2021屆四川省成都二十中高考物理模擬試卷(含答案解析)

2021屆四川省成都二十中高考物理模擬試卷

一、單選題（本大題共8小題，共30.0分）

1.如圖所示，在足夠長(zhǎng)的水平地面上有兩輛相同的小車(chē)甲和乙，4、B兩點(diǎn)相距為5m,小車(chē)甲從8

點(diǎn)以大小為4m/s的速度向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)的同時(shí)，小車(chē)乙從A點(diǎn)由靜止開(kāi)始以大小為2m/s2

的加速度向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng).一段時(shí)間后，小車(chē)乙與小車(chē)甲相碰（碰撞時(shí)間極短），碰后兩

車(chē)粘在一起，整個(gè)過(guò)程中，兩車(chē)的受力不變（不計(jì)碰撞過(guò)程）.下列說(shuō)法正確的是（）

.1

AB

A.小車(chē)乙追上小車(chē)甲用時(shí)4s

B.小車(chē)乙在追上小車(chē)甲之前它們的最遠(yuǎn)距離為8nl

C.碰后瞬間兩車(chē)的速度大小為7m/s

D.在碰前兩車(chē)距離越來(lái)越小

2.請(qǐng)閱讀下列材料，回答下列各題.

中國(guó)造出可往返太空的班車(chē)衛(wèi)星

2016年12月28日新浪軍事網(wǎng)報(bào)道：在歷時(shí)6天的2016年珠海航展上，中國(guó)航天科技集團(tuán)公司

五院展出了一項(xiàng)名為“可重復(fù)使用的返回式空間環(huán)境利用衛(wèi)星”（以下簡(jiǎn)稱“班車(chē)衛(wèi)星”）.未來(lái),

這種班車(chē)衛(wèi)星可能不僅僅用于空間科學(xué)實(shí)驗(yàn)，還將用于太空旅游等多個(gè)方面，如班車(chē)一樣，來(lái)

回運(yùn)送旅客.按計(jì)劃，該班車(chē)衛(wèi)星預(yù)計(jì)于2017年底開(kāi)始運(yùn)營(yíng)，標(biāo)志著我國(guó)天地往返的商業(yè)航天

運(yùn)營(yíng)模式即將開(kāi)啟.

（1）下列說(shuō)法中正確的是（）

A.材料中“6天”指的是時(shí)刻

B.班車(chē)衛(wèi)星往返地空一次的位移和路程都是0

C.班車(chē)衛(wèi)星圍繞地球運(yùn)動(dòng)一周的平均速度不為0

D.在研究班車(chē)衛(wèi)星圍繞地球運(yùn)動(dòng)軌跡時(shí)，班車(chē)衛(wèi)星可以看成質(zhì)點(diǎn)

（2）設(shè)地球的質(zhì)量為M,半徑為R,班車(chē)衛(wèi)星的質(zhì)量為小，萬(wàn)有引力常量為G.當(dāng)班車(chē)衛(wèi)星離地面高

度為九時(shí)，其受到地球的萬(wàn)有引力大小為（）

（3）當(dāng)班車(chē)衛(wèi)星圍繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，其運(yùn)行速度u滿足（

A.v<7.9km/sB.7.9km/s<v<11.2km/s

C.11.2km/s<v<16.7km/sD.v>16.7km/s

（4）班車(chē)衛(wèi)星發(fā)射時(shí)，假設(shè)衛(wèi)星在豎直方向上先做加速運(yùn)動(dòng)，然后再做減速運(yùn)動(dòng)，在該過(guò)程中衛(wèi)

星（）

A.一直處于失重狀態(tài)

B.一直處于超重狀態(tài)

C.先處于失重狀態(tài)，后處于超重狀態(tài)

D.先處于超重狀態(tài)，后處于失重狀態(tài)

3.一個(gè)物塊以60/的初動(dòng)能從傾角為30。的固定斜面（足夠長(zhǎng)）底端向上

運(yùn)動(dòng)，其加速度大小為:g,以斜面底端為零勢(shì)能面，則此物塊（）

A.到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)重力勢(shì)能為50/

B.滑回底端時(shí)的動(dòng)能為2Q/

C.上滑過(guò)程中動(dòng)能與勢(shì)能相等時(shí)機(jī)械能為50/

D.下滑過(guò)程中動(dòng)能與勢(shì)能相等時(shí)機(jī)械能為30/

4.如圖所示，用細(xì)繩4B懸掛一質(zhì)量為小的光滑球，細(xì)繩與豎直墻壁間的夾角為0,AA

細(xì)繩質(zhì)量不計(jì)，則細(xì)繩對(duì)球的拉力和墻壁對(duì)球的彈力大小分別為（重力加速度為鄉(xiāng),

9）（）/，

A.mgcosO；mgsind

B.mgtand；mgcotd

C-翳;m9tand

D-篝mgc°te

5.如圖所示，有兩個(gè)相同材料物體組成的連接體在斜面上運(yùn)動(dòng)，當(dāng)作用力F—m

定時(shí)，62所受繩的拉力（）$9"

A.與。有關(guān)

B.與斜面動(dòng)摩擦因數(shù)有關(guān)

C.與系統(tǒng)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)有關(guān)

D.僅與兩物體質(zhì)量有關(guān)

二、多選題（本大題共4小題，共23.0分）

6.質(zhì)量為2kg的物體由靜止開(kāi)始自由下落，經(jīng)2s后落地，不計(jì)空氣阻力（取g=10m/s2）,則下列

說(shuō)法中正確的是（）

A.2秒內(nèi)物體動(dòng)能增加了400/B,在2秒末重力的功率是400w

C.2秒內(nèi)重力的功率是400wD.2秒內(nèi)機(jī)械能減小了400/

7.如圖，固定直桿AB與水平面成一定傾角為a,在桿上套一質(zhì)量為m的小滑%”

塊，桿底端B點(diǎn)處有一彈性擋板，桿與板面垂直，滑塊與擋板碰撞后原速/

率返回.現(xiàn)將滑塊拉到4點(diǎn)由靜止釋放，與擋板第一次碰撞后恰好能上升/r/

至MB的中點(diǎn)，己知重力加速度為g,由此可以確定（）"

A.滑塊下滑和上滑過(guò)程加速度的大小即、a2

B.滑塊與桿之間動(dòng)摩擦因數(shù)〃

C.滑塊第k次到達(dá)擋板時(shí)的時(shí)間鬃

D.滑塊第k次與擋板碰撞后速度以

8.如圖，MN是正點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線，一個(gè)帶正電的粒子（重力”/

不計(jì)）從a到b的軌跡如圖示。下列說(shuō)法正確的是：（）

A.從a到b運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，動(dòng)能逐漸減小；

B.正點(diǎn)電荷一定位于N點(diǎn)右側(cè)

C.帶電粒子在a點(diǎn)的加速度大于在b點(diǎn)的加速度

D.a點(diǎn)電勢(shì)小于b點(diǎn)電勢(shì)。

9.如圖所示，4BC。是某一均勻足夠大介質(zhì)區(qū)域，P、Q是振動(dòng)情況完全相同的兩個(gè)波源，從t=。

時(shí)開(kāi)始振動(dòng)，其簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)表達(dá)式均為x=（Hsin（20袱）加，介質(zhì)中M點(diǎn)與P、Q兩波源間的距離

分別為47n和5m,兩波源形成的簡(jiǎn)諧橫波分別沿PM、QM方向傳播，波速都是10/n/s.則以下說(shuō)

法正確的是（）

rB

D!：C

A.兩列簡(jiǎn)諧橫波的波長(zhǎng)為2=1m

B.兩列波到達(dá)P點(diǎn)疊加后為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)

C.介質(zhì)中M點(diǎn)的振動(dòng)方程為x=0.2s譏（207it）m

D.當(dāng)t=0.525s時(shí)，介質(zhì)中M點(diǎn)的位移為最大值

E.在介質(zhì)中，沒(méi)有與M點(diǎn)的振動(dòng)情況相同的點(diǎn)

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共15.0分）

10.如圖所示是飲水器的自動(dòng)控制電路.左邊是對(duì)水加熱的容器，內(nèi)有密封絕緣的電熱絲發(fā)熱器和

接觸開(kāi)關(guān)S「只要有水浸沒(méi)Si，它就會(huì)導(dǎo)通；水面低于Si時(shí)，不會(huì)加熱.飲水器的使用原理是同

時(shí)滿足水位高于Si及水溫較低，飲水器對(duì)水加熱.

（1）%是一個(gè)熱敏電阻，低溫時(shí)呈現(xiàn)高電阻，右邊P是一個(gè)（選填“與”、“或”、“非”）邏

輯門(mén)，接在0?5U電源之間，圖中/是一個(gè)繼電器，可以控制發(fā)熱器工作與否.Ry是一個(gè)可變電

阻，低溫時(shí)％應(yīng)（選填“遠(yuǎn)大于”、“遠(yuǎn)小于”）Ry.

（2）為了提高加熱起始溫度，變阻器Ry應(yīng)該調(diào)的（選填“大一些”或“小一些”）.

11.某同學(xué)為了探究物體在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)摩擦力與斜面傾角的關(guān)系，設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)裝置如圖.長(zhǎng)直平板

一端放在水平桌面上，另一端架在一物塊上.在平板上標(biāo)出4、B兩點(diǎn)，B點(diǎn)處放置一光電門(mén),

用光電計(jì)時(shí)器記錄滑塊通過(guò)光電門(mén)時(shí)擋光的時(shí)間，

35

①用游標(biāo)卡尺測(cè)測(cè)最滑塊的擋光長(zhǎng)度d,用天平測(cè)量滑塊的質(zhì)量m；

②用直尺測(cè)量4、B之間的距離s,4點(diǎn)到水平桌面的垂直距離九1，B點(diǎn)到水平桌面的垂直距離殳；

③將滑塊從A點(diǎn)靜止釋放.由光電計(jì)時(shí)器讀出滑塊的擋光時(shí)間t；

④重復(fù)步驟③數(shù)次，井求擋光時(shí)間的平均值E

⑤利用所測(cè)數(shù)據(jù)求出摩擦力/和斜面傾角的余弦值cosa；

⑥多次改變斜面的傾角，重復(fù)實(shí)驗(yàn)步驟②③④⑤做出/-cosa關(guān)系曲線.

（1）用測(cè)量的物理量完成下列各式（重力加速度為g）

①斜面傾角的余弦cosa=；

②滑塊通過(guò)光電門(mén)時(shí)的速度u=；

③滑塊運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度a=：

④滑塊運(yùn)動(dòng)時(shí)所受到的摩擦阻力/=；

（2）測(cè)量滑塊擋光長(zhǎng)度的游標(biāo)卡尺讀數(shù)如圖所示，讀得d=.

四、計(jì)算題（本大題共3小題，共42.0分）

12.如圖甲所示，某同學(xué)用輕繩通過(guò)定滑輪提升一重物，運(yùn)用傳感器（未在圖中畫(huà)出）測(cè)得此過(guò)程中

不同時(shí)刻被提升重物的速度〃與對(duì)輕繩的拉力F,并描繪出。-3圖象.假設(shè)某次實(shí)驗(yàn)所得的圖象

F

如圖乙所示，其中線段與0軸平行，它反映了被提升重物在第一個(gè)時(shí)間段內(nèi)吟的關(guān)系；線

F

段BC的延長(zhǎng)線過(guò)原點(diǎn)，它反映了被提升重物在第二個(gè)時(shí)間段內(nèi)。和J的關(guān)系；第三個(gè)時(shí)間段內(nèi)拉

F

力產(chǎn)和速度對(duì)勻?yàn)镃點(diǎn)所對(duì)應(yīng)的大小保持不變，因此圖象上沒(méi)有反映.取重力加速度g=10m/s2,

繩重及一切摩擦和阻力均可忽略不計(jì).

(1)求重物速度增加到"=l.Om/s時(shí)，拉力做功的功率；

(2)重物速度從0增加到%=3.0m/s的過(guò)程中通過(guò)的總路程為3.15m,求此過(guò)程所經(jīng)歷的時(shí)間.

13.如圖所示，一質(zhì)量為小、帶電荷量為q的帶電粒子貼著力板沿水平方向4I....——n

以速度先射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，然后從4端飛出。已知平行正對(duì)放置的兩極板_________________

Bi1

之間的長(zhǎng)均為3兩極板間的距離為d,加在兩極板上的電壓為U；.求：

(不計(jì)帶電粒子重力)

(1)帶電粒子在極板間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。

(2)帶電粒子在極板間運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小。

14.如圖所示，折射率n=魚(yú)的透明介質(zhì)的橫截面由等腰直角三角形

力OC和圓心為0、半徑為R的四分之一圓弧BC組成。一束單色光

從M點(diǎn)以a=45。入射角由真空射入透明介質(zhì)中，已知M點(diǎn)與AB之

間距離為?，光在真空中的傳播速度為c.求：

(1)這種透明介質(zhì)對(duì)于真空的臨界角C；

(2)通過(guò)計(jì)算，畫(huà)出光在透明介質(zhì)中傳播的光路圖；

(3)單色光在透明介質(zhì)中的傳播時(shí)間(有光折射時(shí)，不考慮反射)。

參考答案及解析

1.答案：c

解析：解：4、設(shè)小車(chē)乙經(jīng)過(guò)t時(shí)間追上小車(chē)甲，有：vt+5=iat2,代入數(shù)據(jù)解得t=5s,故A錯(cuò)

誤.

80、小車(chē)乙做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，小車(chē)甲做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度相等前，兩者之間的距

離逐漸增大，速度相等后，兩者之間的距離逐漸減小，速度相等時(shí)，相距最遠(yuǎn)，設(shè)速度相等經(jīng)歷的

時(shí)間為打，

有：at1=〃，解得：%=，=1s=2s,此時(shí)小車(chē)甲的位移為：=4x2m=8m,小車(chē)乙的

位移為：at4m則相距的最大距離為：Ax=x1+5—x=故錯(cuò)誤.

x2=|i=3x2x=4m,29zn.

C、小車(chē)乙經(jīng)過(guò)t=5s追上小車(chē)甲，此時(shí)小車(chē)乙的速度%=at=2x5m/s=10m/s,兩車(chē)碰撞的過(guò)

程中動(dòng)量守恒，規(guī)定向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得，m%+nw=2nn7,代入數(shù)據(jù)解得i/=

7?n/s.故C正確.

故選：C.

根據(jù)位移關(guān)系，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出小車(chē)乙追上小車(chē)甲的時(shí)間，當(dāng)兩車(chē)速度相等時(shí)，相距最遠(yuǎn)，結(jié)

合速度時(shí)間公式求出速度相等的時(shí)間，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出兩車(chē)相距的最大距離.根據(jù)速度時(shí)間公

式求出求出兩車(chē)相遇前乙車(chē)的速度，結(jié)合動(dòng)量守恒定律求出碰撞后的速度大小.

本題考查了動(dòng)量守恒和追及問(wèn)題的綜合運(yùn)用，抓住位移關(guān)系，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出追及的時(shí)間是解

決本題的關(guān)鍵，知道甲乙兩車(chē)碰撞的過(guò)程中動(dòng)量守恒.

2.答案：

【小題1】D【小題2】D【小題3】A【小題4】D

解析：

時(shí)間間隔就是兩個(gè)時(shí)間點(diǎn)之間的部分，6天指的是時(shí)間；位移指起點(diǎn)指向終點(diǎn)的有向線段，路程指物

體運(yùn)動(dòng)的軌跡的長(zhǎng)度；平均速度等于物體通過(guò)的位移與所用時(shí)間的比值；在研究物體運(yùn)動(dòng)時(shí)，不需

要考慮物體的形狀與大小，則可以看成質(zhì)點(diǎn)。

本題考查運(yùn)動(dòng)學(xué)的幾個(gè)基本概念，基礎(chǔ)題。

A.材料中“6天”指的是時(shí)間，故A錯(cuò)誤；

員班車(chē)衛(wèi)星往返地空一次的位移為零，路程不為零，故B錯(cuò)誤;

C.班車(chē)衛(wèi)星圍繞地球運(yùn)動(dòng)一周的位移為0,平均速度為0,故c錯(cuò)誤;

。.在研究班車(chē)衛(wèi)星圍繞地球運(yùn)動(dòng)軌跡時(shí)，不需要考慮衛(wèi)星的形狀與大小，班車(chē)衛(wèi)星可以看成質(zhì)點(diǎn)，

故。正確。

故選￡＞。

班車(chē)衛(wèi)星距離地心的距離為R+h,根據(jù)萬(wàn)有引力定律可得班車(chē)衛(wèi)星所受地球的萬(wàn)有引力大小。

本題考查萬(wàn)有引力定律，注意距離的分析。

班車(chē)衛(wèi)星距離地心的距離為R+h,根據(jù)萬(wàn)有引力定律

班車(chē)衛(wèi)星所受地球的萬(wàn)有引力大小尸=豁。故。正確。

故選Do

貼近地球表面做圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星的速度為第一字宙速度；半徑越大，環(huán)繞速度越小，班車(chē)衛(wèi)星的運(yùn)

行速度小于第一字宙速度。

本題考查萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用，注意區(qū)分宇宙速度。

貼近地球表面做圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星的速度為第一字宙速度，大小等于7.9km/s；班車(chē)衛(wèi)星離地面有一定

高度，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，得"=舟，半徑越大，環(huán)繞速度越小，所以班車(chē)衛(wèi)星的運(yùn)行速

度小于第一字宙速度，故4正確。

故選A。

直線運(yùn)動(dòng)中，物體做加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度方向和運(yùn)動(dòng)方向相同，物體做減速運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度方向和

運(yùn)動(dòng)方向相反；加速度方向向上，超重；加速度方向向下，失重。

本題考查超重和失重，關(guān)鍵在于加速度方向的分析。

衛(wèi)星在豎直方向上先做加速運(yùn)動(dòng)，加速度方向向上，超重，然后再做減速運(yùn)動(dòng)，加速度方向向下，

失重。故。正確。

故選D。

3.答案：B

解析：解：4、設(shè)物塊上滑的最大距離為s。物塊上滑過(guò)程，由動(dòng)能定理得：一mas=O-a0,其中

a=：g，解得mgs=1Eko=gx60/=80/,物塊到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)重力勢(shì)能為Ep=?ngssin30。=80x

0.5/=407,故A錯(cuò)誤；

B、設(shè)物塊受到的滑動(dòng)摩擦力大小為人根據(jù)牛頓第二定律得mgsin3(T+f=ma,解得f=

物塊下滑過(guò)程，由動(dòng)能定理得物塊滑回底端時(shí)的動(dòng)能：Ek-mgssin30°-fs=^mgs-^mgs=

=；x80/=20/,故B正確；

C、設(shè)上滑過(guò)程中物塊上滑的距離為Si時(shí)動(dòng)能與勢(shì)能相等，根據(jù)動(dòng)能定理得：-Mas】=：rnW-Eko,

此時(shí)重力勢(shì)能為Epl=Mgs/譏30。，結(jié)合動(dòng)能與勢(shì)能相等得：Epl-,聯(lián)立解得mgs】==

|X60/=48/,此時(shí)機(jī)械能為％=Epi+之小說(shuō)=2mgSiS譏30。=mgs1=48/,故C錯(cuò)誤；

Q、設(shè)物塊從最高點(diǎn)下滑距離為S2時(shí)動(dòng)能與勢(shì)能相等，從最高點(diǎn)下滑到此位置的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理

得：mgs2sin30°-fs2=jmvf＞此時(shí)重力勢(shì)能為Ep2=m^(s-s2)sin30°,結(jié)合動(dòng)能與勢(shì)能相等得：

Ep2=\rnvl，聯(lián)立解得mgs?=^mgs=|x80/=等/,此時(shí)機(jī)械能為=Ep2+^mvj=2mg(s-

s2')sin30°-mgs—mgs2=80/—等/=y/,故。錯(cuò)誤。

故選：B.

根據(jù)動(dòng)能定理求出物塊上滑的最大距離，即可求得物塊到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)重力勢(shì)能；已知物塊的加速度，

由牛頓第二定律求出物塊受到的摩擦力大小，根據(jù)動(dòng)能定理求物塊回底端時(shí)的動(dòng)能；根據(jù)動(dòng)能定理

和動(dòng)能和勢(shì)能相等關(guān)系分別列式，求解動(dòng)能與勢(shì)能相等時(shí)機(jī)械能。

本題考查動(dòng)能定理和牛頓第二定律的綜合應(yīng)用，關(guān)鍵是弄清楚物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程和受力情況和能量的

轉(zhuǎn)化情況，利用牛頓第二定律求解摩擦力大小，靈活選取研究過(guò)程，分段運(yùn)用動(dòng)能定理列方程。

4.答案:C

解析：解：小球的受力如圖所示.根據(jù)平衡條件可知，A-

繩子對(duì)圓球的拉力大小T=黑2\

N=mgtanG；

故選：C.

對(duì)球受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出繩子拉力和墻壁對(duì)球的彈力.

本題是簡(jiǎn)單的力平衡問(wèn)題，關(guān)鍵是分析物體的受力情況，作出受力的示意圖，要培養(yǎng)良好的作圖習(xí)

慣.

5.答案：D

解析：解：對(duì)整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得，a=匕他生經(jīng):飛上廣叱應(yīng)陽(yáng)絲=一gsme—

mi+m2m1+m2

Hgcosdo

隔離對(duì)Hi?分析，有：T-m2gsm。-nm2gcos0=m2a,解得7=m：；],知繩子的拉力與"無(wú)關(guān)’與

動(dòng)摩擦因數(shù)無(wú)關(guān)，與運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無(wú)關(guān)，僅與兩物體的質(zhì)量有關(guān)。故。正確，4、8、C錯(cuò)誤。

故選：D.

對(duì)整體分析，運(yùn)用牛頓第二定律求出整體的加速度，隔離對(duì)瓶2分析，運(yùn)用牛頓第二定律求出拉力的

大小，判斷與什么因素有關(guān)。

解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行求解，注意整體法和隔離法的運(yùn)用。

6.答案：AB

解析：解：A、2s末物體的速度v=gt=2(hn/s,根據(jù)動(dòng)能定理得：2秒內(nèi)物體動(dòng)能增加量AEK=

|mv2=1x2x400=400/.故A正確；

B、在2秒末重力的功率「=巾9。=20*20=400皿，故B正確；

C、2秒內(nèi)重力的功率7=69萬(wàn)=20*弓=200勿，故C錯(cuò)誤；

。、物體由靜止開(kāi)始自由下落，只有重力做功，機(jī)械能守恒，故。錯(cuò)誤.

故選：AB

根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)的速度時(shí)間公式求出2s末的速度，根據(jù)動(dòng)能定理求出動(dòng)能變化量，根據(jù)平均功率

的公式和瞬時(shí)功率的公式分別求出重力的平均功率和瞬時(shí)功率的大小，自由下落過(guò)程中，只有重力

做功，機(jī)械能守恒.

解決本題的關(guān)鍵掌握平均功率和瞬時(shí)功率的區(qū)別，并能靈活運(yùn)用，知道只有重力做功的過(guò)程中，機(jī)

械能是守恒的，難度適中.

7.答案:AB

解析：解：4、根據(jù)牛頓第二定律得下滑過(guò)程：mgsina-[imgcosa=max；上滑過(guò)程：mgsina+

[imgcosa=ma2；

解得：ar=mgsina-figcosa,a2=gsina+林gcosa,所以可求得滑塊下滑和上滑過(guò)程加速度的大

小巧、a2-

B、設(shè)4B長(zhǎng)為L(zhǎng).對(duì)整個(gè)過(guò)程，運(yùn)用動(dòng)能定理得：mgsina-0.5L-林mgcosa(L+0.5L)=0

得：〃=%所以可以求出動(dòng)摩擦因數(shù)⑷故B正確.

C、由于4B間的距離未知，盡管求出加速度，但不能求出滑塊到達(dá)擋板時(shí)的時(shí)間，故C錯(cuò)誤.

。、因?yàn)椴恢雷畛趸瑝K下滑的位移，所以無(wú)法求出速度以，故。錯(cuò)誤；

故選：AB.

滑塊運(yùn)動(dòng)分兩個(gè)階段，勻加速下滑和勻減速上滑，利用牛頓第二定律可求出兩端加速度，利用動(dòng)能

定理可求解動(dòng)摩擦因數(shù)〃。

本題分析時(shí)，要靈活選擇研究過(guò)程，運(yùn)用動(dòng)能定理求解動(dòng)摩擦因數(shù)是關(guān)鍵，還要抓住連接兩段的橋

梁是碰撞前后速度大小相等.

8.答案:ABD

解析：A、由于該粒子只受電場(chǎng)力作用且做曲線運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力指向軌跡內(nèi)側(cè)，電場(chǎng)力方向大致向左，

對(duì)帶電粒子做負(fù)功，其動(dòng)能減小，選項(xiàng)A正確；

8、因電場(chǎng)線的方向應(yīng)向左，從N至M,故正點(diǎn)電荷一定位于N點(diǎn)右側(cè)，所以B正確；因?yàn)閳?chǎng)源電荷

應(yīng)在右側(cè)，故a處的場(chǎng)強(qiáng)小于b處的場(chǎng)強(qiáng)，故粒子在a處的電場(chǎng)力小于b處電場(chǎng)力，根據(jù)牛頓第二定律，

a點(diǎn)的加速度小于b處的加速度；故C錯(cuò)誤，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)越來(lái)越低，所以a點(diǎn)電勢(shì)小于b點(diǎn)電勢(shì)，

D正確。

故選ABD。

9.答案：ABCD

解析：解：4、設(shè)此簡(jiǎn)諧橫波的波速為"，波長(zhǎng)為九周期為7,由簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)表達(dá)式為x=0.1sm(207rt)m

知，角頻率3=207rrad/s,則周期為7=詈=黑s=0.1s；

由波速公式"=/代入數(shù)據(jù)得;1=1m；故A正確。

B、P點(diǎn)到4、B兩個(gè)波源的路程差|AS|=BP_4P=5巾一4ni=1m,因△S=%,所以M點(diǎn)為加

強(qiáng)點(diǎn)。故8正確。

C、P點(diǎn)疊加后為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，振幅為0.2m,所以介質(zhì)中M點(diǎn)的振動(dòng)方程為x=0.2s譏(20戊)771,故

C正確。

。、當(dāng)t=0.525s時(shí)，代入x=0.2sin(20叫加得介質(zhì)中M點(diǎn)的位移為最大值0.2m,故。正確。

E、在介質(zhì)中，沒(méi)有與M點(diǎn)的振動(dòng)情況相同的點(diǎn)很多，滿足|as1=|=BP-4P=5ni_4m=1伍

都可以，故E錯(cuò)誤。

故選：ABCDo

由簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)表達(dá)式為x=0.1sin(207rt)m,讀出3,由7=與求得波的周期7,由缽解波長(zhǎng)；根

據(jù)P點(diǎn)與4、B兩波源的路程差與波長(zhǎng)的關(guān)系，分析P點(diǎn)的振動(dòng)情況，若路程差是波長(zhǎng)的整數(shù)倍，則振

動(dòng)加強(qiáng)；若路程差是半個(gè)波長(zhǎng)的奇數(shù)倍，則振動(dòng)減弱.根據(jù)時(shí)間與周期的關(guān)系分析質(zhì)點(diǎn)M的振動(dòng)情

況，寫(xiě)出振動(dòng)方程.

本題考查了機(jī)械波的特性，波的振動(dòng)與傳播的規(guī)律，機(jī)械波的疊加原理及振動(dòng)方程、振動(dòng)與波的關(guān)

系.根據(jù)路程與波長(zhǎng)的關(guān)系，確定質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)強(qiáng)弱是常用的方法.

10.答案：與；遠(yuǎn)大于；小一些

解析：

(1)由題，只要有水浸沒(méi)品，才會(huì)導(dǎo)通加熱；孔是一個(gè)熱敏電阻，溫度較低時(shí)，才會(huì)加熱，兩個(gè)條件

同時(shí)滿足時(shí)，發(fā)熱器才會(huì)加熱.可知，P應(yīng)是與門(mén)，低溫時(shí)勺應(yīng)遠(yuǎn)大于％,.

(2)根據(jù)題意，水溫較低時(shí)和水浸沒(méi)Si時(shí)，QC之間才有高電壓輸出，電磁繼電器有電流通過(guò)，將吸動(dòng)

S2閉合，發(fā)熱器工作加熱.

本題關(guān)鍵要理解邏輯門(mén)工作原理，再根據(jù)熱敏電阻燈的特性，分析飲水機(jī)的自動(dòng)加熱原理.

(1)由圖可知，飲水機(jī)的自動(dòng)加熱原理是：當(dāng)水溫較低時(shí)，勺阻值較大，4為高電勢(shì)，且有水浸沒(méi)

B也為高電勢(shì)，則QC之間才有高電壓輸出，電磁繼電器有電流通過(guò)，將吸動(dòng)S2閉合，發(fā)熱器工作；

當(dāng)水溫較低時(shí)和水浸沒(méi)Si，兩個(gè)條件同時(shí)滿足時(shí)，QC之間才有高電壓輸出，發(fā)熱器才會(huì)工作，故P應(yīng)

是與邏輯門(mén).&是一個(gè)熱敏電阻，低溫時(shí)&應(yīng)遠(yuǎn)大于Ry.

(2)由原理可知，當(dāng)水溫較低時(shí)，勺阻值較大，力為高電勢(shì)；為了提高加熱起始溫度，即水的溫度稍

高一些，燈阻值比較小了一點(diǎn)時(shí)，A點(diǎn)仍然是高電壓；變阻器Ry應(yīng)該調(diào)的小一些.

故答案為：(1)與，遠(yuǎn)大于；(2)小一些。

11.答案：--(”「電)2a吝：機(jī)”出3.62cm

st2st2DS2st

解析：解：①根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知：

y/s2-(h-h)2

cosa=------1---2-

S

故答案為：立『如心北

S

②由于寬度較小，時(shí)間很短，所以瞬時(shí)速度接近平均速度，因此有:

故答案為：P

③應(yīng)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式/-崎=2a%有：

(7)2=2as,

故解得：

2st

故答案為：

2st2

④根據(jù)牛頓第二定律有：

mgsind-f=ma

將sin。=八「九2,a=帶入得：f=血"匕二"一m-^z

S2sts2st

故答案為：mghlh2-m-^3

s2st

(2)游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為3.6cm,游標(biāo)尺上第2個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，因此其讀數(shù)為為0.1X

2mm=0.2mm=0.02cm,所以最終讀數(shù)為：3.6cm+0.02cm=3.62cm

故答案為:3.62cm.

(1)正確解答本題需要掌握：根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)求解正余弦函數(shù)值；滑塊在通過(guò)光電門(mén)時(shí)，平均速度等于

遮光片的寬度d與其通過(guò)的時(shí)間之比.由于寬度較小，時(shí)間很短，所以瞬時(shí)速度接近平均速度；熟練

應(yīng)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式/-詔=2以求解物體的加速度大??；應(yīng)用牛頓第二定律求解有關(guān)問(wèn)題.

(2)游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀.

熟練應(yīng)用數(shù)學(xué)知識(shí)和牛頓第二定律以及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解決問(wèn)題；掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)

加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀.

12.答案：解：(1)由圖讀出"=1.0TH/S時(shí)尸=6N

所以拉力做功的功率為P=Fv=6xlW=6W

(2)根據(jù)第三個(gè)時(shí)間段內(nèi)拉力F和速度u均為C點(diǎn)所對(duì)應(yīng)的大小保持不變，知物體的重力mg=FC=4N,

m=OAkg

重物速度從0增加到%=2.0m/s的過(guò)程中做勻加速運(yùn)動(dòng)，F(xiàn)=6N,由牛頓第二定律得：

F—mg=ma

得：a=5m/s2.

由=得：ti=0.4s

此過(guò)程的位移為：X]=竽=等=0.4m

重物速度從%=2.0m/s增加到處=3.0m/s的過(guò)程中做變加速運(yùn)動(dòng)，拉力的功率一定，且功率為：

2

p=Fv=-^―=12W