2023屆山東臨沂市臥龍中學招生全國統(tǒng)一考試高考仿真模擬信息卷

2023屆山東臨沂市臥龍中學招生全國統(tǒng)一考試高考仿真模擬信息卷&押題卷物理試題

（i六）

注意事項

1.考生要認真填寫考場號和座位序號。

2.試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑

色字跡的簽字筆作答。

3.考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、在光滑水平面上靜止著物體A,物體B與一質量不計的彈簧相連并以一定速度與A相碰，如圖所示，則彈簧被壓

縮的過程中

①當彈簧處于最大壓縮狀態(tài)時，兩物體速度相等

②只有A、B速度相等時，系統(tǒng)的動量才守恒

③作用過程中，系統(tǒng)的動量總是守恒的

④A、B速度相等時，系統(tǒng)動能最小

下列選項組，完整、正確的一組是（）

A.①②B.①③④C.①②④D.③④

2、2019年1月3日，嫦娥四號月球探測器平穩(wěn)降落在月球背面南極——艾特肯盆地內的馮?卡門撞擊坑內，震驚了全

世界。嫦娥四號展開的太陽能電池帆板在有光照時，可以將光能轉化為電能，太陽能電池板作為電源，其路端電壓與

干路電流的關系如圖所示，則下列說法正確的是（）

A.該電池板的電動勢為2.80V

B.隨著外電路電阻增大，其內阻逐漸增大

C.外電路阻值為IkC時電源輸出功率約為3.2W

D.外電路阻值為IkQ時電源效率約為36%

3、在人類對微觀世界進行探索的過程中，許多科學家作出了不可磨滅的貢獻，盧瑟福就是杰出代表之一。關于盧瑟福

在物理學上的成就，下列說法正確的是（）

A.a粒子散射實驗的重要發(fā)現是電荷的量子化，并且發(fā)現了中子

B.盧瑟福用a粒子轟擊氮核發(fā)現了質子，核反應方程為；He+；4Nf10+；H

C.盧瑟福根據a粒子散射實驗的結果，提出了原子核的結構模型

D.盧瑟福根據a粒子散射實驗的結果，發(fā)現原子核由質子和中子組成

4、如圖所示，在豎直向下的勻強磁場中有兩根水平放置的平行粗糙金屬導軌Q9、EF,導軌上放有一金屬棒現

從仁0時刻起，給金屬棒通以圖示方向的電流且電流I的大小與時間f成正比，即/=h,其中A為常量，不考慮電流對

勻強磁場的影響，金屬棒與導軌始終垂直且接觸良好.下列關于金屬棒的加速度。、速度y隨時間，變化的關系圖象，

可能正確的是

5、如圖，將a、力兩小球以不同的初速度同時水平拋出，它們均落在水平地面上的P點，。球拋出時的高度較b球的

高，尸點到兩球起拋點的水平距離相等，不計空氣阻力.與b球相比，。球

a

b

P

A.初速度較大

速度變化率較大

落地時速度一定較大

落地時速度方向與其初速度方向的夾角較大

6、有一個變壓器，當輸入電壓為220V時輸出電壓為12V,某同學在實驗過程中發(fā)現此變壓器副線圈燒壞了，于是

他從變壓器上拆掉燒壞的副線圈，用絕緣導線在鐵芯上新繞了5匝線圈作為副線圈（如圖所示），然后將原線圈接到

110V交流電源上，將交流電流表與二二的固定電阻串聯后接在新繞的5匝線圈兩端，這時電流表的示數為5mA。該

同學按理想變壓器分析，求出了該變壓器副線圈的匝數。你認為該變壓器原來的副線圈匝數應為（）

A.2200B.1100C.60D.30

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、關于固體、液體、氣體和物態(tài)變化，下列說法中正確的是?

A.液體表面存在著張力是因為液體表面層分子間的距離大于液體內部分子間的距離

B.一定質量的某種理想氣體狀態(tài)改變時，內能必定改變

c.0°c的鐵和0°c的冰，它們的分子平均動能相同

D.晶體一定具有規(guī)則形狀，且有各向異性的特征

E.擴散現象在液體和固體中都能發(fā)生，且溫度越高，擴散進行得越快

8、如圖所示，在光滑絕緣水平面上，4、8和C為等邊三角形48c的頂點，4、8固定正點電荷+。，C固定負點電荷

-Q,E是4、3連線上的兩點，KAD=DE=EB.貝！|()

4.+。

用\

?*

V\

BL................\C

+Q-Q

A.。點和E點的電場強度大小相等

B.。點和E點的電場強度方向相同

C.。點和E點的電勢相等

D.將負電荷從。點移到E點，電勢能增加

9、如圖所示，空中飛椅在水平面內做勻速圓周運動，飛椅和人的質量為"?，運動半徑為K,角速度大小為0,鋼繩與

豎直方向的夾角為伍不計空氣阻力，重力加速度為g。下列說法正確的是

A.運動周期為R

2萬

B.線速度大小為。/?

C.鋼繩拉力的大小為

D.角速度，與夾角的關系為

10、如圖所示，正方形abed區(qū)域內存在垂直紙面向里的勻強磁場，甲、乙兩帶電粒子從a點沿與ab成30。角的方向

垂直射入磁場.甲粒子垂直于be邊離開磁場，乙粒子從ad邊的中點離開磁場.已知甲、乙兩a帶電粒子的電荷量之

比為1:2,質量之比為1:2,不計粒子重力.以下判斷正確的是

A.甲粒子帶負電，乙粒子帶正電

B.甲粒子的動能是乙粒子動能的16倍

C.甲粒子所受洛倫茲力是乙粒子所受洛倫茲力的2百倍

D.甲粒子在磁場中的運動時間是乙粒子在磁場中運動時間的,倍

4

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.(6分)某同學為了測量一根鉛筆芯的電阻率，設計了如圖所示的電路測量該鉛筆芯的電阻值.所用器材有電流表

A-A2,電阻箱飛、滑動變阻器&、待測鉛筆芯尺.、電源E、開關S及導線等.操作步驟如下：調節(jié)滑動變阻器

和電阻箱的阻值達到最大；閉合開關，適當調節(jié)滑動變阻器和電阻箱的阻值：記錄兩個電流表A-A2的示數分別為

/］、，2，

請回答以下問題：

(D若電流的內阻可忽略.則電流表示數八=L時，電阻箱的阻值等于待測筆芯的電阻值.

(2)用螺旋測微器測量該筆芯的直徑，螺旋測微器的示數如圖所示，該筆芯的直徑為mm.

(3)已測得該筆芯的長度L=20.00cm,電阻箱R1的讀數為5.00Q,根據上面測量的數據可計算出筆芯的電阻率

P=Qm.(結果保留3位有效數字)

(4)若電流表A2的內阻不能忽略，仍利用(I)中方法，則筆芯電阻的測量值______真實值(填“大于”“小于”或“等

于

待測筆芯凡

12.（12分）如圖甲所示裝置，可以進行以下實驗:

4“研究勻變速直線運動”

氏“驗證牛頓第二定律”

C.“研究合外力做功和物體動能變化關系

（1）在A、B、C這三個實驗中，需要平衡摩擦阻力.

（2）已知小車的質量為M,盤和祛碼的總質量為且將，〃g視為細繩對小車的拉力；為此需要滿足/〃<<M.前述A、

B、C三個實驗中，不需要滿足此要求.

（3）如果用此裝置做“研究合外力做功和物體動能變化關系這個實驗，由此可求得如圖乙紙帶上由0點到D點所對應的

運動過程中，盤和祛碼受到的重力所做功的表達式卬=,該小車動能改變量的表達式/=.由于實驗

中存在系統(tǒng)誤差，所以W.出.（選填“小于”、“等于，，或“大于，，）.

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，I、m區(qū)域（足夠大）存在著垂直紙面向外的勻強磁場，虛線MN、尸。分別為磁場區(qū)域邊界,

在n區(qū)域內存在著垂直紙面向里的半徑為R的圓形勻強磁場區(qū)域，磁場邊界恰好與邊界MN、尸。相切，S、7為切點,

4、C為虛線MN上的兩點，且AS=CS=GR,有一帶正電的粒子以速度V沿與邊界成30。角的方向從C點垂直磁場

進入I區(qū)域，隨后從A點進入n區(qū)域，一段時間后粒子能回到出發(fā)點，并最終做周期性運動，已知n區(qū)域內磁場的磁

感應強度慶為I區(qū)域內磁場的磁感應強度助的6倍，m區(qū)域與I區(qū)域磁場的磁感應強度相等，不計粒子的重力。求:

(1)粒子第一次進入II區(qū)域后在n區(qū)域中轉過的圓心角；

(2)粒子從開始運動到第一次回到出發(fā)點所經歷的總時間。

14.(16分)某日清晨，中國海監(jiān)船在執(zhí)行東海定期維權巡航執(zhí)法過程中，發(fā)現從事非法調查作業(yè)活動的某船只位于

圖甲中的A處，預計在80秒的時間內將到達圖甲的C處，我國海監(jiān)執(zhí)法人員立即調整好航向，沿直線8c從靜止出

發(fā)恰好在運動了80秒時到達C處，而此時該非法船只也恰好到達C處，我國海監(jiān)部門立即對非法船只進行了驅趕.非

法船只一直做勻速直線運動且AC與8c距離相等，我國海監(jiān)船運動的v-t圖象如圖乙所示。

⑴求非法船只的速度大小；

(2)若海監(jiān)船加速與減速過程的加速度大小不變，海監(jiān)船從8處由靜止開始若以最短時間準確停在C點，需要加速的時

間為多少？

15.(12分)從兩個波源發(fā)出的兩列振幅相同、頻率均為5Hz的簡諧橫波，分別沿x軸正、負方向傳播，在某一時刻

到達A、B點，如圖中實線、虛線所示.兩列波的波速均為10m/s.求

(i)質點P、O開始振動的時刻之差；

(ii)再經過半個周期后，兩列波在x=lm和x=5m之間引起的合振動振幅極大和極小的質點的x坐標.

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1,B

【解析】

當彈簧接觸A后，A做加速運動，B做減速運動，當兩物體速度相等時彈簧處于最大壓縮狀態(tài)，則①正確；當AB相

互作用過程中，系統(tǒng)受合外力為零，則系統(tǒng)的動量守恒，則②錯誤，③正確；A、B速度相等時，彈簧彈性勢能最大,

此時系統(tǒng)動能最小，則④正確；

A.①②，與結論不相符，選項A錯誤；

B.①③④，與結論相符，選項B正確；

C.①②④，與結論不相符，選項C錯誤；

D.③④，與結論不相符，選項D錯誤；

故選B。

2,A

【解析】

A.電源的路端電壓與干路電流的關系圖像中，圖線與縱軸的交點表示電動勢，所以由圖可知該電池板的電動勢為2.

80V,A正確。

B.隨著外電路電阻增大，干路電流不斷減小，由閉合電路歐姆定律七=。+〃可知內阻

E-U

如圖所示,

A

5<

外電路電阻R|>&,阻的伏安特性曲線與原路端電壓與干路電流的圖線分別交于尸1、尸2,則

E-U1

指的是E與Pi的斜率,

指的是E與P2連線的斜率，可知弓〈弓，B錯誤。

C.在原圖中作出阻值為IkC的電阻的伏安特性曲線，如下圖所示

與原圖交于(1.8V,1.8mA),此交點即表示電阻的實際狀態(tài)，所以電源輸出功率約為

1.78Vx1.78mA*3.2xIO-3W

故C錯誤。

D.此時電源的效率

故D錯誤。

故選Ao

3、B

【解析】

AC.盧瑟福根據C粒子散射實驗的結果，提出了原子的核式結構模型，中子是查德威克發(fā)現的，故AC錯誤；

B.盧瑟福用a粒子轟擊氮核，發(fā)現了質子，核反應方程為；He+；4Nf?O+：H,故B正確；

D.a粒子散射實驗不能說明原子核內存在中子和質子，故D錯誤。

故選B。

4,D

【解析】

AB、由題，棒中通入的電流與時間成正比，I=kt,棒將受到安培力作用，當安培力大于最大靜摩擦力時，棒才開始運

動，根據牛頓第二定律得：F-f=ma,而F=BIL,I=kt,得到BkL?t-f=ma,可見，a隨t的變化均勻增大。當t=0時，

f=-ma,根據數學知識可知AB錯誤，故AB錯誤。

CD、速度圖象的斜率等于加速度，a增大，則v-t圖象的斜率增大。故C錯誤，D正確。

故選D。

5、D

【解析】

11

A.由/7=]g廠可得，高度越高，下落時間越大，由％=比可知，兩球水平位移相同，但是8求運動時間短，故6球初

速度較大，A錯誤；

B.速度變化率即表示加速度，兩球加速度相同，故速度變化率相同，B錯誤；

C.a球的水平速度小于b球，故落地時雖然豎直分速度大于分球，但是合速度不一定大于占球，C錯誤；

D.由tanO=8,a球落地時間f大，但是D小，故a球的tan。一定大于b球，即a球落地時速度方向與其初速度方

v

向的夾角較大，D正確；

故選D。

6、C

【解析】

由題意可知當新繞5匝線圈后，原線圈接到110V交流電源上，新繞線圈電流為5mA,則新繞線圈的電壓為

口；=(3口==

根據原副線圈電壓值比等于匝數比可知

口，口,

5r百

可得原線圈的匝數為

二.二L]=x,匝「匝

口，9J

又因為當副線圈沒有損壞輸入電壓為220V時輸出電壓為12V,可得

可得該變壓器原來的副線圈匝數應為

二廣亭=三等匝一匝

故C正確，ABD錯誤。

故選C。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、ACE

【解析】

A.由于液體表面分子間距大于內部分子間距，故表面處表現為引力，故A正確；

B.一定質量理想氣體的內能由溫度決定，狀態(tài)變化時溫度可能不變，內能也就可能不變，故B錯誤；

C.因為溫度是分子平均動能的標志，溫度相同，則分子平均動能相同，故C正確；

D.晶體分單晶體和多晶體，只有單晶體具有規(guī)則形狀，某些性質表現出各向異性，而多晶體沒有規(guī)則形狀，表現出

各向同性，故D錯誤；

E.氣體、液體和固體物質的分子都在做無規(guī)則運動，所以擴散現象在這三種狀態(tài)的物質中都能夠進行，且溫度越高,

擴散進行得越快，故E正確。

故選ACE.

8、AC

【解析】

AB.。、E兩點電場，是4、8兩正點電荷的電場與C點的負點電荷的電場的疊加。A、8兩正點電荷在。點和E點

的合場強大小相等，方向相反，C點的負點電荷在。點和E點的場強大小相等，方向不同，所以，。點和E點的合場

強大小相等，方向不同，A正確，B錯誤；

C.。點和E點在-Q的等勢面上，同時關于兩正點電荷對稱，所以。點和E點的電勢相等，C正確；

D.根據電勢能的計算公式

Ep=q(p

可知負電荷在。點和E點的電勢能相同，D錯誤。

故選AC。

9、BD

【解析】

A.運動的周期：

(D

A錯誤；

B.根據線速度和角速度的關系：

v-(oR

B正確；

CD.對飛椅和人受力分析：

T

根據力的合成可知繩子的拉力:

7=巨

COS。

根據牛頓第二定律：

mgtan0=mco~R

化解得：gtdt\0=arR,C錯誤，D正確。

故選BD?

10,CD

【解析】

根據粒子運動軌跡，應用左手定則可以判斷出粒子的電性；粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，根

據題意求出粒子軌道半徑關系，然后應用牛頓第二定律求出粒子的速度然后分析答題；根據粒子做圓周運動的周期公

式與粒子轉過的圓心角求出粒子的運動時間.

【詳解】

由甲粒子垂直于be邊離開磁場可知，甲粒子向上偏轉，所以甲粒子帶正電，由粒子從ad邊的中點離開磁場可知，乙

粒子向下偏轉，所以乙粒子帶負電，故A錯誤；由幾何關系可知，R甲=2L,乙粒子在磁場中偏轉的弦切角為60。，弦

長為工，所以：—=2R2.8^60°,解得：Rz,=-^-L,由牛頓第二定律得：qvB=m—,動能：EK=,

226r22m

所以甲粒子的動能是乙粒子動能的24倍，故B錯誤；由牛頓第二定律得：qvB=mE,解得：v=迎,洛倫茲力：

rm

f=qvB=Q"，即4=2百，故C正確；由幾何關系可知，甲粒子的圓心角為30。，由B分析可得，乙粒子的圓心

m7乙

a271m

角為120。，粒子在磁場中的運動時間：t=——T,粒子做圓周運動的周期：T-可知，甲粒子在磁場中的運動

27qB

時間是乙粒子在磁場中運動時間的1/4倍，故D正確..

【點睛】

題考查帶電粒子在勻強磁場中的運動，要掌握住半徑公式、周期公式，畫出粒子的運動軌跡后，利用洛倫茲力提供向

心力，結合幾何關系進行求解；運用粒子在磁場中轉過的圓心角，結合周期公式，求解粒子在磁場中運動的時間.

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、-1.0001.96x10-7小于

2

【解析】

若電阻箱的阻值等于待測筆芯的電阻值，則兩條支路的電流相等，所以：

(2)[2]主尺上的刻度為0.5mm,副尺上的刻度為50格，所以讀數為:

d=0.5inm+0.01mmx50=l.(XX)rnm

⑶⑶鉛筆芯的橫截面積：

R=R、

帶入電阻定律R搟得:

RS%Rd?

帶入數據得：

p=1.96x107Q?m

(4)⑷若電流表A2的內阻不能忽略，則筆芯電阻的測量值為4,真實值為4+R%，則筆芯電阻的測量值小于真實值.

12、BCAmgs."G?)2大于

8T2

【解析】

根據實驗原理與實驗注意事項分析答題.由勻變速直線運動的推論求出打D點的速度，然后根據重力勢能與動能的計

算公式分析答題.

【詳解】

:(1)在A、B、C這三個實驗中，“驗證牛頓第二定律”、“研究合外力做功和物體動能變化關系，都需要平衡摩擦阻

力；

故選BC.

(2)已知小車的質量為M,盤和祛碼的總質量為且將”電視為細繩對小車的拉力.為此需要滿足加.前述4、

6、C三個實驗中，實驗A只需要小車做勻加速運動即可，不需要滿足此要求；

故選A.

（3）紙帶上由0點到D點所對應的運動過程中，盤和祛碼受到的重力所做功的表達式：W=mgs,；

打。點時的速度：匕＞=9薩，

則小車動能的改變量：E,='加（上匚包）2=乂0-：了.

k22T8T2

由于實驗中存在系統(tǒng)誤差，所以盤和祛碼受到的重力所做功W大于小車動能的增量Ek.

故答案為（1）BC（2）A（3）加目4；絲，2；大于

【點睛】

此題涉及到三個高中物理的重要實驗，基本裝置都相同，只是實驗的原理及目的不同；關鍵是弄清每個實驗的原理及

操作的方法、注意事項等問題，做到融會貫通不混淆.

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、（l）120°（2）T=處后述+如

9vv

【解析】

⑴粒子的運動軌跡如圖所示，由幾何關系得NQCS=60°,

半徑

R=3二2限

1cos60

粒子轉過的圓心角為

4=300

粒子從A點進入II區(qū)域，先做勻速直線運動，且速度延長線剛好過n區(qū)域圓形磁場的圓心。，接著在磁場中做圓周運

動，離開時速度方向的反向延長線仍然過圓心。

設軌跡半徑為由牛頓運動定律知

V

qvB)=m—

與

得

凡=叱

■咨

故

&_曳

KB2

即

RR

-3

連接Q。，得

%

---1\

tanZO2OA---

得

N。20A=30°

故此粒子第一次進入II區(qū)域后在II區(qū)域轉過的圓心角為

02=(90°-ZO2OA)X2=120°

⑵粒子進入ID區(qū)域時，速度方向仍與邊界PQ成30。角，故此粒子的軌跡圖左右對稱，上下對稱，粒子在一個周期內,

在I、ni區(qū)域總共要經歷兩次圓周運動過程，每次轉過的圓心角均為q=300°

所用總時間為

20岳R

%=2x------Lx

v360°3v

在n區(qū)域要經歷兩次圓周運動過程，每次轉過的圓心角均為“=120,所用時間