安徽省阜陽(yáng)市太和中學(xué)高一下學(xué)期開(kāi)學(xué)物理試卷（實(shí)驗(yàn)班）

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專(zhuān)精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專(zhuān)精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專(zhuān)精2015—2016學(xué)年安徽省阜陽(yáng)市太和中學(xué)高一（下)開(kāi)學(xué)物理試卷(實(shí)驗(yàn)班）一、選擇題(本題共9小題，每小題4分,共40分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~6題只有一項(xiàng)符合題目要求,第7～10題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)或不答的得0分．）1．如圖所示，在教室里某同學(xué)站在體重計(jì)上研究超重與失重．她由穩(wěn)定的站姿變化到穩(wěn)定的蹲姿稱(chēng)為“下蹲”過(guò)程；由穩(wěn)定的蹲姿變化到穩(wěn)定的站姿稱(chēng)為“起立”過(guò)程．關(guān)于她的實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象，下列說(shuō)法中正確的是（）A．只有“起立"過(guò)程，才能出現(xiàn)失重的現(xiàn)象B．只有“下蹲”過(guò)程，才能出現(xiàn)超重的現(xiàn)象C．“下蹲”的過(guò)程，先出現(xiàn)超重現(xiàn)象后出現(xiàn)失重現(xiàn)象D．“起立”、“下蹲”的過(guò)程，都能出現(xiàn)超重和失重的現(xiàn)象2．如圖所示,小球從豎直磚墻某位置靜止釋放，用頻閃照相機(jī)在同一底片上多次曝光，得到了圖中1、2、3、4、5…所示小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中每次曝光的位置．連續(xù)兩次曝光的時(shí)間間隔均為T(mén)，每塊磚的厚度為d．根據(jù)圖中的信息，下列判斷錯(cuò)誤的是（）A．位置“1"是小球釋放的初始位置B．小球做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)C．小球下落的加速度為D．小球在位置“3"的速度為3．如圖所示,升降機(jī)以加速度a加速下降,升降機(jī)內(nèi)有一傾角為θ的粗糙斜面，質(zhì)量為m的物體與斜面相對(duì)靜止，則斜面對(duì)物體的支持力大小為（）A．m（g﹣a）cosθ B．mgcosθC．m(g+a）cosθ D．mgcosθ+masinθ4．如圖所示,有一半圓，其直徑水平且與另一圓的底部相切于O點(diǎn)，O點(diǎn)恰好是下半圓的圓心,現(xiàn)在有三條光滑軌道AB、CD、EF，它們的上下端分別位于上下兩圓的圓周上，三軌道都經(jīng)過(guò)切點(diǎn)O,軌道與豎直線(xiàn)的夾角關(guān)系為α＞β＞θ，現(xiàn)在讓一物塊先后從三軌道頂端由靜止下滑至底端，則物塊在每一條傾斜軌道上滑動(dòng)時(shí)所經(jīng)歷的時(shí)間關(guān)系為(）A．tAB=tCD=tEF B．tAB＞tCD＞tEF C．tAB＜tCD＜tEF D．tAB=tCD＜tEF5．如圖，質(zhì)量為M、半徑為R的半球形物體A放在粗糙水平地面上,通過(guò)最高點(diǎn)處的釘子用水平輕質(zhì)細(xì)線(xiàn)拉住一質(zhì)量為m、半徑為r的光滑球B，重力加速度為g．則(）A．A對(duì)地面的摩擦力方向向左B．B對(duì)A的壓力大小為mgC．細(xì)線(xiàn)對(duì)小球的拉力大小為mgD．若剪斷繩子（A不動(dòng)），則此瞬時(shí)球B加速度大小為6．甲、乙兩物體，甲的質(zhì)量為4kg,乙的質(zhì)量為2kg,甲從20m高處自由落下，1s后乙從10m高處自由落下，不計(jì)空氣阻力．在兩物體落地之前，下列說(shuō)法中正確的是（）A．同一時(shí)刻甲的速度大B．同一時(shí)刻兩物體的速度相同C．兩物體從起點(diǎn)各自下落1m時(shí)的速度是相同的D．落地之前甲和乙的高度之差保持不變7．如圖所示,質(zhì)量為m的物體靜止在傾角為θ的斜面上，為了說(shuō)明它對(duì)斜面的摩擦力大小等于mgsinθ，應(yīng)涉及到下列哪些知識(shí)(）A．力的合成與分解 B．物體平衡條件C．牛頓第三定律 D．牛頓第一定律8．如圖所示，半圓柱體P放在粗糙水平地面上，其右端有一豎直擋板MN．在半圓柱體P和MN之間放有一個(gè)光滑均勻的小圓柱體Q，整個(gè)裝置處于平衡狀態(tài)．現(xiàn)使MN保持豎直并且緩慢地向右平移，在Q滑落到地面之前的此過(guò)程中，P始終靜止不動(dòng)，對(duì)于此過(guò)程下列說(shuō)法中正確的是（)A．MN對(duì)Q的彈力保持不變 B．P對(duì)Q的作用力先增大后減小C．P對(duì)Q的作用力逐漸增大 D．地面對(duì)P的摩擦力逐漸增大9．如圖所示，足夠長(zhǎng)的傳送帶與水平面夾角為θ，以速度v0勻速轉(zhuǎn)動(dòng)．在傳送帶的上端輕輕放置一個(gè)質(zhì)量為m的小木塊,小木塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＜tanθ，則圖中能反映小木塊運(yùn)動(dòng)的加速度、速度隨時(shí)間變化的圖象可能是（）A． B． C． D．二、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題．共14分．)10．（1）有同學(xué)利用如圖所示的裝置來(lái)驗(yàn)證力的平行四邊形定則：在豎直木板上鋪有白紙，固定兩個(gè)光滑的滑輪A和B，將繩子打一個(gè)結(jié)點(diǎn)O，每個(gè)鉤碼的重量相等，當(dāng)系統(tǒng)達(dá)到平衡時(shí)，根據(jù)鉤碼個(gè)數(shù)讀出三根繩子的拉力TOA、TOB和TOC，回答下列問(wèn)題：（1）改變鉤碼個(gè)數(shù)，實(shí)驗(yàn)?zāi)芡瓿傻氖茿．鉤碼的個(gè)數(shù)N1=N2=2，N3=4B．鉤碼的個(gè)數(shù)N1=N3=3,N2=4C．鉤碼的個(gè)數(shù)N1=N2=N3=4D．鉤碼的個(gè)數(shù)N1=3，N2=4，N3=5（2）在拆下鉤碼和繩子前,最必要的一個(gè)步驟是．A．標(biāo)記結(jié)點(diǎn)O的位置，并記錄OA、OB、OC三段繩子的方向B．量出OA、OB、OC三段繩子的長(zhǎng)度C．用量角器量出三段繩子之間的夾角D．用天平測(cè)出鉤碼的質(zhì)量．11．如圖1所示，為“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)裝置，獲得了小車(chē)加速度a與沙及沙桶的質(zhì)量及小車(chē)和砝碼的質(zhì)量對(duì)應(yīng)關(guān)系圖．沙桶和沙子的總質(zhì)量為m1,小車(chē)和車(chē)上砝碼的總質(zhì)量為m2，重力加速度為g．（1）實(shí)驗(yàn)中打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用電源的頻率為50Hz，打出的其中一條紙帶如圖所示，由該紙帶可求得小車(chē)的加速度a=m/s2．（2）實(shí)驗(yàn)時(shí),某同學(xué)由于疏忽，遺漏了平衡摩擦力這一步驟，測(cè)得F=m1g,作出a﹣F圖象，他可能作出圖2中（選填“甲"、“乙”、“丙"）圖線(xiàn)．此圖線(xiàn)的AB段明顯偏離直線(xiàn)，造成此誤差的主要原因是．(3）實(shí)驗(yàn)時(shí),某同學(xué)遺漏了平衡摩擦力這一步驟,若軌道水平,他測(cè)量得到的圖象，如圖3．設(shè)圖中直線(xiàn)的斜率為k，在縱軸上的截距為b,則小車(chē)與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=，沙桶和沙子的總質(zhì)量m1=．(認(rèn)為繩的拉力等于沙桶和沙子的總重力,忽略空氣阻力及細(xì)線(xiàn)與滑輪的摩擦)三、計(jì)算題(共4小題，計(jì)46分．解答應(yīng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和計(jì)算步驟．有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位．)12．做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的物體途中依次經(jīng)過(guò)A、B、C三點(diǎn)，已知AB=BC=，AB段和BC段的平均速度分別為v1=3m/s、v2=6m/s，則(1)物體經(jīng)B點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度vB為多大？（2）若物體運(yùn)動(dòng)的加速度a=2m/s2，試求AC的距離l．13．如圖所示，一上表面光滑的矩形滑塊置于水平地面上,其質(zhì)量M=2kg,長(zhǎng)L=2m,高h(yuǎn)=0.8m，滑塊與地面間動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2,在滑塊的右端放置一質(zhì)量m=1kg的小球．現(xiàn)用外力擊打滑塊左端，使其在極短時(shí)間內(nèi)獲得v0=4m/s的水平向右速度,經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后小球落地．（g取10m/s2）試求:（1）小球脫離滑塊之前，滑塊的加速度大?。唬?)小球落地時(shí)距滑塊右端的水平距離．14．如圖所示,傾角為30°的光滑斜面與粗糙的水平面平滑連接．現(xiàn)將一滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）從斜面上A點(diǎn)由靜止釋放,最終停在水平面上的C點(diǎn)．已知A點(diǎn)距水平面的高度h=0。8m,B點(diǎn)距C點(diǎn)的距離L=2.0m．(滑塊經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)沒(méi)有能量損失，g=10m/s2）,求:（1)滑塊在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大速度；（2）滑塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ；（3）滑塊從A點(diǎn)釋放后，經(jīng)過(guò)時(shí)間t=1.0s時(shí)速度的大?。?5．如圖所示，質(zhì)量M=8.0kg、長(zhǎng)L=2。0m的薄木板靜置在光滑水平地面上，且木板不固定．質(zhì)量m=0。40kg的小滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn)）以速度v0從木板的左端沖上木板．已知滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.20，（假定滑塊與木板之間最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力相等，重力加速度g取10m/s2．）（1）若v0=2。1m/s，從小滑塊滑上長(zhǎng)木板，到小滑塊與長(zhǎng)木板相對(duì)靜止，小滑塊的位移是多少？(2）若v0=3。0m/s,在小滑塊沖上木板的同時(shí)，對(duì)木板施加一個(gè)水平向右的恒力F,如果要使滑塊不從木板上掉下，力F應(yīng)滿(mǎn)足什么條件?

2015—2016學(xué)年安徽省阜陽(yáng)市太和中學(xué)高一（下）開(kāi)學(xué)物理試卷（實(shí)驗(yàn)班）參考答案與試題解析一、選擇題（本題共9小題，每小題4分,共40分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,第1～6題只有一項(xiàng)符合題目要求,第7~10題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)或不答的得0分．）1．如圖所示，在教室里某同學(xué)站在體重計(jì)上研究超重與失重．她由穩(wěn)定的站姿變化到穩(wěn)定的蹲姿稱(chēng)為“下蹲"過(guò)程；由穩(wěn)定的蹲姿變化到穩(wěn)定的站姿稱(chēng)為“起立”過(guò)程．關(guān)于她的實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象，下列說(shuō)法中正確的是（）A．只有“起立”過(guò)程，才能出現(xiàn)失重的現(xiàn)象B．只有“下蹲"過(guò)程，才能出現(xiàn)超重的現(xiàn)象C．“下蹲”的過(guò)程，先出現(xiàn)超重現(xiàn)象后出現(xiàn)失重現(xiàn)象D．“起立”、“下蹲"的過(guò)程，都能出現(xiàn)超重和失重的現(xiàn)象【考點(diǎn)】超重和失重．【分析】人從下蹲狀態(tài)站起來(lái)的過(guò)程中,先向上做加速運(yùn)動(dòng),后向上做減速運(yùn)動(dòng),最后回到靜止?fàn)顟B(tài),根據(jù)加速度方向，來(lái)判斷人處于超重還是失重狀態(tài)．【解答】解:下蹲過(guò)程中，人先向下做加速運(yùn)動(dòng)，后向下做減速運(yùn)動(dòng)，所以先處于失重狀態(tài)后處于超重狀態(tài)；人從下蹲狀態(tài)站起來(lái)的過(guò)程中,先向上做加速運(yùn)動(dòng)，后向上做減速運(yùn)動(dòng)，最后回到靜止?fàn)顟B(tài),人先處于超重狀態(tài)后處于失重狀態(tài)，故ABC錯(cuò)誤，D正確故選：D．2．如圖所示，小球從豎直磚墻某位置靜止釋放，用頻閃照相機(jī)在同一底片上多次曝光,得到了圖中1、2、3、4、5…所示小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中每次曝光的位置．連續(xù)兩次曝光的時(shí)間間隔均為T(mén)，每塊磚的厚度為d．根據(jù)圖中的信息，下列判斷錯(cuò)誤的是（）A．位置“1”是小球釋放的初始位置B．小球做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)C．小球下落的加速度為D．小球在位置“3"的速度為【考點(diǎn)】勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)規(guī)律的綜合運(yùn)用．【分析】小球做的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，根據(jù)相機(jī)的曝光的時(shí)間間隔相同，由勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可以求得．【解答】解：由圖可以知道每?jī)蓚€(gè)相鄰的點(diǎn)之間的距離差是一樣的,由△x=at2可知,a==，所以BC的說(shuō)法正確；由于時(shí)間的間隔相同,所以2點(diǎn)瞬時(shí)速度的大小為1、3之間的平均速度的大小，所以V2=，根據(jù)V=V0+at可知點(diǎn)1的速度大小是V1=V2﹣at=﹣?T=，所以A錯(cuò)誤；點(diǎn)3的瞬時(shí)速度的大小為2、4之間的平均速度的大小，所以V3=，所以D正確．本題選錯(cuò)誤的,故選A．3．如圖所示，升降機(jī)以加速度a加速下降，升降機(jī)內(nèi)有一傾角為θ的粗糙斜面，質(zhì)量為m的物體與斜面相對(duì)靜止,則斜面對(duì)物體的支持力大小為(）A．m（g﹣a）cosθ B．mgcosθC．m（g+a）cosθ D．mgcosθ+masinθ【考點(diǎn)】牛頓第二定律；力的合成與分解的運(yùn)用．【分析】升降機(jī)以加速度a勻加速下降，對(duì)物體進(jìn)行受力分析,采用正交分解法，根據(jù)牛頓第二定律求解物體受到斜面作用的支持力．【解答】解:如圖對(duì)勻加速下降的物體受力分析有：根據(jù)牛頓第二定律列方程有:F合x(chóng)=fcosθ﹣Nsinθ=0①F合y=mg﹣（fsinθ+Ncosθ）=ma②由①②兩式解得N=m（g﹣a)cosθ故選:A4．如圖所示，有一半圓，其直徑水平且與另一圓的底部相切于O點(diǎn),O點(diǎn)恰好是下半圓的圓心,現(xiàn)在有三條光滑軌道AB、CD、EF,它們的上下端分別位于上下兩圓的圓周上，三軌道都經(jīng)過(guò)切點(diǎn)O，軌道與豎直線(xiàn)的夾角關(guān)系為α＞β＞θ,現(xiàn)在讓一物塊先后從三軌道頂端由靜止下滑至底端，則物塊在每一條傾斜軌道上滑動(dòng)時(shí)所經(jīng)歷的時(shí)間關(guān)系為（）A．tAB=tCD=tEF B．tAB＞tCD＞tEF C．tAB＜tCD＜tEF D．tAB=tCD＜tEF【考點(diǎn)】牛頓第二定律；勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系．【分析】根據(jù)幾何關(guān)系求出軌道的長(zhǎng)度，結(jié)合牛頓第二定律求出物塊下滑的加速度，根據(jù)位移時(shí)間公式求出物塊在滑動(dòng)時(shí)經(jīng)歷的時(shí)間大小關(guān)系．【解答】解：設(shè)上面圓的半徑為r，下面圓的半徑為R,則軌道的長(zhǎng)度s=2rcosα+R，下滑的加速度a=，根據(jù)位移時(shí)間公式得，s=，則t==．因?yàn)棣粒睛拢睛龋瑒ttAB＞tCD＞tEF．故B正確，A、C、D錯(cuò)誤．故選：B．5．如圖，質(zhì)量為M、半徑為R的半球形物體A放在粗糙水平地面上，通過(guò)最高點(diǎn)處的釘子用水平輕質(zhì)細(xì)線(xiàn)拉住一質(zhì)量為m、半徑為r的光滑球B，重力加速度為g．則（）A．A對(duì)地面的摩擦力方向向左B．B對(duì)A的壓力大小為mgC．細(xì)線(xiàn)對(duì)小球的拉力大小為mgD．若剪斷繩子（A不動(dòng)），則此瞬時(shí)球B加速度大小為【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；物體的彈性和彈力．【分析】先對(duì)整體受力分析,然后根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件分析A選項(xiàng)；再隔離B物體受力分析后根據(jù)平衡條件分析BC選項(xiàng);若剪斷繩子,對(duì)B根據(jù)牛頓第二定律列式求解瞬時(shí)加速度．【解答】解:A、對(duì)AB整體受力分析，受重力和支持力，相對(duì)地面無(wú)相對(duì)滑動(dòng)趨勢(shì)，故不受摩擦力,故A錯(cuò)誤；BC、對(duì)小球受力分析，如圖所示：根據(jù)平衡條件,有：F=，T=mgtanθ其中cosθ=，tanθ=，故：F=mg，T=mg故B正確,C錯(cuò)誤；D、若剪斷繩子(A不動(dòng)），B球受重力和支持力，根據(jù)牛頓第二定律，有：mgsinθ=ma解得：a=gsinθ=g,故D錯(cuò)誤；故選：B6．甲、乙兩物體，甲的質(zhì)量為4kg，乙的質(zhì)量為2kg,甲從20m高處自由落下，1s后乙從10m高處自由落下，不計(jì)空氣阻力．在兩物體落地之前，下列說(shuō)法中正確的是（）A．同一時(shí)刻甲的速度大B．同一時(shí)刻兩物體的速度相同C．兩物體從起點(diǎn)各自下落1m時(shí)的速度是相同的D．落地之前甲和乙的高度之差保持不變【考點(diǎn)】自由落體運(yùn)動(dòng)．【分析】因?yàn)榧滓椅矬w均做自由落體運(yùn)動(dòng)，所以它們的初速度為零,加速度為g，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)關(guān)系式求解物體下落過(guò)程中任意時(shí)刻的速度．【解答】解：A、因?yàn)榧滓椅矬w同時(shí)做自由落體運(yùn)動(dòng),它們的初速度為零，加速度為g，甲任意時(shí)刻的速度為：v=gt,乙任意時(shí)刻的速度v′=g(t﹣1），所以?xún)晌矬w下落過(guò)程中,在同一時(shí)刻甲的速度大于乙的速度，故A正確，B錯(cuò)誤．C、下落1m時(shí)，由位移速度關(guān)系式:v2=2gh,可解得各自下落1m時(shí)，它們的速度相同，故C正確．D、經(jīng)過(guò)時(shí)間t時(shí)，甲的位移為，所以甲離地面的高度為h=20﹣，乙的位移為，所以乙離地面的高度為h′=10﹣所以落地前甲和乙的高度之差△h=h﹣h′=15﹣gt，隨著時(shí)間增大而減小,故D錯(cuò)誤故選：AC7．如圖所示，質(zhì)量為m的物體靜止在傾角為θ的斜面上，為了說(shuō)明它對(duì)斜面的摩擦力大小等于mgsinθ,應(yīng)涉及到下列哪些知識(shí)（）A．力的合成與分解 B．物體平衡條件C．牛頓第三定律 D．牛頓第一定律【考點(diǎn)】作用力和反作用力;力的分解;共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用．【分析】以物塊為研究對(duì)象，分析受力情況，根據(jù)力的合成與分解結(jié)合平衡條件求解斜面對(duì)物塊的摩擦力,再根據(jù)牛頓第三定律求物體對(duì)斜面的摩擦力【解答】解：對(duì)物體受力分析，受豎直向下的重力mg，平行于斜面向上的摩擦力f,和垂直于斜面向上的支持力N,正交分解，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件得：沿著斜面方向：f=mgsinθ，根據(jù)牛頓第三定律可知,它對(duì)斜面的摩擦力大小等于mgsinθ，所以ABC全部需要，牛頓第一定律不涉及,故D錯(cuò)誤，ABC正確．故選：ABC8．如圖所示,半圓柱體P放在粗糙水平地面上，其右端有一豎直擋板MN．在半圓柱體P和MN之間放有一個(gè)光滑均勻的小圓柱體Q，整個(gè)裝置處于平衡狀態(tài)．現(xiàn)使MN保持豎直并且緩慢地向右平移，在Q滑落到地面之前的此過(guò)程中，P始終靜止不動(dòng)，對(duì)于此過(guò)程下列說(shuō)法中正確的是(）A．MN對(duì)Q的彈力保持不變 B．P對(duì)Q的作用力先增大后減小C．P對(duì)Q的作用力逐漸增大 D．地面對(duì)P的摩擦力逐漸增大【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；物體的彈性和彈力．【分析】先對(duì)圓柱體Q受力分析,受到重力、桿MN的支持力和半球P對(duì)Q的支持力，其中重力的大小和方向都不變，桿MN的支持力方向不變、大小變,半球P對(duì)Q的支持力方向和大小都變，然后根據(jù)平衡條件并運(yùn)用合成法得到各個(gè)力的變化規(guī)律，最后對(duì)PQ整體受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件得到地面對(duì)整體的摩擦力情況．【解答】解：A、對(duì)圓柱體Q受力分析,受到重力、桿MN的支持力和半球P對(duì)Q的支持力，如圖所示，重力的大小和方向都不變，桿MN的支持力方向不變、大小變，半球P對(duì)Q的支持力方向和大小都變，然后根據(jù)平衡條件,得到：N1=mgtanθ由于θ不斷增大，故N1不斷增大，N2也不斷增大，故AB錯(cuò)誤，C正確;D、對(duì)PQ整體受力分析,受到總重力、MN桿的支持力N1，地面的支持力N3，地面的靜摩擦力f,如圖所示．根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有：f=N1=mgtanθ由于θ不斷增大，故f不斷增大，故D正確;故選：CD．9．如圖所示，足夠長(zhǎng)的傳送帶與水平面夾角為θ，以速度v0勻速轉(zhuǎn)動(dòng)．在傳送帶的上端輕輕放置一個(gè)質(zhì)量為m的小木塊，小木塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＜tanθ，則圖中能反映小木塊運(yùn)動(dòng)的加速度、速度隨時(shí)間變化的圖象可能是（）A． B． C． D．【考點(diǎn)】牛頓第二定律;勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的圖像．【分析】分析小木塊的受力情況，由牛頓第二定律列式分析加速度．要找出小木塊速度隨時(shí)間變化的關(guān)系，先要分析出初始狀態(tài)時(shí)物體的受力情況，本題中明顯重力的分力與摩擦力均沿著斜面向下,且都是恒力，所以物體先沿斜面勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律求出加速度a1；當(dāng)小木塊的速度與傳送帶速度相等時(shí)，由μ＜tanθ知道木塊繼續(xù)沿傳送帶加速向下，但是此時(shí)摩擦力的方向沿斜面向上，再由牛頓第二定律求出此時(shí)的加速度a2；比較知道a1＞a2．從而分析出圖象的形狀．【解答】解：A、初狀態(tài)時(shí)：重力的分力與摩擦力均沿著斜面向下，且都是恒力，所以物體先沿斜面向下做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得加速度為：a1==gsinθ+μgcosθ；若傳送帶較短，則物體一直以此加速度勻加速運(yùn)動(dòng)，所以A圖是可能的，故A正確．B、若傳送帶足夠長(zhǎng)，當(dāng)小木塊的速度與傳送帶速度相等時(shí),由μ＜tanθ，有:mgsinθ＞μmgcosθ，可知木塊繼續(xù)沿傳送帶勻加速運(yùn)動(dòng)，但是此時(shí)摩擦力的方向沿斜面向上，再由牛頓第二定律求出此時(shí)的加速度為：a2==gsinθ﹣μgcosθ;比較知道a1＞a2，則B圖是可能的，故B正確．CD、由上分析知,木塊可能一直做勻加速運(yùn)動(dòng)，也可能先做加速度較大的勻加速運(yùn)動(dòng)，再做加速度較小的勻加速運(yùn)動(dòng)，而v﹣t圖象的斜率表示加速度，所以第二段圖線(xiàn)的斜率變小．故C錯(cuò)誤,D正確．故選：ABD二、實(shí)驗(yàn)題(本題共2小題．共14分．）10．(1）有同學(xué)利用如圖所示的裝置來(lái)驗(yàn)證力的平行四邊形定則:在豎直木板上鋪有白紙，固定兩個(gè)光滑的滑輪A和B，將繩子打一個(gè)結(jié)點(diǎn)O，每個(gè)鉤碼的重量相等,當(dāng)系統(tǒng)達(dá)到平衡時(shí)，根據(jù)鉤碼個(gè)數(shù)讀出三根繩子的拉力TOA、TOB和TOC，回答下列問(wèn)題:(1)改變鉤碼個(gè)數(shù),實(shí)驗(yàn)?zāi)芡瓿傻氖荁CDA．鉤碼的個(gè)數(shù)N1=N2=2，N3=4B．鉤碼的個(gè)數(shù)N1=N3=3,N2=4C．鉤碼的個(gè)數(shù)N1=N2=N3=4D．鉤碼的個(gè)數(shù)N1=3,N2=4，N3=5(2）在拆下鉤碼和繩子前，最必要的一個(gè)步驟是A．A．標(biāo)記結(jié)點(diǎn)O的位置，并記錄OA、OB、OC三段繩子的方向B．量出OA、OB、OC三段繩子的長(zhǎng)度C．用量角器量出三段繩子之間的夾角D．用天平測(cè)出鉤碼的質(zhì)量．【考點(diǎn)】驗(yàn)證力的平行四邊形定則．【分析】（1）兩頭掛有鉤碼的細(xì)繩跨過(guò)兩光滑的固定滑輪，另掛有鉤碼的細(xì)繩系于O點(diǎn)(如圖所示）．由于鉤碼均相同,則鉤碼個(gè)數(shù)就代表力的大小，所以O(shè)點(diǎn)受三個(gè)力處于平衡狀態(tài),由平行四邊形定則可知：三角形的三個(gè)邊表示三個(gè)力的大小；（2）為驗(yàn)證平行四邊形,必須作圖，所以要強(qiáng)調(diào)三力平衡的交點(diǎn)、力的大?。ㄣ^碼的個(gè)數(shù)）與力的方向；【解答】解：(1)OAOBOC分別表示三個(gè)力的大小，由于三共點(diǎn)力處于平衡，所以0C等于OD．因此三個(gè)力的大小構(gòu)成一個(gè)三角形．A、2、2、4不可以構(gòu)成三角形,則結(jié)點(diǎn)不能處于平衡．故A錯(cuò)誤．B、3、3、4可以構(gòu)成三角形，則結(jié)點(diǎn)能處于平衡．故B正確．C、4、4、4可以構(gòu)成三角形，則結(jié)點(diǎn)能處于平衡．故C正確．D、3、4、5可以構(gòu)成三角形，則結(jié)點(diǎn)能處于平衡．故D正確．故選BCD．（2)為驗(yàn)證平行四邊形定則，必須作受力圖,所以先明確受力點(diǎn)，即標(biāo)記結(jié)點(diǎn)O的位置，其次要作出力的方向并讀出力的大小，最后作出力的圖示，因此要做好記錄,是從力的三要素角度出發(fā)，要記錄砝碼的個(gè)數(shù)和記錄OA、OB、OC三段繩子的方向，故A正確，BCD錯(cuò)誤．故選A．故答案為：（1)BCD(2)A11．如圖1所示，為“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系"實(shí)驗(yàn)裝置，獲得了小車(chē)加速度a與沙及沙桶的質(zhì)量及小車(chē)和砝碼的質(zhì)量對(duì)應(yīng)關(guān)系圖．沙桶和沙子的總質(zhì)量為m1，小車(chē)和車(chē)上砝碼的總質(zhì)量為m2，重力加速度為g．（1）實(shí)驗(yàn)中打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用電源的頻率為50Hz，打出的其中一條紙帶如圖所示,由該紙帶可求得小車(chē)的加速度a=0.88m/s2．（2）實(shí)驗(yàn)時(shí)，某同學(xué)由于疏忽，遺漏了平衡摩擦力這一步驟，測(cè)得F=m1g，作出a﹣F圖象，他可能作出圖2中丙（選填“甲”、“乙”、“丙”）圖線(xiàn)．此圖線(xiàn)的AB段明顯偏離直線(xiàn)，造成此誤差的主要原因是沒(méi)有滿(mǎn)足m1遠(yuǎn)小于m2．（3)實(shí)驗(yàn)時(shí)，某同學(xué)遺漏了平衡摩擦力這一步驟，若軌道水平,他測(cè)量得到的圖象,如圖3．設(shè)圖中直線(xiàn)的斜率為k,在縱軸上的截距為b,則小車(chē)與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=,沙桶和沙子的總質(zhì)量m1=．(認(rèn)為繩的拉力等于沙桶和沙子的總重力,忽略空氣阻力及細(xì)線(xiàn)與滑輪的摩擦）【考點(diǎn)】探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系．【分析】（1）根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的推論計(jì)算小車(chē)運(yùn)動(dòng)的加速度．（2）如果沒(méi)有平衡摩擦力的話(huà)，就會(huì)出現(xiàn)當(dāng)有拉力時(shí),物體不動(dòng)的情況．得出圖象彎曲的原因是：未滿(mǎn)足沙和沙桶質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)的質(zhì)量．（3）根據(jù)牛頓第二定律，列出小車(chē)的滑動(dòng)摩擦力大小，然后結(jié)合圖象的斜率與截距，可以得出結(jié)論．【解答】解:（1）根據(jù)紙帶可知,相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為：T=0.1s,根據(jù)△x=aT2得：a==0.88m/s2（2）遺漏了平衡摩擦力這一步驟，就會(huì)出現(xiàn)當(dāng)有拉力時(shí)，物體不動(dòng)的情況．故圖線(xiàn)為丙．當(dāng)不滿(mǎn)足m1＜＜m2時(shí),隨m1的增大物體的加速度a逐漸減小,故圖象彎曲的原因是:沒(méi)有滿(mǎn)足m1遠(yuǎn)小于m2．（3）根據(jù)牛頓第二定律可知，m1g﹣μm2g=m2a；結(jié)合圖象，可得：，設(shè)圖中直線(xiàn)的斜率為k，在縱軸上的截距為b，因此鉤碼的質(zhì)量m1=,小車(chē)與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=．故答案為:(1）0。88；(2）丙，沒(méi)有滿(mǎn)足m1遠(yuǎn)小于m2；(3）；三、計(jì)算題(共4小題,計(jì)46分．解答應(yīng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和計(jì)算步驟．有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位．）12．做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的物體途中依次經(jīng)過(guò)A、B、C三點(diǎn)，已知AB=BC=，AB段和BC段的平均速度分別為v1=3m/s、v2=6m/s，則（1）物體經(jīng)B點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度vB為多大？(2）若物體運(yùn)動(dòng)的加速度a=2m/s2,試求AC的距離l．【考點(diǎn)】勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的速度與位移的關(guān)系；平均速度．【分析】(1）物體做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，對(duì)AB、BC兩段過(guò)程分別根據(jù)速度位移關(guān)系式列方程，得出A、B、C三點(diǎn)的速度與位移的關(guān)系，根據(jù)AB段和BC段的平均速度與A、B、C三點(diǎn)的速度列式,聯(lián)立求出vB．（2)根據(jù)上問(wèn)求出物體經(jīng)過(guò)A、C兩點(diǎn)的速度，由速度位移公式研究AC過(guò)程,求出l．【解答】解:(1）設(shè)加速度大小為a,經(jīng)A、C的速度大小分別為vA、vC．A、C間的平均速度為：v3====4m/s據(jù)勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得：聯(lián)立可得：vB=5m/s(2)將vB=5m/s代入上式得：vA=1m/s，vC=7m/s由vC2﹣vA2=2al得代入a=2m/s2即可得l=12m答：(1）物體經(jīng)B點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度vB為5m/s．(2）若物體運(yùn)動(dòng)的加速度a=2m/s2,AC的距離l=12m．13．如圖所示，一上表面光滑的矩形滑塊置于水平地面上，其質(zhì)量M=2kg,長(zhǎng)L=2m，高h(yuǎn)=0.8m,滑塊與地面間動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2，在滑塊的右端放置一質(zhì)量m=1kg的小球．現(xiàn)用外力擊打滑塊左端，使其在極短時(shí)間內(nèi)獲得v0=4m/s的水平向右速度，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后小球落地．（g取10m/s2）試求：（1）小球脫離滑塊之前，滑塊的加速度大小；（2）小球落地時(shí)距滑塊右端的水平距離．【考點(diǎn)】牛頓第二定律；牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用．【分析】（1）根據(jù)牛頓第二定律求解加速度大?。唬?）根據(jù)位移速度關(guān)系求解小球離開(kāi)滑塊時(shí)滑塊的速度大小,計(jì)算小球自由下落的時(shí)間，再根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系求解位移即可．【解答】解:（1）由于滑塊上表面光滑，故小球在水平方向不受外力作用，所以小球脫離滑塊之前,小球始終靜止；對(duì)于滑塊，其加速度大小為：a1==×10m/s2=3m/s2，（2)小球脫離滑塊時(shí)，滑塊的速度為v1,則有：,代入數(shù)據(jù)解得：v1=2m/s；當(dāng)小球脫離滑塊后,滑塊的加速度大小為：a2=，滑塊做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為:t1=,滑塊的左端到達(dá)小球正上方后，小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，落地時(shí)間為:=0。4s＜1s，所以小球落地時(shí)距離滑塊的水平位移為：x=v1t2﹣=，小球落地時(shí)距滑塊右端的水平距離為：X=x+L=0。64m+2m=2。64m．答:（1）小球脫離滑塊之前，滑塊的加速度大小3m/s2；（2）小球落地時(shí)距滑塊右端的水平距離2。64m．14．如圖所示,傾角為30°的光滑斜面與粗糙的水平面平滑連接．現(xiàn)將一滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）從斜面上A點(diǎn)由靜止釋放，最終停在水平面上的C點(diǎn)．已知A點(diǎn)距水平面的高度h=0.8m，B點(diǎn)距C點(diǎn)的距離L=2.0m．（滑塊經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)沒(méi)有能量損失,g=10m/s2）,求：（1）滑塊在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大速度;（2)滑塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ;（3）滑塊從A點(diǎn)釋放后,經(jīng)過(guò)時(shí)間t=1。0s時(shí)速度的大小．【考點(diǎn)】牛頓第二定律；勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系;勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的速度與位移的關(guān)系．【分析】（1）滑塊在斜面上時(shí)，對(duì)其受力分析，受到重力、支持力和摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律列式求解出加速度，再根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式計(jì)算末速度;（2）對(duì)減速過(guò)程運(yùn)用牛頓第二定律列式，再運(yùn)用速度位移公式列式，最后聯(lián)立方程組求解;（3)先判斷加速時(shí)間，再根據(jù)速度時(shí)間關(guān)系公式求解t=1.0s時(shí)速度的大?。窘獯稹拷猓海?）滑塊先在斜面上做勻加速運(yùn)動(dòng)，然后在水平面上做勻減速運(yùn)動(dòng)，故滑塊運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度最大為vm，設(shè)滑塊在斜面上運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a1根據(jù)牛頓第二定律，有mgsin30°=ma1根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，有解得：vm=4m/s即滑塊在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大速度為4m/s．（2）滑塊在水平面上運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a2根據(jù)牛頓第二定律,有μmg=ma2根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式,有vm2=2a2L解得：μ=0.4即滑塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ為0。4．（3）滑塊在斜面上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t1根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，有vm=a1t1得t1=0.8s由于t＞t1，故滑塊已經(jīng)經(jīng)過(guò)B點(diǎn)，做勻減速運(yùn)動(dòng)t﹣t1=0.2s設(shè)t=1.0s時(shí)速度大小為v根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，有v=vm﹣a2（t﹣t1）解得：v=3.2m/s滑塊從A點(diǎn)釋放后，經(jīng)過(guò)時(shí)間t=1.0s時(shí)速度的大小為3.2m/s．15