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文檔簡介
2024屆河南省新野縣第一中學(xué)物理高二上期中質(zhì)量檢測模擬試題注意事項:1.答卷前,考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型(B)填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2.作答選擇題時,選出每小題答案后,用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑;如需改動,用橡皮擦干凈后,再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3.非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答,答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上;如需改動,先劃掉原來的答案,然后再寫上新答案;不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4.考生必須保證答題卡的整潔??荚嚱Y(jié)束后,請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、關(guān)于勻速圓周運動的向心加速度,下列說法正確的是()A.大小不變,方向變化B.大小變化,方向不變C.大小、方向都變化D.大小、方向都不變2、磁通量是指()A.磁感應(yīng)強度的大小B.磁感線路徑的長短C.磁感線的多少D.穿過某個回路的磁感線的多少3、如圖,MN是勻強磁場中的一塊薄金屬板,帶電粒子(不計重力)在勻強磁場中運動并穿過金屬板(粒子速率變小),虛線表示其運動軌跡,由圖知()A.粒子帶正電B.粒子運動方向是abcdeC.粒子運動方向是edcbaD.粒子在上半周所用時間比在下半周所用時間長4、如圖所示是半偏法測電流表內(nèi)阻的電路圖,測量的過程包含以下幾個主要的步驟:①閉合k1,調(diào)節(jié)R1的阻值,使電流表滿偏;②閉合k2,保持R1不變,調(diào)節(jié)R2的阻值,使電流表半偏;③此時R2的讀數(shù)即為電流表內(nèi)阻測量值;④將R1的阻值調(diào)到最大;以上步驟,合理的順序是()A.①④②③ B.④①②③ C.④②①③ D.④③②①5、實驗室用的小燈泡燈絲的I﹣U特性曲線可用以下哪個圖象來表示(考慮燈絲的電阻隨溫度的升高而增大)()A. B.C. D.6、如圖所示,a、b為某電場線上的兩點,那么以下結(jié)論正確的是()A.把正電荷從a移到b,電場力做負功,電荷的電勢能減少B.把負電荷從a移到b,電場力做負功,電荷的電勢能增加C.把某負電荷從a移到b,克服電場力做4×10-8J功,電荷在b點具有4×10-8J的電勢能D.不論正電荷還是負電荷,靜電力做正功時電勢能一定增加二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、如圖甲所示,一長直導(dǎo)線沿南北方向水平放置,在導(dǎo)線下方有一靜止的靈敏小磁針.現(xiàn)在導(dǎo)線中通以圖甲所示的恒定電流,測得小磁針偏離南北方向的角度θ的正切值tanθ與小磁針離開導(dǎo)線的距離之間的關(guān)系如圖乙所示.若該處地磁場的水平分量為B0,則下列判斷中正確的是()A.通電后,小磁針的N極向紙里偏轉(zhuǎn)B.通電后,小磁針靜止時N極所指的方向即為電流在小磁針處產(chǎn)生的磁場方向C.電流在x0處產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強度大小為B0D.x0處合磁場的磁感應(yīng)強度大小為2B08、虛線框內(nèi)存在著勻強電場(方向未知),有一正電荷(重力不計)從bc邊上的M點以速度v0射進電場內(nèi),最后從cd邊上的Q點射出電場,下列說法正確的是()A.電場力一定對電荷做了正功B.電場方向可能垂直ab邊向右C.電荷運動的軌跡可能是一段圓弧D.電荷的運動一定是勻變速運動9、如圖是有兩個量程(“0~10V”和“0~100V”)的電壓表的電路圖.已知表頭的內(nèi)阻Rg=500Ω,滿偏電流I8=1mA,A.接a、b兩端點時,量程為0~10VB.接a、c兩端點時,量程為0~10VC.R1=90000Ω;R2D.R1=9500Ω;R2=90000Ω10、用如圖所示的電路研究小電動機的性能,當(dāng)調(diào)節(jié)滑動變阻器R讓電動機停止轉(zhuǎn)動時,電流表和電壓表的示數(shù)分別為0.5A和2.0V;重新調(diào)R,使電動機恢復(fù)正常運轉(zhuǎn)時,電流表和電壓表的示數(shù)分別為2.0A和24V.則這臺電動機正常運轉(zhuǎn)時(不計溫度對電阻的影響)()A.輸出功率為32WB.輸出功率為48WC.發(fā)熱功率為16WD.發(fā)熱功率為47W三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)(1)把電流表改裝成電壓表的實驗中,所用電流表G的滿偏電流為200μA,內(nèi)阻500Ω,現(xiàn)在通過串聯(lián)一個24.5kΩ的電阻把它改裝成一個電壓表,此電壓表的量程為_________(填寫格式為“0~10V”)(2)如圖是用上述改裝后的電壓表測定未知電阻的電路圖,測量時,電流表的讀數(shù)為0.20A,而改裝后的電壓表的表頭讀數(shù)如圖所示,那么的阻值等于_________Ω12.(12分)某研究性學(xué)習(xí)小組利用如圖甲所示電路測量電池組的電動勢E和內(nèi)阻r.根據(jù)實驗數(shù)據(jù)繪出如圖乙所示的R-1I圖線,其中R為電阻箱讀數(shù),I為電流表讀數(shù),則繪制圖線的方程為_______由圖可以得到E=_______V,r=_______Ω.四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖所示,A、B兩極板豎直放置,兩極板之間的電壓U1=2.0×102V,MN兩相同極板水平正對放置,兩極板之間電壓U2=4.0×102V,板間距d=8cm,板間電場可視為勻強電場.一質(zhì)量為m=1.0×10-20kg、帶電量為q=+1.0×10-10C的帶電粒子,從靠近A板處由靜止釋放,經(jīng)電場加速后從B板的小孔穿出,沿M、N極板間中軸線以速度v0射入電場,剛好從M板右邊緣飛出.(不計粒子重力).(1)求帶電粒子剛射入M、N極板間時的初速度v0;(2)求M、N極板的長度L.14.(16分)如圖所示的絕緣細桿軌道固定在豎直面內(nèi),半徑為R的1/6圓弧段桿與水平段桿和粗糙傾斜段桿分別在A、B兩點相切,圓弧桿的圓心O處固定著一個帶正電的點電荷?,F(xiàn)有一質(zhì)量為m可視為質(zhì)點的帶負電小球穿在水平桿上,以方向水平向右、大小等于的速度通過A點,小球能夠上滑的最高點為C,到達C后,小球?qū)⒀貤U返回。若∠COB=30°,小球第一次過A點后瞬間對圓弧細桿向下的彈力大小為,從A至C小球克服庫侖力做的功為,重力加速度為g.求:(1)小球第一次到達B點時的動能;(2)小球返回A點前瞬間對圓弧桿的彈力。15.(12分)如圖所示,電源的電動勢E=80V,內(nèi)電阻r=4Ω,R1=2Ω,R2為電阻箱。求:(1)當(dāng)電阻箱R2阻值為多大時,電阻R1消耗的功率最大?(2)當(dāng)電阻箱R2阻值為多大時,電阻箱R2消耗的功率最大?(3)如果要求電源輸出功率為256W,電阻箱R2阻值應(yīng)為多少?此時電源效率為多少?
參考答案一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】勻速圓周運動的向心加速度時時刻刻指向圓心,大小不變,方向時時刻刻發(fā)生變化,所以選A.2、D【解題分析】設(shè)在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中,有一個面積為S且與磁場方向垂直的平面,磁感應(yīng)強度B與面積S的乘積,叫做穿過這個平面的磁通量;通過某一平面的磁通量的大小,可以用通過這個平面的磁感線的條數(shù)的多少來形象地說明。在同一磁場中,磁感應(yīng)強度越大的地方,磁感線越密。因此,B越大,S越大,磁通量就越大,意味著穿過這個面的磁感線條數(shù)越多。故D正確,ABC錯誤;故選D。3、C【解題分析】
ABC.帶電粒子(不計重力)在勻強磁場中運動并穿過金屬板后粒子速率變小,根據(jù)帶電粒子在磁場中運動的半徑公式,粒子的半徑將減小,故粒子應(yīng)是由下方穿過金屬板,故粒子運動方向為edcba,根據(jù)左手定則可得,粒子應(yīng)帶負電,故AB錯誤,C正確;D.由可知,粒子運動的周期和速度無關(guān),而上下均為半圓,故所對的圓心角相同,故粒子的運動時間均為,故D錯誤.4、B【解題分析】
半偏法測量電流表內(nèi)阻時,為了保護電流表,應(yīng)首先把干路中的變阻箱R1調(diào)到最大,然后閉合k1接通電路,并調(diào)節(jié)R1使電流表達到滿偏電流Ig,再閉合k2,保持R1不變,調(diào)節(jié)R2的阻值,使電流表示數(shù)半偏,由于變阻箱R2和電流表并聯(lián)其電壓相等,電流均為故電流表的內(nèi)阻值等于此時的R2;故合理的順序為④①②③,故選B。5、A【解題分析】
根據(jù)可知,I-U圖象的斜率大小表達電阻的倒數(shù),因為燈絲的電阻隨溫度的升高而增大,因此I-U特性曲線是過原點的向電壓軸傾斜的曲線,故A正確,BCD錯誤.6、B【解題分析】
A.把正電荷從a移到b,由于電場力方向與位移方向相同,所以電場力做正功,電荷的電勢能減小,故A錯誤;B.把負電荷從a移到b,由于電場力方向與位移方向相反,所以電場力做負功,電荷的電勢能增加,故B正確;C.由于沒有確定零勢能面,所以無法確定電荷在b點具有的電勢能,故C錯誤;D.不論正電荷還是負電荷,靜電力做正功時電勢能一定減小,故D錯誤。二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、AC【解題分析】
A、根據(jù)安培定則可知,通電后,小磁針的N極向紙里偏轉(zhuǎn),故A正確;B、磁場的磁感應(yīng)強度是矢量,通電后,小磁針靜止時N極所指的方向即為電流在小磁針處產(chǎn)生的磁場與地球的磁場的合磁場的方向,故B錯誤;C、電流在x0處產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強度大小為BI,則:,所以:,故C正確;D、由矢量的合成可知,x0處合磁場的磁感應(yīng)強度大小為,故D錯誤;故選AC.【題目點撥】根據(jù)安培定則判斷小磁針偏轉(zhuǎn)的方向;小磁針后來的指向為合磁場方向,因此根據(jù)平行四邊形定則,已知某個磁場大小和方向與合磁場方向,可以求出另一個磁場大小;分析明確產(chǎn)生磁場與地磁場之間的關(guān)系,同時根據(jù)圖象進行分析即可明確對應(yīng)的結(jié)論.8、BD【解題分析】由正電荷在勻強電場中的偏轉(zhuǎn)可以判斷,其所受電場力一定指向運動曲線的內(nèi)側(cè),但電場力與速度方向的夾角可能為銳角或鈍角,電場力可能做正功或負功,所以選項A錯B對,由于正電荷只受恒定的電場力作用,所以正電荷不可能做圓周運動,一定是勻變速曲線運動,選項D正確,答案為B、D.9、AD【解題分析】A、B、由圖示電路圖可知,接a、b兩端點時分壓電阻阻值小于接a、c兩端點時分壓電阻阻值,由此可知,接a、b兩端點時量程小,為10V,接a、c兩端點時量程大,為100V,故A正確,B錯誤;C、由圖示電路圖可知:Ig(Rg+R1)=10V,Ig(Rg+R1+R2)=100V,解得R1=9500Ω,R2=9×104Ω,故C錯誤,D正確;故選AD.【題目點撥】本題考查了電壓表的改裝,知道電壓表的改裝原理、應(yīng)用串聯(lián)電路特點與歐姆定律即可正確解題,掌握基礎(chǔ)知識是解題關(guān)鍵,要注意基礎(chǔ)知識的學(xué)習(xí)與積累.10、AC【解題分析】電動機停止轉(zhuǎn)動時,可以當(dāng)做純阻電路計算,電動機的內(nèi)阻為:,電動機的總功率P=U2I2=24V×2A=48W,電動機的發(fā)熱功率為:,故C正確,D錯誤;電動機正常運轉(zhuǎn)時的輸出功率是:,故A正確,B錯誤。所以AC正確,BD錯誤。三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、0~5V15Ω【解題分析】
(1)[1]根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律可知,改裝的電壓表量程應(yīng)為:=5V所以此電壓表的量程為:0~5V(2)[2]因改裝后的電壓表量程為5V,所以電壓表的讀數(shù)為:V待測電阻的阻值為:Ω12、R=EI-r2.8【解題分析】
根據(jù)閉合電路歐姆定律I=ER+r,進行數(shù)學(xué)變形,得到R與1I關(guān)系式,根據(jù)數(shù)學(xué)知識研究【題目詳解】據(jù)閉合電路歐姆定律I=解得:R=E·1由數(shù)學(xué)知識得知,R-1I圖象的斜率等于E則由圖得到,電源的電動勢為E=9-5內(nèi)阻r=1Ω?!绢}目點撥】物理圖象關(guān)鍵要根據(jù)物理規(guī)律得到解析式,運用數(shù)學(xué)知識分析圖象的物理意義.本題采用的是轉(zhuǎn)換法,本來I-R是非線性關(guān)系,轉(zhuǎn)換成R-1四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)v0=2.0×l06m/s(2)L=8×10-2m【解題分析】
(1)帶電粒子在AB板間的加速電場中,根據(jù)功能關(guān)系得:qUl=1代入數(shù)據(jù)解得:v0=2.0×l06m/s(2)帶電粒子射入MN板間做類平拋運動,設(shè)加速度為a,根據(jù)牛頓第二定律a=Fm由帶電粒了剛好從M板右邊緣飛出,設(shè)在電場中運動時間為t沿電場方向:L=v0t垂直電場方向:d2代入數(shù)據(jù)解得:L=8×10-2m14、(1)(2),方向向下【解題分析】(1)小球從A運動到B,AB兩點為等勢點,所以電場力不做功,由動能定理得:代入數(shù)據(jù)解得:(2)小球第一次過A時,由牛頓第二定律得:從A到C,由動能定理得:從C到A,由動能定理得:小球返回A點時,設(shè)細桿對球的彈力方向向上,大小為N′,由牛頓第二定律得:聯(lián)立以上解得:根據(jù)牛頓第三定律,返
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