2021年上海市普陀區(qū)高考物理質(zhì)量調(diào)研試卷

2021年上海市普陀區(qū)高考物理質(zhì)量調(diào)研試卷

一、單選題（本大題共12小題，共40.0分）

1.用a粒子轟擊得到了鏟C和一種粒子，這種粒子是（）

A.電子B.質(zhì)子C.中子D.正電子

2.如圖，某同學(xué)用激光器作為光源，在不透光的擋板上

開一條窄縫，進(jìn)行光的衍射實(shí)驗(yàn)。在光屏上觀察到的

圖樣可能是圖中的（）

UHB三C|||||0=

3.在“用O/S測(cè)變速直線運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度”學(xué)生實(shí)驗(yàn)中，除需要用計(jì)算機(jī)、數(shù)據(jù)采集

器、小車、軌道及配件外，還需要的儀器有（）

A.秒表B.米尺

C.位移傳感器D.光電門傳感器和擋光片

4.用光照射某種金屬，金屬表面有電子逸出。若保持入射光的頻率不變，減小入射光

的強(qiáng)度，則（）

A.光電子的最大初動(dòng)能減小

B.光電子的最大初動(dòng)能保持不變

C.可能無電子從金屬表面逸出

D.單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子數(shù)目不變

5.某氣體的摩爾質(zhì)量和摩爾體積分別為M和4,每個(gè)氣體分子的質(zhì)量和體積分別為

，〃和力,則阿伏加德羅常數(shù)以可表示為（）

A.M弋B.NATCNA弋DM、

6.質(zhì)量相等的甲、乙、丙三個(gè)物體，分別只受大小為F1和F2、方向如圖的兩個(gè)力作用。

甲、乙、丙三個(gè)物體產(chǎn)生的加速度大小分別為。乙、a丙，則（）

%

A.a甲＞a乙＞a丙B.。丙＞a■乙＞a甲C.a甲=。乙=a丙D.a乙＞。丙＞a甲

7.如圖，一彈性繩上有&和S2兩個(gè)波源，P點(diǎn)為品和S2連二

線的中點(diǎn)。兩個(gè)波源同時(shí)開始振動(dòng)發(fā)出兩個(gè)相向傳播7A/\

的波1和波2,波長分別為;11和＞%），則兩列波上/"

（）

A.頻率相同B.同時(shí)到達(dá)P點(diǎn)

C.相遇時(shí)，發(fā)生干涉現(xiàn)象D.相遇時(shí)，波長均變大

8.如圖，人騎自行車在水平路面沿直線行進(jìn)。當(dāng)人停止蹬E

車后，自行車受阻力作用做減速運(yùn)動(dòng)，直至速度減為零。......，—％科

此過程中克服阻力做功為W,人停止蹬車時(shí)自行車的速度為v,符合實(shí)際情況的/-

口圖像為圖中的（）

9.一定質(zhì)量的理想氣體，溫度為0式時(shí)壓強(qiáng)為po。經(jīng)過等容變化后，溫度變?yōu)門=（t+

273）K時(shí)壓強(qiáng)為p,在此過程中氣體溫度每升高1國，對(duì)應(yīng)壓強(qiáng)的增量不能表達(dá)

為（）

PocPo

A.C273

TB-FD.中

10.如圖，地球在橢圓軌道上運(yùn)動(dòng)，太陽位于橢圓的一

個(gè)焦點(diǎn)上。A、B、C、力是地球運(yùn)動(dòng)軌道上的四個(gè)

位置，其中A距離太陽最近，C距離太陽最遠(yuǎn)；B

和。點(diǎn)是弧線ABC和ADC的中點(diǎn)。則地球繞太陽

（）

A.做勻速率的曲線運(yùn)動(dòng)

B.經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的加速度最小

C.從8經(jīng)A運(yùn)動(dòng)到D的時(shí)間小于從。經(jīng)C運(yùn)動(dòng)到B的時(shí)間

D.從A經(jīng)。運(yùn)動(dòng)到C的時(shí)間大于從C經(jīng)B運(yùn)動(dòng)到A的時(shí)間

11.如圖，傾角為30。的光滑斜面固定在水平地面上，用不可

伸長的輕繩將A與B相連，A、8靜止于離地面高度相同

的位置?，F(xiàn)將輕繩C處剪斷，在8剛要著地瞬間，A、B

的動(dòng)能之比為（）

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A.1：1B.1：2C.2：1D.1：4

12.如圖，在水平地面上豎直固定一個(gè)光滑的圓環(huán)，一個(gè)質(zhì)量為機(jī)

的小球套在環(huán)上，圓環(huán)最高點(diǎn)有一小孔尸,細(xì)線上端被人牽著，t?（、）

下端穿過小孔與小球相連，使球靜止于A處，此時(shí)細(xì)線與豎直（j

方向的夾角為。，重力加速度為g，則（）

A.在A處，細(xì)線對(duì)小球的彈力大小為mgcos。

B.將小球由A緩慢拉至B的過程，細(xì)線所受拉力變大

C.在月處，圓環(huán)對(duì)小球的彈力大小為小g

D.將小球由A緩慢拉至B的過程，圓環(huán)所受壓力變小

二、填空題（本大題共5小題，共20.0分）

13.如圖，①、②兩條線表示a粒子散射實(shí)驗(yàn)中某兩個(gè)a粒

0）/，，b

子運(yùn)動(dòng)的軌跡，那么沿軌跡③射向原子核的a粒子經(jīng)過@一?黑亍棧。，《二

原子核附近后可能的運(yùn)動(dòng)軌跡為（選填②一4d

“a”“b”“c”“d”）,選擇的理由是。

14.如圖甲，兩條無限長導(dǎo)線均通以電流強(qiáng)度大小為/的恒定電流，導(dǎo)線的直線部分和

坐標(biāo)軸趨于重合，彎曲部分是以坐標(biāo)原點(diǎn)O為圓心、半徑相同的一段圓弧。己知直

線部分在原點(diǎn)O處不產(chǎn)生磁場，若圖甲中。處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為%,則圖乙中

15.某同學(xué)在“利用單擺測(cè)定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中，測(cè)出多

組單擺的擺長乙和周期兀如圖為根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出的尸-

L圖像，由圖像可得重力加速度g為7n/s2（精確到小

數(shù)點(diǎn)后兩位），圖像不過原點(diǎn)可能是由于擺長測(cè)量______

造成的（選填“偏大”“偏小”）。

16.如圖，勻強(qiáng)電場中有一平行于電場方向的正六邊形，其頂點(diǎn)分A,------

/'

別為A、B、aD、E、凡電荷量為4的負(fù)電荷在外力作用下Ft)c

\，

從A點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)，克服電場力做功W；從C點(diǎn)移動(dòng)到E點(diǎn)，p______'

其電勢(shì)能減少卬。正六邊形頂點(diǎn)中電勢(shì)最高的是，頂點(diǎn)

C、。間的電勢(shì)差為。

17.如圖，一粗細(xì)均勻、底部裝有閥門的U形管豎直放置，其左端開口、|

右端封閉、截面積為4cm2?，F(xiàn)關(guān)閉閥門將一定量的水銀注入管中，使Ij

左管液面比右管液面高5c,“，右端封閉了長為15CTM的空氣柱。已知大

氣壓強(qiáng)為75cvnHg,右管封閉氣體的壓強(qiáng)為cmHg；若打開閥門

使一部分水銀流出，再關(guān)閉閥門，重新平衡時(shí)左管的水銀面不低于右管，那么流出

的水銀最多為cm3.

三、實(shí)驗(yàn)題(本大題共1小題，共10.0分)

18.某小組研究電源和小燈泡兩端的電壓隨電流的變化規(guī)律，實(shí)驗(yàn)電路如圖甲。

①按規(guī)范連接好實(shí)驗(yàn)電路；

②閉合電鍵S,移動(dòng)滑動(dòng)變阻器滑片P到某一位置，讀出電流表A和電壓表匕、%

的示數(shù)，并記錄數(shù)據(jù)；

③改變滑動(dòng)變阻器滑片P的位置，重復(fù)步驟②多次測(cè)量：

④根據(jù)數(shù)據(jù)描繪U-/圖像，獲得圖線A、B,如圖乙；

⑤完成實(shí)驗(yàn)，整理實(shí)驗(yàn)器材。

(1)在步驟②中，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器滑片P使其阻值變小的過程中，電流表A的示數(shù)

將(選填“逐漸變小”“不變”“逐漸變大”)；電壓表匕的示數(shù)(選

填“逐漸變小”“不變”“逐漸變大”)。

(2)從圖乙中可得，電源的電動(dòng)勢(shì)E=V,內(nèi)阻r=。。

(3)如圖甲，當(dāng)滑片P移到滑動(dòng)變阻器的最左端時(shí)，小燈泡的實(shí)際功率為W,

此時(shí)電源的效率為。

(4)下列選項(xiàng)中，使滑動(dòng)變阻器和小燈泡的功率最為相近的電流表A示數(shù)為。

A.1.0A

B.1.25A

C.1.5A

D.1.75A

第4頁，共17頁

'UN

乙

四、計(jì)算題(本大題共2小題，共30.0分)

19.如圖甲，導(dǎo)軌傾斜固定在地面上，其O端帶有擋板。一小物塊套在導(dǎo)軌上，將其從

P點(diǎn)靜止釋放，經(jīng)過一段時(shí)間物塊與擋板發(fā)生碰撞(碰撞時(shí)間極短)：碰撞后物塊返

回到導(dǎo)軌。處(圖中未標(biāo)出)時(shí)速度減為零，此時(shí)沿導(dǎo)軌方向?qū)ξ飰K施加一外力F,

使其在導(dǎo)軌上保持靜止。此過程物塊運(yùn)動(dòng)的D-t圖像如圖乙(圖中巧和L均為已知

量)，已知物塊質(zhì)量為，小最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度大小為g,不

計(jì)空氣阻力。求：

(1)P點(diǎn)距。端的距離；

(2)碰撞時(shí)擋板對(duì)物塊所做的功；

(3)物塊運(yùn)動(dòng)過程中所受的摩擦力大?。?/p>

(4)物塊返回到Q處時(shí)，對(duì)其施加外力F大小的范圍。

20.如圖，足夠長的直角金屬導(dǎo)軌MO]N與PO2Q平行放置在豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，它

們各有一部分在同一水平面內(nèi)，另一部分在同一豎直平面內(nèi)，兩軌相距L=

金屬細(xì)桿外、cd與導(dǎo)軌垂直接觸形成閉合回路，兩桿質(zhì)量均為m=1kg、電阻均

為R=10,兩桿與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為〃=0.5,導(dǎo)軌電阻不計(jì)。當(dāng)t=0時(shí)，

對(duì)油桿施加水平向右的力F,使桿碗做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，同時(shí)將桿cd

在豎直面內(nèi)由靜止釋放。已知尸隨時(shí)間的變化關(guān)系為F=(6+2t)N,重力加速度g

取lOm/s?。

(1)判斷流經(jīng)桿cd的電流方向；

(2)求勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小和桿ab的加速度a；

(3)若前2秒內(nèi)，水平力/做的功W=17/,求前2s內(nèi)閉合回路產(chǎn)生的焦耳熱。；

(4)請(qǐng)列式分析桿cd由靜止釋放后的運(yùn)動(dòng)狀況,并求出桿W從靜止釋放到達(dá)到最大

速度所用的時(shí)間。

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答案和解析

1.【答案】C

【解析】解；根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，可知用a粒子轟擊得到了和一種粒

子，這種粒子的質(zhì)子數(shù)為：2+4-6=0,質(zhì)量數(shù)為：4+9—12=1,所以這種粒子

為二，即為中子，故C正確，48。錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)核反應(yīng)過程中電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒求解。

本題考查了中子發(fā)現(xiàn)的核反應(yīng)方程式，注意反應(yīng)過程中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒。

2.【答案】D

【解析】解：根據(jù)衍射條紋狹縫平行，且中間寬、兩邊窄，不等間距，條紋寬度關(guān)于中

間條紋對(duì)稱，可知只有。選項(xiàng)的圖樣是正確的，故。正確，ABC錯(cuò)誤。

故選：

根據(jù)衍射條紋的特點(diǎn)進(jìn)行判斷，光的衍射條紋與狹縫平行，且中間寬、兩邊窄，條紋寬

度關(guān)于中間條紋對(duì)稱。

解決本題的關(guān)鍵知道衍射條紋的特點(diǎn)，知道衍射條紋與干涉條紋的區(qū)別。

3.【答案】D

【解析】解：圖形計(jì)算器實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)是一種由傳感器、數(shù)據(jù)采集器與圖形計(jì)算器組合起來，

在用C/S測(cè)瞬時(shí)速度的實(shí)驗(yàn)中，必需的器材是計(jì)算機(jī)、數(shù)據(jù)采集器、小車、軌道及配件，

擋光片，光電門傳感器，故。正確，A2C錯(cuò)誤。

故選：D。

用O/S測(cè)變速直線運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度的是光電門傳感器，通過測(cè)定擋光的時(shí)間，從而得出

在擋光時(shí)間內(nèi)的平均速度，用平均速度代替瞬時(shí)速度.

本題考查了用。/S測(cè)變速直線運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度的基本原理，題目看起來難度不大，但容

易做錯(cuò)，要多了解傳感器的具體應(yīng)用。

4.【答案】B

【解析】解：ABC、用光照射某種金屬，有光電子從金屬表面逸出，光的頻率不變，一

定會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)，

根據(jù)光電效應(yīng)方程=hv-%可知，入射光的頻率不變則光電子的最大初動(dòng)能不變，

故AC錯(cuò)誤，8正確；

。、保持入射光的頻率不變而減弱光的強(qiáng)度，則單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子數(shù)減少，故。

錯(cuò)誤。

故選：Bo

發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于截止頻率.頻率一定時(shí)光的強(qiáng)弱不影響光電子

的最大初動(dòng)能，只影響單位時(shí)間內(nèi)發(fā)出光電子的數(shù)目.

解決本題的關(guān)鍵知道發(fā)生光電效應(yīng)的條件，以及知道入射光頻率一定時(shí)光的強(qiáng)弱會(huì)影響

單位時(shí)間內(nèi)發(fā)出光電子的數(shù)目。

5.【答案】D

【解析】解：AB、公式/=保中，%應(yīng)該為氣體分子所占空間的平均體積，和題給條

件不符，故A8錯(cuò)誤；

CD、公式治='中，M為氣體的摩爾質(zhì)量，〃?為每個(gè)分子的質(zhì)量，和題給條件相同，

故C錯(cuò)誤，。正確。

故選：。。

根據(jù)NA=母=M%應(yīng)該為氣體分子所占空間的平均體積，M為氣體的摩爾質(zhì)量，機(jī)

為每個(gè)分子的質(zhì)量，由此判斷相關(guān)選項(xiàng)。

本題考查了阿伏加德羅常數(shù)的應(yīng)用，要注意區(qū)別氣體分子所占空間的平均體積和氣體分

子體積大小的區(qū)別。

6.【答案】A

【解析】解：兩個(gè)分力大小一定，合力隨著夾角的增大而減小，故合力大小關(guān)系是：F尹〉

F乙）F丙,根據(jù)牛頓第二定律產(chǎn)合=ma可得：a甲〉a乙＞a丙,故A正確，錯(cuò)誤。

故選：Ao

先比較三圖中合力的大小關(guān)系，再通過牛頓第二定律比較加速度大小關(guān)系。

本題考查了牛頓第二定律和力的合成與分解的綜合運(yùn)用，解題關(guān)鍵是要知道：兩個(gè)分力

大小一定，夾角越小合力越大。

7.【答案】B

第8頁，共17頁

【解析】解：A、兩波源在同一繩上，則它們的波速相等，因?yàn)閮闪胁ǖ牟ㄩL不同，由

v=Af,所以兩列波的頻率不同，故A錯(cuò)誤；

8、兩波源在同一繩上，則它們的波速相等，由于P為兩個(gè)波源連線的中點(diǎn)，所以它們

會(huì)同時(shí)到達(dá)尸點(diǎn)，故B正確；

C、兩列波相遇時(shí)，因頻率不同，只能相互疊加，不發(fā)生干涉現(xiàn)象，故C錯(cuò)誤；

。、波傳播具有相互獨(dú)立性，則相遇后，互不干擾，各自獨(dú)立傳播，相遇時(shí)，波長不變，

故。錯(cuò)誤。

故選：B。

波傳播具有相互獨(dú)立性，波傳播速度由介質(zhì)決定，兩波源在同一繩上，則它們的波速相

等，因?yàn)閮闪胁ǖ牟ㄩL不同，兩列波的頻率不同，不發(fā)生干涉現(xiàn)象

本題考查機(jī)械波傳播的特點(diǎn)，學(xué)生需注意，波傳播具有相互獨(dú)立性，波傳播速度由介質(zhì)

決定，兩列波的頻率相同，相差保持不變，才會(huì)產(chǎn)生干涉。

8.【答案】C

【解析】解：根據(jù)動(dòng)能定理得：-皿=0-如〃2,解得：W=|mv2

故知W與v成二次函數(shù)關(guān)系，且拋物線開口向上.故C正確，ABD錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)動(dòng)能定理得出人停止蹬車后，阻力做功與自行車速度的關(guān)系，從而判斷w與丫圖

線.

解決本題的關(guān)鍵根據(jù)動(dòng)能定理得出阻力做功與速度的關(guān)系，要能利用所學(xué)物理知識(shí)分析

生活中的問題。

9.【答案】A

【解析】解：氣體狀態(tài)參量為：Pi=Po，7\=273K,p2=p,&=7=(t+273)K,

氣體發(fā)生等容變化，由查理定律得：果若,

12

即：■=，_=?

1273273+tT

溫度升高，氣體壓強(qiáng)的增量為P-Po,氣體溫度每升高對(duì)應(yīng)壓強(qiáng)的增量=

在此過程中氣體溫度每升高=1冤)壓強(qiáng)的增量：△p=p-Po=I^Po-Po=景;

在此過程中氣體溫度每升高1。氯7=1K)壓強(qiáng)的增量：△p=p—po=p—|gp=￡,故

BCD能表達(dá)對(duì)應(yīng)壓強(qiáng)的增量4p,A不能表達(dá)對(duì)應(yīng)壓強(qiáng)的增量Ap。

本題選錯(cuò)誤的，故選：A。

氣體發(fā)生等容變化，應(yīng)用查理定律可以求出氣體末狀態(tài)的壓強(qiáng)，然后根據(jù)題意可以求出

溫度每升高1℃氣體壓強(qiáng)的增量。

本題考查了求氣體壓強(qiáng)的增加量，知道氣體發(fā)生等容變化、應(yīng)用查理定律即可解題，解

題時(shí)要注意攝氏溫度與熱力學(xué)溫度間的關(guān)系7=273+t。

10.【答案】C

【解析】解：A、由開普勒第二定律，地球在近日點(diǎn)的速度大，在遠(yuǎn)日點(diǎn)的速度小，故

4錯(cuò)誤.

B、根據(jù)公式G罷=小。得。=胃，可知4點(diǎn)的加速度最大，故8錯(cuò)誤。

C、由4可知，地球在近日點(diǎn)的速度大，遠(yuǎn)日點(diǎn)的速度小，所以從B經(jīng)A運(yùn)動(dòng)到。的時(shí)

間小于從。經(jīng)C運(yùn)動(dòng)到8的時(shí)間，故C正確。

。、由C可知，從A經(jīng)力運(yùn)動(dòng)到C的時(shí)間等于從C經(jīng)B運(yùn)動(dòng)到A的時(shí)間，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

由開普勒第二定律，太陽系中太陽和行星的連線在相等的時(shí)間內(nèi)掃過相等的面積，即遠(yuǎn)

日點(diǎn)的速度較小，近日點(diǎn)的速度較大，進(jìn)而判斷比較運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。根據(jù)萬有引力定律和

牛頓第二定律可比較加速度。

本題考查開普勒定律的應(yīng)用、萬有引力定律的應(yīng)用、牛頓第二定律，題型基礎(chǔ)，難度小。

11.【答案】B

【解析】解：根據(jù)平衡條件得：

對(duì)B：7=mBg

對(duì)A：T=mAgsin30°

解得：mA：mB=2：1；

設(shè)兩物體離地高度為〃，B做自由落體運(yùn)動(dòng)，由九=：gt2可得，B下落時(shí)間士=賒

A沿斜面做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律可得，加速度。=舔譏30。=：9，

f時(shí)間A的位移心=%砒2=1X1X（巧產(chǎn)=4A下落高度也=xsin30°=^xi=i/i；

兩物體在下落過程中均只有重力做功，機(jī)械能守恒，所以根據(jù)機(jī)械能守恒定律可知，在

B剛要落地的瞬間，A的動(dòng)能以4=mAghA,B的動(dòng)能EKB=mBgh,故AB的動(dòng)能之比：

-mg-^：mgh-1：2,故B正確，ACC錯(cuò)誤。

EKA：EKBAB

第10頁，共17頁

故選：B。

兩物體均處于靜止?fàn)顟B(tài)，根據(jù)平衡條件即可求出兩小球的質(zhì)量之比；設(shè)AB離地高度為

h,對(duì)8由自由落體規(guī)律可求出B落地時(shí)間r,再對(duì)A由牛頓第二定律以及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式

即可分析時(shí)間f內(nèi)A下落的高度;再由機(jī)械能守恒定律列式即可分別得出B落地瞬間A、

8的動(dòng)能，從而求出動(dòng)能之比。

本題要知道物體在只有重力做功的情形下物機(jī)械能守恒以及共點(diǎn)力的平衡條件的應(yīng)用，

要注意正確分析物理過程，明確機(jī)械能守恒定律的應(yīng)用。

12.【答案】C

【解析】解:AC、小球沿圓環(huán)緩慢上移可看做平衡狀態(tài)，

對(duì)小球進(jìn)行受力分析，小球受重力G、拉力F、支持力N

三個(gè)力，受力平衡，作出受力分析圖如下：

由圖可知△。人尸一4GF4則：

RAPR

解得：p=—.mg,N=G=mg

R

G?

由于細(xì)線與豎直方向的夾角為。，則：cos。=蕓，故F=

2.R

2mgeos。；故4錯(cuò)誤，C正確；F

BD、將球由A處緩慢地拉至8處的過程中，半徑不變，AP長度減小，角。變大，故尸

減小，N不變，故BQ錯(cuò)誤；

故選：C?

對(duì)小球受力分析，作出力的平行四邊形，同時(shí)作出AP與半徑組成的圖象；則可知兩三

角形相似，故由相似三角形知識(shí)可求得拉力及支持力的表達(dá)式。

對(duì)于非直角三角情形，相似三角形法在處理共點(diǎn)力的動(dòng)態(tài)平衡時(shí)常用的方法，當(dāng)無法找

到直角時(shí)，應(yīng)考慮應(yīng)用此法。

13.【答案】a沿軌跡③運(yùn)動(dòng)的粒子比沿軌跡①運(yùn)動(dòng)的粒子更靠近原子核，a粒子所受

斥力更大，故偏轉(zhuǎn)角度也就更大。

【解析】解：原子核與a粒子均帶正電，故受相互排斥的庫侖力，又③比①更靠近原子

核，a粒子所受斥力更大，故偏轉(zhuǎn)角度也就更大，所以選軌跡a。

故答案為：a；沿軌跡③運(yùn)動(dòng)的粒子比沿軌跡①運(yùn)動(dòng)的粒子更靠近原子核，a粒子所受

斥力更大，故偏轉(zhuǎn)角度也就更大。

盧瑟福通過a粒子散射并由此提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，該實(shí)驗(yàn)的現(xiàn)象為：絕大多數(shù)

a粒子幾乎不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，少數(shù)a粒子發(fā)生了較大的角度偏轉(zhuǎn)，極少數(shù)a粒子發(fā)生了大角度

偏轉(zhuǎn)（偏轉(zhuǎn)角度超過90。，有的甚至幾乎達(dá)到180。，被反彈回來），據(jù)此可得出沿③所示

方向射向原子核的a粒子可能的運(yùn)動(dòng)軌跡。

本題考查了盧瑟福a粒子散射實(shí)驗(yàn)的現(xiàn)象，要注意明確只有少數(shù)粒子會(huì)出現(xiàn)大角度偏轉(zhuǎn),

大部分粒子偏轉(zhuǎn)角度不大。

14.【答案】Bo垂直紙面向外

【解析】解：由題意可知，圖甲中O處磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小是其中一段在。點(diǎn)的磁場大

小的兩倍；根據(jù)右手螺旋定則，由乙圖知，右上段與左下段產(chǎn)生磁場疊加為零，則剩余

兩段產(chǎn)生磁場大小是其中一段在。點(diǎn)產(chǎn)生磁場的兩倍，則乙圖中。點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大

小與甲圖中O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等為％,方向垂直紙面向外。

故答案為：B。，垂直紙面向外。

根據(jù)通電導(dǎo)線周圍存在磁場，結(jié)合相同圓弧，則產(chǎn)生有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小，再根據(jù)右手螺

旋定則可知，通電導(dǎo)線在。點(diǎn)的磁場方向，最后由矢量合成法則，即可求解。

考查通電導(dǎo)線周圍磁場的分布，掌握矢量合成法則，注意疊加原則，理解右手螺旋定則

是解題的關(guān)鍵。

15.【答案】9.86偏小

【解析】解：⑴根據(jù)單擺周期公式可得產(chǎn)=等?磊（因?yàn)閳D中的L單位是閑，所以

進(jìn)行換算），結(jié)合圖像可知：k若=4,解得g=9.86m/s2.

（2）由圖可知，擺長為0時(shí)，單擺存在周期，說明擺長測(cè)量結(jié)果偏小。

故答案為：9.86；偏小。

根據(jù)單擺的周期公式可得T2="四，通過圖線的斜率求出重力加速度的大小.通過圖像

9

分析出擺長為零時(shí)有周期，說明測(cè)量結(jié)果偏小。

本題關(guān)鍵明確實(shí)驗(yàn)原理，根據(jù)單擺的周期公式變形，得到丁2=如乜關(guān)系式，得到圖象斜

9

率的物理意義，再分析實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生的誤差.

16.【答案】FV

3q

【解析】解：從A點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)，克服電場力做功W,從C點(diǎn)移動(dòng)到E點(diǎn)，其電勢(shì)能

減少W,知C至IJE點(diǎn)，電場力做正功，則4E為等勢(shì)點(diǎn).所以電場線方向垂直于4E.電

第12頁，共17頁

子從4到C電場力做負(fù)功，可知電場力方向?yàn)镃指向凡則電場的方向由尸指向C,沿

電場線方向電勢(shì)降低，可知尸點(diǎn)電勢(shì)最高.AC間的電勢(shì)差大小U=?，設(shè)正六邊形邊

長為a,AC間沿電場線方向上距離為：d=半，電場強(qiáng)度后=3=券，

C、。間沿電場線方向上距離為一如C、。間的電勢(shì)差Uco=Ed=q；

故答案為：F;一奈

電場力做正功，電勢(shì)能減小，電場力做負(fù)功，電勢(shì)能增加.通過電場力做功找出等勢(shì)點(diǎn)，

作出等勢(shì)線，電場線方向與等勢(shì)線垂直，即可知道電場線的方向，沿電場線方向電勢(shì)降

低.通過電場力做功，求出電勢(shì)差.

解決本題的關(guān)鍵知道電場力做功與電勢(shì)能的關(guān)系，以及知道電場線與等勢(shì)線垂直.

17.【答案】8028

【解析】解：右管封閉氣體的壓強(qiáng)為Pi=po+b=75cmHg+ScmHg=80cmHg

對(duì)封閉氣體，初狀態(tài)：Pi-QOcmHg,=LtS

=

末狀態(tài)：P2Po—75cmHg,V2—L2s

根據(jù)玻意耳定律可得：=p2V2，解得：切=16cm

故右側(cè)水銀下降的高度為△hx=L2-Lr=16cm-15cm=1cm

左側(cè)水銀下降的高度為^h2-hi+△b—5cm+1cm=6cm

33

故流出的水銀體積為△V=(△砥+△h2)S=(1+6)X4cm=28cm

故答案為：80；28。

根據(jù)液面平衡法求解壓強(qiáng)；找出被封閉氣體初末狀態(tài)參量，利用玻意耳定律求得體積,

即可求得左右兩側(cè)水銀面下降的高度，求得流出的體積。

本題考查氣體定律的綜合運(yùn)用，解題關(guān)鍵是要分析好壓強(qiáng)P、體積V、溫度7三個(gè)參量

的變化情況，選擇合適的規(guī)律解決；抓住左右兩側(cè)水銀面高度剛好相同即可。

4.5-2.5

為4.5V,則電源電動(dòng)勢(shì)：E=4.5lZo電源內(nèi)阻：r=\^\=Q=1.0/2;

2.0

(3)滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)片P移到滑動(dòng)變阻器的最左端時(shí)滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值為零，

兩電壓表示數(shù)相等，由圖示圖象可知，燈泡電壓為2.5V,電流為2.04,燈泡實(shí)際功率:

P=U1=2.5x2.0W=5.0億

此時(shí)電源的效率〃=詈=Hx%=55.6%；

(4)滑動(dòng)變阻器兩端電壓｛/=a-4，根據(jù)圖示圖線求出滑動(dòng)變阻器兩端電壓，在坐標(biāo)

系內(nèi)描出對(duì)應(yīng)點(diǎn)，然后作出圖象如圖所示，與小燈泡的U-/圖象相交，交點(diǎn)坐標(biāo)為

(1.54,1.57),所以此時(shí)電流表的示數(shù)為1.5A左右。

故答案為：(1)逐漸變大、逐漸變??；(2)4.5、也正確)；(3)50(4.8-5.0均正確)、

56%(53.3%-55.6%均正確)；(4)C

(1)閉合開關(guān)前滑片應(yīng)置于阻值最大處，當(dāng)減小阻值時(shí)，電流逐漸增大，再確定電壓表

示數(shù)的變化；

(2)電源U-/圖線與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值是電源電動(dòng)勢(shì)，圖線斜率的絕對(duì)值等于電源內(nèi)阻。

(3)根據(jù)圖示電路圖判斷兩電壓表示數(shù)關(guān)系，然后根據(jù)圖示圖象找出此時(shí)電壓與電流，

由「=以求出燈泡實(shí)際功率，由詈求出電源效率；

(4)滑動(dòng)變阻器兩端電壓U=%-U2,根據(jù)圖示圖線在坐標(biāo)系內(nèi)描出滑動(dòng)變阻器兩端電

壓與電流對(duì)應(yīng)點(diǎn)，然后作出圖象，從兩者U-/圖象的交點(diǎn)就能讀出電流表的示數(shù)。

本題考查了實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)、實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理、燈泡功率計(jì)算、電源效率計(jì)算等內(nèi)容，此處

要注意的是由于燈泡是非線性元件，在計(jì)算當(dāng)功率相等時(shí)電路的電流時(shí)，不能用定值電

阻常規(guī)方法進(jìn)行計(jì)算，要體會(huì)圖象的巧妙之處。

19.【答案】解：(1)設(shè)尸點(diǎn)距。端距離為s,由物體運(yùn)動(dòng)u—t圖像可卡尸

生】丫V'

知：S=-Vitio

(2)由動(dòng)能定理可知，碰撞過程中擋板對(duì)物塊做功W等于碰撞前后物'G

塊動(dòng)能的變化量，即F

W=-mVf--mvg=-jnCO.Svj)2—yrnvl=*A

22228?

Fi

即在碰撞過程中，擋板對(duì)物塊做功3-資。

OCz

(3)設(shè)導(dǎo)軌與水平面的傾角為仇當(dāng)物塊4沿斜面下滑時(shí)：

由"一t圖像得：=7-

受力如圖，由牛頓第二定律得mgsin。-Ff=ma^

當(dāng)物體A沿斜面上滑時(shí)：

第14頁，共17頁

由U—t圖像知I:。2=普7，解得。2=要

受力如圖，由牛頓第二定律得mgsin。+Ff=ma2i

解得：6:翳。

OCj

(4)由(3)可得號(hào)=^mgsin9(mgsin9>/y),所以應(yīng)沿斜面向上施加一外力F。

。點(diǎn)處施加沿導(dǎo)軌方向的外力范圍為：mgsind-Ff<F<mgsinO+Ff

HP|mgsind<F<^-mgsinO,

解得詈SFS啜。

ti4tl

答：(1)P點(diǎn)距。端的距離為：%ti；

(2)碰撞時(shí)擋板對(duì)物塊做功為-1mvl；

(3)物塊運(yùn)動(dòng)過程中所受的摩擦力大小為粉

(4)物塊返回到。處時(shí)，對(duì)其施加外力F大小的范圍為？1<F<誓1。

C1*1

【解析】(1)由物體運(yùn)動(dòng)的U-1圖像求得P點(diǎn)距。端的距離；

(2)由動(dòng)能定理可求碰撞時(shí)擋板對(duì)物塊所做的功；

(3)由物體運(yùn)動(dòng)的v-t圖像求出物塊A沿斜面上滑和下滑時(shí)的加速度，結(jié)合牛頓第二定

律求物塊運(yùn)動(dòng)過程中所受的摩擦力大??；

(4