2023-2024年湖北省重點(diǎn)高中智學(xué)聯(lián)盟高二上學(xué)期12月聯(lián)考物理試卷（解析版）

湖北省重點(diǎn)高中智學(xué)聯(lián)盟2023年秋季高二年級(jí)12月聯(lián)考物理試題一、選擇題1.下面為教材中的四副插圖，下列關(guān)于這幾幅圖說法正確的是（）A.圖甲為庫(kù)侖扭秤裝置，庫(kù)侖通過此實(shí)驗(yàn)裝置研究得出電荷之間的靜電力與其之間距離成反比關(guān)系B.圖乙為小磁針在通電導(dǎo)線下發(fā)生偏轉(zhuǎn)，表明電流具有磁效應(yīng)，法拉第最先發(fā)現(xiàn)電流的磁效應(yīng)C.圖丙是研究安培力方向與磁場(chǎng)方向關(guān)系演示實(shí)驗(yàn)，表明通電導(dǎo)線所受的安培力可能與磁場(chǎng)方向垂直D.圖丁為回旋加速器裝置，僅增大形盒半徑，則粒子能夠獲得的最大速度增大【答案】D【解析】庫(kù)侖通過此實(shí)驗(yàn)裝置研究得出電荷之間的靜電力與其之間距離平方成反比關(guān)系，故A錯(cuò)誤；小磁針在通電導(dǎo)線下發(fā)生偏轉(zhuǎn)，表明電流具有磁效應(yīng)，奧斯特最先發(fā)現(xiàn)電流的磁效應(yīng)，故B錯(cuò)誤；研究安培力方向與磁場(chǎng)方向關(guān)系演示實(shí)驗(yàn)，表明通電導(dǎo)線所受的安培力一定與磁場(chǎng)方向垂直，故C錯(cuò)誤；回旋加速器裝置，洛倫茲力提供向心力，則，可得，僅增大形盒半徑，則粒子能夠獲得的最大速度增大，故D正確。故選D。2.年月日，國(guó)產(chǎn)轎車在清華大學(xué)汽車工程研究所進(jìn)行的整車安全性碰撞試驗(yàn)取得成功，被譽(yù)為“中國(guó)轎車第一撞”。從此，我國(guó)汽車的整車安全性碰撞試驗(yàn)開始與國(guó)際接軌。當(dāng)一輛質(zhì)量為的汽車以左右的速度撞向剛性壁障時(shí)，撞擊使汽車的動(dòng)量在內(nèi)減為零，則該過程，汽車所受到的平均沖擊力約為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】根據(jù)動(dòng)量定理可得，解得，故選A。3.如圖所示，帶等量異種電荷的、小球通過絕緣細(xì)線懸掛于勻強(qiáng)電場(chǎng)中處于靜止，細(xì)線與豎直方向夾角相等，小球、在同一高度，設(shè)小球的質(zhì)量為，的質(zhì)量為，則下列說法正確的是（）A.小球帶負(fù)電、小球帶正電，且 B.小球帶負(fù)電、小球帶正電，且C.小球帶正電、小球帶負(fù)電，且 D.小球帶正電、小球帶負(fù)電，且【答案】B【解析】根據(jù)圖示兩小球的偏轉(zhuǎn)方向可知，小球帶負(fù)電、小球帶正電；設(shè)懸掛小球的細(xì)線與豎直方向的夾角為，根據(jù)受力平衡有，整理得，同理，對(duì)于小球有，已知兩小球帶等量異種電荷，所以，故選B。4.如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)中通電導(dǎo)線中邊與磁場(chǎng)方向平行，邊與磁場(chǎng)方向垂直，線段、長(zhǎng)度相等，通電導(dǎo)線所受的安培力大小為?，F(xiàn)將通電導(dǎo)線以為軸逆時(shí)針（俯視看）旋轉(zhuǎn)，則此時(shí)導(dǎo)線所受到的安培力大小為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】根據(jù)題意，設(shè)通電導(dǎo)線中電流大小為，導(dǎo)線長(zhǎng)度，由圖可知，垂直磁場(chǎng)方向，平行磁場(chǎng)方向，導(dǎo)線所受到的安培力大小，將通電導(dǎo)線以軸逆時(shí)針（俯視看）旋轉(zhuǎn)后，順著磁場(chǎng)方向看，如圖所示，此時(shí)，導(dǎo)線的有效長(zhǎng)度為，導(dǎo)線所受到的安培力大小，故選B。5.磁流體發(fā)電是一項(xiàng)新興技術(shù)，其發(fā)電原理如圖所示，平行金屬板之間有方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，金屬板間距為，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為。將一束含有大量正、負(fù)帶電離子的等離子體，沿圖中所示方向以一定的速度噴入磁場(chǎng)，把兩個(gè)極板與一個(gè)小型電動(dòng)機(jī)相連，開關(guān)閉合，小型電動(dòng)機(jī)正常工作，電動(dòng)機(jī)兩端電壓為，通過電動(dòng)機(jī)電流為，已知磁流體發(fā)電機(jī)的等效內(nèi)阻為，則以下判斷正確的（）A.流過電動(dòng)機(jī)的電流方向是 B.磁流體發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)大小為C.等離子體射入磁場(chǎng)的速度大小 D.電動(dòng)機(jī)正常工作的發(fā)熱功率為【答案】C【解析】含有大量正、負(fù)帶電離子的等離子體進(jìn)入磁場(chǎng)，根據(jù)左手定則，正離子向上偏，打在上極板上，負(fù)離子向下偏，打在下極板上，所以流過電動(dòng)機(jī)的電流方向是，故A錯(cuò)誤；根據(jù)閉合歐姆定律可得，磁流體發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)大小為，故B錯(cuò)誤；根據(jù)洛倫茲力等于電場(chǎng)力有可得，等離子體射入磁場(chǎng)的速度大小為，故C正確；題中的為磁流體發(fā)電機(jī)的等效內(nèi)阻，并非為電動(dòng)機(jī)的線圈內(nèi)阻，則電動(dòng)機(jī)正常工作的發(fā)熱功率未必等于。由于題中條件不足，電動(dòng)機(jī)正常工作的發(fā)熱功率無法確定，故D錯(cuò)誤。故選C。6.通電直導(dǎo)線在周圍某點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度（其中為比例常數(shù)，為通過導(dǎo)線的電流，為該點(diǎn)與導(dǎo)線的距離）?，F(xiàn)有兩根相互平行長(zhǎng)直導(dǎo)線固定于、兩點(diǎn)，導(dǎo)線中分別通以方向垂直紙面向里的電流、，且。規(guī)定垂直、連線向下為磁感應(yīng)強(qiáng)度的正方向，則下列圖像中能夠反映、連線上的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨的變化規(guī)律的圖像是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】根據(jù)安培定則可知，固定于處的通電直導(dǎo)線在連線上的磁場(chǎng)方向豎直向下，而固定于處的通電導(dǎo)線在連線上的磁場(chǎng)豎直向上，而規(guī)定垂直、連線向下為磁感應(yīng)強(qiáng)度的正方向，則可知，、連線上的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨的變化規(guī)律的圖像應(yīng)在軸上方和下方都有圖像，且在其連線上必有磁感應(yīng)強(qiáng)度等于的點(diǎn)，即圖像必與軸有交點(diǎn)，故AB錯(cuò)誤；根據(jù)磁場(chǎng)應(yīng)強(qiáng)度的矢量合成法則，設(shè)兩點(diǎn)間的距離為，設(shè)距處右側(cè)為的位置磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，此位置距的距離為，則有，根據(jù)通電直導(dǎo)線在某點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)的計(jì)算公式可得，解得，則可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)距離處的直導(dǎo)線更近，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。7.如圖所示，實(shí)線為一未知電場(chǎng)的一條電場(chǎng)線或等勢(shì)線，虛線為一帶正電粒子在只受電場(chǎng)力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡，粒子在、兩點(diǎn)的電勢(shì)能分別為、，粒子在、兩點(diǎn)的加速度分別為、，則下列說法正確的是（）A.若實(shí)線為點(diǎn)電荷電場(chǎng)的一條電場(chǎng)線，則B.若實(shí)線為等量異種電荷形成電場(chǎng)一條等勢(shì)線，則C.若實(shí)線為勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線，則D.若實(shí)線為勻強(qiáng)電場(chǎng)的等勢(shì)線，則【答案】D【解析】若實(shí)線為點(diǎn)電荷電場(chǎng)的一條電場(chǎng)線，由于不清楚點(diǎn)電荷的電性，所以無法確定點(diǎn)電荷靠近點(diǎn)還是點(diǎn)，所以無法確定的大小，A錯(cuò)誤；若實(shí)線為等量異種電荷形成電場(chǎng)的一條等勢(shì)線，等量異種電荷關(guān)于對(duì)稱，若等量異種電荷靠近端，點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，則，若等量異種電荷靠近端，點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，則，B錯(cuò)誤；若實(shí)線為勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線，從到電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，所以，C錯(cuò)誤；若實(shí)線為勻強(qiáng)電場(chǎng)等勢(shì)線，從到電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減少，所以，D正確。故選D。8.如圖所示，盛水的容器中有同樣大小的金屬球與木球通過細(xì)線相連，恰好懸浮靜止在水下，金屬球與木球的密度大小之比為，現(xiàn)輕輕剪短細(xì)線，金屬球下沉、木球上浮，忽略細(xì)線對(duì)小球運(yùn)動(dòng)的影響以及球運(yùn)動(dòng)過程中受到的阻力，在木球上浮過程且鐵球未沉入底部，以下說法正確的是（）A.金屬球與木球的組成的系統(tǒng)動(dòng)量和始終為零 B.金屬球與木球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒C.金屬球與木球的速度大小之比為 D.金屬球與木球的動(dòng)能大小之比為【答案】AD【解析】由于初始時(shí)兩球恰好靜止，則剪斷細(xì)線后以兩個(gè)球?yàn)檠芯繉?duì)象，所受合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由于初動(dòng)量為零，金屬球與木球的組成的系統(tǒng)動(dòng)量和始終為零，則故A正確；設(shè)兩球體積均為，恰好懸浮靜止在水下，則有，又有，解得，，輕輕剪短細(xì)線后有，，解得，，則由可得，速度之比為，則可知相同時(shí)間兩球位移大小不同，由于兩球浮力相同，則由可知外力對(duì)兩球做功正負(fù)大小不同，外力做正功更多，則機(jī)械能不守恒，由可得，故BC錯(cuò)誤，D正確。故選AD。9.如圖所示電路，電源電動(dòng)勢(shì)為，內(nèi)阻為，為一段金屬絲，此時(shí)電阻值為，現(xiàn)將金屬絲緩慢均勻拉長(zhǎng)為原來長(zhǎng)度的倍，則下列說法正確的是（）A.金屬絲拉伸前后金屬絲的電阻值大小之比B.金屬絲拉伸前后金屬絲兩端電壓大小之比C.金屬絲拉伸過程中，電源的總功率逐漸增大D.金屬絲拉伸過程中，金屬絲的電功率先增大后減小【答案】AD【解析】將金屬絲緩慢均勻拉長(zhǎng)為原來長(zhǎng)度的倍，則金屬絲橫截面積變?yōu)樵瓉淼?，根?jù)電阻定律，可得金屬絲拉伸前后金屬絲的電阻值大小之比為，故A正確；金屬絲兩端的電壓為，金屬絲拉伸前后金屬絲兩端電壓大小之比，故B錯(cuò)誤；電源的總功率為，金屬絲拉伸過程中，金屬絲的電阻不斷增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得，回路中電流不斷減小，電源的總功率逐漸減小，故C錯(cuò)誤；金屬絲拉伸過程中，金屬絲的電阻由變?yōu)?，根?jù)電源的輸出功率與外電路電阻的關(guān)系可得，電源的輸出功率先增大后減小，即金屬絲的電功率先增大后減小，故D正確。故選AD。10.如圖所示，坐標(biāo)平面在豎直平面內(nèi)，軸沿水平方向，軸沿豎直方向；軸下方為垂直正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)與勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電場(chǎng)方向與軸負(fù)方向夾角為，磁場(chǎng)方向垂直平面向里?，F(xiàn)將一個(gè)質(zhì)量為、電荷量為的帶正電小球從軸正半軸上距點(diǎn)處?kù)o止釋放，小球從點(diǎn)進(jìn)入電磁場(chǎng)區(qū)域，恰好做直線運(yùn)動(dòng)；第二次將這個(gè)小球從軸上距點(diǎn)處由靜止釋放，從點(diǎn)進(jìn)入電磁場(chǎng)區(qū)域后做曲線運(yùn)動(dòng)，點(diǎn)為小球的運(yùn)動(dòng)軌跡上距離軸最遠(yuǎn)的點(diǎn)，已知電場(chǎng)強(qiáng)度，重力加速度為，以下說法正確的是（）A.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.第二次釋放小球進(jìn)入電磁場(chǎng)區(qū)域后做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)C.點(diǎn)與點(diǎn)水平間距為D.點(diǎn)與點(diǎn)豎直間距可能為【答案】AC【解析】根據(jù)題意，當(dāng)帶正電小球從軸正半軸上距點(diǎn)處?kù)o止釋放，小球從點(diǎn)進(jìn)入電磁場(chǎng)區(qū)域，恰好做直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)帶電小球從點(diǎn)進(jìn)入時(shí)的速度為，而電場(chǎng)力，則可知電場(chǎng)力與重力的合力大小與洛倫茲力大小相等，方向相反，其受力分析如圖所示，則根據(jù)平衡條件有，根據(jù)機(jī)械能守恒有，解得，聯(lián)立解得，故A正確；帶電小球第二次從點(diǎn)進(jìn)入時(shí)，設(shè)其速度為，由機(jī)械能守恒有，解得，由于電場(chǎng)力與重力的合力，且其方向水平向左，則當(dāng)帶電小球第二次從電進(jìn)入后可將其運(yùn)動(dòng)分解成沿著軸負(fù)方向，速度大小為的勻速直線運(yùn)動(dòng)和逆時(shí)針方向速度大小為的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，顯然，第二次釋放小球進(jìn)入電磁場(chǎng)區(qū)域后不可能做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；在軸下方，電場(chǎng)力豎直分量與重力平衡，速度豎直分量的變化全部由洛倫茲力的豎直分量引起，設(shè)小球在其運(yùn)動(dòng)軌跡上離軸最遠(yuǎn)點(diǎn)的點(diǎn)處速度為，方向豎直向上，取豎直向上為正方向，則在軸方向應(yīng)用動(dòng)量定理有，該過程中，由于電場(chǎng)力豎直分量與重力平衡，則只有電場(chǎng)力水平向左的分量做功，則由動(dòng)能定理有，聯(lián)立以上各式解得，故C正確；設(shè)速度豎直分量變?yōu)闀r(shí)的速度大小為，在方向應(yīng)用動(dòng)量定理有，解得，對(duì)該過程由動(dòng)能定理有，解得，該過程中，在方向由動(dòng)量定理有，即，當(dāng)水平方向的速度在洛倫茲力的作用下變?yōu)闀r(shí)，到達(dá)點(diǎn)時(shí)只有豎直方向的速度，對(duì)該過程，在方向由動(dòng)量定理有，即，聯(lián)立可得，解得，結(jié)合中分析，帶電小球的運(yùn)動(dòng)可分解為逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，速度大小為的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則其到達(dá)點(diǎn)時(shí)的時(shí)間，解得，故D錯(cuò)誤。故選AC。二、非選擇題11.某同學(xué)用如圖所示的簡(jiǎn)易裝置驗(yàn)證兩金屬滑塊碰撞前后的動(dòng)量守恒，實(shí)驗(yàn)操作步驟如下：①按照?qǐng)D示，安裝固定軌道。②將金屬塊從傾斜軌道某一位置由靜止釋放，金屬塊滑行至點(diǎn)停止運(yùn)動(dòng)。③將涂有黏性物質(zhì)的同種材質(zhì)的金屬塊放在水平軌道合適位置，并標(biāo)記此位置為點(diǎn)。④將金屬塊從傾斜軌道同一位置由靜止釋放，、金屬塊在點(diǎn)處碰撞后粘在一起，滑行至點(diǎn)處停止運(yùn)動(dòng)。⑤重復(fù)以上步驟，多次實(shí)驗(yàn)。請(qǐng)完成下列問題：（1）實(shí)驗(yàn)測(cè)得點(diǎn)與、的距離分別為、，若金屬塊與軌道的動(dòng)摩擦因數(shù)用表示，重力加速度用表示，則金屬塊與碰撞前速度大小為__________，金屬塊與碰撞后的共同速度大小為__________。（2）實(shí)驗(yàn)測(cè)得、物塊的質(zhì)量為、，若、碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，則__________（用題目中出現(xiàn)的字母表示）（3）本實(shí)驗(yàn)中，金屬塊的質(zhì)量__________（填“需要”或“不需要”）大于金屬塊的質(zhì)量?！敬鸢浮浚?），；（2）；（3）不需要【解析】（1）[1]根據(jù)能量守恒可得，解得；[2]、金屬塊在點(diǎn)處碰撞后粘在一起，滑行至點(diǎn)處停止運(yùn)動(dòng)，根據(jù)能量守恒，可得，解得；（2）[3]、碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，所以，解得；（3）[4]因?yàn)榘l(fā)生的是完全非彈性碰撞，所以不需要的質(zhì)量大于的質(zhì)量。12.實(shí)驗(yàn)室有一段圓柱形金屬導(dǎo)體，常溫下阻值約為，某物理興趣小組通過實(shí)驗(yàn)測(cè)量該金屬材料在常溫下的電阻率。實(shí)驗(yàn)室提供了以下器材：A．電源：電動(dòng)勢(shì)為，內(nèi)阻較小B．電壓表：量程為，內(nèi)阻約為C．電流表：量程，內(nèi)阻為D．電流表：量程，內(nèi)阻約為E．定值電阻：阻值為F．滑動(dòng)變阻器：，額定電流為（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)量出該金屬導(dǎo)體橫截面直徑的示數(shù)如圖甲所示，則該電阻絲的直徑__________。（2）為盡可能準(zhǔn)確測(cè)量導(dǎo)體的電阻，該小組同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖乙所示的電路，請(qǐng)?jiān)谔摼€框中完成電路圖。（電路圖需標(biāo)明各器材代碼）__________（3）在開關(guān)閉合之前，為了電路安全，應(yīng)該將滑動(dòng)變阻器滑片調(diào)至__________位置（填“”或“”）。（4）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的電阻值，測(cè)量多組電壓表與電流表示數(shù)，記錄好繪制的表格中，并在坐標(biāo)系中畫出的圖線如圖丙所示，則該導(dǎo)體的電阻為__________。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）（5）關(guān)于實(shí)驗(yàn)誤差與實(shí)驗(yàn)操作，以下說法正確的是__________。A．在測(cè)量金屬導(dǎo)體直徑時(shí)，只需要在導(dǎo)體任意位置測(cè)量一次即可B．在上述實(shí)驗(yàn)中，由于電流表分壓，會(huì)導(dǎo)致金屬導(dǎo)體的電阻率的測(cè)量值偏大C．實(shí)驗(yàn)過程由于金屬絲發(fā)熱會(huì)導(dǎo)致該金屬導(dǎo)體電阻率的測(cè)量值偏大【答案】（1）；（2）；（3）；（4）；（5）【解析】（1）[1]電阻絲的直徑；（2）[2]通過待測(cè)導(dǎo)體最大電流約為，電流表與的量程均較小，無法使用，需將小量程電流表改裝成大量程電流表，電流表的內(nèi)阻已知，故將電流表與定值電阻并聯(lián)改裝成大量程電流表，改裝后的大量程電流表與待測(cè)導(dǎo)體串聯(lián)測(cè)量電流，電路圖如圖所示。（3）[3]在開關(guān)閉合之前，為了電路安全，待測(cè)導(dǎo)體兩端電壓應(yīng)從零開始，應(yīng)該將滑動(dòng)變阻器滑片調(diào)至位置。（4）[4]根據(jù)閉合電路的歐姆定律，整理得，圖象的斜率為，該導(dǎo)體的電阻為；（5）[5]測(cè)量金屬導(dǎo)體直徑時(shí)，需在導(dǎo)體不同位置測(cè)量多次取平均值，故A錯(cuò)誤；在上述實(shí)驗(yàn)中，處理數(shù)據(jù)時(shí)考慮了電流表分壓，且電流表分壓值可準(zhǔn)確計(jì)算得出，得到金屬導(dǎo)體的電阻率的測(cè)量值為準(zhǔn)確值，故B錯(cuò)誤；實(shí)驗(yàn)過程由于金屬絲發(fā)熱會(huì)導(dǎo)致該金屬導(dǎo)體電阻測(cè)量值偏大，則該金屬導(dǎo)體電阻率的測(cè)量值偏大，故C正確。故選C。13.如圖所示的電路，電壓為的直流電源與定值電阻、滑動(dòng)變阻器以及水平放置的平行板電容器構(gòu)成回路，定值電阻阻值大小為，平行板間距為。當(dāng)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器時(shí)，質(zhì)量為的帶電小球在板間恰好能做勻速直線運(yùn)動(dòng)。不計(jì)空氣阻力，重力加速度大小為。求：（1）小球的帶電量大??；（2）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，求小球在板間運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度大小?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】（1）當(dāng)時(shí)，平行板間電壓為，對(duì)小球分析，根據(jù)平衡條件有，由聯(lián)立解得，小球的帶電量大小為；（2）當(dāng)時(shí)，平行板間電壓為，對(duì)小球分析，根據(jù)牛頓第二定律有，聯(lián)立可得，小球在板間運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度大小為。14.如圖所示，光滑水平面上輕彈簧左端與物塊相連，右端與物塊接觸但不相連，在物塊B的右方一定距離處為靜止的木板和物塊，剛開始，物塊在木板的最右端。物塊以一定初速度向右運(yùn)動(dòng)壓縮彈簧，與速度相等時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為。當(dāng)彈簧再次原長(zhǎng)時(shí)，物塊恰與木板發(fā)生碰撞，并迅速結(jié)合為一體，物塊D最終停在木板的中間位置。已知物塊、和的質(zhì)量為，物塊質(zhì)量為，木板的長(zhǎng)度為，物塊均可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度。試求：（1）物塊的初速度大??；（2）物塊與木板相碰損失的機(jī)械能；（3）物塊與木板碰后至物塊與木板剛達(dá)到速度相等過程中，物塊的位移大小。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】（1）根據(jù)題意，設(shè)的初速度為，當(dāng)、速度相等時(shí)，由動(dòng)量守恒定律有，對(duì)、、彈簧系統(tǒng)，由能量守恒定律有，代入數(shù)據(jù)解得；（2）當(dāng)彈簧再次原長(zhǎng)時(shí)，對(duì)、、彈簧系統(tǒng)，由動(dòng)量守恒定律有，由能量守恒定律，聯(lián)立以上兩式，與碰撞，由動(dòng)量守恒定律有，解得，與碰撞損失的機(jī)械能；（3）對(duì)、與系統(tǒng)，由動(dòng)量守恒定律有，解得，設(shè)物塊與