河北省石家莊市行唐縣三中畢業(yè)班質(zhì)量檢測物理試卷

河北省石家莊市行唐縣第三中學(xué)2018屆畢業(yè)班質(zhì)量檢測物理試題第I卷（選擇題44分）一．選擇題（共44分，本大題共11小題，每小題4分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1至7題只有一項(xiàng)符合題目要求，第8至11題有多項(xiàng)符合題目要求.全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）1．如圖甲所示的電路中，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為，原線圈接入圖乙所示的不完整的正弦交流電，副線圈接火災(zāi)報(bào)警系統(tǒng)（報(bào)警器未畫出），電壓表和電流表均為理想電表，和為定值電阻，R為半導(dǎo)體熱敏電阻，其阻值隨溫度的升高而減小，下列說法中正確的是（）A、R處出現(xiàn)火警時(shí)電壓表示數(shù)增大B、R處出現(xiàn)火警時(shí)電流表示數(shù)減小C、圖乙中電壓的有效值為D、電壓表的示數(shù)為2．一帶負(fù)電的粒子只在電場力作用下沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，其電勢能隨位移x變化的關(guān)系如圖所示，其中段是關(guān)于直線對稱的曲線，段是直線，則下列說法正確的是（）A、處電場強(qiáng)度最小，但不為零B、粒子在段做勻變速運(yùn)動(dòng)，段做勻速直線運(yùn)動(dòng)C、在0、、、處電勢、、、的關(guān)系為D、段的電場強(qiáng)度大小方向均不變3．圖示電路中，電源為恒流源，能始終提供大小恒定的電流．R0為定值電阻，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，則下列表示電壓表示數(shù)U、電路總功率P隨電流表示數(shù)I變化的關(guān)系圖線中，可能正確的是4．如圖所示，A、B、C為直角三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，∠A=30°，D為AB的中點(diǎn)，負(fù)點(diǎn)電荷Q位于D點(diǎn)．A、B、C三點(diǎn)的電勢分別用、、表示，下列說法正確的是A．大于B．A、B兩點(diǎn)電場強(qiáng)度相同C．負(fù)檢驗(yàn)電荷在BC連線上各點(diǎn)具有的電勢能都相等D．將正檢驗(yàn)電荷沿AC從A點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場力先做正功后做負(fù)功5．如圖所示為著名的“阿特伍德機(jī)”裝置示意圖。跨過輕質(zhì)定滑輪的輕繩兩端懸掛兩個(gè)質(zhì)量均為M的物塊，當(dāng)左側(cè)物塊附上質(zhì)量為m的小物塊時(shí)，該物塊由靜止開始加速下落，下落h后小物塊撞擊擋板自動(dòng)脫離，系統(tǒng)以v勻速運(yùn)動(dòng)。忽略系統(tǒng)一切阻力，重力加速度為g．若測出v，則可完成多個(gè)力學(xué)實(shí)驗(yàn)。下列關(guān)于此次實(shí)驗(yàn)的說法，正確的是A．系統(tǒng)放上小物塊后，輕繩的張力增加了mgB．可測得當(dāng)?shù)刂亓铀俣菴．要驗(yàn)證機(jī)械能守恒，需驗(yàn)證等式mgh＝Mv2，是否成立D．要探究合外力與加速度的關(guān)系，需探究是否成立6．2015年9月14日，美國的LIGO探測設(shè)施接收到一個(gè)來自GW150914的引力波信號，此信號是由兩個(gè)黑洞的合并過程產(chǎn)生的。如果將某個(gè)雙黑洞系統(tǒng)簡化為如圖所示的圓周運(yùn)動(dòng)模型，兩黑洞繞O點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。在相互強(qiáng)大的引力作用下，兩黑洞間的距離逐漸減小，在此過程中，兩黑洞做圓周運(yùn)動(dòng)的A．周期均逐漸增大B．線速度均逐漸減小C．角速度均逐漸增大D．向心加速度均逐漸減小7．如圖甲，一帶電物塊無初速度地放上皮帶輪底端，皮帶輪以恒定大小的速率沿順時(shí)針傳動(dòng)，該裝置處于垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場中，物塊由底端E運(yùn)動(dòng)至皮帶輪頂端F的過程中，其vt圖像如圖乙所示，物塊全程運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為4．5s，關(guān)于帶電物塊及運(yùn)動(dòng)過程的說法正確的是A．該物塊帶負(fù)電B．皮帶輪的傳動(dòng)速度大小一定為lm／sC．若已知皮帶的長度，可求出該過程中物塊與皮帶發(fā)生的相對位移D．在2s～4．5s內(nèi)，物塊與皮帶仍可能有相對運(yùn)動(dòng)8．鉗形電流表的外形和結(jié)構(gòu)如圖甲所示．圖甲中電流表的讀數(shù)為0．9A，圖乙中用同一電纜線繞了3匝，則A．這種電流表能測出交變電流的有效值B．這種電流表既能測直流電流，又能測交變電流C．這種電流表能測交變電流，圖乙的讀數(shù)為0．3AD．這種電流表能測交變電流，圖乙的讀數(shù)為2．7A9．變壓器除了有改變電壓、電流作用外，還有變換負(fù)載的阻抗作用，以實(shí)現(xiàn)阻抗匹配。如圖所示，將阻值為R0的負(fù)載接在理想變壓器副線圈兩端，則圖（a）中虛線部分可等效為圖（b）中阻值為R的電阻接在AB兩點(diǎn)上，即R的兩端電壓為u1，通過的電流為I1。已知變壓器的匝數(shù)比為n1：n2，若圖（a）的AB兩端接在電動(dòng)勢為，內(nèi)阻為r的交流電源上，要使此電源的輸出功率達(dá)到最大，下列說法正確的是A．R0＝R時(shí)輸出功率最大B．最大輸出功率C．輸出功率最大時(shí)D．r時(shí)輸出功率最大10．如圖所示，一束由兩種色光混合的復(fù)色光沿PO方向射向一上、下表面平行且足夠大的厚玻璃平面鏡的上表面，得到三束光Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ，則（）A、光束Ⅰ仍為復(fù)色光，光束Ⅱ、Ⅲ為單色光，且三束光一定相互平行B、增大角且，光束Ⅱ、Ⅲ會(huì)靠近光束ⅠC、玻璃對光束Ⅲ的折射率大于對光束Ⅱ的折射率行唐縣第三中學(xué)2018屆畢業(yè)班質(zhì)量檢測物理答題卡班級；姓名考號D、減小角且，光束Ⅲ可能會(huì)由于全反射而從上表面消失行唐縣第三中學(xué)2018屆畢業(yè)班質(zhì)量檢測物理答題卡班級；姓名考號E、光束Ⅲ比光束Ⅱ更容易發(fā)生明顯衍射11．一定量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷三個(gè)過程ab、bc、ca回到原狀態(tài)，其圖像如圖所示，下列判斷正確的是。A、一定量氣體膨脹對外做功，同時(shí)從外界吸收的熱量，則它的內(nèi)能增大B、在使兩個(gè)分子間的距離由很遠(yuǎn)減小到很難在靠近的過程中，分子間作用力先減小后增大，分子勢能不斷增大C、由于液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，液體表面存在張力D、用油膜法測出油分子的直徑后，要測定阿伏伽德羅常數(shù)，只需再知道油的密度即可E、空氣相對濕度越大時(shí)，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近飽和氣壓，水蒸發(fā)越慢第Ⅱ卷（非選擇題，共66分）二、計(jì)算題：共5題,1215每題12分，16小題18分。12．如圖所示，面積的輕活塞A將一定質(zhì)量的氣體封閉在導(dǎo)熱性能良好的氣缸B內(nèi)，汽缸開口向上豎直放置，高度足夠大，在活塞上放一重物，質(zhì)量為，靜止時(shí)活塞到缸底的距離為，摩擦不計(jì)，大氣壓強(qiáng)為，溫度為，g取。（1）若保持穩(wěn)定不變，將重物去掉，求活塞A移動(dòng)的距離；（2）若加熱汽缸B，使封閉氣體溫度升高到，求活塞A移動(dòng)的距離。13．如圖所示，在軸上方存在垂直xoy平面向外的勻強(qiáng)磁場，坐標(biāo)原點(diǎn)O處有一粒子源，可向x軸和x軸上方的各個(gè)方向不斷地發(fā)射速度大小均為v，質(zhì)量為m、帶電量為q的同種帶電粒子。在x軸上距離原點(diǎn)處垂直于x軸放置一個(gè)長度為、厚度不計(jì)、能接收帶電粒子的薄金屬板P（粒子一旦打在金屬板P上，其速度立即變?yōu)?）?，F(xiàn)觀察到沿x軸負(fù)方向射出的粒子恰好打的薄金屬板的上端，且速度方向與y軸平行，不計(jì)帶電粒子的重力和粒子間的相互作用力。（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；（2）求被薄金屬板接收的粒子中運(yùn)動(dòng)的最長與最短時(shí)間的差值；（3）若在y軸上另放置一能接收帶電粒子的擋板，使薄金屬板P右側(cè)不能接收到帶電粒子，試確定擋板的最小長度和放置的位置坐標(biāo)。14．如圖所示，光滑的金屬導(dǎo)軌間距為L，導(dǎo)軌平面與水平面成α角，導(dǎo)軌下端接有阻值為R的電阻．質(zhì)量為m的金屬細(xì)桿ab與絕緣輕質(zhì)彈簧相連靜止在導(dǎo)軌上，彈簧勁度系數(shù)為k，上端固定，彈簧與導(dǎo)軌平面平行，整個(gè)裝置處在垂直于導(dǎo)軌平面斜向上的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．現(xiàn)給桿一沿導(dǎo)軌向下的初速度v0，桿向下運(yùn)動(dòng)至速度為零后，再沿導(dǎo)軌平面向上運(yùn)動(dòng)達(dá)最大速度v1，然后減速為零，再沿導(dǎo)軌平面向下運(yùn)動(dòng)，一直往復(fù)運(yùn)動(dòng)到靜止（金屬細(xì)桿的電阻為r，導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)）．試求：（1）細(xì)桿獲得初速度的瞬間，通過R的電流大??；（2）當(dāng)桿速度為v1時(shí)，離最初靜止位置的距離L1；（3）桿由v0開始運(yùn)動(dòng)直到最后靜止，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱Q．15．如圖（a）所示，在豎直平面內(nèi)建立直角坐標(biāo)系xoy，整個(gè)空間內(nèi)都存在垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場和水平向右的勻強(qiáng)電場，勻強(qiáng)電場的方向與x軸止方向夾角為450。已知帶電粒子質(zhì)量為m、電量為+q，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，電場強(qiáng)度大小E，重力加速度為g．（1）若粒子在xoy平面內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，求粒子的速度v0；（2）t=0時(shí)刻的電場和磁場方向如圖（a）所示，若電場強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小均不變．而方向隨時(shí)間周期性的改變，如圖（b）所示。將該粒子從原點(diǎn)O由靜止釋放，在0一時(shí)間內(nèi)的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖（c）虛線OMN所示，M點(diǎn)為軌跡距y軸的最遠(yuǎn)點(diǎn)，M距y軸的距離為d。已知在曲線上某一點(diǎn)能找到一個(gè)和它內(nèi)切的半徑最大的圓，物休經(jīng)過此點(diǎn)時(shí)，相當(dāng)于以此圓的半徑在做圓周運(yùn)動(dòng)，這個(gè)圓的半徑就定義為曲線上這點(diǎn)的曲率半徑。求：①粒子經(jīng)過M點(diǎn)時(shí)曲率半徑②在圖中畫出粒子從N點(diǎn)回到O點(diǎn)的軌跡。16．如圖所示，一個(gè)系在絲線下端的帶正電、可視為點(diǎn)電荷的小球B，靜止在圖示位置．若固定的帶正電、可視為點(diǎn)電荷的小球A的電量為Q，B球的質(zhì)量為m，電量為q，絲線偏向角為θ，A和B在同一水平線上，整個(gè)裝置處在真空中．（1）小球B所在位置的電場強(qiáng)度的大小為多少？方向如何？（2）A、B兩球之間的距離為多少？17．雙星系統(tǒng)中兩個(gè)星球A、B的質(zhì)量都是m，A、B相距L，它們正圍繞兩者連線上某一點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。實(shí)際觀測該系統(tǒng)的周期T要小于按照力學(xué)理論計(jì)算出的周期理論值,且，于是有人猜測這可能是受到了一顆未發(fā)現(xiàn)的星球C的影響，并認(rèn)為C位于雙星A．B的連線正中間，相對A、B靜止，求：（1）兩個(gè)星球A．B組成的雙星系統(tǒng)周期理論值（2）星球C的質(zhì)量

行唐縣第三中學(xué)2018屆畢業(yè)班質(zhì)量檢測物理參考答案【答案】D【解析】試題分析：R處溫度升高時(shí)，電壓表示數(shù)不變，阻值減小，副線圈電流增大，而輸出功率和輸入功率相等，所以原線圈電流增大，即電流表示數(shù)增大，故AB錯(cuò)誤；設(shè)將此電流加在阻值為R的電阻上，電壓的最大值為，電壓的有效值為U．代入數(shù)據(jù)得圖乙中電壓的有效值為，故C錯(cuò)誤；變壓器原、副線圈中的電壓與匝數(shù)成正比，所以變壓器原、副線圈中的電壓之比是，所以電壓表的示數(shù)為，故D正確。考點(diǎn)：變壓器的構(gòu)造和原理【名師點(diǎn)睛】根據(jù)電流的熱效應(yīng)，求解交變電流的有效值是常見題型，要熟練掌握，根據(jù)圖象準(zhǔn)確找出已知量，是對學(xué)生認(rèn)圖的基本要求，準(zhǔn)確掌握理想變壓器的特點(diǎn)及電壓、電流比與匝數(shù)比的關(guān)系，是解決本題的關(guān)鍵?！敬鸢浮緿【解析】試題分析：根據(jù)電勢能與電勢的關(guān)系：，場強(qiáng)與電勢的關(guān)系：，得：，由數(shù)學(xué)知識可知圖象切線的斜率等于，處切線斜率為零，則處電場強(qiáng)度為零，故A錯(cuò)誤；由圖看出在段圖象切線的斜率不斷減小，由上式知場強(qiáng)減小，粒子所受的電場力減小，加速度減小，做非勻變速運(yùn)動(dòng)．段圖象切線的斜率不斷增大，場強(qiáng)增大，粒子所受的電場力增大，做非勻變速運(yùn)動(dòng)，段斜率不變，場強(qiáng)不變，即電場強(qiáng)度大小和方向均不變，是勻強(qiáng)電場，粒子所受的電場力不變，做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤，D正確；根據(jù)電勢能與電勢的關(guān)系：，粒子帶負(fù)電，，則知：電勢能越大，粒子所在處的電勢越低，所以有：，故C錯(cuò)誤?？键c(diǎn)：電勢、電場強(qiáng)度、電勢能【名師點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵要分析圖象斜率的物理意義，判斷電勢和場強(qiáng)的變化，再根據(jù)力學(xué)基本規(guī)律：牛頓第二定律進(jìn)行分析電荷的運(yùn)動(dòng)情況．3．C【解析】試題分析：由圖與R并聯(lián)，電壓表測電源電壓，電流表測R支路的電流．若電源提供的電流恒定為，根據(jù)并聯(lián)電路特點(diǎn)可知：，其中為定值，由，可知U與I的圖象為一次函數(shù)，且，故AB錯(cuò)誤；由電功率的計(jì)算公式：電路消耗總功率：，其中為定值，由，可知P與I的圖象為一次函數(shù)，，且I不能為0，P不會(huì)為0，故C正確，D錯(cuò)誤．考點(diǎn)：考查了電功率的計(jì)算【名師點(diǎn)睛】本題考查并聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律、電功率公式的應(yīng)用，要抓住電源是恒流源，關(guān)鍵是得出U與I和P與I的表達(dá)式，利用數(shù)學(xué)知識分析判斷它們之間的關(guān)系．4．D【解析】試題分析：點(diǎn)電荷的等勢面是一系列的同心圓，A、C兩點(diǎn)在同一個(gè)等勢面上，故等于，故A錯(cuò)誤；A、B兩點(diǎn)場源點(diǎn)電荷距離相等，根據(jù)點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式，故AB兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，但方向不同，故A、B兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度不相同，故B錯(cuò)誤；BC連線上各點(diǎn)距場源距離不等，電勢不等，根據(jù)，負(fù)檢驗(yàn)電荷在BC連線上各點(diǎn)具有的電勢能不相等，故C錯(cuò)誤；AC連線上，越靠近負(fù)電荷電勢越低，從A到C電勢先降低后升高，正檢驗(yàn)電荷具有的電勢能先減小后增大，故電場力先做正功后做負(fù)功，故D正確考點(diǎn)：考查了點(diǎn)電荷電場分布規(guī)律【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是明確點(diǎn)電荷的電場的電場線和等勢面的分布規(guī)律，知道沿著電場線電勢逐漸降低5．B【解析】試題分析：對系統(tǒng)，由牛頓第二定律得，加速度：，對M，由牛頓第二定律得：，解得：，故A錯(cuò)誤；對系統(tǒng)，由動(dòng)能定理得：，解得：，故B正確；如果機(jī)械能守恒，則：，整理得：，故C錯(cuò)誤；物體做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度：，由牛頓第二定律得：，整理得：，要探究合外力與加速度的關(guān)系，需探究是否成立，故D錯(cuò)誤；考點(diǎn)：牛頓第二定律，機(jī)械能守恒定律【名師點(diǎn)睛】本題是一道信息給予題，認(rèn)真審題、根據(jù)題意獲取所需的信息是解題的前提，應(yīng)用牛頓第二定律、動(dòng)能定理與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可以解題；解題時(shí)注意研究對象的選擇．6．C【解析】試題分析：根據(jù)，解得，同理可得，所以，當(dāng)不變時(shí)，L增大，則T增大，即雙星系統(tǒng)運(yùn)行周期會(huì)隨間距減小而減小，故A錯(cuò)誤；根據(jù)，解得，由于L平方的減小比和的減小量大，則線速度增大，故B錯(cuò)誤；角速度，結(jié)合A可知，角速度增大，故C正確；根據(jù)知，L變小，則兩星的向心加速度增大，故D錯(cuò)誤．考點(diǎn)：考查了萬有引力定律的應(yīng)用【名師點(diǎn)睛】在萬有引力這一塊，涉及的公式和物理量非常多，掌握公式在做題的時(shí)候，首先明確過程中的向心力，然后弄清楚各個(gè)物理量表示的含義，最后選擇合適的公式分析解題，另外這一塊的計(jì)算量一是非常大的，所以需要細(xì)心計(jì)算7．D【解析】試題分析：由圖乙可知，物塊做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)．物塊的最大速度是1m/s．對物塊進(jìn)行受力分析可知，開始時(shí)物塊受到重力、支持力和摩擦力的作用，設(shè)動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，沿斜面的方向：μFNmgsinθ=ma①;物塊運(yùn)動(dòng)后，又受到洛倫茲力的作用，加速度逐漸減小，由①式可知，物塊的加速度逐漸減小，一定是FN逐漸減小，而開始時(shí)：FN=mgcosθ，后來：FN′=mgcosθf洛，即洛倫茲力的方向是向上的．物塊沿傳送帶向上運(yùn)動(dòng)，由左手定則可知，物塊帶正電．故A錯(cuò)誤；物塊向上運(yùn)動(dòng)的過程中，洛倫茲力越來越大，則受到的支持力越來越小，結(jié)合①式可知，物塊的加速度也越來越小，當(dāng)加速度等于0時(shí)，物塊達(dá)到最大速度，此時(shí)：mgsinθ=μ（mgcosθf洛）②；由②可知，只要傳送帶的速度大于等于1m/s，則物塊達(dá)到最大速度的條件與傳送帶的速度無關(guān)，所以傳送帶的速度可能是1m/s，有可能是大于1m/s，物塊可能相對于傳送帶靜止，有可能相對于傳送帶不靜止．故B錯(cuò)誤，D正確；由以上的分析可知，傳送帶的速度不能判斷，所以若已知皮帶的長度，也不能求出該過程中物塊與皮帶發(fā)生的相對位移．故C錯(cuò)誤．故選D．考點(diǎn)：牛頓第二定律【名師點(diǎn)睛】該題考查傳送帶問題，物塊沿傳送帶向上的運(yùn)動(dòng)可能達(dá)到與傳送帶的速度相等，也有可能二者的速度不會(huì)相等要注意對題目中可能出現(xiàn)的情況進(jìn)行分析與把握。8．AD【解析】試題分析：由于變壓器工作原理是通過原線圈的電流發(fā)生變化，則原線圈產(chǎn)生的磁場發(fā)生變化，故穿過副線圈的磁通量發(fā)生變化，從而在副線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，故這種電流表只能測交流電流，而且測量的是交變電流的有效值，故A正確B錯(cuò)誤；根據(jù)輸入功率和輸出功率的關(guān)系有：，即，所以：，由題意可知：當(dāng)，即，當(dāng)時(shí)：，解得：，故C錯(cuò)誤D正確；考點(diǎn)：考查了理想變壓器【名師點(diǎn)睛】該知識點(diǎn)題目比較簡單，且題目單一，只要記住了原副線圈的輸入功率和輸出功率關(guān)系，輸入電壓和輸出電壓的關(guān)系一切題目都能順利解出．9．BD【解析】試題分析：可等效為帶有內(nèi)阻的電源的電路，即當(dāng)內(nèi)電阻和外電阻大小相等時(shí)，輸出功率最大，即時(shí)輸出功率最大，最大為，A錯(cuò)誤B正確；根據(jù)閉合回路歐姆定律可得，當(dāng)輸出功率最大時(shí)，，故，代入可得，C錯(cuò)誤；當(dāng)輸出最大時(shí)有，根據(jù)，結(jié)合，聯(lián)立可得，D正確；考點(diǎn)：考查了理想變壓器【名師點(diǎn)睛】對于變壓器需要掌握公式、，以及知道副線圈的電流以及功率決定了原線圈中的電流和功率，理想變壓器是理想化模型，一是不計(jì)線圈內(nèi)阻；二是沒有出現(xiàn)漏磁現(xiàn)象．同時(shí)當(dāng)電路中有變壓器時(shí)，只要將變壓器的有效值求出，則就相當(dāng)于一個(gè)新的恒定電源，【答案】ABE【解析】試題分析：所有色光都能反射，反射角相同，則由圖可知光束I是復(fù)色光，而光束Ⅱ、Ⅲ由于折射率的不同導(dǎo)致偏折分離，因?yàn)楹癫Ａ矫骁R的上下表面是平行的．根據(jù)光的可逆性，知兩光速仍然平行射出，且光束Ⅱ、Ⅲ是單色光，故A正確；增大角且，即減小入射角，折射角隨之減小，則光束Ⅱ、Ⅲ會(huì)靠近光束I，故B正確；由圖知：光束進(jìn)入玻璃磚時(shí)，光束Ⅱ的偏折程度大于比光束Ⅲ，根據(jù)折射定律可知，光束Ⅱ的折射率大于光束Ⅲ的折射率，故C錯(cuò)誤；減小角且，復(fù)色光沿PO方向射入玻璃磚，經(jīng)過反射時(shí)，在上表面的入射角等于光束進(jìn)入玻璃磚時(shí)的折射角．所以由光路可逆性原理可知，光束Ⅲ不會(huì)在上表面發(fā)生全反射，一定能從上表面射出，故D錯(cuò)誤；光束Ⅱ的折射率大于光束Ⅲ，則光束Ⅱ的頻率大于光束Ⅲ的頻率，光束Ⅱ的波長小于光束Ⅲ的波長，所以光束Ⅲ的波動(dòng)性強(qiáng)，比光束II更容易發(fā)生明顯衍射，故E正確。考點(diǎn)：光的折射定律【名師點(diǎn)睛】本題由于光線在玻璃中的折射率不同，可通過光的折射而產(chǎn)生了色散．要掌握光的反射定律、折射定律和光的全反射條件，熟練運(yùn)用光路性原理分析光路。【答案】ACE【解析】試題分析：根據(jù)熱力學(xué)第一定律知：，A正確；在使兩個(gè)分子間的距離由很遠(yuǎn)（）減小到很難再靠近的過程中，分子間作用力先減小后增大，分子勢能先減小后增大，B錯(cuò)誤；由于液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，液體表面存在張力，C正確；用油膜法測出油分子的直徑后，要測定阿伏加德羅常數(shù)，只需再知道油的摩爾體積即可，D錯(cuò)誤；空氣相對濕度越大時(shí)，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近同溫度水的飽和汽壓，水蒸發(fā)越慢，E正確。考點(diǎn)：熱力學(xué)第一定律、晶體和非晶體【名師點(diǎn)睛】本題考查了選項(xiàng)33的內(nèi)容，掌握熱力學(xué)第一定律的應(yīng)用，知道分子力與分子間距的關(guān)系，會(huì)利用油膜法測分子的直徑．【答案】（1）；（2）【解析】試題分析：（1）以封閉氣體為研究對象，初態(tài)壓強(qiáng)：初狀態(tài)體積：，末狀態(tài)壓強(qiáng)：氣體發(fā)生等溫變化，由玻意耳定律得：，即：，解得：，活塞移動(dòng)距離：。（2）加熱氣缸，氣體做等壓變化，由查理定律得：即：解得：，活塞移動(dòng)距離：。考點(diǎn)：理想氣體的狀態(tài)方程【名師點(diǎn)睛】本題考查了求活塞移動(dòng)的距離，理解題意知道氣體發(fā)生什么變化、求出氣體狀態(tài)參量是正確解題的關(guān)鍵，應(yīng)用玻意耳定律與查理定律即可正確解題．【答案】（1）；（2）；（3）【解析】試題分析：（1）由題意，“沿x軸負(fù)方向射出的粒子恰好打在薄金屬板的上端，且速度方向與y軸平行”的粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖甲，由圖可得，粒子運(yùn)動(dòng)的半徑：,由洛倫茲力提供向心力，得：,所以：。（2）根據(jù)粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間與偏轉(zhuǎn)角度的關(guān)系：，可知粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間與偏轉(zhuǎn)的角度成正比，由圖乙可得，打在P右側(cè)下端的粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長，由丙圖可得，打在P下端的粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最短，打在P右側(cè)下端的粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)的角度是，設(shè)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是，由于運(yùn)動(dòng)的半徑與O到P的距離都是，所以打在P下端的粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)的角度是，設(shè)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是，則：，，由：，所以：。（3）作圖得出使薄金屬板右側(cè)能接收到帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡中，打在最上面的點(diǎn)的軌跡與打在最下面的粒子的軌跡如圖丁，擋板的位置在圖中的MN出即可滿足題目的要求．打在最上面的點(diǎn)的軌跡與甲圖中的軌跡相同，打在最下面的點(diǎn)：擋板的最小長度：放在：?？键c(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng)【名師點(diǎn)睛】本題考查帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng)，要掌握住半徑公式、周期公式，畫出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡后，幾何關(guān)系就比較明顯了。14．（1）（2）（3）【解析】試題分析：（1）由；解得：（2）設(shè)桿最初靜止不動(dòng)時(shí)彈簧伸長x0，當(dāng)桿的速度為v1時(shí)桿受力平衡，彈簧伸長x1，此時(shí)，L1＝x1－x0得．（3）桿最后靜止時(shí)，桿在初始位置，由能量守恒可得所以：考點(diǎn)：考查了導(dǎo)體切割磁感線運(yùn)動(dòng)【名師點(diǎn)睛】本題是導(dǎo)體棒在導(dǎo)軌上滑動(dòng)的類型，分析桿的狀態(tài)，確定其受力情況是關(guān)鍵．綜合性較強(qiáng)．15．（1），沿y軸負(fù)方向（2），如圖所示【解析】試題分析：（1）粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)，受力平衡得QUOTE解得QUOTEv0方向由左手定則得，沿y軸負(fù)方向。（2）①解法（一）重力和電場力的合力為QUOTE粒子從O運(yùn)動(dòng)到M過程中，只有重力和電場力的合力做功，據(jù)動(dòng)能定理QUOTE（若分別求出重力功、