備戰(zhàn)2024年高考模擬物理試卷1（廣東卷專用）（解析版）

PAGEPAGE3備戰(zhàn)2024年高考物理模擬卷1（廣東卷專用）（考試時(shí)間：75分鐘試卷滿分：100分）一、單選題(本大題共7小題，每小題4分，共28分。在每個(gè)小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)符合要求)1．如圖所示的火災(zāi)自動(dòng)報(bào)警器具有穩(wěn)定性好、安全性高的特點(diǎn)，應(yīng)用非常廣泛，其工作原理為：放射源處的镅放出的粒子，使殼內(nèi)氣室空氣電離而導(dǎo)電，當(dāng)煙霧進(jìn)入殼內(nèi)氣室時(shí)，粒子被煙霧顆粒阻擋，導(dǎo)致工作電路的電流減小，于是鋒鳴器報(bào)警。則（）A．發(fā)生火災(zāi)時(shí)溫度升高，的半衰期變短B．這種報(bào)警裝置應(yīng)用了射線貫穿本領(lǐng)強(qiáng)的特點(diǎn)C．發(fā)生衰變的核反應(yīng)方程是D．發(fā)生衰變的核反應(yīng)方程是【答案】D【解析】A．半衰期不因外界環(huán)境的溫度而改變，A錯(cuò)誤；B．這種報(bào)警裝置應(yīng)用了射線電離能力強(qiáng)的特點(diǎn)，B錯(cuò)誤；CD．衰變釋放出氦核，故核反應(yīng)方程是C錯(cuò)誤，D正確。故選D。2．如圖1所示是一種常見的持球動(dòng)作，用手臂擠壓籃球，將籃球壓在身側(cè)。為了方便問題研究，我們將場景進(jìn)行模型化處理，如圖2所示，則下列說法正確的是（）A．手臂對籃球的壓力可以大于籃球重力B．籃球?qū)ι眢w的靜摩擦力方向豎直向上C．身體對籃球的作用力方向?yàn)榇怪鄙眢w向外D．籃球?qū)ι眢w的靜摩擦力大小可能等于籃球重力【答案】A【解析】A．手臂對籃球的壓力可以大于籃球重力，故A正確；B．籃球?qū)ι眢w的靜摩擦力方向豎直向下，故B錯(cuò)誤；C．身體對籃球有豎直向上的摩擦力和水平向右的彈力，合力方向?yàn)樾毕蛴疑戏?，故C錯(cuò)誤；D．手臂對籃球的彈力有豎直向下的分量，籃球?qū)ι眢w的靜摩擦力大小大于籃球重力，故D錯(cuò)誤。故選A。3．升降機(jī)從井底以5m/s的速度向上勻速運(yùn)行，某時(shí)刻一螺釘從升降機(jī)底板松脫，再經(jīng)過4s升降機(jī)底板上升至井口，此時(shí)螺釘剛好落到井底，不計(jì)空氣阻力，取重力加速度，下列說法正確的是（）A．螺釘松脫后做自由落體運(yùn)動(dòng)B．礦井的深度為45mC．螺釘落到井底時(shí)的速度大小為40m/sD．螺釘松脫后先做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，到達(dá)最高點(diǎn)后再做自由落體運(yùn)動(dòng)【答案】D【解析】AD．螺釘松脫后先做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，到達(dá)最高點(diǎn)后再做自由落體運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，D正確；C．規(guī)定向下為正方向，根據(jù)螺釘落到井底時(shí)的速度大小為故C錯(cuò)誤；B．螺釘下降距離為因此井深故B錯(cuò)誤。故選D。4．關(guān)于機(jī)械波的描述，下列說法正確的是（）A．當(dāng)兩列波發(fā)生干涉時(shí)，如果兩列波的波峰在某點(diǎn)相遇，則該處質(zhì)點(diǎn)的位移始終最大B．當(dāng)機(jī)械波發(fā)生反射時(shí)，其頻率不變，波長、波速均發(fā)生變化C．測速雷達(dá)向行進(jìn)中的車輛發(fā)射頻率已知的超聲波同時(shí)測量反射波的頻率，根據(jù)反射波的頻率變化的多少就能得到車輛的速度，這利用的是多普勒效應(yīng)D．波長不同的機(jī)械波通過寬度一定的狹縫時(shí)波長越小衍射越明顯【答案】C【解析】A．如果兩列波的波峰在某點(diǎn)相遇，振動(dòng)總是加強(qiáng)，但質(zhì)點(diǎn)的位移有時(shí)最大，有時(shí)為0，故A錯(cuò)誤；B．波發(fā)生反射是在同一種介質(zhì)中，波的頻率、波長和波速均不變，故B錯(cuò)誤；C．測速雷達(dá)向行進(jìn)中的車輛發(fā)射頻率已知的超聲波，根據(jù)反射波的頻率變化判斷車速，這是利用了波的多普勒效應(yīng)，故C正確；D．波長不同的機(jī)械波通過寬度一定的狹縫時(shí)波長越長衍射越明顯，故D錯(cuò)誤。故選C。5．圖甲示意我國建造的第一臺回旋加速器，該加速器存放于中國原子能科學(xué)研究院，其工作原理如圖乙所示，下列說法正確的是（）A．由于粒子速度被逐漸加大，則它在形盒中的運(yùn)動(dòng)周期越來越小B．由于粒子速度被逐漸加大，極板所加的交流電周期要相應(yīng)減小C．粒子從加速器出來的最大速度與形盒的半徑大小及磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度有關(guān)D．粒子增加的動(dòng)能來源于磁場【答案】C【解析】AB．粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期，與粒子速度無關(guān)，故粒子在形盒中的運(yùn)動(dòng)周期不變，所加交流電的周期也相應(yīng)保持不變，故AB錯(cuò)誤；C．粒子由形盒中飛出時(shí)，有得結(jié)合可解得粒子的最大速度為與形盒的半徑大小及磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度均有關(guān)，故C正確；D．洛倫力總與粒子的運(yùn)動(dòng)方向垂直，不對粒子做功，只改變其方向，粒子增加的動(dòng)能來源于加速電場，故D錯(cuò)誤。故選C。6．電蚊拍利用高壓電擊網(wǎng)來擊殺飛近的蚊蟲．如圖所示，將直流電壓通過轉(zhuǎn)換器轉(zhuǎn)變?yōu)檎医蛔冸妷?，再將其加在理想變壓器的原線圈上，副線圈兩端接電擊網(wǎng)，電壓峰值達(dá)到時(shí)可擊殺蚊蟲，正常工作時(shí)（

）A．交流電壓表的示數(shù)為B．電擊網(wǎng)上的高頻電壓的頻率為C．副線圈與原線圈匝數(shù)比需滿足D．將直流電壓連接在變壓器的原線圈兩端電蚊拍也可以正常工作【答案】C【解析】A．正弦交變電壓的有效值為交流電壓表的示數(shù)為，故A錯(cuò)誤；B．電擊網(wǎng)上的高頻電壓的周期為則電擊網(wǎng)上的高頻電壓的頻率為故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)變壓器原、副線圈電壓比等于匝數(shù)比，可知副線圈與原線圈匝數(shù)比需滿足故C正確；D．將直流電壓連接在變壓器的原線圈兩端，副線圈不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢，電蚊拍不可以正常工作，故D錯(cuò)誤。故選C。7．北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)（）是我國自行研制的全球衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)，是繼美國全球定位系統(tǒng)（）、俄羅斯格洛納斯衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)（）之后的第三個(gè)成熟的衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)。若導(dǎo)航衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知地球的質(zhì)量為M，地球的半徑為R，衛(wèi)星到地面的距離為h，引力常量為G，則衛(wèi)星的加速度大小為（）A． B． C． D．【答案】B【解析】導(dǎo)航衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，圓周半徑為，由萬有引力提供向心力得解得衛(wèi)星的加速度大小為二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8．幼兒園滑梯（如圖甲所示）是孩子們喜歡的游樂設(shè)施之一，滑梯可以簡化為如圖乙所示模型。一質(zhì)量為m的小朋友（可視為質(zhì)點(diǎn)），從豎直面內(nèi)、半徑為r的圓弧形滑道的A點(diǎn)由靜止開始下滑，利用速度傳感器測得小朋友到達(dá)圓弧最低點(diǎn)B時(shí)的速度大小為（g為重力加速度）。已知過A點(diǎn)的切線與豎直方向的夾角為30°，過B點(diǎn)的切線水平，滑道各處動(dòng)摩擦因數(shù)相同，則小朋友在沿著AB下滑的過程中（）A．處于先失重后超重狀態(tài) B．克服摩擦力做功為C．機(jī)械能的減少量大于重力勢能的減少量 D．在最低點(diǎn)B時(shí)對滑道的壓力大小為【答案】AD【解析】A．小朋友在點(diǎn)時(shí)速度為0，加速度沿著切線向下，處于失重狀態(tài)，到最低點(diǎn)時(shí)加速度豎直向上，處于超重狀態(tài)，故A正確；B．在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，由動(dòng)能定理得聯(lián)立可得克服摩擦力做功為故B錯(cuò)誤；C．克服摩擦力做功即為機(jī)械能的減少量，為，而重力勢能的減少量為，故C錯(cuò)誤；D．在B點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律得解得結(jié)合牛頓第三定律得小朋友在最低點(diǎn)B時(shí)對滑道的壓力大小為故D正確。故選AD。9．我國利用自主研發(fā)的電子束焊接技術(shù)，成功焊接了4500米載人深潛器的球殼。電子束焊接機(jī)中的電子槍如圖所示，K為陰極電勢為，A為陽極電勢為，僅在電場力作用下電荷量為的電子由靜止從K運(yùn)動(dòng)到A，則（）

A．電子做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B．從K到A電勢逐漸升高C．電場力對電子做功為D．電子電勢能增加【答案】BC【解析】A．電子束焊接機(jī)中為非勻強(qiáng)電場，則電子做變加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．K為陰極電勢低，A為陽極電勢高，從K到A電勢逐漸升高，故B正確；CD．電子僅在電場力作用下，從靜止開始運(yùn)動(dòng)，電場力做正功，電勢能減小，由公式可得，電場力做功為故D錯(cuò)誤，C正確。故選BC。10．2022年2月4日冬奧會(huì)在北京舉行，冰雪運(yùn)動(dòng)逐漸受到人們喜愛。冰壺運(yùn)動(dòng)是運(yùn)動(dòng)員把冰壺沿水平冰面投出，讓冰壺在冰面上自由滑行，在不與其他冰壺碰撞的情況下，最終停在遠(yuǎn)處的某個(gè)位置。按比賽規(guī)則，投擲冰壺的運(yùn)動(dòng)員的隊(duì)友，可以用毛刷在冰壺滑行前方來回摩擦冰面，減小冰面的動(dòng)摩擦因數(shù)以調(diào)節(jié)冰壺的運(yùn)動(dòng)。如圖甲所示，藍(lán)壺靜止在圓形區(qū)域內(nèi)，已知冰壺質(zhì)量，運(yùn)動(dòng)員用等質(zhì)量的紅壺撞擊藍(lán)壺，兩壺發(fā)生正碰。若碰撞前、后兩壺的圖像如圖乙所示。關(guān)于冰壺的運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是（??）A．碰撞后藍(lán)壺運(yùn)動(dòng)的加速度大小為B．碰撞后在冰面上滑行的過程中，藍(lán)壺受到阻力的沖量大小比紅壺的大C．若兩壺碰撞時(shí)間為，則紅壺在碰撞過程中所受的平均作用力為D．兩壺碰撞過程中，系統(tǒng)損失的機(jī)械能為【答案】BC【解析】A．由紅壺和藍(lán)壺組成的系統(tǒng)，碰撞瞬間動(dòng)量守恒可知解得由圖乙結(jié)合幾何知識可知，藍(lán)壺停止的時(shí)刻為t=；所以方向與藍(lán)壺運(yùn)動(dòng)方向相反，故A錯(cuò)誤；B．由圖乙可知，藍(lán)壺的動(dòng)量改變量大于紅壺的動(dòng)量改變量，由動(dòng)量定理可知，藍(lán)壺受到阻力的沖量大小比紅壺的大，故B正確；C．對紅球碰撞瞬間由動(dòng)量定理可知解得故C正確；D．兩壺碰撞過程中，系統(tǒng)損失的機(jī)械能為故D錯(cuò)誤。故選BC。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11．如圖所示，用插針法測定玻璃磚折射率：

（1）如果有幾塊寬度大小不同的平行玻璃磚可供選擇，為了減小誤差，應(yīng)選用寬度（填“大”或“小”）的玻璃磚來測量；（2）在該實(shí)驗(yàn)中，光線是由空氣射入玻璃磚，根據(jù)測得的入射角和折射角的正弦值畫出的圖線如圖所示，從圖線可知玻璃磚的折射率是；

（3）該實(shí)驗(yàn)小組選取了操作正確的實(shí)驗(yàn)記錄，在白紙上畫出光線的徑跡，以入射點(diǎn)O為圓心作圓，與入射光線P1O、折射光線OO'的延長線分別交于A、B點(diǎn)，再過A、B點(diǎn)作法線NN'的垂線，垂足分別為C、D點(diǎn)，如圖甲所示，則玻璃的折射率n=（用圖中線段的字母表示）；

（4）在用插針法測定玻璃磚折射率的實(shí)驗(yàn)中，甲、乙二位同學(xué)在紙上畫出的界面aa'、bb'與玻璃磚位置的關(guān)系分別如圖乙中①、②所示，其中甲同學(xué)用的是矩形玻璃磚，乙同學(xué)用的是梯形玻璃磚。他們的其他操作均正確，且均以aa'、bb'為界面畫光路圖。則甲同學(xué)測得的折射率與真實(shí)值相比（填“偏大”、“偏小”或“不變”）；乙同學(xué)測得的折射率與真實(shí)值相比（填“偏大”、“偏小”或“不變”）?！敬鸢浮浚?）大（2）1.5（3）（4）偏小不變【解析】（1）[1]為了減小折射角的測量誤差，應(yīng)使折射光線適當(dāng)長些，即應(yīng)選用寬度大的玻璃磚來測量。（2）[2]根據(jù)折射定律可知圖像斜率的倒數(shù)等于n，即（3）[3]玻璃的折射率為（4）[4]甲同學(xué)所作折射光線（藍(lán)色）與實(shí)際折射光線（紅色）如圖所示，此時(shí)所測折射角比實(shí)際折射角偏大，所以甲同學(xué)測得的折射率與真實(shí)值相比偏小。[5]雖然乙同學(xué)所用的是梯形玻璃磚，但在操作正確的情況下不影響入射角和折射角的測量，所以乙同學(xué)測得的折射率與真實(shí)值相比不變。

12．某實(shí)驗(yàn)小組測量一段已知長度電阻絲的電阻率，實(shí)驗(yàn)操作如下：（1）用如圖甲的螺旋測微器測量電阻絲直徑，先將電阻絲輕輕地夾在測砧與測微螺桿之間，再旋（選填“①”“②”或“③”），直到聽見“喀喀”的聲音為止；測量時(shí)需要選擇電阻絲的不同位置進(jìn)行多次測量，再取平均值作為電阻絲的直徑，目的是減少誤差（選填“偶然”或“系統(tǒng)”）。（2）用圖乙電路圖測電阻絲的電阻Rx，請用筆畫線代替導(dǎo)線，把丙圖實(shí)物電路中補(bǔ)充完整。（3）第一次測量按乙圖的電路，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器測得5組電壓U和電流I值；第二次測量將電壓表改接在a、b兩端，測得5組電壓U和電流I值，并作出如圖丁的關(guān)系圖象。由此可知第一次測量得到圖線是（填“M”或“N”），電阻絲的電阻，根據(jù)電阻定律可得電阻絲的電阻率?！敬鸢浮浚?）③偶然（2）（3）M25【解析】（1）[1][2]用如圖甲的螺旋測微器測量電阻絲直徑，先將電阻絲輕輕地夾在測砧與測微螺桿之間，再旋微調(diào)旋鈕③，直到聽見“喀喀”的聲音為止；測量時(shí)需要選擇電阻絲的不同位置進(jìn)行多次測量，再取平均值作為電阻絲的直徑，目的是為了減少偶然誤差。（2）[3]實(shí)物電路圖如圖所示（3）[4][5]第一次測量按乙圖的電路，根據(jù)歐姆定律可得第二次測量將電壓表改接在a、b兩端，根據(jù)歐姆定律可得可知可知第一次測量得到圖線是，由圖像數(shù)據(jù)可得聯(lián)立可得13．為擺脫水源條件的限制，宋朝時(shí)人們就發(fā)明了一種能汲取地下水的裝置——壓水井。在汕頭華僑公園的兒童玩水區(qū)，安放著如甲圖所示的壓水井讓孩子們體驗(yàn)。壓水井結(jié)構(gòu)如圖乙所示，取水時(shí)先按下手柄同時(shí)帶動(dòng)皮碗向上運(yùn)動(dòng)，此時(shí)上單向閥門關(guān)閉。皮碗向上運(yùn)動(dòng)到某個(gè)位置時(shí)，下單向閥門被頂開，水流進(jìn)入腔體內(nèi)。設(shè)某次下壓手柄前，腔體只有空氣，空氣的體積和壓強(qiáng)分別為和。現(xiàn)研究緩慢下壓手柄，直至下單向閥門剛被頂開的過程。已知大氣壓強(qiáng)為，水的密度為，下單向閥門質(zhì)量為m，橫截面積為S，下單向閥門到水面距離為，重力加速度為g。（1）簡要說明緩慢下壓手柄過程，腔內(nèi)氣體是吸熱還是放熱；（2）求下單向閥門剛被頂開時(shí)，腔體內(nèi)氣體的體積?！敬鸢浮浚?）吸熱；（2）【解析】（1）下壓手柄帶動(dòng)皮碗向上運(yùn)動(dòng)，氣體體積變大對外做功。緩慢移動(dòng)過程中，氣體內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，則氣體應(yīng)吸熱。（2）設(shè)下閥門恰好要被頂開時(shí)，腔內(nèi)氣體壓強(qiáng)為，體積為，則根據(jù)玻意耳定律有聯(lián)立得14．飯卡是學(xué)校等單位最常用的輔助支付手段，其內(nèi)部主要部分是一個(gè)多匝線圈，當(dāng)刷卡機(jī)發(fā)出電磁信號時(shí)，置于刷卡機(jī)上的飯卡線圈的磁通量發(fā)生變化，發(fā)生電磁感應(yīng)，產(chǎn)生電信號，其原理可簡化為如圖所示。設(shè)線圈的匝數(shù)為1200匝，每匝線圈面積均為S＝10-4m2，線圈的總電阻為r=0.1Ω，線圈連接一電阻R=0.3Ω，其余部分電阻不計(jì)。線圈處磁場的方向不變，其大小按如圖所示的規(guī)律變化，（垂直紙面向里為正），求：（1）t=0.05s時(shí)線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢大?。唬?）0～0.1s時(shí)間內(nèi)，電阻R產(chǎn)生的焦耳熱；（3）0.1～0.4s時(shí)間內(nèi)，通過電阻R的電荷量。【答案】（1）0.024V；（2）1.08×10-4J；（3）0.006C【解析】（1）由法拉第電磁感應(yīng)定律有0～0.1s時(shí)間內(nèi)線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢為則t=0.05s時(shí)線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢大小為0.024V。（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律，則有根據(jù)焦耳定律，可得0～0.1s時(shí)間內(nèi)，電阻R產(chǎn)生的焦耳熱為（3）0.1～0.4s時(shí)間內(nèi)，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有根據(jù)閉合電路歐姆定律有則通過電阻R的電荷量為結(jié)合圖像可得15．如圖所示，一水平傳送帶以v=3m/s的恒定速度順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，其上表面左端A點(diǎn)、右端B點(diǎn)分別與一光滑曲面、一光滑水平臺面平滑對接。光滑水平臺面上距B點(diǎn)d1=2m處的P點(diǎn)放置有一質(zhì)量為M=3kg的物塊，P點(diǎn)右側(cè)相距d2=4m處的C點(diǎn)固定有豎直擋板。一質(zhì)量為m=1kg的物塊從光滑曲面距水平面h=1.8m處由靜止釋放。已知A、B兩點(diǎn)相距L=2.5m，物塊m與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.4，重力加速度為g=10m/s2。假設(shè)所有碰撞均是彈性正碰，且碰撞時(shí)間極短，兩物塊均可視為質(zhì)點(diǎn)，求（1）物塊m從開始釋放至與物塊M發(fā)生第1次碰撞前的速度；（2）物塊m從開始釋放至與物塊M發(fā)生第2次碰撞的過程中，整個(gè)系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能；（3）在物塊M沒有滑入傳送帶前，物塊m與物塊M第n次（n>1）碰撞結(jié)束時(shí)，物塊m的速度大?。ū締柌灰髮懗鼋獯疬^程，只要求寫出結(jié)果）。

【答案】（1）4m/s；（2）；（3）見解析【解析】（1）對m假設(shè)m在傳送帶上一直減速解得所以假設(shè)成立，物塊m從開始釋放至與物塊M發(fā)生第1次碰撞前的速度為4m/s。（2）對mm從A運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)，相對路程為設(shè)第1次碰后瞬間，m和M速度分別v1和u1，由動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律聯(lián)立解得在傳送帶上m向左運(yùn)動(dòng)到速度減為0時(shí)，兩者相對路程為m再向右運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，兩者相對路程為所求的內(nèi)能為解得（3）物塊m與物塊M第n（n＞1）次碰撞結(jié)束時(shí)，物塊m的速度大小n=2時(shí)，vn=4m/s；n=4，6，8…時(shí)，vn=3m/s；n=3，5，7…時(shí)，vn=1.5m/s

次數(shù)碰前速度碰后速度碰撞位置1m4m/s方向向右2m/s方向向左P點(diǎn)M02m/s方向向右2m2m/s方向向右4m/s方向向左P點(diǎn)右側(cè)1m處M2m/s方向向左03m3m/s方向向右1.5m/s方向向左P點(diǎn)右側(cè)1m處M01.5m/s方向向右4m1.5m/s方向向右3m/s方向向左P點(diǎn)左側(cè)m處M1.5m/s方向向左05m3m/s方向向右1.5m/s方向向左P點(diǎn)左側(cè)m處M01.5m/s方向向右備戰(zhàn)2024年高考物理模擬卷1（廣東卷專用）（考試時(shí)間：75分鐘試卷滿分：100分）一、單選題(本大題共7小題，每小題4分，共28分。在每個(gè)小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)符合要求)1．如圖所示的火災(zāi)自動(dòng)報(bào)警器具有穩(wěn)定性好、安全性高的特點(diǎn)，應(yīng)用非常廣泛，其工作原理為：放射源處的镅放出的粒子，使殼內(nèi)氣室空氣電離而導(dǎo)電，當(dāng)煙霧進(jìn)入殼內(nèi)氣室時(shí)，粒子被煙霧顆粒阻擋，導(dǎo)致工作電路的電流減小，于是鋒鳴器報(bào)警。則（）A．發(fā)生火災(zāi)時(shí)溫度升高，的半衰期變短B．這種報(bào)警裝置應(yīng)用了射線貫穿本領(lǐng)強(qiáng)的特點(diǎn)C．發(fā)生衰變的核反應(yīng)方程是D．發(fā)生衰變的核反應(yīng)方程是【答案】D【解析】A．半衰期不因外界環(huán)境的溫度而改變，A錯(cuò)誤；B．這種報(bào)警裝置應(yīng)用了射線電離能力強(qiáng)的特點(diǎn)，B錯(cuò)誤；CD．衰變釋放出氦核，故核反應(yīng)方程是C錯(cuò)誤，D正確。故選D。2．如圖1所示是一種常見的持球動(dòng)作，用手臂擠壓籃球，將籃球壓在身側(cè)。為了方便問題研究，我們將場景進(jìn)行模型化處理，如圖2所示，則下列說法正確的是（）A．手臂對籃球的壓力可以大于籃球重力B．籃球?qū)ι眢w的靜摩擦力方向豎直向上C．身體對籃球的作用力方向?yàn)榇怪鄙眢w向外D．籃球?qū)ι眢w的靜摩擦力大小可能等于籃球重力【答案】A【解析】A．手臂對籃球的壓力可以大于籃球重力，故A正確；B．籃球?qū)ι眢w的靜摩擦力方向豎直向下，故B錯(cuò)誤；C．身體對籃球有豎直向上的摩擦力和水平向右的彈力，合力方向?yàn)樾毕蛴疑戏?，故C錯(cuò)誤；D．手臂對籃球的彈力有豎直向下的分量，籃球?qū)ι眢w的靜摩擦力大小大于籃球重力，故D錯(cuò)誤。故選A。3．升降機(jī)從井底以5m/s的速度向上勻速運(yùn)行，某時(shí)刻一螺釘從升降機(jī)底板松脫，再經(jīng)過4s升降機(jī)底板上升至井口，此時(shí)螺釘剛好落到井底，不計(jì)空氣阻力，取重力加速度，下列說法正確的是（）A．螺釘松脫后做自由落體運(yùn)動(dòng)B．礦井的深度為45mC．螺釘落到井底時(shí)的速度大小為40m/sD．螺釘松脫后先做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，到達(dá)最高點(diǎn)后再做自由落體運(yùn)動(dòng)【答案】D【解析】AD．螺釘松脫后先做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，到達(dá)最高點(diǎn)后再做自由落體運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，D正確；C．規(guī)定向下為正方向，根據(jù)螺釘落到井底時(shí)的速度大小為故C錯(cuò)誤；B．螺釘下降距離為因此井深故B錯(cuò)誤。故選D。4．關(guān)于機(jī)械波的描述，下列說法正確的是（）A．當(dāng)兩列波發(fā)生干涉時(shí)，如果兩列波的波峰在某點(diǎn)相遇，則該處質(zhì)點(diǎn)的位移始終最大B．當(dāng)機(jī)械波發(fā)生反射時(shí)，其頻率不變，波長、波速均發(fā)生變化C．測速雷達(dá)向行進(jìn)中的車輛發(fā)射頻率已知的超聲波同時(shí)測量反射波的頻率，根據(jù)反射波的頻率變化的多少就能得到車輛的速度，這利用的是多普勒效應(yīng)D．波長不同的機(jī)械波通過寬度一定的狹縫時(shí)波長越小衍射越明顯【答案】C【解析】A．如果兩列波的波峰在某點(diǎn)相遇，振動(dòng)總是加強(qiáng)，但質(zhì)點(diǎn)的位移有時(shí)最大，有時(shí)為0，故A錯(cuò)誤；B．波發(fā)生反射是在同一種介質(zhì)中，波的頻率、波長和波速均不變，故B錯(cuò)誤；C．測速雷達(dá)向行進(jìn)中的車輛發(fā)射頻率已知的超聲波，根據(jù)反射波的頻率變化判斷車速，這是利用了波的多普勒效應(yīng)，故C正確；D．波長不同的機(jī)械波通過寬度一定的狹縫時(shí)波長越長衍射越明顯，故D錯(cuò)誤。故選C。5．圖甲示意我國建造的第一臺回旋加速器，該加速器存放于中國原子能科學(xué)研究院，其工作原理如圖乙所示，下列說法正確的是（）A．由于粒子速度被逐漸加大，則它在形盒中的運(yùn)動(dòng)周期越來越小B．由于粒子速度被逐漸加大，極板所加的交流電周期要相應(yīng)減小C．粒子從加速器出來的最大速度與形盒的半徑大小及磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度有關(guān)D．粒子增加的動(dòng)能來源于磁場【答案】C【解析】AB．粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期，與粒子速度無關(guān)，故粒子在形盒中的運(yùn)動(dòng)周期不變，所加交流電的周期也相應(yīng)保持不變，故AB錯(cuò)誤；C．粒子由形盒中飛出時(shí)，有得結(jié)合可解得粒子的最大速度為與形盒的半徑大小及磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度均有關(guān)，故C正確；D．洛倫力總與粒子的運(yùn)動(dòng)方向垂直，不對粒子做功，只改變其方向，粒子增加的動(dòng)能來源于加速電場，故D錯(cuò)誤。故選C。6．電蚊拍利用高壓電擊網(wǎng)來擊殺飛近的蚊蟲．如圖所示，將直流電壓通過轉(zhuǎn)換器轉(zhuǎn)變?yōu)檎医蛔冸妷海賹⑵浼釉诶硐胱儔浩鞯脑€圈上，副線圈兩端接電擊網(wǎng)，電壓峰值達(dá)到時(shí)可擊殺蚊蟲，正常工作時(shí)（

）A．交流電壓表的示數(shù)為B．電擊網(wǎng)上的高頻電壓的頻率為C．副線圈與原線圈匝數(shù)比需滿足D．將直流電壓連接在變壓器的原線圈兩端電蚊拍也可以正常工作【答案】C【解析】A．正弦交變電壓的有效值為交流電壓表的示數(shù)為，故A錯(cuò)誤；B．電擊網(wǎng)上的高頻電壓的周期為則電擊網(wǎng)上的高頻電壓的頻率為故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)變壓器原、副線圈電壓比等于匝數(shù)比，可知副線圈與原線圈匝數(shù)比需滿足故C正確；D．將直流電壓連接在變壓器的原線圈兩端，副線圈不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢，電蚊拍不可以正常工作，故D錯(cuò)誤。故選C。7．北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)（）是我國自行研制的全球衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)，是繼美國全球定位系統(tǒng)（）、俄羅斯格洛納斯衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)（）之后的第三個(gè)成熟的衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)。若導(dǎo)航衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知地球的質(zhì)量為M，地球的半徑為R，衛(wèi)星到地面的距離為h，引力常量為G，則衛(wèi)星的加速度大小為（）A． B． C． D．【答案】B【解析】導(dǎo)航衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，圓周半徑為，由萬有引力提供向心力得解得衛(wèi)星的加速度大小為二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8．幼兒園滑梯（如圖甲所示）是孩子們喜歡的游樂設(shè)施之一，滑梯可以簡化為如圖乙所示模型。一質(zhì)量為m的小朋友（可視為質(zhì)點(diǎn)），從豎直面內(nèi)、半徑為r的圓弧形滑道的A點(diǎn)由靜止開始下滑，利用速度傳感器測得小朋友到達(dá)圓弧最低點(diǎn)B時(shí)的速度大小為（g為重力加速度）。已知過A點(diǎn)的切線與豎直方向的夾角為30°，過B點(diǎn)的切線水平，滑道各處動(dòng)摩擦因數(shù)相同，則小朋友在沿著AB下滑的過程中（）A．處于先失重后超重狀態(tài) B．克服摩擦力做功為C．機(jī)械能的減少量大于重力勢能的減少量 D．在最低點(diǎn)B時(shí)對滑道的壓力大小為【答案】AD【解析】A．小朋友在點(diǎn)時(shí)速度為0，加速度沿著切線向下，處于失重狀態(tài)，到最低點(diǎn)時(shí)加速度豎直向上，處于超重狀態(tài)，故A正確；B．在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，由動(dòng)能定理得聯(lián)立可得克服摩擦力做功為故B錯(cuò)誤；C．克服摩擦力做功即為機(jī)械能的減少量，為，而重力勢能的減少量為，故C錯(cuò)誤；D．在B點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律得解得結(jié)合牛頓第三定律得小朋友在最低點(diǎn)B時(shí)對滑道的壓力大小為故D正確。故選AD。9．我國利用自主研發(fā)的電子束焊接技術(shù)，成功焊接了4500米載人深潛器的球殼。電子束焊接機(jī)中的電子槍如圖所示，K為陰極電勢為，A為陽極電勢為，僅在電場力作用下電荷量為的電子由靜止從K運(yùn)動(dòng)到A，則（）

A．電子做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B．從K到A電勢逐漸升高C．電場力對電子做功為D．電子電勢能增加【答案】BC【解析】A．電子束焊接機(jī)中為非勻強(qiáng)電場，則電子做變加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．K為陰極電勢低，A為陽極電勢高，從K到A電勢逐漸升高，故B正確；CD．電子僅在電場力作用下，從靜止開始運(yùn)動(dòng)，電場力做正功，電勢能減小，由公式可得，電場力做功為故D錯(cuò)誤，C正確。故選BC。10．2022年2月4日冬奧會(huì)在北京舉行，冰雪運(yùn)動(dòng)逐漸受到人們喜愛。冰壺運(yùn)動(dòng)是運(yùn)動(dòng)員把冰壺沿水平冰面投出，讓冰壺在冰面上自由滑行，在不與其他冰壺碰撞的情況下，最終停在遠(yuǎn)處的某個(gè)位置。按比賽規(guī)則，投擲冰壺的運(yùn)動(dòng)員的隊(duì)友，可以用毛刷在冰壺滑行前方來回摩擦冰面，減小冰面的動(dòng)摩擦因數(shù)以調(diào)節(jié)冰壺的運(yùn)動(dòng)。如圖甲所示，藍(lán)壺靜止在圓形區(qū)域內(nèi)，已知冰壺質(zhì)量，運(yùn)動(dòng)員用等質(zhì)量的紅壺撞擊藍(lán)壺，兩壺發(fā)生正碰。若碰撞前、后兩壺的圖像如圖乙所示。關(guān)于冰壺的運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是（??）A．碰撞后藍(lán)壺運(yùn)動(dòng)的加速度大小為B．碰撞后在冰面上滑行的過程中，藍(lán)壺受到阻力的沖量大小比紅壺的大C．若兩壺碰撞時(shí)間為，則紅壺在碰撞過程中所受的平均作用力為D．兩壺碰撞過程中，系統(tǒng)損失的機(jī)械能為【答案】BC【解析】A．由紅壺和藍(lán)壺組成的系統(tǒng)，碰撞瞬間動(dòng)量守恒可知解得由圖乙結(jié)合幾何知識可知，藍(lán)壺停止的時(shí)刻為t=；所以方向與藍(lán)壺運(yùn)動(dòng)方向相反，故A錯(cuò)誤；B．由圖乙可知，藍(lán)壺的動(dòng)量改變量大于紅壺的動(dòng)量改變量，由動(dòng)量定理可知，藍(lán)壺受到阻力的沖量大小比紅壺的大，故B正確；C．對紅球碰撞瞬間由動(dòng)量定理可知解得故C正確；D．兩壺碰撞過程中，系統(tǒng)損失的機(jī)械能為故D錯(cuò)誤。故選BC。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11．如圖所示，用插針法測定玻璃磚折射率：

（1）如果有幾塊寬度大小不同的平行玻璃磚可供選擇，為了減小誤差，應(yīng)選用寬度（填“大”或“小”）的玻璃磚來測量；（2）在該實(shí)驗(yàn)中，光線是由空氣射入玻璃磚，根據(jù)測得的入射角和折射角的正弦值畫出的圖線如圖所示，從圖線可知玻璃磚的折射率是；

（3）該實(shí)驗(yàn)小組選取了操作正確的實(shí)驗(yàn)記錄，在白紙上畫出光線的徑跡，以入射點(diǎn)O為圓心作圓，與入射光線P1O、折射光線OO'的延長線分別交于A、B點(diǎn)，再過A、B點(diǎn)作法線NN'的垂線，垂足分別為C、D點(diǎn)，如圖甲所示，則玻璃的折射率n=（用圖中線段的字母表示）；

（4）在用插針法測定玻璃磚折射率的實(shí)驗(yàn)中，甲、乙二位同學(xué)在紙上畫出的界面aa'、bb'與玻璃磚位置的關(guān)系分別如圖乙中①、②所示，其中甲同學(xué)用的是矩形玻璃磚，乙同學(xué)用的是梯形玻璃磚。他們的其他操作均正確，且均以aa'、bb'為界面畫光路圖。則甲同學(xué)測得的折射率與真實(shí)值相比（填“偏大”、“偏小”或“不變”）；乙同學(xué)測得的折射率與真實(shí)值相比（填“偏大”、“偏小”或“不變”）?！敬鸢浮浚?）大（2）1.5（3）（4）偏小不變【解析】（1）[1]為了減小折射角的測量誤差，應(yīng)使折射光線適當(dāng)長些，即應(yīng)選用寬度大的玻璃磚來測量。（2）[2]根據(jù)折射定律可知圖像斜率的倒數(shù)等于n，即（3）[3]玻璃的折射率為（4）[4]甲同學(xué)所作折射光線（藍(lán)色）與實(shí)際折射光線（紅色）如圖所示，此時(shí)所測折射角比實(shí)際折射角偏大，所以甲同學(xué)測得的折射率與真實(shí)值相比偏小。[5]雖然乙同學(xué)所用的是梯形玻璃磚，但在操作正確的情況下不影響入射角和折射角的測量，所以乙同學(xué)測得的折射率與真實(shí)值相比不變。

12．某實(shí)驗(yàn)小組測量一段已知長度電阻絲的電阻率，實(shí)驗(yàn)操作如下：（1）用如圖甲的螺旋測微器測量電阻絲直徑，先將電阻絲輕輕地夾在測砧與測微螺桿之間，再旋（選填“①”“②”或“③”），直到聽見“喀喀”的聲音為止；測量時(shí)需要選擇電阻絲的不同位置進(jìn)行多次測量，再取平均值作為電阻絲的直徑，目的是減少誤差（選填“偶然”或“系統(tǒng)”）。（2）用圖乙電路圖測電阻絲的電阻Rx，請用筆畫線代替導(dǎo)線，把丙圖實(shí)物電路中補(bǔ)充完整。（3）第一次測量按乙圖的電路，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器測得5組電壓U和電流I值；第二次測量將電壓表改接在a、b兩端，測得5組電壓U和電流I值，并作出如圖丁的關(guān)系圖象。由此可知第一次測量得到圖線是（填“M”或“N”），電阻絲的電阻，根據(jù)電阻定律可得電阻絲的電阻率?！敬鸢浮浚?）③偶然（2）（3）M25【解析】（1）[1][2]用如圖甲的螺旋測微器測量電阻絲直徑，先將電阻絲輕輕地夾在測砧與測微螺桿之間，再旋微調(diào)旋鈕③，直到聽見“喀喀”的聲音為止；測量時(shí)需要選擇電阻絲的不同位置進(jìn)行多次測量，再取平均值作為電阻絲的直徑，目的是為了減少偶然誤差。（2）[3]實(shí)物電路圖如圖所示（3）[4][5]第一次測量按乙圖的電路，根據(jù)歐姆定律可得第二次測量將電壓表改接在a、b兩端，根據(jù)歐姆定律可得可知可知第一次測量得到圖線是，由圖像數(shù)據(jù)可得聯(lián)立可得13．為擺脫水源條件的限制，宋朝時(shí)人們就發(fā)明了一種能汲取地下水的裝置——壓水井。在汕頭華僑公園的兒童玩水區(qū)，安放著如甲圖所示的壓水井讓孩子們體驗(yàn)。壓水井結(jié)構(gòu)如圖乙所示，取水時(shí)先按下手柄同時(shí)帶動(dòng)皮碗向上運(yùn)動(dòng)，此時(shí)上單向閥門關(guān)閉。皮碗向上運(yùn)動(dòng)到某個(gè)位置時(shí)，下單向閥門被頂開，水流進(jìn)入腔體內(nèi)。設(shè)某次下壓手柄前，腔體只有空氣，空氣的體積和壓強(qiáng)分別為和?，F(xiàn)研究緩慢下壓手柄，直至下單向閥門剛被頂開的過程。已知大氣壓強(qiáng)為，水的密度為，下單向閥門質(zhì)量為m，橫截面積為S，下單向閥門到水面距離為，重力加速度為g。（1）簡要說明緩慢下壓手柄過程，腔內(nèi)氣體是吸熱還是放熱；（2）求下單向閥門剛被頂開時(shí)，腔體內(nèi)氣體的體積?！敬鸢浮浚?）吸熱；（2）【解析】（1）下壓手柄帶動(dòng)皮碗向上運(yùn)動(dòng)，氣體體積變大對外做功。緩慢移動(dòng)過程中，氣體內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，則氣體應(yīng)吸熱。（2）設(shè)下閥門恰好要被頂開時(shí)，腔內(nèi)氣體壓強(qiáng)為，體積為，則根據(jù)玻意耳定律有聯(lián)立得14．飯卡是學(xué)校等單位最常用的輔助支付手段，其內(nèi)部主要部分是一個(gè)多匝線圈，當(dāng)刷卡機(jī)發(fā)