湖北省黃岡市武穴育才高級中學(xué)高三物理月考試題含解析

湖北省黃岡市武穴育才高級中學(xué)高三物理月考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（單選）如圖所示，在壓力傳感器的托盤上固定一個傾角為30°的光滑斜面，現(xiàn)將一個重4N的物塊放在斜面上，讓它自由滑下，則下列說法正確的是（

）A．測力計的示數(shù)和沒放物塊時相比增大NB．測力計的示數(shù)和沒放物塊時相比增大1NC．測力計的示數(shù)和沒放物塊時相比增大2ND．測力計的示數(shù)和沒放物塊時相比增大3N參考答案：D2.（多選）如圖所示，圓環(huán)固定于豎直平面內(nèi)，長方形空心閉合細(xì)管道ABCDA內(nèi)接于圓環(huán)，管道AB長度小于AD長度，豎直的空心細(xì)管道AC為對角線．小球由A點靜止釋放沿管道ABC運動到C點，通過AB、BC段時間分別為t1、t2；小球由A點靜止釋放沿管道AC運動到C點，所用時間為t3；小球由A點靜止釋放沿管道ADC運動到C點，通過AD、DC段時間分別為t4、t5．小球通過B、D兩點時機(jī)械能損失不計，不計摩擦．下列關(guān)系式中正確的是（）A．t1=t3=t4B．t2=t3=t5C．t2＜t3D．t1+t2＞t4+t5參考答案：考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系；動能定理的應(yīng)用．專題：牛頓運動定律綜合專題．分析：先根據(jù)牛頓第二定律求出小球沿各個管道下滑的加速度，由運動學(xué)公式表示出下滑時間，再進(jìn)行比較．解答：解：設(shè)AC=d，∠ACB=α．設(shè)小球沿AB、BC、AC、AD、DC下滑的加速度大小分別為a1、a2、a3、a4、a5．根據(jù)牛頓第二定律得：a1=a5==gsinα，a2=a4==gcosα，a3=g則對于AB段有：dsinα==，得t1=；對于AC段有：d=，得t3=；對于AD段有：dcosα==，得t4=，所以有t1=t3=t4．對于BC段有：dcosα=a1t1+=gsinαt1?t2+，則得t2＜，所以t2＜t3；設(shè)小球經(jīng)過B、D、C的速度大小分別為：vB、vD、vC．根據(jù)機(jī)械能守恒可得：vB＜vD．因為BC＞DC，則有：＞，所以解得t2＞t5；因為t1=t4，所以有t1+t2＞t4+t5．故選：ACD．點評：本題關(guān)鍵要正確表示出各段時間的表達(dá)式，經(jīng)靈活選擇運動學(xué)公式，既可根據(jù)位移時間公式，也可以由平均速度來表示時間．3.（2008?寧夏）一滑塊在水平地面上沿直線滑行，t=0時其速度為1m/s．從此刻開始滑塊運動方向上再施加一水平面作用F，力F和滑塊的速度v隨時間的變化規(guī)律分別如圖a和圖b所示．設(shè)在第1秒內(nèi)、第2秒內(nèi)、第3秒內(nèi)力F對滑塊做的功分別為W1、W2、W3，則以下關(guān)系正確的是（）A.W1=W2=W3

B.W1＜W2＜W3

C.W1＜W3＜W2

D.W1=W2＜W3參考答案：B考點:功的計算；勻變速直線運動的圖像解：由速度圖象可知，第1s、2s、3s內(nèi)的位移分別為0.5m、0.5m、1m，由F﹣t圖象及功的公式w=Fscosθ可求知：W1=0.5J，W2=1.5J，W3=2J．故本題中ACD錯，B正確．故選：B4.（多選）如圖所示，高速運動的α粒子（為氦核）被位于O點的重原子核散射，實線表示α粒子運動的軌跡，M、N和Q為軌跡上的三點，N點離核最近，Q點比M點離核更遠(yuǎn)，則（）A．α粒子在M點的速率比在Q點的大B．三點中，α粒子在N點的電勢能最大C．在重核產(chǎn)生的電場中，M點的電勢比Q點的低D．α粒子從M點運動到Q點，電場力對它做的總功為正功參考答案：考點：電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系；電勢；電勢能．專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題．分析：根據(jù)粒子軌跡的彎曲方向，可以判定粒子受力的方向；再根據(jù)受力的方向，判定α粒子在電場中運動時，電荷間的電場力做功；根據(jù)電場力做功情況，即可判斷α粒子動能、電勢能的變化情況．解答：解：A、根據(jù)軌跡彎曲的方向，可以判定粒子受力的方向大體向上，與粒子和O點的連線的方向相反，故靠近O點的過程電場力做負(fù)功，粒子的速度減小，遠(yuǎn)離的過程電場力做正功，粒子的速度增大．所以Q點的速度最大，N點的速度最小，則有α粒子在M點的速率比在Q點的?。蔄錯誤；B、只有電場力做功，各點的動能與電勢能的和保持不變．N點的速度最小，故α粒子N點的電勢能最大，故B正確；C、Q點的速度最大，電勢能最小，α粒子帶正電荷，所以Q點的電勢最低．故C錯誤；D、α粒子從M點運動到Q點，粒子受力的方向大體向上，電場力先做負(fù)功后做正功，故D錯誤．故選：B點評：本題要了解點電荷電場線的分布情況，運用力學(xué)方法分析粒子的受力特點，根據(jù)功能關(guān)系判斷電勢能的變化．5.下列說法中正確的是

A．在真空、高溫條件下，可以利用分子擴(kuò)散向半導(dǎo)體材料摻入其他元素B．單晶體有固定的熔點，多晶體和非晶體沒有固定的熔點C．第二類永動機(jī)不可能制成是因為它違反了能量守恒定律D．小昆蟲能在水面上自由來往而不陷入水中靠的是液體表面張力的作用參考答案：AD二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.A，B兩艘快艇在湖面上做勻速圓周運動（如圖），在相同的時間內(nèi)，它們通過的路程之比是4:3,運動方向改變的角度之比是3:2，則它們（

）A.線速度大小之比為3:4B.角速度大小之比為3:4C.圓周運動的半徑之比為8:9D.向心加速度大小之比為1:2參考答案：C【詳解】A.線速度，A、B通過的路程之比為4：3，時間相等，則線速度之比為4：3，故A錯誤。B.角速度，運動方向改變的角度等于圓周運動轉(zhuǎn)過的角度，A、B轉(zhuǎn)過的角度之比為3：2，時間相等，則角速度大小之比為3：2，故B錯誤。C.根據(jù)v=rω得，圓周運動的半徑線速度之比為4：3，角速度之比為3：2，則圓周運動的半徑之比為8：9，故C正確。D..根據(jù)a=vω得，線速度之比為4：3，角速度之比為3：2，則向心加速度之比為2：1，故D錯誤。7.如圖所示，將一定質(zhì)量的氣體密封在燒瓶內(nèi)，燒瓶通過細(xì)玻璃管與注射器和裝有水銀的U形管連接，最初豎直放置的U形管兩臂中的水銀柱等高，燒瓶中氣體體積為400ml，現(xiàn)用注射器緩慢向燒瓶中注水，穩(wěn)定后兩臂中水銀面的高度差為25cm，已知大氣壓強(qiáng)為75cmHg柱，不計玻璃管中氣體的體積，環(huán)境溫度不變，求：

①共向玻璃管中注入了多大體積的水？

②此過程中氣體____（填“吸熱”或“放熱”），氣體的內(nèi)能

（填“增大”、“減小”或“不變”）參考答案：見解析8.一質(zhì)量為1kg的物體被人用手由靜止向上提升1m．物體的速度是2m／s。提升過程中手對物體做功

J，合外力對物體做功

J，物體克服重力做功

J。參考答案：

12，2，109.（2分）如圖所示，將甲、乙、丙球(都可視為質(zhì)點)分別從A、B、C三點由靜止同時釋放，最后都到達(dá)豎直面內(nèi)圓弧的最低點D，其中甲球從圓心A出發(fā)做自由落體運動，乙球沿弦軌道從一端B到達(dá)另一端D，丙球沿圓弧軌道從C點(且C點靠近D點)運動到D點，如果忽略一切摩擦阻力，設(shè)甲球從圓心A做自由落體運動D的時間為t甲，乙球沿弦軌道從一端B到達(dá)另一端D的時間為t乙，丙球沿圓弧軌道從C點運動到D點時間為t丙，則t甲、t乙、t丙三者大小的關(guān)系是

。

參考答案：t甲＜t丙＜t乙10..某實驗小組設(shè)計了“探究做功與物體速度變化的關(guān)系”的實驗裝置，實驗步驟如下：a.實驗裝置如圖所示，細(xì)繩一端系在滑塊上，另一端繞過小滑輪后掛一砂桶，小砂桶內(nèi)裝一定量砂子，用墊塊將長木板固定有定滑輪的一端墊高，不斷調(diào)整墊塊的高度，直至輕推滑塊后，滑塊恰好能沿長木板向下做勻速直線運動；b.保持長木板的傾角不變，取下細(xì)繩和砂桶，將滑塊右端與紙帶相連，并穿過打點計時器的限位孔，接通打點計時器的電源后，釋放滑塊，讓滑塊從靜止開始加速下滑；c.取下紙帶，在紙帶上取如圖所示的A、B兩計數(shù)點，并用刻度尺測出s1、s2、s。根據(jù)以上實驗，回答下列問題：若忽略滑輪質(zhì)量及軸間摩擦，本實驗中滑塊加速下滑時所受的合外力______砂桶及砂的總重力（填“等于”“大于”或“小于”）為探究從A到B過程中，做功與物體速度變化關(guān)系，則實驗中還需測量的量有______________________________________________________。設(shè)打點計時器的打點周期為T，請寫出探究結(jié)果表達(dá)式_________________________此實驗方案存在缺陷，可能造成較大誤差，造成較大誤差的原因是_______________參考答案：（1）等于（2）砂與砂桶的重力mg、滑塊質(zhì)量M（3）

（4）第一步操作中紙帶沒有連接，而實驗中紙帶與計時器的限位孔間存在摩擦（或滑輪有質(zhì)量、滑輪軸有摩擦）11.科技館里有一個展品，該展品放在暗處，頂部有一個不斷均勻向下噴射水滴的裝置，在頻閃光源的照射下，可以看到水滴好像靜止在空中固定的位置不動，如圖所示．某同學(xué)為計算該裝置噴射水滴的時間間隔，用最小刻度為毫米的刻度尺測量了空中幾滴水間的距離，由此可計算出該裝置噴射水滴的時間間隔為（g取10m/s2）

s，圖中第2點速度為

m/s.參考答案：第1滴水滴與第2滴水滴的間距為，第2滴與第3滴的間距為，所以相鄰水滴間距之差為根據(jù)公式可知，該裝置噴射水滴的時間間隔為，第二點速度。12.興趣小組為測一遙控電動小車的額定功率，進(jìn)行了如下實驗：①用天平測出電動小車的質(zhì)量為0.4kg；②將電動小車、紙帶和打點計時器按如圖甲所示安裝；③接通打點計時器（其打點周期為0.02s）；④使電動小車以額定功率加速運動，達(dá)到最大速度一段時間后關(guān)閉小車電源，待小車靜止時再關(guān)閉打點計時器（設(shè)小車在整個過程中小車所受的阻力恒定）。在上述過程中，打點計時器在紙帶上所打的部分點跡如圖乙所示。請你分析紙帶數(shù)據(jù)，回答下列問題：（a）該電動小車運動的最大速度為

m/s；（b）關(guān)閉小車電源后，小車的加速度大小為

m/s2；（c）該電動小車的額定功率為

W。參考答案：13.質(zhì)量為2kg的物體，在水平推力的作用下沿水平面做直線運動，一段時間后撤去F，其運動的v-t圖像如圖所示。g取10m/s2，則物體與水平面間的動摩擦因數(shù)

；水平推力

。參考答案：0.2；6

三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.聲波在空氣中的傳播速度為340m/s，在鋼鐵中的傳播速度為4900m/s。一平直橋由鋼鐵制成，某同學(xué)用錘子敲擊一鐵橋的一端而發(fā)出聲音，分別經(jīng)空氣和橋傳到另一端的時間之差為1.00s。橋的長度為_______m，若該波在空氣中的波長為λ，則它在鋼鐵中波長為λ的_______倍。參考答案：

(1).365

(2).試題分析：可以假設(shè)橋的長度，分別算出運動時間，結(jié)合題中的1s求橋長，在不同介質(zhì)中傳播時波的頻率不會變化。點睛：本題考查了波的傳播的問題，知道不同介質(zhì)中波的傳播速度不同，當(dāng)傳播是的頻率不會發(fā)生變化。15.（09年大連24中質(zhì)檢）（選修3—5）（5分）如圖在光滑的水平桌面上放一個長木板A，其上放有一個滑塊B，已知木板和滑塊的質(zhì)量均為m=0.8kg，滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ=0.4，開始時A靜止，滑塊B以V=4m／s向右的初速度滑上A板，如圖所示，B恰滑到A板的右端，求：①說明B恰滑到A板的右端的理由?②A板至少多長?

參考答案：解析：①因為B做勻減速運動，A做勻加速運動，A，B達(dá)到共同速度V1時，B恰滑到A板的右端（2分）

②根據(jù)動量守恒

mv=2mv1（1分）

v1=2m/s

……

設(shè)A板長為L，根據(jù)能量守恒定律

（1分）

L=1m四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖甲所示，兩平行金屬板AB間接有如圖乙所示的電壓，兩板間的電場可看作勻強(qiáng)電場，且兩板外無電場，板長L=0.8m，板間距離d=0.6m．在金屬板右側(cè)有一磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2.0×10﹣2T，方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，磁場寬度為l1=0.12m，磁場足夠長．MN為一豎直放置的足夠大的熒光屏，熒光屏距磁場右邊界的距離為l2=0.08m，MN及磁場邊界均與AB兩板中線OO′垂直．現(xiàn)有帶正電的粒子流由金屬板左側(cè)沿中線OO′連續(xù)射入電場中．已知每個粒子的速度v0=4.0×105m/s，比荷=1.0×108C/kg，重力忽略不計，每個粒子通過電場區(qū)域的時間極短，電場可視為恒定不變．（1）求t=0時刻進(jìn)入電場的粒子打到熒光屏上時偏離O′點的距離；（2）若粒子恰好能從金屬板邊緣離開，求此時兩極板上的電壓；（3）試求能離開電場的粒子的最大速度，并通過計算判斷該粒子能否打在右側(cè)的熒光屏上？如果能打在熒光屏上，試求打在何處．參考答案：考點：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運動；牛頓第二定律；向心力．專題：帶電粒子在磁場中的運動專題．分析：（1）粒子在磁場中做勻速圓周運動，應(yīng)用牛頓第二定律求出粒子軌道半徑，然后求出粒子的偏移量；（2）粒子在電場中做類平拋運動，應(yīng)用類平拋運動規(guī)律與動能定理可以求出電勢差；（3）粒子在電場中做類平拋運動，在磁場中做勻速圓周運動，應(yīng)用類平拋運動規(guī)律與牛頓第二定律分析答題．解答：解：（1）t=0時進(jìn)入電場的粒子勻速通過電場，進(jìn)入磁場后做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qv0B=m，代入數(shù)據(jù)解得：R1=0.2m，粒子運動軌跡如圖所示：由幾何知識可得：sinθ===0.6，粒子在磁場中偏移的距離：y1=R1﹣R1cosθ，代入數(shù)據(jù)解得：y1=0.04m，粒子出磁場后做勻速直線運動，y2=l2tan，代入數(shù)據(jù)解得：y2=0.06m，粒子打到熒光屏上時偏離O′的距離為：y=y1+y2=0.10m；（2）設(shè)兩板間電壓為U1時，帶電粒子剛好從極板邊緣射出電場，d=at2，q=ma，L=v0t，解得：U1=900V，（3）由動能定理得：q=mv12﹣mv02，代入數(shù)據(jù)解得：v1=5×105m/s，粒子在電場中的偏向角α，cosα===0.8，粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qv1B=m，代入數(shù)據(jù)解得：R2=0.25m，R2﹣R2sinα=0.25﹣0.25×=0.1m＜l1=0.12m，該粒子不能從磁場偏出打在熒光屏上；答：（1）t=0時刻進(jìn)入電場的粒子打到熒光屏上時偏離O′點的距離為0.10m；（2）若粒子恰好能從金屬板邊緣離開，此時兩極板上的電壓為900V；（3）能離開電場的粒子的最大速度為5×105m/s，該粒子不能打在右側(cè)的熒光屏上．點評：本題考查了粒子在電場與磁場中的運動，分析清楚粒子運動過程是正確解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用動能定理、類平拋運動規(guī)律、牛頓第二定律即可正確解題．17.一根彈性繩沿x軸方向放置，左端在原點O處，用手握住繩的左端使其沿y軸方向做簡諧運動，在繩上形成二簡諧波，繩上質(zhì)點N的平衡位置為