2021屆湖南省高考物理三模試卷（新課標(biāo)Ⅰ）附答案詳解

2021屆湖南省高考物理三模試卷（新課標(biāo)I）

一、單選題（本大題共5小題，共30.0分）

1.“跳馬”是集技術(shù)、力量、勇氣于一體的高難度競(jìng)技體操項(xiàng)目。運(yùn)動(dòng)員完成空中動(dòng)作落地時(shí),

通常要下蹲后再站起。這樣做是為了（）

A.增大運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)量變化量B.減小運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)量變化量

C.減小運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)量變化率D.增大地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的沖量

2.我國(guó)自主研發(fā)的北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)由35顆衛(wèi)星組成，包括5顆地球靜止同步軌道衛(wèi)星和3顆傾斜

同步軌道衛(wèi)星，以及27顆相同高度的中軌道衛(wèi)星。中軌道衛(wèi)星軌道高度約為2.15x同

步軌道衛(wèi)星的高度約為3.60x10整血，己知地球半徑為6.4x103卜皿，這些衛(wèi)星都在圓軌道上運(yùn)

行。關(guān)于北斗導(dǎo)航衛(wèi)星，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.中軌道衛(wèi)星的動(dòng)能一定小于靜止同步軌道衛(wèi)星的動(dòng)能

B.靜止同步軌道衛(wèi)星繞地球運(yùn)行的角速度比月球繞地球運(yùn)行的角速度大

C.中軌道衛(wèi)星的運(yùn)行周期約為20/i

D.中軌道衛(wèi)星與靜止同步軌道衛(wèi)星的向心加速度之比為（禁產(chǎn)

3.如圖所示，小球m在半徑為R的豎直平面內(nèi)的光滑圓形軌道內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，則一^\

小球剛好能通過(guò)軌道最高點(diǎn)的線(xiàn)速度大小是（）（j）

A.°

B.顧~

C./ZgR

D.欄

4.兩個(gè)電阻％、的/-U關(guān)系圖線(xiàn)如圖所示，則下列判斷中正確的是H局

（）

A.%>/?2/

B./?!=R20^——------------------

C.把當(dāng)、/?2串聯(lián)到電路中，R1兩端的電壓小于區(qū)2兩端的電壓

D.把h、/?2串聯(lián)到電路中，通過(guò)&的電流大于通過(guò)/?2的電流

5.一放射性原子核X靜止在與紙面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，衰變后產(chǎn)生的原子核

y及放出的粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，則（）

A.此次衰變?yōu)榭谒プ?/p>

B.若知道軌跡的半徑之比，就可以確定丫的原子序數(shù)

c.軌跡1為丫的運(yùn)動(dòng)軌跡

D.y的質(zhì)子數(shù)比x的質(zhì)子數(shù)小4

二、多選題（本大題共4小題，共22.0分）

6.下列說(shuō)法正確的是（）

A.盧瑟福通過(guò)a粒子散射實(shí)驗(yàn)，提出了“原子核式結(jié)構(gòu)”學(xué)說(shuō)

B,太陽(yáng)輻射的能量主要來(lái)自太陽(yáng)內(nèi)部的重核裂變

C.質(zhì)子、中子、a粒子的質(zhì)量分別是巾1、m2、m3,質(zhì)子和中子結(jié)合成一個(gè)a粒子，釋放的能量

2

是（2叫+2m2—m3）c

D.端8u衰變?yōu)樗?Rn要經(jīng)過(guò)4次a衰變和2次S衰變

7.一物塊在高3.（hn、長(zhǎng)5.0m的斜面頂端從靜止開(kāi)始沿斜面下滑，其重力勢(shì)能和動(dòng)能隨下滑距離s的

變化如圖中直線(xiàn)I、n所示，取g=10m/s2o則物塊開(kāi)始下滑2nl過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）

A.重力勢(shì)能減少量為12/B.合力功為8/

C.機(jī)械能的損失為引D.物塊沿斜面下滑的加速度2m/s2

8.如圖甲所示，甲、乙兩個(gè)并排放置的共軸線(xiàn)圈，甲中通有如圖乙所示的交變電流，則下列判斷

正確的是（）

A.在ti到，2時(shí)間內(nèi)，甲乙相吸B.在士2到13時(shí)間內(nèi)，甲乙相斥

C.打時(shí)刻兩線(xiàn)圈間作用力為零D.t2時(shí)刻兩線(xiàn)圈間吸引力最大

9.下列關(guān)于說(shuō)法正確的是（）

A.聲源與觀察者互相遠(yuǎn)離時(shí)，觀察者接收到的頻率變小

B.機(jī)械波和電磁波都需要通過(guò)介質(zhì)才能向周?chē)鷤鞑?/p>

C.未見(jiàn)其人，先聞其聲的現(xiàn)象，是聲波的衍射產(chǎn)生的

D.通常情況下，同學(xué)們經(jīng)過(guò)操場(chǎng)上小范圍不同位置聽(tīng)到廣播里的聲音時(shí)大時(shí)小，這是由于聲波

的衍射產(chǎn)生的

E.移動(dòng)電話(huà)間的通話(huà)需要靠基站的轉(zhuǎn)接來(lái)實(shí)現(xiàn)

三、填空題（本大題共1小題，共5.0分）

10.由于水的表面張力，荷葉上的小水滴總是球形的。在小水滴表面

層中，水分子之間的相互作用總體上表現(xiàn)為（選填“引力”

或“斥力”）。分子勢(shì)能Ep和分子間距離r的關(guān)系圖象如圖所示，

能總體上反映小水滴表面層中水分子與的是圖中（選填

“A”“B”或"C”）的位置。

四、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共15.0分）

11.要測(cè)一個(gè)待測(cè)電阻心（約200。）的阻值，實(shí)驗(yàn)室提供了如下器材：

電源E：電動(dòng)勢(shì)3.0U,內(nèi)阻不計(jì)；

電流表公：量程0?10ni4，內(nèi)阻ri約50Q；

電流表量程0?500〃4內(nèi)阻上為1000。；

滑動(dòng)變阻器％：最大阻值20。，額定電流24

定值電阻/?2=5000。；定值電阻/?3=soon；電鍵S及導(dǎo)線(xiàn)若干.

(1)為了測(cè)定待測(cè)電阻上的電壓，可以將電流表(選填“41”或“42”)串聯(lián)定值電阻(

選填“/?2”或“/?3”)，將其改裝成一個(gè)量程為3.0U的電壓表.

(2)如圖(1)所示為測(cè)量電阻段的甲、乙兩種電路方案，其中用到了改裝后的電壓表和另一個(gè)電流表，

則應(yīng)選電路圖__(選填“甲”或“乙”).

(3)若所選測(cè)量電路中電流表的讀數(shù)為/=6.2mA,改裝后的電壓表讀數(shù)為1.20匕根據(jù)電流表和電壓表

的讀數(shù)，并考慮電壓表內(nèi)阻，求出待測(cè)電阻％=n.

12.小明同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)用電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)，如圖甲所示，長(zhǎng)木板下墊著

小木塊以平衡兩車(chē)的摩擦力，讓小車(chē)P做勻速運(yùn)動(dòng)，然后與原來(lái)靜止在前方的小車(chē)Q相碰并粘合

成一體，繼續(xù)做勻速運(yùn)動(dòng)；在小車(chē)P后連著紙帶，電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用電源頻率為50Hz。

(1)某次實(shí)驗(yàn)測(cè)得紙帶上各計(jì)數(shù)點(diǎn)的間距如圖乙所示，A為運(yùn)動(dòng)的起點(diǎn)，則應(yīng)選來(lái)計(jì)算小車(chē)P碰

撞前的速度，應(yīng)選來(lái)計(jì)算小車(chē)P和Q碰后的共同速度。(選填“4、“BC、"CD”、DE”、

“EF“、“FG”)

(2)測(cè)得小車(chē)P的質(zhì)量mi=0.4kg,小車(chē)Q的質(zhì)量僧2=02kg,則碰前兩小車(chē)的總動(dòng)量大小為

kg*m/s,碰后兩小車(chē)的總動(dòng)量大小為kg*m/s.(計(jì)算結(jié)果保留二位有效數(shù)字)

(3)由本次實(shí)驗(yàn)獲得的初步結(jié)論是。

五、計(jì)算題(本大題共4小題，共52.()分)

13.如圖所示，在粗糙的水平路面上，一小車(chē)以H)=4m/s的速度向右勻速行駛，與此同時(shí)，在小

車(chē)后方相距So=40m處有一物體在水平向右的推力F=20N作用下，從靜止開(kāi)始做勻加速直線(xiàn)

運(yùn)動(dòng)，當(dāng)推力F作用了Si=25m就撤去。己知物體與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.2,物體的質(zhì)

量m=5kg,重力加速度g=lOm/sz.求

50

(1)推力F作用下，物體運(yùn)動(dòng)的加速度的大小;

(2)物體剛停止運(yùn)動(dòng)時(shí)物體與小車(chē)的距離d。

14.如圖，足夠長(zhǎng)平行金屬導(dǎo)軌內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，金屬桿仍與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，

導(dǎo)軌右端通過(guò)電阻與平行金屬板連接.已知導(dǎo)軌相距為L(zhǎng)；磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B；RI、和時(shí)

桿的電阻值均為r,其余電阻不計(jì)；板間距為d、板長(zhǎng)為4d；重力加速度為g,不計(jì)空氣阻力.

如果ab桿以某一速度向左勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，沿兩板中心線(xiàn)水平射入質(zhì)量為小、帶電量為+q的微粒恰能沿

兩板中心線(xiàn)射出；如果ab桿以同樣大小的速度向右勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，該微粒將射到B板距左端為d的

C處.

(1)求時(shí)桿勻速運(yùn)動(dòng)的速度大小也

(2)求微粒水平射入兩板時(shí)的速度大小孫；

(3)如果以氣沿中心線(xiàn)射入的上述微粒能夠從兩板間射出，試討論ab桿向左勻速運(yùn)動(dòng)的速度范圍.

Ri

txxxxxxxxx

L

XXXXXXXXX

tf

15.一根兩端開(kāi)口、粗細(xì)均勻的長(zhǎng)直玻璃管橫截面積為S=2xl0-3?i2,豎直插入

水面足夠?qū)拸V的水中.管中有一個(gè)質(zhì)量為巾=0.4kg的密閉活塞，封閉一段長(zhǎng)

度為d=66cm的氣體，氣體溫度為=300K,如圖所示.開(kāi)始時(shí)，活塞處于靜4

止?fàn)顟B(tài)，不計(jì)活塞與管壁間的摩擦.外界大氣壓強(qiáng)Po=1。x105pa,水的密度p=1.0X

103的/胎,試問(wèn)：

(1)開(kāi)始時(shí)封閉氣體的壓強(qiáng)是多大？

(2)現(xiàn)保持管內(nèi)封閉氣體溫度不變，用豎直向上的力尸緩慢地拉動(dòng)活塞.當(dāng)活塞上升到某一位置時(shí)停

止移動(dòng)，此時(shí)F=6.0N,則這時(shí)管內(nèi)外水面高度差為多少？管內(nèi)氣柱長(zhǎng)度多大？

(3)再將活塞固定住，改變管內(nèi)氣體的溫度，使管內(nèi)外水面相平，此時(shí)氣體的溫度是多少？

16.一列簡(jiǎn)諧橫波，t=0時(shí)刻波形如圖中實(shí)線(xiàn)所示.求：

4y/cm

2/3°x/m

1--------------廠(chǎng)

-2

①若波向右傳播.t=0時(shí)剛好傳到8點(diǎn)，且再經(jīng)過(guò)0.6s,P點(diǎn)也開(kāi)始起振，從t=0時(shí)刻起到P點(diǎn)第一

次出現(xiàn)波峰的過(guò)程中，質(zhì)點(diǎn)。點(diǎn)相對(duì)平衡位置的位移及其所經(jīng)過(guò)的路程？

②若該波波速大小為5(hn/s,且波形由實(shí)線(xiàn)變?yōu)樘摼€(xiàn)經(jīng)歷時(shí)間0.13s,試判斷這列波的傳播方向？(寫(xiě)

出具體判斷過(guò)程)

參考答案及解析

1.答案：c

解析：解：運(yùn)動(dòng)員完成空中動(dòng)作落地時(shí)，通常要下蹲后再站起。延長(zhǎng)了作用時(shí)間，根據(jù)動(dòng)量定理可

知，F(xiàn)t=△p,

運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)量變化量不變，則地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的沖量不變，延長(zhǎng)作用時(shí)間上減小了地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的沖

力,F=g,即減小了運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)量變化率，故C正確，AB。錯(cuò)誤。

故選：Co

運(yùn)動(dòng)員在腳接觸地面后都有一個(gè)下蹲的過(guò)程，為的是減小地面對(duì)人的沖擊力。

運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)量變化量不變，根據(jù)動(dòng)量定理分析。

本題考查了動(dòng)量定理在生活中的應(yīng)用，要注意正確分析物理過(guò)程，根據(jù)題意建立物理模型，即可根

據(jù)所熟悉的物理規(guī)律列式求解。

2.答案：B

解析：解：衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力有：G^-=my=mra)2-mr^-=ma

A、可知線(xiàn)速度p=叵，中軌道的衛(wèi)星半徑小線(xiàn)速度大，但不知道衛(wèi)星質(zhì)量，故不能確定動(dòng)能的大

小，故A錯(cuò)誤；

B、據(jù)3=景，靜止同步軌道衛(wèi)星周期為24%，月球周期為27.3天，故靜止同步軌道衛(wèi)星的運(yùn)行角速

度比月球繞地球運(yùn)行的角速度大，故8正確；

可得中軌道衛(wèi)星周期為：中=

C、可知周期7=(￡)3,r

D、向心加速度a=胃，則中軌道衛(wèi)星與同步衛(wèi)星的向心加速度之比為：=(^)2=

360X104+6.4X1()3(―)2,故。錯(cuò)誤。

2.15X1O4+6.4X1O3

故選：B。

衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力得到向心加速度、線(xiàn)速度和周期的表達(dá)式，再由

半徑關(guān)系比較各個(gè)量的大小。

解決本題的關(guān)鍵是熟練掌握由萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力得到描述圓周運(yùn)動(dòng)物理量與半徑的關(guān)系,

注意衛(wèi)星的軌道半徑與距地面高度的關(guān)系。

3.答案：B

解析：解：在最高點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律得，mg=m^

解得"=瓦故B正確，4、C、。錯(cuò)誤。

故選：Bo

小球通過(guò)最高點(diǎn)的臨界情況是對(duì)軌道的壓力為零，靠重力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出最高

點(diǎn)的臨界速度.

解決本題的關(guān)鍵知道圓周運(yùn)動(dòng)向心力的來(lái)源，結(jié)合牛頓第二定律進(jìn)行求解.

4.答案：C

解析：解：AB,根據(jù)電阻的定義式R=3,可知/-U圖象的斜率越小，電阻越大，故&<%；故

A8錯(cuò)誤；

CD、根據(jù)串聯(lián)電路特點(diǎn)：電流相等，由公式U=/R,可知治兩端的電壓小于&兩端的電壓，故C正

確，。錯(cuò)誤。

故選：C。

/-U圖線(xiàn)的斜率的倒數(shù)等于電阻，根據(jù)斜率的大小判斷電阻的大?。桓鶕?jù)電阻的串聯(lián)的特點(diǎn)，運(yùn)用

歐姆定律判斷電壓和電流的大小。

本題考查了電阻的串聯(lián)特點(diǎn)和歐姆定律的應(yīng)用，解決本題的關(guān)鍵是弄清楚圖象斜率的物理含義。

5.答案：B

解析：解：a、衰變瞬間，粒子和原子核y速度方向相反，根據(jù)軌跡圖可知，兩者在切點(diǎn)處受到的洛

倫茲力方向相反，而兩者處于同一磁場(chǎng)中，根據(jù)左手定則可判斷出兩者帶同種電荷，即發(fā)生的是a衰

變，故A錯(cuò)誤；

C、衰變過(guò)程遵循動(dòng)量守恒定律，可得粒子和V的動(dòng)量大小相等，方向相反，結(jié)合=嗒，可得

電荷量越大，運(yùn)動(dòng)半徑越小，故軌跡2為y的運(yùn)動(dòng)軌跡，故c錯(cuò)誤；

B、由=r=黑，半徑之比等于帶電量的反比，故8正確；

。、丫的質(zhì)子數(shù)比x的質(zhì)子數(shù)小2,故。錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)軌跡可判斷衰變后電性相同，即可判斷為a衰變，根據(jù)動(dòng)量守恒，可判斷動(dòng)量關(guān)系，根據(jù)洛倫茲

力提供向心力可以得到半徑關(guān)系，找到運(yùn)動(dòng)軌跡。

本題考查衰變和電荷在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，通過(guò)分析受力情況，來(lái)判斷電性，電荷量的比值。

6.答案：ACD

解析：試題分析：盧瑟福通過(guò)a粒子散射實(shí)驗(yàn)，提出了“原子核式結(jié)構(gòu)”學(xué)說(shuō)，太陽(yáng)輻射的能量主要

來(lái)自太陽(yáng)內(nèi)部的輕核聚變，由于原子核經(jīng)過(guò)一次a衰變，電荷數(shù)減小2,質(zhì)量數(shù)減小4,

經(jīng)過(guò)一次0衰變后電荷數(shù)增加1，質(zhì)量數(shù)不變.

4、盧瑟福通過(guò)a粒子散射實(shí)驗(yàn)，提出了“原子核式結(jié)構(gòu)”學(xué)說(shuō)，A正確；

8、太陽(yáng)輻射的能量主要來(lái)自太陽(yáng)內(nèi)部的輕核聚變，8錯(cuò)誤；

C、質(zhì)子、中子、a粒子的質(zhì)量分別是^2、m3,質(zhì)子和中子結(jié)合成一個(gè)a粒子，釋放的能量是

2

(2m1+2m2-m3)c,C正確；

。、：器8一衰變?yōu)樗?&n,質(zhì)量數(shù)減小16,電荷數(shù)減小10.

由于原子核經(jīng)過(guò)一次a衰變，電荷數(shù)減小2,質(zhì)量數(shù)減小4,

經(jīng)過(guò)一次口衰變后電荷數(shù)增加1,質(zhì)量數(shù)不變，

n=10—2x4=2,D正確.

故選：ACD

7.答案：ACD

解析：解：4、由圖示圖象可知，開(kāi)始時(shí)物塊的重力勢(shì)能=30/,物塊下滑2nl時(shí)物塊的重力勢(shì)能

Ep=18/,則物塊重力勢(shì)能的減少量△Ep=Epo-Ep=30/-18/=12/,故A正確；

B、由圖示圖象可知，物塊下滑2m時(shí)物塊的動(dòng)能Ek=4J,由動(dòng)能定理可知，合力做功IV=a-0=句,

故8錯(cuò)誤；

C、物塊下滑27n過(guò)程損失的機(jī)械能：△￡=Ep°-(Ep+EQ=30/-(18+4)/=8/,故C正確；

。、設(shè)斜面的傾角為。，則sin。="非=0.6,解得:3=37°,

開(kāi)始時(shí)物塊的重力勢(shì)能Epo=巾9機(jī)其中無(wú)=3.0m,代入數(shù)據(jù)解得：m=lkg

物塊下滑的距離為s=2m的過(guò)程中損失的機(jī)械能4E=8J,損失的機(jī)械能等于克服摩擦力做的功，

即△E=叼=卬ng?cos。■s,代入數(shù)據(jù)解得：n=0.5,

設(shè)物塊下滑過(guò)程的加速度為a,對(duì)物塊，由牛頓第二定律得：

mgsind-fimgcosd=ma

代入數(shù)據(jù)解得：a=2m/s2,故。正確。

故選：ACD.

由圖示圖象求出物塊開(kāi)始下滑時(shí)的重力勢(shì)能，求出物塊下滑27n時(shí)物塊的重力勢(shì)能與動(dòng)能大小，然后

求出重力勢(shì)能的減少量；應(yīng)用動(dòng)能定理求出合力對(duì)物塊做功；根據(jù)題意求出損失的機(jī)械能；根據(jù)能

量守恒定律物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；應(yīng)用牛頓第二定律求解物塊下滑時(shí)加速度的大小。

本題考查了能量守恒定律的應(yīng)用，根據(jù)題意與圖示圖象分析清楚物塊的運(yùn)動(dòng)過(guò)程是解題的前提，應(yīng)

用能量守恒定律、牛頓第二定律即可解題。

8.答案：ABC

解析：解：4、在匕到匕時(shí)間內(nèi)，若設(shè)逆時(shí)針（從左向右看）方向?yàn)檎?，則線(xiàn)圈4電流方向逆時(shí)針且大

小減小，所以根據(jù)右手螺旋定則可判定穿過(guò)線(xiàn)圈8方向向右的磁通量大小減小，由楞次定律可知，線(xiàn)

圈B的電流方向逆時(shí)針?lè)较?，因?、B中電流方向相同，出現(xiàn)相互吸引現(xiàn)象，故A正確；

B、在t2到t3時(shí)間內(nèi)，若設(shè)逆時(shí)針?lè)较颍◤淖笙蛴铱矗檎?，則線(xiàn)圈4電流方向順時(shí)針且大小增大，所

以根據(jù)右手螺旋定則可判定穿過(guò)線(xiàn)圈B方向向左的磁通量大小增大，由楞次定律可知，線(xiàn)圈B的電流

方向逆時(shí)針?lè)较?，因?、B中電流方向相反，A、B出現(xiàn)互相排斥，故B正確；

C、由題意可知，在0時(shí)刻，線(xiàn)圈A中的電流最大，而磁通量的變化率是最小的，所以線(xiàn)圈B感應(yīng)電

流也是最小，因此兩線(xiàn)圈間作用力為零，故C正確；

在t2時(shí)刻，線(xiàn)圈4中的電流最小，而磁通量的變化率是最大的，所以線(xiàn)圈B感應(yīng)電流也是最大，

但由于甲中電流為零，故A、B間的相互作用力為零，故。錯(cuò)誤；

故選：ABC

根據(jù)安培定則確定電流與磁場(chǎng)的方向關(guān)系，再根據(jù)楞次定律知，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總是阻礙引起感應(yīng)

電流的磁通量的變化.當(dāng)磁通量增大時(shí)，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)與它相反，當(dāng)磁通量減小時(shí)，感應(yīng)電流的

磁場(chǎng)與它相同.最后運(yùn)用同向電流相互吸引，異向電流相互排斥.

解決本題的關(guān)鍵掌握安培定則、楞次定律的內(nèi)容，知道感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總是阻礙引起感應(yīng)電流的磁

通量的變化.同時(shí)注意同向電流相互吸引與同種電荷相互排斥不同；本題也可以直接利用”阻礙“的

另一種描述”來(lái)拒去留“進(jìn)行分析，明確相互間的作用力.

9.答案：ACE

解析：解：4/若聲源和觀察者背向運(yùn)動(dòng)時(shí)，即兩者間距增大，根據(jù)多普勒效應(yīng)原理，那么觀察者接

收到的頻率小于聲源的頻率，故A正確；

8、磁波是種物質(zhì)，它可以在真空中傳播而不需要介質(zhì)。故8錯(cuò)誤；

C、未見(jiàn)其人先聞其聲，是因?yàn)槁暡úㄩL(zhǎng)較長(zhǎng)，容易發(fā)生衍射現(xiàn)象。故C正確；

。、同學(xué)們經(jīng)過(guò)操場(chǎng)上小范圍不同位置聽(tīng)到廣播里的聲音時(shí)大時(shí)小，這是由于聲波的干涉產(chǎn)生的。

故。錯(cuò)誤；

國(guó)移動(dòng)電話(huà)間的通話(huà)需要靠基站的轉(zhuǎn)接來(lái)實(shí)現(xiàn)。故E正確。

故選：ACE.

根據(jù)多普勒效應(yīng)可知，當(dāng)聲源與觀察者距離增大時(shí)，觀察者接收到的頻率將小于聲源的頻率。

電磁波是種物質(zhì)，不需要通過(guò)介質(zhì)傳播；光的傳播中頻率由波源決定；

機(jī)械波能發(fā)生衍射與干涉。

本題考查電磁波及機(jī)械波的性質(zhì)，要注意明確兩種波的性質(zhì)；明確區(qū)別和聯(lián)系；特別注意明確電磁

波可以在真空中傳播；而機(jī)械波只能在介質(zhì)中傳播；光在介質(zhì)中的傳播速度與頻率有關(guān)。

10.答案：引力；C

解析：解：在小水滴表面層中，水分子間距較大，故水分子之間的相互作用總體上表現(xiàn)為引力：

當(dāng)r=ro時(shí)，F(xiàn)『F席,分子力尸=0,分子勢(shì)能最小，故B點(diǎn)為分子間作用力為零的情況，即B點(diǎn)

表示平衡位置，故表現(xiàn)為引力的位置只能為C點(diǎn)。

故答案為：引力；CO

明確分子間作用力與分子間距離的關(guān)系，并能用分子間作用力解析表面張力的性質(zhì)；同時(shí)牢記分子

力做功與分子勢(shì)能間的關(guān)系，明確分子勢(shì)能隨分子間距離變化的圖象。

本題考查分子勢(shì)能、液體的表面張力的性質(zhì)，關(guān)鍵是明確分子力的性質(zhì)，知道分子力做功與分子勢(shì)

能間的關(guān)系，從而掌握分子勢(shì)能的變化圖象的意義。

11.答案：A2R2甲200

解析：解：(1)由于電流表4的內(nèi)阻一定，又定值電阻/?2與電流表&內(nèi)阻接近，可考慮將必與&串

聯(lián)，根據(jù)歐姆定律有U=/2(/?2+r2)=3V,與電源電動(dòng)勢(shì)接近，故可以將電流表心串聯(lián)定值電阻R2,

將其改裝成一個(gè)量程為31/的電壓表.

(2)由(1)可知電壓表的內(nèi)阻Ry=R2+r2=1000+5000=6000/2,待測(cè)電阻阻值約為2000,電流

表內(nèi)阻約為50。，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測(cè)電阻阻值，電流表應(yīng)采用外接法；滑動(dòng)變阻器最大電阻遠(yuǎn)

小于待測(cè)電阻阻值，故變阻器應(yīng)用分壓式接法，電路圖如甲圖所示；

(3)電流表的讀數(shù)為/=6.2m4改裝后的電壓表讀數(shù)：U=1.20V,

IIn-IQ17

電流：/=2+券，即：0.0062=嬴+若，解得：R=200/2

RyRx6000Rx4x

故答案為：(1)&；Rz；(2)甲；(3)200.

(1)將電流表改裝成電壓時(shí)應(yīng)串聯(lián)一個(gè)大電阻分壓，根據(jù)電流表及改裝電壓表的量程可得出應(yīng)串聯(lián)電

值的值；

(2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理，由電表的內(nèi)阻及待測(cè)電阻的阻值可知應(yīng)采取的接法；

(3)由指針的指數(shù)可知電流表的示數(shù)，由歐姆定律可得出待測(cè)電阻的阻值.

在電學(xué)實(shí)驗(yàn)中，應(yīng)將電阻值一定的電流表進(jìn)行改裝，若需改為電壓表則應(yīng)串聯(lián)一電阻，若需改為電

流表則應(yīng)串聯(lián)一電阻.

12.答案：BCEF0.800.79在誤差允許范圍內(nèi)，系統(tǒng)動(dòng)量守恒

解析：解：(1)小車(chē)P在碰前做勻速運(yùn)動(dòng)，由紙帶計(jì)數(shù)點(diǎn)間距可知，BC段小車(chē)勻速運(yùn)動(dòng)，故選BC段

計(jì)算小車(chē)碰前速度；

碰撞過(guò)程中做變速運(yùn)動(dòng)，兩車(chē)相碰后粘合成一體，繼續(xù)做勻速運(yùn)動(dòng)，故選E尸段計(jì)算兩車(chē)碰后共同速

度；

(2)碰前小車(chē)Q動(dòng)量為零，小車(chē)P動(dòng)量Pi，則有碰前總動(dòng)量

P=Pi=巾1=0,8°kg*ni/s；

碰后兩車(chē)速度相等，有碰后總動(dòng)量為

Xpp

p=g+m)———=0.79kg*m/s

23XU.U4

(3)由(2)可知，碰前總動(dòng)量和碰后總動(dòng)量有P?P',

故實(shí)驗(yàn)結(jié)論為：放在誤差允許范圍內(nèi)，系統(tǒng)動(dòng)量守恒。

故答案為：⑴BC,EF-,(2)0.80,0.79；(3)在誤差允許范圍內(nèi)，系統(tǒng)動(dòng)量守恒。

(1)根據(jù)題意，結(jié)合紙帶，可以選出線(xiàn)段；

(2)根據(jù)動(dòng)量的定義式，代入數(shù)據(jù)，可以求出動(dòng)量；

(3)根據(jù)(2)中計(jì)算結(jié)果，可以得出實(shí)驗(yàn)結(jié)論；

本題考查驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，關(guān)鍵要把碰撞前后的動(dòng)量求出來(lái)，要注意勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的有關(guān)推論

的應(yīng)用。

13.答案：解：(1)對(duì)物體，根據(jù)牛頓第二定律得：F-nmg=mai

代入數(shù)據(jù)得%=2m/s2

(2)設(shè)推力作用的時(shí)間為由位移公式得Si=［的*

撤去尸時(shí)，設(shè)物體的速度為次,撤去尸后，物體運(yùn)動(dòng)的加速度為。2,經(jīng)過(guò)t2時(shí)間運(yùn)動(dòng)S2位移停止

根據(jù)牛頓第二定律卬ng=ma2

由速度公式得力=4。=a2t2

由位移公式得S2=在

車(chē)=%+?2）d=So+S車(chē)一（Si+52）

聯(lián)立以上各式解得d=30m

答：(1)推力F作用下，物體運(yùn)動(dòng)的加速度由大小2m/s2；

(2)物體剛停止運(yùn)動(dòng)時(shí)物體與小車(chē)的距離d為30小。

解析：(1)利用牛頓第二定律求得物塊加速度；

(2)根據(jù)牛頓第二定律可求得撤去拉力后的加速度，根據(jù)位移公式分別求出t時(shí)間內(nèi)物體和小車(chē)前進(jìn)

的位移即可求的此時(shí)相距距離；

本題考查牛頓第二定律的應(yīng)用中已知受力求運(yùn)動(dòng)的問(wèn)題，要注意明確兩物體各自的運(yùn)動(dòng)情況，再根

據(jù)二者的位移和時(shí)間關(guān)系進(jìn)行分析求解即可。

14.答案：解：(1)設(shè)ab桿的速度為力則ab桿產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為：￡=8"...①

兩板間的電壓為：%=：￡=等…②

ab桿向左運(yùn)動(dòng)時(shí)：華=mg…③

①②③得：人需…④

(2)ab桿向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，設(shè)帶電微粒射入兩極板時(shí)的速度為北，向下運(yùn)動(dòng)的加速度為a,

經(jīng)時(shí)間t射到C點(diǎn)，有：等+mg=7na...⑤

2

微粒做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)有：d=v0t...?^=\at...@

由③⑤⑥⑦得：為=頻5…⑧

(3)要使帶電微粒能從兩板射出，設(shè)它在豎直方向運(yùn)動(dòng)的加速度為由、時(shí)間為口，

應(yīng)有：：＞如此…⑨11=??⑩由⑧⑨⑩得：?

⑴若的的方向向上，設(shè)ab桿運(yùn)動(dòng)速度為火,

兩板電壓為：?又有：誓-mg=171%…?

???得：叫＜詈票…?

(ii)若由的方向向下，設(shè)ab桿運(yùn)動(dòng)速度為吸，

兩板電壓為：&=...?又有：mg-等=m5…?

???得…＞蜜?.?

所以：必桿向左勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)速度的大小范圍為：?甯〈與黑…?；

oC[DLOCJDL

答：(l)ab桿勻速運(yùn)動(dòng)的速度大小V是鬻；

(2)求微粒水平射入兩板時(shí)的速度大?。閊^

(3)如果以外沿中心線(xiàn)射入的上述微粒能夠從兩板間射出，ab桿向左勻速運(yùn)動(dòng)的速度范圍：今翳＜

QqBL

解析：(l)ab桿以某一速度向左勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，沿兩板中心線(xiàn)水平射入質(zhì)量為m、帶電量為+q的微粒恰

能沿兩板中心線(xiàn)射出，此時(shí)電場(chǎng)力與重力平衡，可得電場(chǎng)強(qiáng)度數(shù)值，進(jìn)而求得兩板間電壓，并進(jìn)而

求得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和棒的速度

(2)ab桿以同樣大小的速度向右勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，粒子將做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，由于該微粒將射到B板距左端為

d的C處，可求粒子的運(yùn)動(dòng)初速度

(3)ab桿向左勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場(chǎng)力與重力方向相反，粒子做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，要想使粒子射出電場(chǎng)水平位

移應(yīng)為L(zhǎng),同時(shí)豎直位移應(yīng)該不小于1棒速度較小則向下偏，較大則向上偏，討論速度的范圍.

電磁感應(yīng)問(wèn)題結(jié)合閉合電路歐姆定律，涉及帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)算量較大，有

一定難度.

15.答案：解：(1)當(dāng)活塞靜止時(shí)，封閉氣體的壓強(qiáng)為：

5

Pi=Po+%=102x10pa

(2)當(dāng)F=6.0N時(shí)，有：

4

P2=