2024屆云南省昆明市重點中學高二物理第一學期期中質量跟蹤監(jiān)視試題含解析

2024屆云南省昆明市重點中學高二物理第一學期期中質量跟蹤監(jiān)視試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、1876年美國物理學家羅蘭完成了著名的“羅蘭實驗”．此實驗可簡化為大量的負電荷加在一個橡膠圓盤邊緣上，然后在圓盤附近懸掛一個小磁針，將圓盤繞中心軸按如圖所示方向高速旋轉時，就會發(fā)現小磁針發(fā)生偏轉．忽略地磁場對小磁針的影響．下列說法錯誤的是A．小磁針發(fā)生偏轉說明了電流會產生磁場B．圓盤中心軸處的磁場方向向下C．當小磁針位于圓盤的左上方時，它的N極指向左側．D．當小磁針位于圓盤的左下方時，它的N極指向右側2、帶正電的小球只受電場力作用，則它在任意一段時間內（）A．一定沿著電場線由高電勢向低電勢方向運動B．一定沿著電場線向電勢能減小的方向運動C．不一定沿著電場線運動，但一定向低電勢方向運動D．不一定沿著電場線運動，也不一定向電勢能減小的方向運動3、薄鋁板將同一勻強磁場分成Ⅰ、Ⅱ兩個區(qū)域，高速帶電粒子可穿過鋁板一次，在兩個區(qū)域內運動的軌跡如圖所示，半徑R1>R1．假定穿過鋁板前后粒子電荷量保持不變，則該粒子()A．帶正電 B．在Ⅰ、Ⅱ區(qū)域的運動速度大小相同C．在Ⅰ、Ⅱ區(qū)域的運動時間相同 D．從Ⅱ區(qū)域穿過鋁板運動到Ⅰ區(qū)域4、一學習小組利用如圖所示的實驗裝置，研究向心力與質量、角速度和半徑的關系。同學們所采用的研究方法是（）A．類比法B．科學推理法C．控制變量法D．等效替代法5、做簡諧運動的彈簧振子多次通過同一位置時，會發(fā)生變化的物理量有A．位移B．速度C．加速度D．回復力6、圖中實線是一簇未標明方向的由點電荷產生的電場線，虛線是某一帶電粒子通過該電場區(qū)域時的運動軌跡，ａ、b是軌跡上的兩點．若帶電粒子在運動中只受電場力作用，正確判斷的是（）A．帶電粒子所帶電荷為負電B．帶電粒子在ａ、b兩點的受力方向相同C．帶電粒子所帶電荷為正電D．帶電粒子在ａ、b兩點的動能ａ處較大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于多用電表及其使用，下列說法中正確的是A．拿到多用電表時指針未指在刻度最左端，應先用歐姆調零旋鈕調零B．測直流電壓時，其紅表筆接高電勢處C．測電路中某個電阻的阻值時，要將該電阻與其它元件斷開D．換測另一個電阻時都必須重新調零8、關于磁場和電場，下列說法中正確的是()A．磁感線是閉合曲線，而靜電場的電場線不是閉合曲線B．磁場中某點的磁感應強度方向就是小磁針在該處靜止時北極的指向；電場中某點的電場強度方向就是試探電荷在該處所受電場力方向C．放入電場中某位置的電荷受到的電場力為零，則該位置的電場強度一定為零D．一小段長為L的通有電流為I的導體，在磁場中受到的安培力為F，則該磁場的磁感應強度B一定為9、如圖所示為某電場的電場強度E隨時間t變化的圖象。當t＝0時，在此電場中由靜止釋放一個帶電粒子，設帶電粒子只受電場力的作用，則下列說法中正確的是（）A．0-3s內，電場力的總功為零B．2s末帶電粒子回到原出發(fā)點C．帶電粒子在0-1s與0-2s兩過程中位移相同D．帶電粒子將始終向同一個方向運動10、如圖所示，在光滑水平面上一輕質彈簧將擋板和一條形磁鐵連接起來，此時磁鐵對水平面的壓力為FN1，現在磁鐵左上方位置固定一導體棒，當導體棒中通以垂直紙面向里的電流后，磁鐵對水平面的壓力為FN2，則以下說法正確的是（）A．彈簧長度將變長 B．彈簧長度將變短C．FN1＞FN2 D．FN1＜FN2三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）要測繪額定電壓為2V的日常用小燈泡的伏安特性曲線，所供選擇的器材除了導線和開關外，還有以下一些器材可供選擇：A．電源E(電動勢3.0V，內阻可不計)B．電壓表V(量程為0～3.0V，內阻約2kΩ)C．電流表A(0～0.6A，內阻約1Ω)D．滑動變阻器R1(最大值10Ω)實驗中要求電壓表示數在0～2V范圍內變化，讀取并記錄下多組不同的電壓值U和對應的電流值I，繪出伏安特性曲線如圖．（1）畫出實驗原理圖(請畫在答題紙上)_______；（2）由圖線可知,燈絲電阻隨電壓升高而________；（填“增大”、“不變”或“減小”）（3）實驗中產生系統(tǒng)誤差的原因是：_______；因為上述原因將使測量結果比真實值_______．（填“偏大”、“偏小”或“沒有影響”）12．（12分）某小組通過實驗測繪一個標有“5.0V7.5W”某元件的伏安特性曲線，電路圖如圖甲所示，備有下列器材:A．電池組(電動勢為6.0V，內阻約為1Ω)；B．電壓表(量程為0~3V，內阻RV=3kΩ)；C．電流表(量程為0~1.5A，內阻約為0.5Ω)；D．滑動變阻器R(最大阻值為10Ω，額定電流為1A)；E．定值電阻R1(電阻值為1.5kΩ)；F．定值電阻R2(電阻值為3kΩ)；G．開關和導線若干。(1)實驗中所用定值電阻應選____(選填“E”或“F”)；(2)根據圖甲電路圖，用筆畫線代替導線將圖乙中的實物電路連接完整；(3)某次實驗時，電壓表示數指針位置如圖丙所示，則電壓表讀數是____V；元件兩端電壓是____V。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，平行板電容器為C，電荷量Q0，極板長為L，極板間距離為d，極板與水平面成α夾角，現有一質量為m的帶電液滴沿兩極板的中線從P點由靜出發(fā)到達Q點，P、Q兩點都恰在電容器的邊緣處，忽略邊緣效應，求：（1）液滴的電荷量；（2）液滴到達Q點時的速度大?。?4．（16分）如圖所示，有一提升重物用的直流電動機，內阻為0.6Ω，串聯一個阻值為R=5Ω的電阻，它們兩端的總電壓為U=160V，電壓表讀數為110V.求:(1)通過電動機的電流.(2)電動機的輸入功率.(3)電動機的發(fā)熱功率.(4)電動機工作1小時對重物做的功.15．（12分）如圖所示，坐標空間中有場強為E=100N/C的勻強電場和磁感應強度為B=10-3T的勻強磁場，y軸為兩種場的分界面，圖中虛線為磁場區(qū)域的右邊界，現有一質量為m，電荷量為-q的帶電粒子從電場中坐標位置(-1，0)處，以初速度vo=105m/s沿x軸正方向開始運動，且已知帶電粒子的比荷=108C/kg，粒子的重力忽略不計，則：(1)求帶電粒子進入磁場的速度大??；(2)為使帶電粒子能穿越磁場區(qū)域而不再返回電場中，求磁場的寬度d應滿足的條件

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】

由題中“大量的負電荷加在一個橡膠圓盤邊緣上”可知，本題主要考察定向運動電荷會形成電流和安培定制，根據安培定則和磁極間的相互作用可以分析本題?！绢}目詳解】A．根據題意可以知道，磁針收到磁場力的作用，原因是因為電荷的定向移動，從而形成電流，而電流周圍會產生磁場，A說法正確但不符合題目要求，故A不符合題意；B．由于是負電荷定向移動，因此形成的電流方向與負電荷移動方向相反，根據安培定則可以判斷圓盤中心軸處的磁場方向向上，B說法錯誤，符合題目要求，故B符合題意；C．圓盤產生的磁場方向向上，故等效磁場上方為N極，故小磁針的N極將向左側偏轉，C說法正確，故C不符合題意；D．若小磁針處于圓盤的左下方時，因下方是S極，則小磁針的N極向右偏，D說法正確，故D不符合題意。2、D【解題分析】解：物體的運動情況取決于合力和初始條件．小球只受到電場力的作用，是否沿電場線運動，還要看電場線是直線還是曲線，有沒有初速度，以及初速度方向與電場線的關系．只有當電場線是直線時且小球的運動方向與電場線平行時，小球只受到電場力的作用才可能沿電場線運動．所以小球不一定沿著電場線運動，也不一定向電勢能減小的方向運動，故D正確，ABC錯誤．故選D．【點評】對物體運動情況的判斷能力，從力學的角度進行分析：物體的運動性質不僅取決于合力，還取決于初速度條件．雖然是簡單題，同時也是易錯題目．3、C【解題分析】

AD．粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得qvB=m解得：，粒子穿過鋁板后，速度減小，電量不變，知軌道半徑減小，所以粒子是從區(qū)域Ⅰ穿過鋁板運動到區(qū)域Ⅱ．根據左手定則知，粒子帶負電．故AD錯誤；B．高速帶電粒子穿過鋁板后速度減小，知在Ⅰ、Ⅱ區(qū)域的運動速度大小不同，故B錯誤；C．粒子在磁場中做圓周運動的周期：，周期大小與粒子的速度無關，粒子在你兩區(qū)域的運動時間都是半個周期，則粒子在Ⅰ、Ⅱ區(qū)域的運動時間相同，故C正確。故選C。4、C【解題分析】

在研究物體的“向心力與質量、角速度與半徑”的關系時，由于變量較多，因此采用了“控制變量法”進行研究，分別控制一個物理量不變，看另外兩個物理量之間的關系，故ABD錯誤，C正確。5、B【解題分析】彈簧振子每次通過某一個相同位置時，相對于平衡位置的位移x相同，根據F=-kx可知，回復力相同；根據a=-可知，其加速度也相同；故ACD錯誤；由于速度有兩種可能的方向，速度不一定相同；故B正確；故選B．6、D【解題分析】

由圖知，粒子的運動軌跡向左彎曲，說明粒子在a、b兩點受到的電場力沿電場線向左，由于電場線方向不明，所以無法確定粒子的電性．故AC錯誤．由軌跡彎曲方向與粒子速度方向的關系分析可知，帶電粒子在a、b兩點的受力方向沿電場線大致向左，但是方向不同，選項B錯誤；若粒子從a向b運動，電場力對粒子做負功，粒子的動能減??；相反，若從b運動到a，電場力對粒子做正功，粒子的動能增大，則帶電粒子在a點的動能較大．故D正確．故選D．【題目點撥】本題是電場中粒子的軌跡問題，首先要能根據軌跡的彎曲方向判斷粒子受力方向，其次判斷粒子動能和電勢能的變化要根據電場力做功情況．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解題分析】

A.任何電表使用前都要機械調零而不是歐姆調零，故A誤；B.測電壓時，其紅表筆接高電勢處，因為電流要從紅表筆流入，故B正確；C.測電路中某個電阻的阻值時，一定要將該電阻與其它元件斷開，避免測量出現較大誤差，故C正確；D.當測量電阻時，沒有換擋位時，不需要進行歐姆調零，故D錯誤。8、AC【解題分析】

A．磁感線是閉合曲線，而靜電場的電場線不是閉合曲線，從正電荷出發(fā)終止于負電荷或者無窮遠，選項A正確；B．磁場中某點的磁感應強度方向就是小磁針在該處靜止時北極的指向；電場中某點的電場強度方向就是正的試探電荷在該處所受電場力方向，選項B錯誤；C．放入電場中某位置的電荷受到的電場力為零，則該位置的電場強度一定為零，選項C正確；D．一小段長為L的通有電流為I的導體，在磁場中受到的最大的安培力為F，則該磁場的磁感應強度B一定為，選項D錯誤。9、AC【解題分析】

由牛頓第二定律可知，帶電粒子在第1s內的加速度為a1=qEm，為第2s內加速度a2=2qEm的1/2，因此先加速

因為第3s末粒子的速度剛好減為0，根據動能定理知粒子只受電場力作用，前3s內動能變化為0，即電場力做的總功為零。故A正確。根據速度時間圖象與坐標軸圍成的面積表示位移可知，在t=2s時，帶電粒子的合位移不為零，沒回到出發(fā)點，故B錯誤；根據速度時間圖象與坐標軸圍成的面積表示位移可知，帶電粒子在0-1s與0-2s兩過程中位移相同，選項C正確；帶電粒子在前1秒勻加速運動，在第二秒內先做勻減速后反向加速，所以不是始終向一方向運動，故D錯誤。故選AC?！绢}目點撥】本題帶電粒子在周期性變化的電場中運動，關鍵之處是電場強度大小不一，導致加速度不一，所以失去對稱性。若電場強度大小相同，則帶電粒子一直同一個方向運動。10、BC【解題分析】

開始時磁鐵受重力和支持力，二力平衡，磁體對地壓力等于磁體的重力；通電后，由左手定則可判斷導體棒所受安培力方向如圖所示：由牛頓第三定律可知，條形磁鐵也受到的導體棒對磁鐵的作用力，方向斜向左上方，故磁鐵對地面的壓力減小，此力將壓縮彈簧，使得彈簧縮短。綜上可得選項BC正確，AD錯誤。故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、增大電壓表的分流偏小【解題分析】

由題意可知考查描繪小燈泡伏安特性曲線實驗原理，數據處理及誤差分析，根據實驗原理分析可得。【題目詳解】(1)[1]分析伏安特性曲線可知小燈泡最大電阻約為4，屬于小電阻，為減小誤差電流表采用外接法，描繪伏安特性曲線時要求電壓、電流從零開始變化，滑動變阻器采用分壓式接法。故畫出的電路圖如下所示：(2)[2]在I-U圖象中，割線的斜率的倒數表示電阻的大小，隨著電壓的增大，斜率減小，說明電阻增大。(3)[3]實驗中產生系統(tǒng)誤差的原因是電壓表的分流作用。[4]電壓表測量值等于真實值，但是電流測量值大于真實值，這樣測的電阻值比真實值偏小。【題目點撥】設待測電阻為R，電測表內接、外接選擇原則：<屬于小電阻，采用電流表外接法。若>屬于大電阻，采用內接法。要求電流、電壓從零開始變化時滑動變阻器一定選擇分壓式接法。12、F4.40【解題分析】

（1）題中電壓表量程太小，需要改裝成6V的電壓表，串聯一個阻值為3kΩ的定值電阻，故選F；（2）實驗電路選擇滑動變阻器的分壓式接法，實物電路圖連接如下：（3）由刻度盤讀得，電壓表示數為2.20V，因改裝后的電壓表量程被擴大了兩倍，則實際加在元件兩端的電壓為4.40V；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）液滴的電荷量為；（2）液滴到達Q點時的速度大小為【解題分析】試題分析：（1）帶電液滴沿直線運動，重力和電場力的合力方向必沿PQ直線．根據力的合成法，求解液滴的電荷量．（2）根據動能定理求解液滴到達Q點時的速度大小．解：（1）帶電液滴沿直線運動，重力和電場力的合力方向必沿PQ直線，可知電場力必定垂直于極板