2021年遼寧省大連市高考物理二模試卷（附答案詳解）

2021年遼寧省大連市高考物理二模試卷

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.如圖所示是一種延時繼電器的示意圖。鐵芯上有兩個線

圈A和瓦當(dāng)開關(guān)S斷開后，電磁鐵還會繼續(xù)吸住銜鐵

。一小段時間，之后彈簧才把銜鐵。拉起，能做到延

時的主要原因是（）

A.線圈A中的電流逐漸減小

B.線圈8中產(chǎn)生了感應(yīng)電流

C.鐵芯中有剩磁起主要作用

D.銜鐵。有剩磁起主要作用

2.如圖所示，一束復(fù)色光經(jīng)三棱鏡后分成光束1和光束2,

兩束光的波長分別為友和小。將同一光電管分別放在

區(qū)域I和區(qū)域n,都能發(fā)生光電效應(yīng)，飛出光電子的

最大初動能分別為E&i和a2，則（）

A.AI>刈，Eki>Ek2B.Aj<Eki<ffc2

C.Aj>A2,Ekl<EQD.<A2,Ekl>Ek2

3.一輛汽車在平直公路上做勻變速直線運動，其x-t圖像如圖

所示為一條拋物線，則汽車在t=0時刻的速度大小等于（）

A.10m/s

B.20m/s

C.30m/s

D.40m/s

4.飛機油箱內(nèi)的油量是估計其續(xù)航時間和確保飛行安全的重要

參數(shù)。一種電容式測量飛機油箱內(nèi)油量的裝置如圖，油箱內(nèi)

置圓筒形電容器，電容的變化反映了油面高度的變化。下列

說法正確的是（）

A.給飛機供油時油量增加，相當(dāng)于改變了電容器中的電介質(zhì)，電容會增大

B.給飛機供油時油量增加，相當(dāng)于改變了電容器中的電介質(zhì)，電容會減小

C.飛行過程中油量減少，相當(dāng)于改變了兩極板間的正對面積，電容會減小

D.飛行過程中油量減少，相當(dāng)于改變了兩極板間的正對面積，電容會增加

5.如圖所示，在勻強電場中有一邊長為1，”的等邊三角形ABC,

電場線與三角形所在平面平行。已知A、8兩點的電勢分別為

3k4V,電子以2eV的初動能從4點射出，僅在電場力作用H

下經(jīng)過C點時動能為4eV,該勻強電場的場強大小為（)

A.IV/mB.2V/mC.3K/m

6.如圖所示，完全相同的三本書a、6、c疊放在一起放

在水平桌面上，書與桌面間摩擦忽略不計，在相同水

平外力F作用下三本書保持相對靜止向右運動。圖甲中八匕兩書間摩擦力大小為方，

從C兩書間摩擦力大小為左，圖乙中4、匕兩書間摩擦力大小為人，b、c兩書間摩

擦力大小為心。下列判斷正確的是（）

A.=fi=f-i<hB./i=%=%=%

C./i=/z<A=AD./i<心<%<%

7.如圖所示，在直線MN上方空間有垂直于線框平面

的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為瓦頂角為60。、電阻

為R、半徑為L的扇形線框繞。點以角速度3逆時

針勻速轉(zhuǎn)動，在連續(xù)轉(zhuǎn)動過程中，線框中感應(yīng)電流

的有效值為（）

B廿3CV3B1^co

A?甯?4R?6R.-6R-

二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）

8.下列說法正確的是（）

A.陽光射入房間，在室內(nèi)看到塵埃在不停地運動,這種運動是布朗運動

B.給自行車輪胎打氣時，氣筒壓下后有反彈是由于氣體分子斥力造成的

C.一定質(zhì)量的理想氣體絕熱壓縮，會使封閉氣體的溫度升高，壓強變大

D.一氣泡從恒溫水槽的底部緩慢向上浮起，上浮過程中氣泡內(nèi)氣體吸熱

9.2020年7月31日，北斗三號全球衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)正式開通。已知地球表面重力加速

度為g,地球半徑為R,地球自轉(zhuǎn)的角速度為3,北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)中一顆地球同

步衛(wèi)星距離地面的高度為九則其運行速率等于（）

A.(/?+h)a)C.-2)

B.yfRgU)D.\JgRa

第2頁，共15頁

10.如圖甲所示，斜面體固定在水平面上，物體受到平行于斜面向上的拉力尸作用，從

斜面底端由靜止開始沿粗糙斜面向上運動，選取地面為零勢能面。物體的機械能E

隨位移x的變化關(guān)系如圖乙所示，其中。?與段是曲線，與?小段是平行于x軸的

線段，小?%3段是傾斜的線段。下列說法正確的是()

A.0?%過程中力尸做的功大于Ei

B.?亞過程中物體動能減小

C.打?內(nèi)過程中物體的速度一直增加

D.0?過程中力F先增大后減小

三、實驗題(本大題共2小題，共14.0分)

11.要測量某金屬絲的電阻率。

(1)某同學(xué)用游標(biāo)卡尺測量金屬絲的直徑，如圖甲所示，游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為

(2)利用圖乙電路測量金屬絲的電阻&，改變滑動變阻器的阻值，得到多組電表的

示數(shù)，做出/-U圖像如圖丙所示，則圖丙中〃點對應(yīng)電阻&的測量值是0；

(3)本實驗中考慮電表的影響，金屬絲電阻網(wǎng)的測量值比真實值______(選填“偏

大”、“偏小”或“相等”)。

12.采用如圖所示的裝置驗證動量守恒定律。將兩個小球用細線懸掛起

來，靜止時兩球相切，球心等高，兩細線恰好豎直。保持細線伸直，/：

將A球向左拉起，由靜止開始釋放，兩球碰撞后，4球被反彈向左/：

擺動。則：/

⑴兩球質(zhì)量關(guān)系為啊ms(選填“〉”、或“=")。?'I

AB

(2)取兩球靜止時球心處為參考面，測出A球向左拉起的最大高度陽；

兩球碰撞后，測出A球與B球第一次彈起分別能達到的最大高度電和九3。本實驗中

能驗證碰撞前后動量守恒的表達式為：(用上述物理量表示)。

(3)實驗中所需要的測量儀器有：、o

(4)下列做法中對上面的驗證動量守恒表達式有影響的是：。

4起始小球在最低處靜止時，細線長度略有不等，但兩球心等高

8.起始小球在最低處靜止時，兩細線上端系在同一點上

C.A球開始釋放時有一定的初速度

D兩球碰撞過程中有機械能損失

E.B球擺到最高點的位置記錄不準(zhǔn)確

四、計算題(本大題共3小題，共40.0分)

13.如圖所示為同一均勻介質(zhì)中相向傳播的甲、乙兩列簡諧橫波在某時刻的波形圖，兩

列波的速度大小都是10m/s。

(1)兩列波的頻率分別是多少？這兩列波相遇時能否發(fā)生干涉現(xiàn)象?

(2)在t=0.3s時,平衡位置位于原點的質(zhì)點位移是多少？

"cm

14.某游樂場中有管道滑水游戲，其裝置可以簡化為如圖所示。一滑水者從距水面高

hi=5.2巾的滑道上端由靜止開始滑下，到距水面高壇=0.2巾的下端管口水平飛出,

能落到距離下端管□水平距離x=0.4m水面上。若滑水者可看作質(zhì)點，其質(zhì)量巾=

60kg,在管道中滑行的時間h=5s,g=10m/s2o求：

(1)滑水者落到水面上時的動能大?。?/p>

(2)滑水者在管道中滑行時阻力對其做的功；

(3)下滑過程中管道對滑水者的沖量大小。

第4頁，共15頁

15.如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一直角坐標(biāo)系xOy,在第一象限和第四象限內(nèi)充滿垂直

于xOy平面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為瓦有一與x軸夾角。=37。的足

夠長的絕緣細管固定不動，左端位于y軸上的M點，OM=L。在第二象限充滿勻

強電場和垂直于X。)，平面向外的勻強磁場。一帶電量為q(q>0)、質(zhì)量為〃，的小球

自N點以初速度孫豎直向上進入第二象限后恰能做勻速圓周運動，并恰能沿細管方

向從M點進入管中。小球直徑略小于細管內(nèi)徑，小球與細管內(nèi)壁間的動摩擦因數(shù)

H=0.8,sin37°=0.6,重力加速度為g,求:

(1)勻強電場的場強大小與方向；

(2)0N間的距離和第二象限中磁感應(yīng)強度見的大小；

(3)若小球在管內(nèi)先做變速運動，前進距離s后運動狀態(tài)保持不變，求變速運動過

程中摩擦力對小球做的功。

第6頁，共15頁

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：斷開開關(guān)時，8線圈磁通量發(fā)生變化，B線圈產(chǎn)生感應(yīng)電流，鐵芯此時變

為電磁鐵，對銜鐵繼續(xù)吸引，起到延時作用，故B正確，錯誤。

故選：Bo

圖中有兩個線圈，其中4接有電源，接通電路后有電流通過，會產(chǎn)生磁場；而B線圈無

電源，開關(guān)閉合穩(wěn)定后沒有電流，只有當(dāng)A中的磁場發(fā)生變化時，根據(jù)電磁感應(yīng)原理,

8線圈才會產(chǎn)生感應(yīng)電流，從而根據(jù)楞次定律，即可求解。

該題考查楞次定律與電磁鐵的應(yīng)用，注意穿過閉合線圈的磁通量變化，閉合線圈產(chǎn)生感

應(yīng)電流。

2.【答案】C

【解析】解：一束光經(jīng)三棱鏡，發(fā)生折射現(xiàn)象，復(fù)色光通過時，由于折射率不同會發(fā)生

色散現(xiàn)象。

頻率越大，波長越短，折射率越大，折射過程偏折越明顯，由圖得，2折射率大，波長

短,頻率大,故;li>%，

頻率越大，光子具有的能量￡=癡越大，根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程,H=W+\mvk,

光子能量越大，光電子的最大初動能越大，故Ez<Ek2，

故錯誤，C正確；

故選：Co

由光路圖可以判斷兩束光的折射率大小，根據(jù)折射率大小可以判斷兩束光的波長和頻率

大小。根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程可以判斷飛出的光電子的最大初動能大小。

本題考查光在介質(zhì)中的傳播和愛因斯坦光電效應(yīng)方程，需要注意光的頻率越大，波長越

短，折射率越大。

3.【答案】B

【解析】解：在圖像中，圖像的斜率表示速度，故在t=4s時，速度為0,

在0-4s內(nèi)，根據(jù)速度一時間公式可得：v=v0+at

根據(jù)位移時間公式可得：v2-vl=2ax

聯(lián)立解得：v0=20m/s,故AC。錯誤，8正確;

故選：B。

在x-t中圖像的斜率表示速度，故可判斷出4s末的速度，在0-4s內(nèi)根據(jù)速度-時間公

式和速度一位移公式即可求得初速度。

本題主要考查了勻變速直線運動，抓住圖像的斜率表示速度，利用好勻變速直線運動的

公式即可。

4.【答案】A

【解析】解：AB、給飛機供油時油量增加，即增大電容器的電介質(zhì)，根據(jù)電容的決定

式。=盤，可知，電容器的電容要增大，故A正確，8錯誤；

C￡＞、飛行過程中油量減少，即減小電容器的電介質(zhì)，因兩極的正對面積仍不變，根據(jù)

電容的決定式C=指，可知，電容器的電容要減小，故錯誤。

4nkd

故選：4。

內(nèi)外圓筒形成一個電容器，油量的變化相當(dāng)于電介質(zhì)變化，根據(jù)電容的決定式。=抵

471kd

分析電容的變化，從而即可判定.

本題只要掌握電容的決定式。=指，關(guān)鍵依據(jù)電容器來確定，油量的多少與電容器決

4nka

定式的哪個物理量有關(guān).

5.【答案】B

【解析】解：電子從A點運動到C點過程中，由動能定理可知：eUAC=4eV-2eV

即AC兩點的電勢差：UAC=2V

即：＜pA-(pc=2V

解得：＜Pc=5V

在勻強電場中，AC的中點。處的電勢為：8。=失竺=等1/=41/

連接8。即為該勻強電場的等勢面，電場線垂直于等勢面，指向低電勢方向，如圖所示;

3V

4V

第8頁，共15頁

由幾何關(guān)系可知，BD1AC,即電場線沿著C4方向，

則電場強度為：E=^=矢詈=-V/7n=2V/m,所以AC。錯誤，B正確。

故選：B。

根據(jù)動能定理求出AC兩點的電勢差，進而求出C點電勢，找到AC線段中與B點等電

勢的點，連接形成等勢線，進而畫出電場線，由E==求勻強電場中的電場強度。

本題考查電勢差和電場強度的關(guān)系，在求解勻強電場場強大小時，要先找等勢線，根據(jù)

場強方向和等勢線垂直得出電場線方向，最后利用勻強電場中電勢差和場強關(guān)系可以求

出場強大小。

6.【答案】A

【解析】解：對兩種情況下的整體分析可知，兩種情況下推力大小相等，物體的質(zhì)量相

等，設(shè)每個書本的質(zhì)量均為m,由牛頓第二定律可知，甲、乙具有相同的加速度a=占；

3m

對甲中“分析可知，/i—ma=p對c分析，8對c的摩擦力力=ma；

對乙中的“分析,則有%=ma=g,對"分析，有人=2ma=?則有月=%=外＜%，

故A正確，BCD錯誤。

故選：Ao

先對甲、乙兩種情況中的整體進行分析，明確加速度大小關(guān)系，再分別對甲中的a、c

分析由牛頓第二定律求出加以及兒間的摩擦力大小，最后對乙中的a、M整體進行分

析，由牛頓第二定律求出加之間以及反之間的摩擦力大小。

本題考查牛頓第二定律在摩擦力分析中的應(yīng)用，要注意正確選擇研究對象，掌握整體法

和隔離法的應(yīng)用。

7.【答案】D

【解析】解：線框進入磁場所需的時間：％=上=2，該段時間內(nèi)有感應(yīng)電流，感應(yīng)

a)3a)

電動勢的大?。汉?=：8〃3,感應(yīng)電流大?。?="=更包，

21R2R

同理，線框出磁場的時間：t2=G，產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小：12=11，方向與電流。的方

向相反；

線框轉(zhuǎn)一圈的時間：T=-,可知

0)6

根據(jù)有效值的定義知：#Rqx2=/2Rr,解得該感應(yīng)電流的有效值：/=叵包，故。

166R

正確，A、B、C錯誤。

故選：Do

當(dāng)線框全部在磁場以及全部不在磁場中運動時，產(chǎn)生的感應(yīng)電流為零，當(dāng)有一條半徑在

磁場中時，產(chǎn)生感應(yīng)電流，求出有感應(yīng)電流時的時間，以及感應(yīng)電流的大小，結(jié)合有效

值的定義求出線框中感應(yīng)電流的有效值。

解決本題的關(guān)鍵掌握轉(zhuǎn)動切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢公式E=^8/3,注意該線框在磁場中

轉(zhuǎn)動產(chǎn)生交變電流，掌握求解交變電流有效值的方法。

8.【答案】CD

【解析】解：人布朗運動是懸浮在液體中的微粒的無規(guī)則運動，陽光從縫隙射入房間，

從陽光中看到的塵埃的運動是空氣對流引起的，不是布朗運動，故A錯誤；

8、用氣筒給車胎打氣，氣筒壓下后有反彈是輪胎的內(nèi)部壓強大于外界大氣壓，并不是

分子間的斥力，故8錯誤；

C、一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)過絕熱壓縮，即Q=0,外界對氣體做功，即勿>0,根據(jù)熱

力學(xué)第一定律△〃=(2+〃可知，△U>0,即氣體的內(nèi)能增大，則氣體的溫度升高，

根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程學(xué)=c可知，氣體壓強增大，故C正確；

。、氣泡緩慢上升的過程中，外部的壓強逐漸減小，氣泡膨脹，氣泡的體積變大，根據(jù)

玻意耳定律pv=c,可知氣泡內(nèi)的氣體壓強變小，由于外部恒溫，可以認為上升過程中

氣泡內(nèi)空氣的溫度始終等于外界溫度，則氣泡內(nèi)氣體的內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律

△U=〃+Q,可知△(/=(),W<0,Q>0,所以氣泡內(nèi)氣體要從外界吸收熱量，故

。正確。

故選：CD.

陽光中看到的塵埃的運動是空氣對流引起的，不是布朗運動；氣筒壓下后有反彈是輪胎

的內(nèi)部壓強大于外界大氣壓；根據(jù)熱力學(xué)第一定律和理想氣體狀態(tài)方程判斷：根據(jù)熱力

學(xué)第一定律△U=W+Q判斷。

本題考查了塵埃的運動、氣體壓強、熱力學(xué)第一定律和理想氣體狀態(tài)方程等熱學(xué)基礎(chǔ)知

識，要求學(xué)生對這部分知識要重視課本，強化記憶。

9.【答案】AD

【解析】解：A、由于地球同步衛(wèi)星與地球自轉(zhuǎn)角速度一樣，同為3,地球同步衛(wèi)星軌

道半徑r=R+h,所以i?=w=3(R+無)，故A正確；

第10頁，共15頁

BCD、對于地球表面某物體，忽略重力時，萬有引力提供向心力：^-=mco2R,

地球同步衛(wèi)星繞地球做圓周運動，萬有引力提供向心力：黑7=根上，

黃金代換：GM-gR2,

地球同步衛(wèi)星與地球自轉(zhuǎn)角速度相同，v=a）（R+h）

聯(lián)立解得：u=壽中石，故BC錯誤，。正確。

故選：A。。

由于地球同步衛(wèi)星與地球自轉(zhuǎn)角速度一樣，再結(jié)合U=3T求解運行速率；地球與同步衛(wèi)

星做圓周運動，可結(jié)合萬有引力提供向心力求解運行速率。

本題考查萬有引力定律的應(yīng)用，知道萬有引力提供向心力的前提下，應(yīng)用萬有引力公式,

以及黃金代換和線速度與角速度關(guān)系求解。

10.【答案】AB

【解析】解：A、根據(jù)功能關(guān)系可得，。?X]過程中力F做的功伍=邑+必，其中叼為

克服摩擦力做的功，所以0?與過程中力F做的功大于%,故A正確；

B、X1?&過程中機械能不變，拉力F=〃mgcos0,只有重力做負功，物體動能減小，

故B正確；

C、&?△過程中物體的機械能減少，說明拉力F<〃mgcos。，且重力做負功，物體動

能一定減小，速度一直減小，故C錯誤；

D、除重力（或彈簧彈力）之外的其它外力外）做的功等于機械能的變化，則有AE=

F%△x,則E-x關(guān)系圖像的斜率表示除重力（或彈力）之外的合外力：

根據(jù)圖像可知，0?與過程中力圖像的斜率先減小、后為零、再不變，根據(jù)尸外=?一

“Tngcos。可知，尸先減小、后不變、再減小，故。錯誤。

故選：AB?

根據(jù)功能關(guān)系方向0?與過程中力廠做的功；X]?不過程中機械能不變，拉力F=

limgcosd,由此分析物體動能的變化：乂2?右過程中物體的機械能減小，根據(jù)合外力做

功情況分析物體動能的變化；根據(jù)E-X關(guān)系圖像的斜率表示的物理意義分析拉力的變

化。

本題主要是考查了機械能守恒定律的知識；要知道機械能守恒定律的守恒條件是只有重

力或彈力做功，除重力或彈力做功以外，其它力對系統(tǒng)做多少功，系統(tǒng)的機械能就變化

多少；注意運動過程中機械能和其它形式的能的轉(zhuǎn)化關(guān)系。

11.【答案】0.703.6偏小

【解析】解：(1)該游標(biāo)卡尺為20分度的游標(biāo)卡尺，精度值為0.05nun,正對刻度為14,

則讀數(shù)為：Onwn+0.05mmX14=0.70mm

(2)由圖丙可知。點電壓值1.8U,電流值0.504貝UR%=苫=焉=3.60

(3)由于電壓表的分流，使得電流的測量值偏大，電阻的測量結(jié)果偏小。

故答案為：(1)0.70；(2)3.6；(3)偏小。

讀出游標(biāo)卡尺的主尺和游標(biāo)尺的讀數(shù)，由圖丙讀出電壓和電流值，根據(jù)歐姆定律計算電

阻值，由于電壓表的分流會使測量值偏小。

學(xué)生需掌握游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法，歐姆定律的應(yīng)用，會分析用伏安法測電阻的實驗誤差。

12.【答案】＜mAy[h[=—mAyfh^+天平亥U度尺BCE

【解析】解：(1)兩球碰撞后入射球反彈，入射球的質(zhì)量小于被碰球的質(zhì)量，即叫＜

(2)設(shè)碰撞前瞬間4的速度大小為火，碰撞后瞬間，4的速度大小為以，8的速度大小為

vB,由動能定理得：

A球下擺過程，對A球：mAghr=^mAv1-0

A球碰撞后反彈過程，對A球：一啊9無2=0-

碰撞后B擺動過程，對B球：一小四八3=

兩球碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：mAv0=-mAvA+

mBvB,

整理得：mAy[h[=—TnAy[h^+mBy[h^

(3)實驗需要用天平測小球的質(zhì)量，需要用刻度尺測量小球的高度。

(4)4、起始小球在最低處靜止時，細線長度略有不等，但兩球心等高，兩球發(fā)生對心正

碰，對驗證動量守恒表達式?jīng)]有影響，故A錯誤；

8、起始小球在最低處靜止時;兩細線上端系在同一點上，兩球不能發(fā)生對心正碰，對

驗證動量守恒表達式有影響，故B正確；

C、A球開始釋放時有一定的初速度，小球到達最低點時的速度偏大，對驗證動量守恒

表達式有影響，故C正確；

。、兩球碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，兩球碰撞過程中有機械能損失對驗證動量守恒表達式

沒有影響，故。錯誤；

E、8球擺到最高點的位置記錄不準(zhǔn)確，影響小球速度的測量，對驗證動量守恒表達式

第12頁，共15頁

有影響，故E正確。

故選：BCE。

故答案為：(1)＜；(2)m4A/K7=—m*(3)天平；刻度尺；(4)BCE。

(1)兩球碰撞后入射球反彈，入射球的質(zhì)量小于被碰球的質(zhì)量。

(2)應(yīng)用動能定理求出小球碰撞前后瞬間的速度大小，碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，應(yīng)用動

量守恒定律可以求出實驗需要驗證的表達式。

(3)根據(jù)實驗需要測量的量確定需要的實驗器材。

(4)根據(jù)實驗原理與實驗注意事項分析答題。

理解實驗原理是解題的前提，應(yīng)用動能定理或機械能守恒定律求出小球碰撞前后瞬間小

球的速度，應(yīng)用動量守恒定律即可解題。

13.【答案】解：⑴由圖得％尹=8m,=4m,由〃="得：/尹=亡=蔡Hz=1.25Hz

v10

f7=--=—Hz=2.5Hz

乙4乙4

兩列波的頻率不相等，相遇時不會發(fā)生干涉現(xiàn)象；

(2)經(jīng)過t=0.3s,甲波向右傳播距離S/="=10x0.37n=3m,由波形平移可得甲波

引起原點處質(zhì)點的位移大小是IO?！保灰品较蜓?，軸正向；

乙波向左傳播距離s1="=3m,由波形平移可得乙波引起原點處質(zhì)點的位移為0,根

據(jù)波的疊加遵守矢量合成法則，可得

在t=0.3s時，平衡位置位于原點的質(zhì)點位移大小是10a”，位移方向沿)，軸正向。

答：(1)甲乙兩列波的頻率分別是1.25”z、2.5Hz；兩列波的頻率不相等，相遇時不會發(fā)

生干涉現(xiàn)象；

(2)在t=0.3s時，平衡位置位于原點的質(zhì)點位移是10。”。

【解析】根據(jù)》=/可得頻率，兩列波的頻率相等，相遇時發(fā)生干涉現(xiàn)象；當(dāng)兩列波疊

加時，遵守矢量合成法則，求出合位移。

本題主要考查了波的頻率、波速和波長的關(guān)系，以及波的疊加，掌握波的干涉的條件是

解題的關(guān)鍵，根據(jù)矢量合成法則求質(zhì)點的合位移。

14.【答案】解：(1)滑水者從管口到水面做平拋運動

水平方向勻速直線運動：x=vrt2①

豎直方向做自由落體運動：h2=\gtl②

①②聯(lián)立得：%=%J^=0.4xJ^^m/s=2m/s③

從管口到水面，由動能定理得：mgh2=Ek2-1rnvl(4)

③④聯(lián)立得：Ek2=2407⑤

滑水者落到水面上時的動能大小：240J

(2)從開始下滑到下端口，由動能定理得：mg^+W=Ek2⑥

⑤⑥聯(lián)立得：W=-28807@

故阻力對滑水者做功為：-2880/

(3)滑水者下滑過程中動量變化量：△p=tn%-0=120kg-m/s,A；

方向水平向右

-------->

//

222

由動量定理：I=V(Ap)+g=V120+3000kg-m/