2022屆云南省三校高三（下）高考備考實(shí)用性聯(lián)考（四）理綜物理試題 附解析

2022屆云南三校高考備考實(shí)用性聯(lián)考卷（四）

理科綜合物理

一、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~18題只有一

項(xiàng)符合題目要求；第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3

分，有選錯(cuò)的得0分。

1.關(guān)于圖中四幅圖片的描述，正確的是（）

nE/eV

0

51-0.54

4----------------------0.85

3----------------------1.51

2----------------------3.40

1----------------------13.6

氫原子的能級(jí)圖

丙

A.圖甲說明了光具有粒子性

B.圖乙說明了光具有波動(dòng)性

C.圖丙中，從”=3能級(jí)躍遷到”=1能級(jí)比躍遷到〃=2能級(jí)輻射的光子頻率低

D.圖丁說明了原子具有核式結(jié)構(gòu)

【1題答案】

【答案】D

【解析】

【詳解】A.雙縫干涉實(shí)驗(yàn)說明了光具有波動(dòng)性，故A錯(cuò)誤；

B.光電效應(yīng)說明了光具有粒子性，故B錯(cuò)誤；

C.由圖可知

E3-E]>E2—f|

根據(jù)

E=hv

可知圖丙中，從”=3能級(jí)躍遷到〃=1能級(jí)比躍遷到〃=2能級(jí)輻射的光子頻率高，故C錯(cuò)誤；

D.a粒子散射實(shí)驗(yàn)說明了原子具有核式結(jié)構(gòu)，故D正確。

故選D。

2.2021年12月9日下午3點(diǎn)40分，神舟十三號(hào)航天員翟志剛、王亞平、葉光富進(jìn)行了中國(guó)空間站首次太

空授課?？缭桨四辏疤照n”再次開課。已知空間站在距離地面約為工7?（R為地球半徑）的圓形軌道

上繞地球運(yùn)行，地球表面的重力加速度為g,下列說法正確的是（)

A.空間站的線速度大于第一宇宙速度

B.空間站繞地球運(yùn)動(dòng)的角速度小于地球同步衛(wèi)星的角速度

C.三名航天員空間站中可以使用彈簧拉力器鍛煉身體

D.三名航天員在空間站中處于失重狀態(tài)，說明他們不受地球引力作用

【2題答案】

【答案】C

【解析】

【詳解】A.因?yàn)榈厍蛐l(wèi)星的最大繞行速度等于第一宇宙速度，故空間站的線速度不可能大于第一宇宙速度,

故A錯(cuò)誤；

B.空間站繞地球運(yùn)動(dòng)的半徑小于地球同步衛(wèi)星的半徑，由

心Mm2

G—―=mr（o

得

所以空間站繞地球運(yùn)動(dòng)的角速度大于地球同步衛(wèi)星的角速度，故B錯(cuò)誤；

C.三名航天員在空間站中可以使用彈簧拉力器利用相互作用力來鍛煉身體，故C正確；

D.三名航天員在空間站中處于完全失重狀態(tài)，但他們始終受地球引力作用，故D錯(cuò)誤.

故選C。

3.如圖甲所示，一物塊從傾角為。的斜面底端以一定的初速度沿足夠長(zhǎng)的斜面上滑，其運(yùn)動(dòng)的速度一時(shí)間

圖像如圖乙所示，2fo時(shí)刻速度減為零，5/o時(shí)刻回到出發(fā)點(diǎn)。則下列說法正確的是（）

A.物塊返回斜面底端時(shí)的速度大小為1％

B.物塊返回斜面底端時(shí)的速度大小為昆

2

C.物塊與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為』tan。

13

2

D.物塊與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為一tan。

13

【3題答案】

【答案】C

【解析】

【詳解】AB.上滑過程有

12

5=5%（2/。），v0=4Z,-2/0

下滑過程有

5=92（5。-2%）2,巧=4序-22）

聯(lián)立解得

492

v-v

—=1，1i-（）

a243°

所以AB錯(cuò)誤；

CD.根據(jù)牛頓第二定律，上滑過程有

q=gsin。+Rgcos0

a2=gsin夕一〃gcos8

聯(lián)立解得

5八

//=—tan0

所以C正確；D錯(cuò)誤；

故選C。

4.如圖所示，等腰直角三角形abc的三個(gè)頂點(diǎn)處分別有垂直于三角形平面的無限長(zhǎng)直導(dǎo)線，導(dǎo)線中通有方

向向里的恒定電流，P點(diǎn)是兒的中點(diǎn)；若&、法c三處導(dǎo)線中的電流分別為/、21、31,當(dāng)三角形所在空間

加一磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,的勻強(qiáng)磁場(chǎng)后，尸點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0。已知通電長(zhǎng)直導(dǎo)線周圍某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B

/是導(dǎo)線中的電流強(qiáng)度，，?是該點(diǎn)到導(dǎo)線的垂直距離，%是常數(shù)。保持勻強(qiáng)磁場(chǎng)Bo不變，若將長(zhǎng)直

r

導(dǎo)線〃中的電流增大為4/,且方向保持不變，則關(guān)于P點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，下列說法正確的是（）

a

A.Bp=JiBo,方向由「指向c

B.Bp=JiBo,方向由P指向“

C.Bp=24iB。,方向由P指向a

D.坳=2j5&），方向由P指向c

【4題答案】

【答案】B

【解析】

【詳解】由于尸點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0,又通電長(zhǎng)直導(dǎo)線周圍某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度8=左,，根據(jù)安培定則，b、

r

c處導(dǎo)線在P點(diǎn)合磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向由a指向P，a處導(dǎo)線在P點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向由人指向a,當(dāng)長(zhǎng)直導(dǎo)

線b中的電流增大為4/,b、c處導(dǎo)線在P點(diǎn)合磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向由「指向a,大小相等，根據(jù)磁感應(yīng)強(qiáng)度

的疊加可知

Bp-.y/2Bo

方向由P指向a,ACD錯(cuò)誤，B正確。

故選Bo

5.地磁場(chǎng)可以減少宇宙射線中帶電粒子對(duì)地球上生物體的危害。為研究地磁場(chǎng)，某研究小組模擬了一個(gè)地

磁場(chǎng)，如圖所示，模擬地球半徑為R,赤道剖面外地磁場(chǎng)可簡(jiǎn)化為包圍地球、厚度為4、方向垂直該剖面

的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B）,d=2R,磁場(chǎng)邊緣某處（未畫出）有一粒子源，可在赤道平面內(nèi)以不

同速度向各個(gè)方向射入某種帶正電粒子。研究發(fā)現(xiàn)，當(dāng)粒子速度為2丫時(shí)，沿半徑方向射入磁場(chǎng)的粒子恰不

能到達(dá)模擬地球。不計(jì)粒子重力及大氣對(duì)粒子運(yùn)動(dòng)的影響，且不考慮相對(duì)論效應(yīng)。則（）

XV/?

粒子的比荷幺=」二

mBR

C.速度為v的粒子，到達(dá)模擬地球的最短時(shí)間為00=鄴

D.速度為v的粒子，到達(dá)模擬地球的最短時(shí)間為g=乎

3v

【5題答案】

【答案】AD

【解析】

【詳解】AB.如圖所示，設(shè)該粒子軌跡半徑為廣，

IX

根據(jù)幾何關(guān)系有

(/?+r)2=r2+(3/?)2

q-2vB-m-~~—

解得

JV

in2BR

故A正確，B錯(cuò)誤；

CD.速度為v的粒子進(jìn)入磁場(chǎng)有

v2

qvB=tn——

r

則

r'=2R

若要時(shí)間最短，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的弧長(zhǎng)最短，粒子運(yùn)動(dòng)半徑等于大氣層厚度，如圖所示

粒子運(yùn)動(dòng)的圓心角為60°,最短時(shí)間為

_60°2兀m_2TTR

々in-560°

故D正確，C錯(cuò)誤；

故選ADo

6.如圖所示，直流電路中電源電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)阻為r,R、險(xiǎn)為定值電阻，必為滑動(dòng)變阻器，已知R>r。

當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)，電容器兩板間的N點(diǎn)的帶電液滴恰好能保持靜止?，F(xiàn)將滑動(dòng)變阻器滑片向左滑動(dòng)，則下

列說法正確的是（）

Ri7?2

A——A

R?N

E,rSE

Di~---------------------------------------------------

A.電源的總功率減小

B.電源的輸出功率增大

C.液滴向下運(yùn)動(dòng)

D.電容器A板的電勢(shì)降低

【6題答案】

【答案】AC

【解析】

【詳解】A.滑動(dòng)變阻器滑片向左滑動(dòng)，以接入電路的電阻增大，電路總電阻增大，總電流減小，由

P=EI

可知，電源的總功率增大，故A正確;

B.純電阻電路輸出功率

E2￡2

%=LR外%=P

（與卜+力2

R外+亡+2r

K外

知,外電阻與內(nèi)阻越接近，電源輸出功率越大；由R3接入電路的電阻增大，/?!>/?,知R外與內(nèi)阻r差距增

大,所以電源輸出功率減小，故B錯(cuò)誤;

C.%的阻值增大，干路電流/減小，&與電容器串聯(lián)，穩(wěn)定后相當(dāng)于斷路，對(duì)電路無影響，故電容器兩

端電壓相當(dāng)于吊兩端電壓，由

U=IRt

可知，電容器兩端電壓減小，極板間場(chǎng)強(qiáng)

d

故場(chǎng)強(qiáng)減小，液滴受到向上的電場(chǎng)力減小，故液滴向下運(yùn)動(dòng)，故c正確;

D.電源負(fù)極接地，所以A板的電勢(shì)即為&兩端電壓

9A=UR、=

可知A板的電勢(shì)升高，故D錯(cuò)誤。

故選AC。

7.如圖所示，正方形ABC。的四個(gè)頂點(diǎn)各固定一個(gè)點(diǎn)電荷，所帶電荷量分別為+g、+q、-q、-q,E、F、O

分別為AB、￡>C及AC的中點(diǎn)。已知無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，下列說法正確的是（）

A.O點(diǎn)電勢(shì)為零

B.。點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為零

CE點(diǎn)電勢(shì)高于尸點(diǎn)電勢(shì)

D.把電子從0點(diǎn)移向F點(diǎn)，電子的電勢(shì)能增大

【7題答案】

【答案】ACD

【解析】

【詳解】A.因?yàn)榈攘慨惙N電荷中垂線為等勢(shì)線，又無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，所以。點(diǎn)電勢(shì)為零，故A正確；

B.因?yàn)锳C兩點(diǎn)的電荷在。電場(chǎng)強(qiáng)沿著0C方向，而8。兩點(diǎn)的電荷在。電場(chǎng)強(qiáng)沿著0。方向，由場(chǎng)強(qiáng)疊

加原理可知。點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不為零，故B錯(cuò)誤；

C.因?yàn)檎c(diǎn)電荷的電場(chǎng)中電勢(shì)大于零，負(fù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中電勢(shì)小于零，故E點(diǎn)電勢(shì)高于尸點(diǎn)電勢(shì)，故C

正確；

D.把電子從。點(diǎn)移向F點(diǎn)，電勢(shì)降低，則電子的電勢(shì)能增大，故D正確。

故選ACD。

8.如圖所示，一水平傳送帶右端與半徑為R=0.5m的豎直光滑固定圓弧軌道的內(nèi)側(cè)相切于。點(diǎn)，傳送帶以

某一速度順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)?，F(xiàn)將質(zhì)量為〃?=0.2kg的小物塊由靜止放在傳送帶的左端尸點(diǎn)，小物塊隨傳送帶

向右運(yùn)動(dòng)，后經(jīng)。點(diǎn)滑上圓弧軌道，并能通過最高點(diǎn)N。小物塊與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為4=0.5,已

知P、。之間的距離為L(zhǎng)=4m,取g=10m/s2,小物塊可視為質(zhì)點(diǎn)。下列說法正確的是（）

A.傳送帶的最小轉(zhuǎn)動(dòng)速率為w=5m/s

B.若傳送帶以最小速率w轉(zhuǎn)動(dòng)，小物塊從P運(yùn)動(dòng)到Q的時(shí)間r=1.5s

C.若傳送帶以最小速率w轉(zhuǎn)動(dòng)，則整個(gè)過程中小物塊與傳送帶間因摩擦產(chǎn)生的熱量。=5J

D.若傳送帶以最小速率w轉(zhuǎn)動(dòng)，則因傳送小物塊電動(dòng)機(jī)對(duì)傳送帶多做的功力=5J

【8題答案】

【答案】AD

【解析】

【詳解】A.由題意知，傳送帶轉(zhuǎn)動(dòng)速率最小時(shí)，小物塊到達(dá)。點(diǎn)已與傳送帶同速且小物塊剛好能到達(dá)N

點(diǎn)，N點(diǎn)有

mg=m~^

小物塊從。點(diǎn)到N點(diǎn)，由動(dòng)能定理得

聯(lián)立解得

%=5m/s

故A正確；

B.設(shè)小物塊經(jīng)過時(shí)間％加速到與傳送帶同速，則

=ma

%=研

小物塊的位移

12

帶入數(shù)據(jù)可得

xi=2.5m,4=Is

Is后小物塊與傳送帶相對(duì)靜止，勻速到達(dá)Q,設(shè)時(shí)間為

t2=———=0.3s

%

則小物塊從P運(yùn)動(dòng)到。的時(shí)間

t=t1+12=1.3s

故B錯(cuò)誤；

C.傳送帶在乙時(shí)間內(nèi)的位移

%2=咿

根據(jù)題意則有

&C=/一玉

Q=/jmg^x

聯(lián)立解得

Q=2.5J

故C錯(cuò)誤；

D.由能量守恒定律可知，因傳送小物塊電動(dòng)機(jī)對(duì)傳送帶多做的功

W=Q+gmvl

代入數(shù)據(jù)解得

W=5J

故D正確。

故選AD。

二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第9題~第12題為必考題，每道試題考生都必

須作答；第13題~第16題為選考題，考生根據(jù)要求作答。

（-）必考題

9.某實(shí)驗(yàn)小組用如圖甲所示裝置測(cè)當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?。光電門1、2固定在鐵架臺(tái)上，兩光電門分別與數(shù)

字計(jì)時(shí)器連接。

（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)量小球的直徑”，示數(shù)如圖乙所示，則小球直徑為mm。

（2）已知小球重心和兩光電門在同一豎直線上，且兩光電門間距為小，保持〃不變，將小球從光電門1正

上方靜止釋放，測(cè)得通過光電門1和光電門2的擋光時(shí)間力、t2,改變小球的釋放位置重復(fù)實(shí)驗(yàn)多次，作

11

7?一￥圖像，圖線與縱軸的交點(diǎn)為（0,b）,則當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭=。（用題目中相關(guān)物理量的字

Jh

母、符號(hào)表示）。

【9題答案】

【答案】①.2.836~2.838②.—

一20

【解析】

【詳解】（1）［1］螺旋測(cè)微器的讀數(shù)：固定刻度的讀數(shù)+可動(dòng)刻度的讀數(shù)xO.Olmm,即

d=2.5mm+33.6x0.01mm=2.836mm

（2）［2］通過光電門1和光電門2的瞬時(shí)速度為

dd

匕彩

2

根據(jù)自由落體規(guī)律有

為2-V,2=2gh

聯(lián)立可得

1_12gh

W丁

11

根據(jù)；？一萬圖像可得

“2%

T

解得

bd1

g=W

10.電動(dòng)玩具車采用充電電池供電提供動(dòng)力。已知某電動(dòng)玩具車的電池的電動(dòng)勢(shì)約為15V,內(nèi)阻小于30。

0—

~?—

—1|~

乙

（1）現(xiàn)將量程為1.5V、內(nèi)阻約為1k。的直流電壓表改裝為量程為15V的電壓表，將這只電壓表與電阻箱

相連。利用如圖甲所示的電路，先把滑動(dòng)變阻器滑片移到最端，把電阻箱阻值調(diào)到零，再閉合開

關(guān)，把滑動(dòng)變阻器滑片調(diào)到適當(dāng)位置，使電壓表讀數(shù)為L(zhǎng)5V。然后把電阻箱阻值調(diào)到適當(dāng)值，使電壓表讀

數(shù)為V。不再改變電阻箱阻值，保持電壓表和電阻箱串聯(lián)，撤去其他線路，電壓表與電阻箱組合即

構(gòu)成量程為15V的新電壓表。若讀得電阻箱阻值為Ro,則量程為1.5V的電壓表內(nèi)阻為

（2）用圖乙所示的電路來測(cè)量該玩具車電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室提供如下器材：

電阻箱A（阻值范圍0~9999。）

電阻箱B（阻值范圍0~999。）

滑動(dòng)變阻器C（阻值為0?20。，額定電流2A）

滑動(dòng)變阻器D（阻值為0?20kC,額定電流0.2A）

在圖乙所示電路中電阻箱應(yīng)選,滑動(dòng)變阻器應(yīng)選。

（3）用該擴(kuò)大了量程的電壓表（電壓表的表盤沒變），測(cè)電池電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻廠，實(shí)驗(yàn)電路如圖乙所示，

通過觀察表盤讀數(shù)，得到多組電壓。和電流/的值，并作出U-/圖線如圖丙所示，可知電池的電動(dòng)勢(shì)為

V,內(nèi)阻為C。（結(jié)果均保留兩位小數(shù)）

【10題答案】

【答案】①.左②.0.15③.殳@.A⑤.C（6）.14.50?.2.25

9

【解析】

【詳解】（1）[1]利用如圖甲所示的電路，先把滑動(dòng)變阻器滑片移到最左端，讓電壓表電壓從0開始。

⑵現(xiàn)將量程為1.5V、內(nèi)阻約為1k。的直流電壓表改裝為量程為15V的電壓表，其量程擴(kuò)大了10倍，則把

電阻箱阻值調(diào)到適當(dāng)值時(shí)電壓表讀數(shù)為

U=^=—V=0.15V

1010

⑶根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律可得電阻箱的阻值為

一修.——“Ri%

解得

所以若讀得電阻箱阻值為Ro,則量程為1.5V的電壓表內(nèi)阻為與。

（2）[4]現(xiàn)將量程為L(zhǎng)5V、內(nèi)阻約為IkC的直流電壓表改裝為量程為15V的電壓表，電阻箱的阻值約為

9kC,所以在圖乙所示電路中電阻箱應(yīng)選A。

⑶根據(jù)額定電流可知，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選C。

（3）[6]⑺根據(jù)閉合電路歐姆定律有

1010

由圖像可得

三.145一一145―100

10102.0-0

解得

E=14.50V,r=2.25。

11.如圖甲所示，水平放置的足夠長(zhǎng)的固定U形導(dǎo)軌處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小8=2T、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁

場(chǎng)中，導(dǎo)軌寬度L=lm,電阻R=3Q。導(dǎo)體棒"靜置在導(dǎo)軌上，已知其質(zhì)量片1kg,電阻尸4。，與導(dǎo)軌的

動(dòng)摩擦因數(shù)4=0.3,電路中其余部分電阻可忽略不計(jì)。導(dǎo)體棒她在水平外力/作用下，由靜止開始運(yùn)

動(dòng)，7圖像如圖乙所示，取g=10m/s2。求:

（l）r=ls時(shí)，外力尸的大小以及此時(shí)電路的電功率；

92

（2）若已知0?4s時(shí)間段內(nèi)外力F做功一J,則該時(shí)間段內(nèi)電路中產(chǎn)生的焦耳熱為多少?

3

【答案】(1)5N,1W；(2)一J

3

【解析】

【詳解】（1）由題意根據(jù)牛頓第二定律得

F-F^-/umg=ma

其中由圖像得加速度

6?=—=lm/s2

Ar

且由圖像得z=ls時(shí)速度為lm/s,又因?yàn)?/p>

E=BLv

F^=BIL

聯(lián)立解得

F=5N

此時(shí)電路的電功率為

P=EI

解得

P=1W

(2)經(jīng)分析由功能關(guān)系得

12

W=Q+/jmgx+—mvm

由圖像知

%=2m/s

(2+4)。,

x----------x2m=6m

2

解得

12.如圖所示，質(zhì)量M=0.9kg的木板A靜止在粗糙的水平地面上，質(zhì)量機(jī)=lkg、可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊B靜止

放在木板的右端，U0時(shí)刻一質(zhì)量為，〃o=O.lkg的子彈以速度vo=5Om/s水平射入并留在木板A內(nèi)（此過程時(shí)

間極短）。已知物塊B與木板A間的動(dòng)摩擦因數(shù)從=0.20,木板A與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)出=0.30,各接觸

面間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，且物塊始終在木板上。取重力加速度大小g=10m/s2,求：

（1）子彈射入木板過程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能；

（2）子彈"停'’在木板內(nèi)之后瞬間A和B的加速度大小；

（3）最終物塊B停止運(yùn)動(dòng)時(shí)距離木板A右端的距離。

B

【12題答案】

【答案】（1）112.5J；（2）8m/s2,2m/s2；（3）1.125m

【解析】

【詳解】（1）子彈射中木板A的過程動(dòng)量守恒

由能量守恒，子彈射入木板過程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能為

△石=；飛說—；（飛+川）片

解得

W=5m/s,A￡=112.5J

（2）子彈“停”在木板內(nèi)之后瞬間對(duì)B應(yīng)用牛頓第二定律可得

4Mg=maK

對(duì)子彈與A組成的整體應(yīng)用牛頓第二定律可得

乂/ng+4（加+叫+M）=（%+M%

解得

22

aA=8m/s,aR=2m/s

（3）子彈停木板A內(nèi)之后，AB發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，A減速，B加速，設(shè)經(jīng)過時(shí)間;二者共速，有

匕一分4=冊(cè)4

解得

%=0.5s

此時(shí)二者速度

v2=aKt}=lm/s

故此過程A與B相對(duì)地面的位移分別為

12

%A=卬1-5卯1

12

XB-2^1

共速后，因?yàn)閺模肌?,故二者分別做勻減速運(yùn)動(dòng)，對(duì)子彈與A組成的整體應(yīng)用牛頓第二定律可得

生（加+%+M-乂儂=（%+股）以

對(duì)B應(yīng)用牛頓第二定律可得

=maR

解得

22

必-4m/s,aa-2m/s

共速后AB繼續(xù)滑行的距離分別為

xB=---

2aB

故最終物塊B停止運(yùn)動(dòng)時(shí)距離木板A右端的距離為

AX=(XA+XA)—(XB+XB)

聯(lián)立可得

Ar=1.125m

(二)選考題：共45分。請(qǐng)考生從給出的2道物理題中任選一題作答，并用2B鉛筆在答題

卡上把所選題目的題號(hào)涂黑。注意所做題目的題號(hào)必須與所涂題目的題號(hào)-致，在答題卡選答

區(qū)域指定位置答題。如果多做，則每學(xué)科按所做的第一題計(jì)分。

[物理一選修3-3]

13.下列說法正確的是()

A.當(dāng)分子間的引力和斥力平衡時(shí)，分子勢(shì)能最小

B,飽和汽的壓強(qiáng)一定大于非飽和汽的壓強(qiáng)

C.溫度總是從分子平均動(dòng)能大的物體向分子平均動(dòng)能小的物體轉(zhuǎn)移

D.一定量的水蒸發(fā)為同溫度的水蒸氣，吸收的熱量大于其增加的內(nèi)能

E.干濕泡溫度計(jì)的干泡與濕泡的示數(shù)差越小，則相對(duì)濕度越大，人感覺潮濕

【13題答案】

【答案】ADE

【解析】

【詳解】A.當(dāng)分子間的引力和斥力平衡時(shí)，分子力為0,如果分子間距離改變，則都需要克服分子力做功，

所以分子勢(shì)能都增大，則A正確；

B.相同溫度、相同液體，飽和汽的壓強(qiáng)大于末飽和汽的壓強(qiáng)，但不同溫度、液體不一定，故B錯(cuò)誤；

C.熱量總是從高溫物體向低溫物體轉(zhuǎn)移，而且溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，溫度越高分子平均動(dòng)能越

大，所以C錯(cuò)誤；

D.一定量的水蒸發(fā)為同溫度的水蒸氣，體積增大，對(duì)外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，吸收的熱量大

于其增加的內(nèi)能，所以D正確；

E.干濕泡濕度計(jì)的濕泡溫度計(jì)與干泡溫度計(jì)的示數(shù)差距越大，說明濕泡的蒸發(fā)非?？?，空氣的相對(duì)濕度

越小，即水蒸氣的實(shí)際壓強(qiáng)、絕對(duì)濕度離飽和程度越遠(yuǎn)，干濕泡溫度計(jì)的干泡與濕泡的示數(shù)差越小，則相

對(duì)濕度越大，人感覺潮濕，所以E正確；

故選ADEo

14.如圖所示，橫截面積均為S的兩導(dǎo)熱氣缸A、B中裝有同種氣體，通過一段體積可忽略的細(xì)管相連

接，在細(xì)管中間安裝有一個(gè)閥門D,兩氣缸中各有一個(gè)質(zhì)量為根的活塞，氣缸B中的活塞與一個(gè)輕彈簧相

連接。閥門D關(guān)閉時(shí)，輕彈簧處于原長(zhǎng)，氣缸B中氣柱長(zhǎng)度恰為L(zhǎng),氣缸A中的活塞處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，氣

柱長(zhǎng)度為33已知大氣壓強(qiáng)p0=W，彈簧的勁度系數(shù)攵=半，重力加速度為g,活塞可在氣缸內(nèi)無

ijL

摩擦滑動(dòng)且不漏氣?，F(xiàn)將一個(gè)質(zhì)量為，"的重物C輕輕地放到氣缸A中的活塞上，并打開閥門D,保持環(huán)

境溫度不變，待系統(tǒng)穩(wěn)定后，求：

(1)彈簧的形變量；

(2)氣缸A中活塞向下移動(dòng)的距離。

c

s

53L

A

ULABD

m顯

【14題答案】

Q

【答案】(1)L;(2)§L

【解析】

【詳解】(1)未放重物C時(shí)氣缸A中氣體的壓強(qiáng)

Pi=Po+—=2Po

氣缸B中氣體的壓強(qiáng)

，2=%

放上重物C后兩部分氣體混合，壓強(qiáng)為

P=P/^~=3po

J

氣缸B中活塞平衡時(shí)，由平衡條件可得

pS=kx+p0S

解得彈簧的形變量

x=L

（2）兩部分氣體混合后的總長(zhǎng)度設(shè)為y,由玻意耳定律可得

Pi-3LS+p2-LS-p-yS

由幾何關(guān)系知?dú)飧譇中的活塞向下移動(dòng)的距離為

h-3L++x—y

代入整理得

[物理一選修3-4]

15.如圖，實(shí)線是沿x