；C．在A和B間放入一個被壓縮的輕彈簧，用電動卡銷鎖定，靜止地放置在氣墊導軌上；D．用刻度尺測出A的左端至C板的距離L1．E．按下電鈕放開卡銷，同時使分別記錄滑塊A、B運動時間的計時器開始工作．當A、B滑塊分別碰撞C、D擋板時停止計時，記下A、B分別到達C、D的運動時間t1和t2．本實驗中還應測量的物理量是

，利用上述測量的實驗數(shù)據(jù)，驗證動量守恒定律的表達式是

．參考答案：B的右端至D板的距離L2；=【考點】驗證動量守恒定律．【分析】本題的關鍵是列出A、B系統(tǒng)的動量守恒定律表達式，再結(jié)合速度與位移的關系即可求解．【解答】解：對A與B組成的系統(tǒng)，由動量守恒定律應有=再由=，=，其中是B的右端至D板的距離，所以實驗還應測量出B的右端至D板的距離L2即動量守恒定律的表達式應為=故答案為：B的右端至D板的距離L2；=8.（4分）有一電容器兩極接在的電源兩端，帶電量為，若兩極間的電壓增大為，此時這個電容器的帶電量為

，電容是

。參考答案：；9.在“探究加速度與力、質(zhì)量的關系”實驗中，保持小車的質(zhì)量不變，改變小車所受的作用力，測得了下表所示的5組數(shù)據(jù)，并已在坐標平面上畫出部分數(shù)據(jù)點，如圖所示：組別12345F/N01.12.23.34.4a/ms-200.511.52（1）在圖中畫出第4組數(shù)據(jù)對應的數(shù)據(jù)點，然后作出a-F的關系圖線；（2）由所作圖線可以得到結(jié)論：在質(zhì)量一定的情況下，加速度a與作用力F成______比；（3）當研究加速度與質(zhì)量的關系時，應保持

不變，改變小車的質(zhì)量來進行實驗．參考答案：（1）見右圖（2）正（3）小車受到的作用力

10.假設地球帶的是負電，自轉(zhuǎn)一周時間為T秒，其中在赤道線上分布的電子數(shù)為1019個，那么由于地球自轉(zhuǎn)在赤道線上形成的等效環(huán)形電流方向為______________（填自東向西或自西向東），等效環(huán)形電流大小為_________A。參考答案：、自東向西，1.6/T。11.如圖所示，勻強磁場豎直向下，磁感應強度為B。有一邊長為L的正方形導線框abcd，匝數(shù)為N，可繞OO′邊轉(zhuǎn)動，導線框總質(zhì)量為m，總電阻為R?，F(xiàn)將導線框從水平位置由靜止釋放，則在此過程中流過導線某一截面的電量為__________參考答案：12.如圖所示，相距為d的兩平行金屬板A、B上加電壓U，A板電勢高，在A板上放一小粒放射性物質(zhì)，它不斷向右側(cè)空間各個方向放出質(zhì)量為m、電量為q的α粒子，α粒子的最大速度為V，B板上涂熒光粉，α粒子轟擊B板而發(fā)光，設α粒子不被B板反射，則B板的發(fā)光面積為

參考答案：平行A板射出的α粒子，它們在類平拋運動，在B板上的集合會是一個圓．

平行A板方向，做勻速運動，r=vt

垂直A板方向，做勻加速運動，13.日光燈的電子鎮(zhèn)流器是利用

工作的；而電磁爐和金屬探測器是利用_

工作的．參考答案：三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.

(12分)物質(zhì)是由大量分子組成的，分子有三種不同的聚集狀態(tài)：固態(tài)、液態(tài)和氣態(tài)。物質(zhì)處于不同狀態(tài)時各有不同的特點和物理性質(zhì)。試回答下列問題：(1)如圖所示，ABCD是一厚度均勻的由同一種微粒構成的圓板。AB和CD是互相垂直的兩條直徑，把圓板從圖示位置轉(zhuǎn)過90°后電流表的示數(shù)發(fā)生了變化，已知兩種情況下都接觸良好，由此可判斷圓板是晶體。(2)在化學實驗中發(fā)現(xiàn)，把玻璃管的斷裂口放在火焰上燒熔，它的尖端就變圓，這是什么緣故?(3)如下圖是氧分子在不同溫度(O℃和100℃)下的速度分布規(guī)律圖，由圖可得出哪些結(jié)論?(至少答出兩條)

參考答案：(1)(4分)單；(2)(4分)熔化玻璃的表面層存表面張力作用下收縮到最小表面積，從而使斷裂處尖端變圓；(3)①(2分)一定溫度下，氧氣分子的速率呈現(xiàn)出“中間多，兩頭少”的分布規(guī)律；②(2分)溫度越高，氧氣分子熱運動的平均速度越大(或溫度越高氧氣分子運動越劇烈)。15.現(xiàn)有一種特殊的電池，電動勢E約為9V，內(nèi)阻r約為50Ω，允許輸出的最大電流為50mA，用如圖(a)的電路測量它的電動勢和內(nèi)阻，圖中電壓表的內(nèi)阻非常大，R為電阻箱，阻值范圍0～9999Ω。①R0是定值電阻,規(guī)格為150Ω，1.0W起

的作用。②該同學接入符合要求的R0后，閉合開關，調(diào)整電阻箱的阻值，

。改變電阻箱阻值，得多組數(shù)據(jù)，作出如圖(b)的圖線．則電池的電動勢E=

，內(nèi)阻r=

。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）參考答案：①防止短路，電流過大，燒壞電源

②讀取電壓表的示數(shù)，10V

，46±2Ω.（漏寫單位，沒分）四、計算題：本題共3小題，共計47分16.（8分）某小型發(fā)電站的發(fā)電機輸出功率為100kW，輸出電壓是250V。它發(fā)出的電先通過電站附近的升壓變壓器升壓,然后用輸電線路把電能輸送到遠處村寨，經(jīng)降壓變壓器降壓后用線路送到用戶家中。用戶需要的電壓是220V，升壓變壓器到降壓變壓器的輸電線路電阻為10Ω，其它電阻不計。要求輸電過程中因發(fā)熱而損失的功率為輸送功率的4％，求在輸電線路中設置的升壓和降壓變壓器原副線圈的匝數(shù)比。參考答案：損失功率……………（1分）由得輸電電流……………（1分）升壓變壓器的輸入電流…（1分）升壓變壓器原副線圈的匝數(shù)比……（1分）升壓變壓器輸出電壓……（1分）損失電壓……（1分）降壓變壓器輸入電壓…（1分）降壓變壓器原副線圈的匝數(shù)比……（1分）17.如圖，在平面直角坐標系xOy內(nèi)，第1象限存在沿y軸負方向的勻強電場，第Ⅳ象限以ON為直徑的半圓形區(qū)域內(nèi)，存在垂直于坐標平面向外的勻強磁場，磁感應強度為B．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子，從y軸正半軸上y=h處的M點，以速度v0垂直于y軸射入電場，經(jīng)x軸上x=2h處的P點進入磁場，最后以速度v垂直于y軸射出磁場．不計粒子重力．求：（1）電場強度大小E；（2）粒子在磁場中運動的軌道半徑；（3）粒子離開磁場時的位置坐標．參考答案：解：（1）在電場中粒子做類平拋運動，設粒子在電場中運動的時間為t1，則有：2h=v0t1…①h=at12…②根據(jù)牛頓第二定律得：qE=ma…③聯(lián)立①②③式得：E=…④（2）由題意可知，粒子進入磁場時速度也為v，根據(jù)動能定理得：qEh=…⑤再根據(jù)qvB=m…⑥聯(lián)立④⑤⑥式得：，r=…⑦（3）如圖，設粒子離開磁場時的位置坐標為（x、﹣y），粒子進入磁場時速度v，與x軸正方向的夾角為θ，由圖可得：cosθ==，θ=45°所以x=2h﹣rcos45°=2h﹣…⑧y=r+rsin45°=（1+）…⑨答：（1）電場強度大小E為；（2）粒子在磁場中運動的軌道半徑為；（3）粒子離開磁場時的位置坐標為[（2h﹣），﹣（1+）]．【考點】帶電粒子在勻強磁場中的運動；帶電粒子在勻強電場中的運動．【分析】（1）粒子在電場中做類平拋運動，水平方向做勻速運動，豎直方向做勻加速運動，應用牛頓第二定律與類平拋運動分位移公式結(jié)合，可求出電場強度的大小E；（2）根據(jù)動能定理求出粒子進入磁場時的速度大小，由牛頓第二定律求出軌道半徑；（3）再作出粒子運動軌跡，由幾何知識求出粒子離開磁場時的位置坐標．18.如圖1所示，A、B為水平放置的平行金屬板，板間距離為d（d遠小于板的長和寬）。在兩板之間有一帶負電的質(zhì)點P。已知若在A、B間加電壓U0，則質(zhì)點P可以靜止平衡于A、B間。現(xiàn)在A、B間加上如圖2所示的隨時間t變化的電壓U，在t=0時質(zhì)點P位于A、B間的中點處且初速為0。已知質(zhì)點P能在A、B之間以最大的幅度上下運動而不與兩板相碰，求（1）（4分）質(zhì)點P的比荷（即電荷量大小與質(zhì)量的比值）（2）（4分）t1~t2,t3~t4,t5~t6···時間內(nèi)的加速度大小和方向及0~t1,t2~t3,t4~t5…時間內(nèi)的加速度大小和方向（3）（7分）圖2中U改變的各時刻t1、t2、t3及tn的表達式。（質(zhì)點開始從中點上升到最高點，及以后每次從最高點到最低點或從最低點到最高點的過程中，電壓只改變一次。）

參考答案：(1)設質(zhì)點P的質(zhì)量為m，電量大小為q，根據(jù)題意，當A、B間的電壓為U0時，有：

q

=mg

得：

………………①（2）t1~t2,t3~t4,t5~t6···時間內(nèi)質(zhì)點P只受重力，加速度大小為g，方向豎直向下0~t1,t2~t3,t4~t5…時間內(nèi)兩板間的電壓為2U0時，P的加速度向上，其大小為a，

q

-mg=ma

解得a=g…………②（3）0~t1，P自A、B間的中點向上作初速為0的勻加速運動，加速度為g。經(jīng)過時間，P的速度變?yōu)関1，此時使電壓變?yōu)?，讓P在重力作用下向上作勻減速運動，再經(jīng)過，P正好達到A板且速度變?yōu)?。故有v1=g

0=v1-g

d=g

+v1

-g由以上各式得：

=

=

得t1=

=

………………③在重力作用下，P由A板處向下做勻加速運動，經(jīng)過時間，P的速度變?yōu)関2，方向向下。此時加上電壓使P向下作勻減速運動，再經(jīng)過，P正好達到B板且速度變?yōu)?。故有v2

=g

0=v2-g

d=g

+v2

-

g

由以上各式得

=

=

得t2=t1++=（

+1）………④在電場力和重力的合力作