2024屆安徽省合肥市區(qū)屬中學物理高二上期中質(zhì)量檢測試題含解析

2024屆安徽省合肥市區(qū)屬中學物理高二上期中質(zhì)量檢測試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、質(zhì)量為的物體初速度從與點相距的點出發(fā)，與彈簧相碰后最大壓縮量為，則從開始相撞到彈簧被壓縮到最短，物體克服彈簧彈力所做功為（）A． B．C． D．2、如圖是某一點電荷的電場線分布圖，下列表述正確的是：A．該點電荷帶正電；B．a(chǎn)點的電場強度比b點的電場強度大；C．a(chǎn)點和b點的電場強度相等；D．a(chǎn)點和b點電場強度的方向相同．3、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab=Ubc，實線為一帶正電的質(zhì)點僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，據(jù)此可知A．帶電質(zhì)點通過Q點時的加速度a的方向如圖中箭頭所示B．三個等勢面中，c的電勢最高C．帶電質(zhì)點通過P點時的動能比通過Q點時大D．帶電質(zhì)點在P點具有的電勢能比在Q點具有的電勢能大4、一個電荷只在電場力作用下從電場中的A點移到B點過程中，電場力做了2×10-6J的正功，那么（）A．電荷在B處時具有2×10-6J的動能B．該過程中電荷的電勢能減少了2×10-6JC．電荷在B處時具有2×10-6J的電勢能D．該過程中電荷的動能減少了2×10-6J5、下列是某同學對電場中的概念、公式的理解，其中正確的是（）A．根據(jù)電場強度的定義式E=F/q，電場中某點的電場強度和試探電荷的電荷量成反比B．根據(jù)電容定義式C=Q/U，電容與所帶電荷量成正比，與兩極板間的電壓成反比C．根據(jù)真空中點電荷場強公式，電場中某點場強和場源電荷的電荷量成正比D．根據(jù)E=U/d，可知在勻強電場中，電場強度與電壓成正比6、如圖所示，當滑動變阻器的滑片向b端移動時（）A．電壓表的讀數(shù)增大，電流表的讀數(shù)減小B．電壓表和電流表的讀數(shù)都增大C．電壓表和電流表的讀數(shù)都減小D．電壓表的讀數(shù)減小，電流表的讀數(shù)增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，三條平行且等間距的虛線表示電場中的三個等勢面，其電勢分別為10V、20V、30V．實線是一帶電的粒子（不計重力）在該區(qū)域內(nèi)運動的軌跡，已知帶電粒子所帶電荷量為0.01C，在a點處的動能為0.5J，則該帶電粒子A．該粒子一定帶正電B．在b點處的電勢能為0.5JC．b點是a、b、c三點中動能最大的位置D．在c點處的動能為0.4J8、如圖所示是描述對給定的電容器充電時極板上帶電荷量Q、極板間電壓U和電容C之間的關(guān)系圖象，其中正確的是（）A． B． C． D．9、如圖所示，空間有一水平勻強電場，在豎直平面內(nèi)有一初速度的帶電微粒，沿圖中直線由A運動至B，其能量變化情況是()A．動能減少，重力勢能增加，機械能守恒B．動能減少，重力勢能增加，電勢能增加C．動能和重力勢能之和減少D．動能和電勢能之和增加10、直流電路如圖所示，在滑動變阻器的滑片P向右移動時，電源的（）A．總功率一定減小 B．效率一定增大C．內(nèi)部損耗功率一定減小 D．輸出功率一定先增大后減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）（1）在測定金屬的電阻率實驗中，用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，示數(shù)如圖1所示，讀數(shù)________mm．（2）某同學用指針式多用電表測電阻Rx的阻值，他將紅黑筆分別插入“+”“﹣”插孔中，將選擇開關(guān)置于“×10”檔位置，然后將紅、黑表筆短接調(diào)零，此后測量阻值時發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度較?。噯枺孩贋闇p小實驗誤差，該同學應(yīng)將選擇開關(guān)置于“___________”位置．（選填“×1”、“×100”）②再將紅、黑表筆短接，重新調(diào)零后繼續(xù)實驗，結(jié)果看到指針指在如圖2所示位置，則電阻Rx測量值為________Ω．12．（12分）要測量一電源的電動勢E(小于3V)和內(nèi)阻r(約1Ω)，現(xiàn)有下列器材：電壓表V(0～3V～15V)、電阻箱(0～999.9Ω)、定值電阻R0＝2Ω、開關(guān)和導線．某實驗小組根據(jù)所給器材設(shè)計了如圖甲所示的實驗電路(1)電路中定值電阻R0的作用是保護________(填“電源”或“電壓表”)(2)A同學調(diào)節(jié)電阻箱阻值R，讀出對應(yīng)的電壓表讀數(shù)U，得到兩組數(shù)據(jù)：R1＝2.0Ω時U1＝2.24V；R2＝4.0Ω時U2＝2.40V．由這兩組數(shù)據(jù)可求得電源的電動勢為E＝______V，內(nèi)阻r＝______Ω(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)(3)B同學圖乙作圖法計算，圖象斜率為K，縱軸截距為b,則E＝______V，內(nèi)阻r＝______Ω．（用k和b表示）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在兩條豎直的平行虛線內(nèi)存在著寬度為L、方向豎直向上的勻強電場；在與右側(cè)虛線相距為L處有一與電場方向平行的熒光屏．將一質(zhì)量為m、電荷量為＋q的帶電微粒從A點沿AO方向以初速度V0速度垂直電場線射入電場，微粒打在熒光屏上的B點；撤去電場，微粒仍在A點以原有速度的大小和方向射入，則打在熒光屏上的C點。已知BO＝CO，重力加速度為g，求（1）微粒從A點出發(fā)，打到屏上的時間在兩種情況下之比。（2）勻強電場的電場強度E.（3）在沒有撤去電場的情境中，運動過程中機械能的變化量。14．（16分）如圖所示，在絕緣水平面上，相距為L的A、B兩點處分別固定著兩個等量正電荷.a、b是AB連線上兩點，其中Aa=Bb=,O為AB連線的中點.一質(zhì)量為m帶電量為+q的小滑塊（可視為質(zhì)點）以初動能E0從a點出發(fā)，沿AB直線向b運動，其中小滑塊第一次經(jīng)過O點時的動能為初動能的n倍（n>1），到達b點時動能恰好為零，小滑塊最終停在O點，求：（1）小滑塊與水平面間的動摩擦因數(shù)μ.（2）Ob兩點間的電勢差Uob.（3）小滑塊運動的總路程S.15．（12分）如圖所示為直流電動機提升重物裝置，電動機的內(nèi)阻一定，閉合開關(guān)K，當把它接入電壓為U1=0.2V的電路時，電動機不轉(zhuǎn)，測得此時流過電動機的電流是I1=0.4A；當把電動機接入電壓為U2=4.0V的電路中，電動機正常工作且電動機勻速提升重物，工作電流是I2=1.0A，求：（1）電動機線圈的電阻r；（2）當U2=4.0V電動機正常工作時的輸出功率及電動機的效率；（3）如果重物質(zhì)量m=0.5kg，當U2=4.0V時電動機提升重物的速度大小是多少？（g取10m/s2）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】

對物體減速的全過程由動能定理有解得物體克服彈簧彈力所做功為故選C。2、B【解題分析】

根據(jù)電場線從正電荷出發(fā)，到負電荷終止知該點電荷帶負電，故A錯誤．電場線越密的地方電場強度越大，a點的電場強度大于b點的電場強度，故B正確，C錯誤；a點和b點電場強度的方向都指向負電荷，不相同，故D錯誤．故選B．【題目點撥】熟悉正、負點電荷，等量同種、等量異種電荷周圍電場分布情況往往是解題關(guān)鍵；知道電場線的疏密反映場強的大?。?、D【解題分析】

A．由軌跡的彎曲情況，電場力應(yīng)指向曲線凹側(cè)，且與等勢面垂直（電場線垂直該處等勢面），圖中電場力的方向與等勢面平行，所以A錯誤；B．電荷所受電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，由于電荷帶正電，因此電場線指向右下方，沿電場線方向電勢逐漸降低，故a等勢線的電勢最高，c等勢線的電勢最低，B錯誤；C．根據(jù)質(zhì)點受力與速度夾角可知，從P到Q過程中，電場力做正功，電勢能降低，動能增大，故P點的動能小于Q點的動能，C錯誤；D．從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，故P點的電勢能大于Q點的電勢能，D正確；故選D。4、B【解題分析】

AD.電荷只在電場力作用下，電場力做了的正功，合力做功即為，根據(jù)動能定理得知，動能增加了，故AD錯誤；BC.電場力做了的正功，根據(jù)功能關(guān)系得知，電荷的電勢能減小，故B正確，C錯誤．5、C【解題分析】A、公式是電場強度的定義式，電場強度大小有電場本身的性質(zhì)決定，與試探電荷q無關(guān)，與所受到的電場力F無關(guān)，故A錯誤；B、公式是電容定義式，電容也是電容器本身的性質(zhì)，和極板上的電荷量及電壓無關(guān)，故B錯誤；C、公式是真空中點電荷電場強度決定式，當距離r變大時，電場強度變小，電場中某點場強和場源電荷的電荷量成正比，故C正確；D、公式是E與U的關(guān)系式，在勻強電場中，電場強度不變，與電壓無關(guān)，故D錯誤；故選C。6、A【解題分析】

當滑動變阻器的滑動觸點向b端移動時，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻R增大，由歐姆定律分析總電流I減小，路端電壓U=E﹣Ir增大，電阻R2的電壓U2=E﹣I（r+R1）增大，流過電阻R2的電流I2增大，則流過電流表的電流I3=I﹣I2減?。苑乇鞻的讀數(shù)增大，安培表A的讀數(shù)減小．故選A二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解題分析】A、場強方向向上，電場力向上，則為正電荷，則A正確；B、b點處的電勢能EP＝φq=0.01×30=0.3J，則B錯誤；C、總能量守恒由a點處可知E=0.01×10+0.5=0.6J，則b點處的動能為：0.6-0.3=0.3J，b處是動能最小的位置，則C錯誤；D、C點處的動能為為0.6-0.01×20=0.4J，則D正確，故選AD.【題目點撥】本題根據(jù)粒子的軌跡彎曲方向就能判斷粒子所受的電場力方向，根據(jù)電場線與等勢線的關(guān)系，判斷出電場線方向．負電荷在電勢高處電勢能小是一個重要推論，要學會應(yīng)用．8、BCD【解題分析】

ABD．電容器電容的大小與電容的帶電量Q以及電容器兩極板之間的電壓無關(guān)，電容器電容的決定式為：C=εS4πkd，只要電容器不變其電容就不發(fā)生變化，故A錯誤，C．根據(jù)C=Q/U可有：Q=CU，由于電容器不變，因此電量Q和電壓U成正比，故C正確；故選BCD.9、BC【解題分析】

由題，帶電微粒做直線運動，所受的合力必須與AB在同一直線上，則知帶電微粒受重力與水平向左的電場力作用，所以合力方向與速度方向相反，合力做負功，由動能定理得知，動能減??；從A到B重力做負功，重力勢能增加；電場力做負功，則電勢能增加，那么動能和重力勢能之和會減少，故BC正確，AD錯誤；故選：BC。10、ABC【解題分析】

當滑動變阻器的滑片P向右移動時，接入電路的電阻變大，整個回路的電流變小，內(nèi)部消耗的功率P=一定減小，C正確；總功率P=EI一定減小，A正確；而內(nèi)電壓降低，外電壓升高，電源的效率增大，B正確；當內(nèi)電阻等于外電阻時，輸出功率最大，此題中無法知道內(nèi)外電阻的關(guān)系，因此D不對三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.772×1003000【解題分析】解：（1）螺旋測微器的固定刻度為0.5mm，可動刻度為27.2×0.01mm=0.272mm，所以最終讀數(shù)為：0.5mm+0.272mm=0.772mm；（2）選“×10”擋位時由圖知指針偏轉(zhuǎn)角度較小，被測阻值較大，應(yīng)換大檔：“×100”檔，換擋后重新歐姆調(diào)零．測量后如圖所示指針示數(shù)為30Ω，倍率為“×100”，故最后讀數(shù)為：30×100=3000Ω；故答案為（1）0.772；（2）×100，3000；【點評】本題關(guān)鍵是明確螺旋測微器讀數(shù)和歐姆表的正確使用方法，注意歐姆表每次換擋后都要重新進行歐姆調(diào)零，基礎(chǔ)問題．12、電源2.81.0【解題分析】

（1）若無R0存在，當R調(diào)節(jié)到0時，電源即短路，有燒壞危險，所以作用是保護電源．（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律，當電阻箱阻值R1＝2.0Ω時有：，當電阻箱阻值R2＝4.0Ω時有：，聯(lián)立上兩式得E=2.8V，r=1.0Ω

．（3）由閉合電路歐姆定律得：，變形得：，其圖象的斜率為：，縱軸截距為，聯(lián)立可得：，．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)；(2)；(3)【解題分析】

解：(1)粒子在水平方向上都做勻速直線運動，所以粒子從射入到打到屏上所用的時間為：，即打到屏上的時間在兩種情況下之比為：；(2)粒子在水平方向做勻速直線運動，則：粒子在豎直方向做勻變速直線運動有電場時：沒有電場時：由題意知：解得：(3)在沒有撤去電場的情境中，運動過程中機械能的變化量等于電場力對粒子做功，則有：電場力對粒子做功，即運動過程中機械能的變化量14、（1）（2）（3）【解題分析】

解：(1)由動能定理：a到O過程①O到b