2023-2024學年湖北省重點高中協(xié)作體高考物理考前最后一卷預測卷含解析_第1頁
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文檔簡介

2023-2024學年湖北省重點高中協(xié)作體高考物理考前最后一卷預測卷注意事項1.考生要認真填寫考場號和座位序號。2.試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上,在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答;第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3.考試結束后,考生須將試卷和答題卡放在桌面上,待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、目前在太陽系內一共已經發(fā)現(xiàn)了約127萬顆小行星,但這可能僅是所有小行星中的一小部分.若某顆小行星在離太陽中心R處做勻速圓周運動,運行的周期為T,已知引力常量為G,僅利用這三個數(shù)據(jù),可以估算出太陽的()A.表面加速度大小 B.密度 C.半徑 D.質量2、若用假想的引力場線描繪質量相等的兩星球之間的引力場分布,使其他星球在該引力場中任意一點所受引力的方向沿該點引力場線的切線上并指向箭頭方向.則描述該引力場的引力場線分布圖是()A. B.C. D.3、2019年1月3日上午10點26分,“嫦娥四號”探測器在月球背面成功軟著陸圖示為“嫦娥四號”探測器奔月過程中某階段的運動示意圖,“嫦娥四號”探測器沿橢圓軌道Ⅰ運動到近月點處變軌進入圓軌道Ⅱ,其在圓軌道Ⅱ上做圓周運動的軌道半徑為、周期為。已知引力常量為,下列說法正確的是()A.“嫦娥四號”探測器在點進行加速后進入圓軌道ⅡB.“嫦娥四號”探測器在橢圓軌道Ⅰ上運動的周期小于在圓軌道Ⅱ上運動的周期C.“嫦娥四號”探測器在橢圓軌道上經過點時的加速度等于在圓軌道Ⅱ上經過點時的加速度D.“嫦娥四號”探測器在橢圓軌道Ⅰ上運動時的機械能等于在圓軌道Ⅱ上運動時的機械能4、一根輕質彈簧原長為l0,在力F作用下伸長了x。則彈簧的勁度系數(shù)k是()A. B. C. D.5、下列關于衰變與核反應的說法正確的是()A.衰變?yōu)?,經過3次衰變,2次β衰變B.β衰變所釋放的電子是原子核外的電子電離形成的C.核聚變反應方程中,X表示質子D.高速粒子轟擊氮核可從氮核中打出中子,核反應方程為6、一圓筒內壁粗糙,底端放一個質量為m的物體(可視為質點),該物體與圓筒內壁間的動摩擦因數(shù)為,圓筒由靜止沿逆時針方向緩慢轉動直到物體恰好滑動,此時物體、圓心的連線與豎直方向的夾角為,如圖所示,以下說法正確的是()A.在緩慢轉動過程中物體受到的支持力逐漸增大B.在緩慢轉動過程中物體受到的靜摩擦力逐漸減小C.物體恰好滑動時夾角與的關系為D.緩慢轉動過程中,圓筒對物體的作用力逐漸增大二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、兩列在同一介質中的簡諧橫波沿相反方向傳播,某時刻兩列波相遇,如圖所示,其中實線波的頻率為2.50Hz,圖示時刻平衡位置x=3m處的質點正在向上振動。則下列說法正確的是()A.實線波沿x軸正方向傳播,虛線波沿x軸負方向傳播B.兩列波在相遇區(qū)域發(fā)生干涉現(xiàn)象C.兩列波的波速均為25m/sD.從圖示時刻起再過0.025s,平衡位置x=1.875m處的質點將位于y=30cm處8、一質量為m的物體靜止在光滑水平面上,現(xiàn)對其施加兩個水平作用力,兩個力隨時間變化的圖象如圖所示,由圖象可知在t2時刻物體的()A.加速度大小為B.速度大小為C.動量大小為D.動能大小為9、如圖所示,光滑輕質細桿AB、BC處在同一豎直平面內,A、C處用鉸鏈鉸于水平地面上,B處用鉸鏈連接,AB桿豎直,BC桿與水平面夾角為37°。一個質量為3.2kg的小球(可視為質點)穿在BC桿上,現(xiàn)對小球施加一個水平向左的恒力F使其靜止在BC桿中點處(不計一切摩擦,取g=10m/s2)。則A.F的大小為40N B.小球對BC桿的作用力大小為40NC.AB桿對BC桿的作用力大小為25N D.地面對BC桿的作用力大小為25N10、一定質量的理想氣體從狀態(tài)a開始,經歷三個過程ab、bc、ca回到原狀態(tài),其V﹣T圖象如圖所示,pa、pb、pc分別表示狀態(tài)a、b、c的壓強,下列判斷正確的是()A.過程a到b中氣體一定吸熱B.pc=pb>paC.過程b到c氣體吸收熱量D.過程b到c中每一個分子的速率都減小E.過程c到a中氣體吸收的熱量等于對外做的功三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)某同學在實驗室利用圖甲所示的裝置探究“在外力一定的條件下,物體的加速度與其質量的關系”。圖中長木板水平固定,小吊盤和盤中物塊的質量之和m遠小于滑塊(含滑塊上的砝碼)的質量M。(1)為減小實驗誤差,打點計時器應選用________________(填“電磁打點計時器”或“電火花計時器”)。(2)該同學回到教室處理數(shù)據(jù)時才發(fā)現(xiàn)做實驗時忘記了平衡摩擦力,也沒有記下小吊盤和盤中物塊的質量之和。圖乙為實驗中所得的滑塊的加速度a與滑塊(含滑塊上的砝碼)的質量的倒數(shù)的關系圖象。取g=10m/s2,根據(jù)圖象可求出小吊盤和盤中物塊的質量之和約為________________kg,滑塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)為________________。12.(12分)某同學設計如圖所示的裝置測量靈敏電流計的內阻Rg,電壓表可視為理想電壓表,請完成以下問題:(1)按照原理圖甲,完成圖乙中實物間的連線______;(2)實驗時,閉合開關前應先將電阻箱的電阻調到______(選填“最大值”,“最小值”或“任意值”);(3)調節(jié)電阻箱的阻值,使靈敏電流計滿偏。并讀出此時電阻箱的阻值R,電壓表示數(shù)U。已知靈敏電流計滿偏時的示數(shù)Ig,則靈敏電流計的內阻Rg=________(用R、U、Ig表示);(4)已知該靈敏電流計的內阻Rg=300Ω,滿偏電流Ig=200μA,除該靈敏電流計外,還有以下實驗器材:A.電池組(電動勢6V,內阻約為0.5Ω);B.滑動變阻器R(0~10Ω,額定電流1A);C.電流表A(0~50mA,內阻約為20Ω);D.標準電阻R1=14700ΩE.一個電鍵S、導線若干現(xiàn)要用伏安法測量一個阻值約為50Ω的電阻Rx的阻值,請在方框中畫出測Rx阻值的實驗電路圖_______(要求測量結果盡量準確,電表的測量范圍盡可能大一些,并在電路圖中標明對應器材的符號)。四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖所示,直角坐標系xOy處于豎直平面內,x軸沿水平方向,在y軸右側存在電場強度為E1、水平向左的勻強電場,在y軸左側存在勻強電場和勻強磁場,電場強度為E2,方向豎直向上,勻強磁場的磁感應強度,方向垂直紙面向外。在坐標為(0.4m,0.4m)的A點處將一帶正電小球由靜止釋放,小球沿直線AO經原點O第一次穿過y軸。已知,重力加速度為,求:(1)小球的比荷()及小球第一次穿過y軸時的速度大小;(2)小球第二次穿過y軸時的縱坐標;(3)小球從O點到第三次穿過y軸所經歷的時間。14.(16分)如圖所示,矩形拉桿箱上放著平底箱包,在與水平方向成α=37°的拉力F作用下,一起沿水平面從靜止開始加速運動.已知箱包的質量m=1.0kg,拉桿箱的質量M=9.0kg,箱底與水平面間的夾角θ=37°,不計所有接觸面間的摩擦,取g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8。(1)若F=25N,求拉桿箱的加速度大小a;(2)在(1)的情況下,求拉桿箱運動x=4.0m時的速度大小v;(3)要使箱包不從拉桿箱上滑出,求拉力的最大值Fm。15.(12分)如圖所示為xOy平面直角坐標系,在x=a處有一平行于y軸的直線MN,在x=4a處放置一平行于y軸的熒光屏,熒光屏與x軸交點為Q,在第一象限內直線MN與熒光屏之間存在沿y軸負方向的勻強電場。原點O處放置一帶電粒子發(fā)射裝置,它可以連續(xù)不斷地發(fā)射同種初速度大小為v0的帶正電粒子,調節(jié)坐標原點處的帶電粒子發(fā)射裝置,使其在xOy平面內沿不同方向將帶電粒子射入第一象限(速度與x軸正方向間的夾角為0≤θ≤)。若在第一象限內直線MN的左側加一垂直xOy平面向外的勻強磁場,這些帶電粒子穿過該磁場后都能垂直進入電場。已知勻強磁場的磁感應強度大小為B,帶電粒子的比荷,電場強度大小E=Bv0,不計帶電粒子重力,求:(1)粒子從發(fā)射到到達熒光屏的最長時間。(2)符合條件的磁場區(qū)域的最小面積。(3)粒子打到熒光屏上距Q點的最遠距離。

參考答案一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

AC.在太陽表面,重力和萬有引力相等,即因根據(jù)已知條件無法求出太陽半徑,也就無法求出太陽表面的重力加速度,故AC錯誤;B.在不知道太陽半徑的情況下無法求得太陽的密度,故B錯誤;D.根據(jù)萬有引力提供向心力可得求得中心天體質量故D正確。故選:D。2、B【解析】

根據(jù)題意,其他星球受到中心天體的引力指向中心天體,所以引力場線應該終止于中心天體,故AD錯誤;其他星球在該引力場中每一點的場力應該等于兩星球單獨存在時場力的矢量和,所以除了兩星球連線上其他各處的合力并不指向這兩個星球,所以引力場線應該是曲線,故C錯誤,B正確。故選B。3、C【解析】

A.在點減速,提供的向心力等于需要的向心力,“嫦娥四號”探測器進入圓軌道Ⅱ,故A錯誤;B.根據(jù)開普勒第三定律知,可知橢圓軌道的半長軸大于圓軌道Ⅱ的半徑,所以探測器在橢圓軌道上運動的周期大于在圓軌道Ⅱ上運動的周期,故B錯誤;C.根據(jù)萬有引力提供向心力,得,可知探測器在橢圓軌道上經過點時的加速度等于在圓軌道Ⅱ上經過點時的加速度,故C正確;D.由以上分析可知探測器在橢圓軌道上經過點時的動能大于在圓軌道Ⅱ上經過點時的動能,故探測器在橢圓軌道Ⅰ上運動時的機械能大于在圓軌道Ⅱ上運動時的機械能,故D錯誤。故選:C。4、B【解析】

已知彈簧的彈力F與伸長的長度x,根據(jù)胡克定律得ACD錯誤,B正確。故選B。5、A【解析】

A.設發(fā)生n次衰變,m次β衰變,根據(jù)電荷數(shù)和質量數(shù)守恒,則有解得n=3,m=2,故A正確;B.衰變所釋放的電子是原子核內一個中子轉變成一個質子和一個電子,故B錯誤;C.根據(jù)質量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知,聚變反應方程中,X的質量數(shù)為電荷數(shù)為可知X表示中子,故C錯誤;D.高速粒子轟擊氮核可從氮核中打出質子,不是中子,核反應方程為故D錯誤。故選A。6、C【解析】

AB.對物體受力分析如圖所示,正交分解,根據(jù)平衡條件列出方程隨著的增大,減小,增大,選項AB錯誤;C.當物塊恰好滑動時得選項C正確;D.緩慢轉動過程中,圓筒對物體的作用力與重力等大反向,始終不變,D錯誤。故選C。二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、AD【解析】

A.圖示時刻平衡位置x=3m處的質點正在向上振動,根據(jù)波動規(guī)律可知,實線波沿x軸正方向傳播,則虛線波沿x軸負方向傳播,故A正確;B.介質決定波速,兩列波傳播速度大小相同,由圖可知,實線波的波長λ1=6m,虛線波的波長λ2=9m,由v=λf可知,實線波和虛線波的頻率之比為f1:f2=λ2:λ1=3:2由于f1不等于f2,故兩列波在相遇區(qū)域不會發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象,故B錯誤;C.實線波的頻率為2.50Hz,波長λ1=6m,則波速故C錯誤;D.實線波波峰傳到平衡位置x=1.875m處的質點所用時間為虛線波波峰傳到平衡位置x=1.875m處的質點所用時間為說明從圖示時刻起再過0.025s,平衡位置x=1.875m處的質點處于波峰位置,由波的疊加可知,平衡位置x=1.875m處的質點將位于y=30cm,故D正確。故選AD。8、AD【解析】

A.由圖像可知:在t2時刻物體的加速度由牛頓第二定律可得加速度大小故A正確;BCD.由動量定理和圖像面積可得則根據(jù)動量和動能的關系得故BC錯誤,D正確。故選AD。9、BCD【解析】

AB.對小球受力分析,受重力、推力和支持力,如圖所示

根據(jù)平衡條件,得到:故A錯誤,B正確;

C.對桿BC和球整體分析,以C點為支點,設AB對桿的作用力為F′,AB桿沒有繞A點轉動,說明AB對BC的作用力的方向沿AB的方向。根據(jù)力矩平衡條件,有:F?0.6h=F′?1.6h-mg?0.8h解得:F′=25N故C正確;D.對桿BC和球整體分析,整體在豎直方向受到小球的重力和桿的重力、AB桿的作用力以及地面的作用力,設該力與水平方向之間的夾角為θ,則:

豎直方向:Mg+mg-F′-FCsinθ=0水平方向:FCcosθ=F聯(lián)立得:FC=25N故D正確。

故選BCD。10、ABE【解析】

A.過程ab中氣體的體積不變,沒有做功;溫度升高,內能增大,所以氣體一定吸熱,故A正確;B.設a狀態(tài)的壓強為,則由理想氣體的狀態(tài)方程可知所以同理解得所以故B正確;C.過程b到c,溫度降低,內能減??;體積減小,外界對氣體做功,則氣體放出熱量,故C錯誤;D.溫度是分子的平均動能的標志,是大量分子運動的統(tǒng)計規(guī)律,對單個的分子沒有意義,所以過程bc中氣體的溫度降低,分子的平均動能減小,并不是每一個分子的速率都減小,故D錯誤;E.由圖可知過程ca中氣體等溫膨脹,內能不變,對外做功,根據(jù)熱力學第一定律可知,氣體吸收的熱量等于對外做的功,故E正確;故選ABE。三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、電火花打點計時器0.020.2【解析】

(1)[1]電磁打點計時器紙帶運動時,振針振動,計時器與紙帶存在較大摩擦,而電火花打點計時器由火花放電,摩擦小,故選用電火花打點計時器誤差?。?2)[2]根據(jù)牛頓第二定律,對滑塊有變形后得圖像斜率表示合外力則有由于小吊盤和盤中物塊的質量之和m遠小于滑塊(含滑塊上的砝碼)的質量M,則小吊盤和盤中物塊的總重力近似等于合力,所以小吊盤和盤中物塊的總質量為[3]乙圖中縱截距則滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)為12、最大值【解析】

(1)[1]實物連線如圖(2)[2]實驗時,閉合開關前應使電路中的電流最小,故先將電阻箱的電阻調到最大值。(3)[3]由歐姆定律解得靈敏電流計的內阻(4)[4]伏安法測電阻需要電壓表,由于器材中沒有電壓表,所以需要用表頭串聯(lián)電阻R1改裝成電壓表。若滑動變阻器采用限流式接法,則電路中的最小電流大約為超過電流表的量程,故只能采用分壓式接法。由于表頭內阻已知,電流表采用外接法。故電路圖如圖四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1),4m/s;(2);(3)【解析】

(1)由題可知,小球受到的合力方向由A點指向O點,則①解得②由動能定理得③解得④(2)小球在y軸左側時故小球做勻速圓周運動,其軌跡如圖,設小球做圓周運動的半徑為R,由牛頓第二定律得⑤解得⑥由幾何關系可知,第二次穿過y軸時的縱坐標為⑦(3)設小球第一次在y軸左側運動的時間為,由幾何關系和運動規(guī)律可知⑧小球第二次穿過y軸后,在第一象限做類平拋運動(如圖所示),由幾何關系知,此過程小球沿速度v方向的位移和垂直v方向的位移大小相等,設為r,運動時間為,則⑨⑩由①式可得?可得?小球從O點到第三次穿過y軸所經歷的時間?14、(1)2m/s2;(2)4m/s;(3)93.75N【解析】

(1)若F=25N,以整體為研究對象,水平方向根據(jù)牛頓第二定律可得Fcosα=(m+

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