2023年江蘇省鹽城市高考物理模擬測(cè)試試卷（一）（含答案）

江蘇省鹽城市2023屆高考物理模擬測(cè)試卷子〔一〕

一、單項(xiàng)選擇題

1.人類一直在追求能源的開(kāi)發(fā)和有效利用，太陽(yáng)能的利用非常廣泛，而太陽(yáng)的龐大能量來(lái)源于太陽(yáng)

內(nèi)部所發(fā)生的核聚變反響，該核反響可能是()

A.:H+：H-；He+；n

B.置u.記Th+；He

D.記ThfrTh+b

2.如下圖是一個(gè)同學(xué)研究某根彈簧所受拉力與伸長(zhǎng)量之間的關(guān)系圖象，關(guān)于這根彈簧，以下說(shuō)法中

B.彈簧的勁度系數(shù)是2xl(PN/m

C.當(dāng)受到800N的拉力作用時(shí)，彈簧的長(zhǎng)度是40cm

D.當(dāng)彈簧伸長(zhǎng)量為20cm時(shí)，彈簧產(chǎn)生的拉力是200N

3.以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是()

A.布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體顆粒分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)

B.在絕熱過(guò)程中，外界對(duì)物體做功，物體的內(nèi)能肯定增加

C.分子間的作用力總是隨分子間距減小而增大

D.已知水的摩爾質(zhì)量為18g/mol和水密度為Ig/cnP可估算出lmol水分子的個(gè)數(shù)

4.如下圖，閉合圓導(dǎo)線圈平行地放置在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，其中ac、分別是平行、垂直于磁場(chǎng)方向的

兩直徑，試分析線圈做以下哪種運(yùn)動(dòng)時(shí)能產(chǎn)生感應(yīng)電流()

A.使線圈在紙面內(nèi)平動(dòng)或轉(zhuǎn)動(dòng)

B.使線圈平面沿垂直紙面方向向紙外平動(dòng)

C.使線圈以加?為軸轉(zhuǎn)動(dòng)

D.使線圈以取為軸稍作轉(zhuǎn)動(dòng)

5.如下圖為肯定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的p—T圖，在由A變化到B的過(guò)程中

()

B

O

A.氣體的密度一直變大

B.氣體的內(nèi)能一直變大

C.氣體的體積一直減小

D.單位時(shí)間內(nèi)撞擊到器壁單位面積上的分子數(shù)一直減少

6.用如下圖的實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)完成“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律〃的實(shí)驗(yàn)，關(guān)于本實(shí)驗(yàn)以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是

()

A.同一組實(shí)驗(yàn)中，入射小球必須從同一位置由靜止釋放

B.入射小球的質(zhì)量必須等于被碰小球的質(zhì)量

C.軌道傾斜局部必須光滑

D.需要秒表測(cè)量小球在空中飛行時(shí)間

7.一列橫波從t=0時(shí)刻開(kāi)始，從原點(diǎn)。沿著x軸傳播，t=0.6s時(shí)刻傳至A點(diǎn)，假設(shè)OA=12m,

AB=8m,BC=10m,則以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是()

y/cm

A.波動(dòng)過(guò)程從開(kāi)始到C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)以后的時(shí)間內(nèi)，A點(diǎn)的路程總是比C點(diǎn)的路程多18cm

B.t=ls時(shí)刻B點(diǎn)的位移是2cm

C.t=1.5s時(shí)刻C點(diǎn)第一次在波谷

D.波動(dòng)過(guò)程從開(kāi)始到B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)以后的時(shí)間內(nèi)，A點(diǎn)的路程總是比B點(diǎn)的路程多8cm

8.2023年6月11H,我國(guó)在太原衛(wèi)星發(fā)射中心用“長(zhǎng)征二號(hào)”丁運(yùn)載火箭成功將“北京三號(hào)〃衛(wèi)星

送入預(yù)定軌道，變軌過(guò)程簡(jiǎn)化為如下圖，軌道n與軌道I相切于軌道I的遠(yuǎn)地點(diǎn)M,與圓軌道1H相切

于N點(diǎn)。以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是()

A.衛(wèi)星從軌道I進(jìn)入軌道n,需要在M點(diǎn)減速

B.衛(wèi)星從軌道n進(jìn)入軌道IH,需要在N點(diǎn)加速

c.衛(wèi)星在軌道I中運(yùn)動(dòng)的周期可能與軌道in中運(yùn)動(dòng)的周期相等

D.衛(wèi)星在軌道II中從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過(guò)程中，其機(jī)械能逐漸減小

9.在光滑的水平面上方，有兩個(gè)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B、方向相反的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)，如圖。PQ為

兩個(gè)磁場(chǎng)的邊界，磁場(chǎng)范圍足夠大。一個(gè)邊長(zhǎng)為a、質(zhì)量為m、電阻為R的金屬正方形線框，以速

度v垂直磁場(chǎng)方向從如圖實(shí)線位置開(kāi)始向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)線框運(yùn)動(dòng)到分別有一半面積在兩個(gè)磁場(chǎng)中時(shí)，

V

線框的速度為一，則以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是()

2

p

XXXX????

XXXX????

(X)：x?

<X>X?>??

Q

2Ba2

A.此過(guò)程中通過(guò)線框截面的電量為

R

B.此時(shí)線框的加速度為幽士

2mR

C.此過(guò)程中回路產(chǎn)生的電能為

8

D.此時(shí)線框中的電功率為空立

R

10.如下圖，傾角為0=30。的光滑斜面上，質(zhì)量分別為2m、m的a、b兩物塊，用一輕彈簧相連，將

a用細(xì)線連接在木板上，調(diào)整細(xì)線使之與斜面平行且使系統(tǒng)靜止時(shí)，物塊b恰與斜面底端的擋板無(wú)彈

力，此時(shí)彈簧的形變量為X。重力加速度為g,假設(shè)突然剪斷細(xì)線，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，則

A.剪斷細(xì)線瞬間，擋板對(duì)物塊b彈力為0.5mg

B.剪斷細(xì)線瞬間，物體b的加速度為0.5g

C.剪斷細(xì)線瞬間，物體a的加速度為g

D.剪斷細(xì)線后，物塊a沿斜面向下運(yùn)動(dòng)3x時(shí)動(dòng)能最大

二、實(shí)驗(yàn)題

11.某實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)為了研究某熱敏電阻的性質(zhì)，進(jìn)行了如下操作。

U）已知該熱敏電阻的阻值隨環(huán)境溫度的升高而增大，小組同學(xué)利用伏安法測(cè)量了常溫以及高溫

環(huán)境下該熱敏電阻的阻值，通過(guò)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描繪了該熱敏電阻在這兩個(gè)環(huán)境下的/-。圖線，如圖甲所

示，則圖線（填"a"或"b"）對(duì)應(yīng)的是高溫環(huán)境。

（2）該小組的同學(xué)為了進(jìn)一步研究熱敏電阻的特性，設(shè)計(jì)了如圖乙所示的電路。實(shí)驗(yàn)時(shí)，閉合開(kāi)

關(guān)S并調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，讀出電流表ApA2的示數(shù)分別為人、12,已知定值電阻的阻值為

R。,電流表A2的內(nèi)阻為Rg，則熱敏電阻的阻值為（用已知物理量符號(hào)表

(3)該小組的同學(xué)得出了該熱敏電阻的阻值關(guān)于溫度t的關(guān)系式為4=(At+g)Q。將該熱敏

電阻接入如圖丙所示的電路中，已知恒壓電源的電壓為U=9V,定值電阻4=30Q,接通電路

后，理想電壓表的示數(shù)為7V,理想電流表的示數(shù)為0.7A,則定值電阻凡=_________C，熱敏電阻

所在環(huán)境的溫度為°C。

三、解答題

12.有一面積S=100cm2、匝數(shù)/?=100的金屬環(huán)，總電阻R=0.1Q,環(huán)中有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方

向垂直于圓環(huán)面，磁感應(yīng)強(qiáng)度變化規(guī)律如下圖，求:

(1)圓環(huán)中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小；

12)在2s?3s內(nèi)流過(guò)導(dǎo)線橫截面的電荷量。

13.半徑為R的半圓形玻璃磚截面如下圖，O點(diǎn)為圓心，光線a沿半徑方向進(jìn)入玻璃后恰好在O點(diǎn)

發(fā)生全反射，光線b平行于光線a,從最gao點(diǎn)進(jìn)入玻璃后折射到MN上的D點(diǎn)，已知光線a與MN

的夾角為60。，求：

（1）玻璃的折射率n為多少？

（2）OD的長(zhǎng)度是多少？

14.如下圖，質(zhì)量M=2kg（含擋板）的長(zhǎng)木板靜止在足夠大的光滑水平面上，其右端擋板固定一勁

度系數(shù)k=225N/m的水平輕質(zhì)彈簧，彈簧自然伸長(zhǎng)時(shí)，其左端到木板左端的距離L=L6m,小物塊

（視為質(zhì)點(diǎn)）以大小v（）=10m/s的初速度從木板的左端向右滑上長(zhǎng)木板，已知物塊的質(zhì)量m=0.5kg,

彈簧的彈性勢(shì)能Ep=gkx2（其中x為彈簧長(zhǎng)度的形變量），彈簧始終在彈性限度內(nèi)，取g=10m/s2。

U）假設(shè)木板上外表光滑，求彈簧被物塊壓縮后的最大彈性勢(shì)能Epm；

（2）假設(shè)木板上外表粗糙，物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)N=0.2,請(qǐng)推斷物塊是否會(huì)壓縮彈簧，假

設(shè)物塊不會(huì)壓縮彈簧，求最終物塊到木板左端的距離s；假設(shè)物塊會(huì)壓縮彈簧，求彈簧的最大形變量

XIYlo

15.如下圖，兩塊平行金屬極板MN水平放置，板長(zhǎng)L="l"m.間距d=1m,兩金屬板間電壓

3

4

UMN=1X10V；在平行金屬板右側(cè)依次存在ABC和FGH兩個(gè)全等的正三角形地域，正三角形ABC

內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B”三角形的上頂點(diǎn)A與上金屬板M平齊，BC邊與金屬板平行，

AB邊的中點(diǎn)P恰好在下金屬板N的右端點(diǎn)；正三角形FGH內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B2，已

2

知A、F、G處于同一直線上.B、C、H也處于同一直線上.AF兩點(diǎn)距離為彳m?，F(xiàn)從平行金屬

極板MN左端沿中心軸線方向入射一個(gè)重力不計(jì)的帶電粒子，粒子質(zhì)量m=3xlO/okg,帶電量q=

+1x10-4。初速度VQ=lx105m/so

“二/……七/——-￡---------F

一廠.......；X\\/

N—?------------1r/\\,*/

Fxx\、、B/

/\\?2/

/XXX\

C______________________3V

BCH

（1）求帶電粒子從電場(chǎng)中射出時(shí)的速度V的大小和方向

(2)假設(shè)帶電粒子進(jìn)入中間三角形地域后垂直打在AC邊上，求該地域的磁感應(yīng)強(qiáng)度Bi

(3)假設(shè)要使帶電粒子由FH邊界進(jìn)入FGH地域并能再次回到FH界面，求B?應(yīng)滿足的條件。

答案

1.A

（解答）A.該反響是輕核聚變反響，是太陽(yáng)內(nèi)部的熱核反響，A符合題意；

B.該反響是?衰變，B不符合題意；

C.該反響是重核裂變反響，C不符合題意；

D.該反響是B衰變，D不符合題意。

故答案為：Ao

（分析）利用核反響方程的規(guī)律可以判別反響方程的類型。

2.B

（解答）解：A、圖象斜率的大小表示勁度系數(shù)大小，故有k="=2023N/m.故A錯(cuò)誤，B正

0.4

確；

C、當(dāng)受到800N的拉力作用時(shí)，彈簧的伸長(zhǎng)量是40cm,故C錯(cuò)誤；

D、當(dāng)彈簧伸長(zhǎng)量為20cm時(shí)，彈簧產(chǎn)生的拉力是F=2xlO3xo2=400N,故D錯(cuò)誤；

應(yīng)選：B

（分析）考查了有關(guān)彈簧彈力與形變量之間關(guān)系的根底知識(shí)，利用胡克定律結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)即可正確

求解.

3.B

（解答）A.布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，反映了液體分子在不停地做無(wú)規(guī)則

熱運(yùn)動(dòng)，由于固體顆粒是由大量顆粒分子組成的，所以布朗運(yùn)動(dòng)并不是懸浮固體顆粒分子的運(yùn)動(dòng)，

A不符合題意；

B.在絕熱過(guò)程中，與外界無(wú)熱交換，依據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，外界對(duì)物體做功，物體的內(nèi)能肯定

增加，B符合題意；

C.當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)?，分子力隨分子間距離的減小而增大，C不符合題意；

D.已知水的摩爾質(zhì)量為18g/mol和水密度為lg/cn?可估算出Imol水分子的體積，D不符合題意。

故答案為：Bo

（分析）改變物體的內(nèi)能有兩種方法，一種是做功，第二種是熱傳遞，單純的從一種方法的改變無(wú)

法推斷物體內(nèi)能的變化。

4.D

（解答）依據(jù)產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件可知：只需使穿過(guò)閉合回路的磁通量發(fā)生變化，就能在回路中產(chǎn)

生感應(yīng)電流。線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度8為定值，依據(jù)前面分析△①=84S知：只要回路

相對(duì)磁場(chǎng)的正對(duì)面積改變量ASWO,則磁通量肯定要改變，回路中肯定有感應(yīng)電流產(chǎn)生。

當(dāng)線圈在紙面內(nèi)平動(dòng)或轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，線圈相對(duì)磁場(chǎng)的正對(duì)面積始終為零，因此AS=0,因而無(wú)感應(yīng)電流，

A錯(cuò)；

當(dāng)線圈平面沿垂直紙面方向向紙外運(yùn)動(dòng)時(shí)，同樣AS=O,也無(wú)感應(yīng)電流產(chǎn)生；B錯(cuò)；

當(dāng)線圈以ac為軸轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，線圈相對(duì)磁場(chǎng)的正對(duì)面積改變量AS仍為零，回路中仍無(wú)感應(yīng)電流；C

錯(cuò)；

當(dāng)線圈以加為軸稍作轉(zhuǎn)動(dòng)，則線圈相對(duì)磁場(chǎng)的正對(duì)面積發(fā)生了改變，因此在回路中產(chǎn)生了感應(yīng)電

流。D對(duì)；

故答案選D

5.D

r）VC

（解答）AC.依據(jù)望可得P=~T因P-T圖像上的點(diǎn)到原點(diǎn)連線的斜率與體積倒數(shù)成正

比，可知從A到B氣體的體積一直變大，則密度減小，AC不符合題意；

B.氣體的溫度先增加后不變，則氣體的內(nèi)能先變大，后不變，B不符合題意；

D.因?yàn)闅怏w的體積一直變大，則氣體的分子數(shù)密度減小，氣體的壓強(qiáng)先不變后減小，可知單位時(shí)間

內(nèi)撞擊到器壁單位面積上的分子數(shù)一直減少，D符合題意。

故答案為：D。

（分析）利用等容線可以比擬體積的大小進(jìn)而判別氣體密度的變化；利用溫度的變化可以判別氣體

內(nèi)能的變化；利用壓強(qiáng)的變化可以判別單位時(shí)間撞擊單位面積的分子數(shù)變化。

6.A

（解答）A.同一組實(shí)驗(yàn)中，入射小球必須從同一位置由靜止釋放，以保證小球到達(dá)斜槽底端時(shí)速

度相同，A符合題意；

B.入射小球的質(zhì)量必須大于被碰小球的質(zhì)量，以保證兩球碰后入射球不反彈，B不符合題意；

C.軌道傾斜局部不肯定必須光滑，只要入射球到達(dá)底端時(shí)的速度相同即可，C不符合題意；

D.碰后兩球均做平拋運(yùn)動(dòng)，下落的高度相同則時(shí)間都一樣，則可以用水平位移替代水平速度，則不

需要秒表測(cè)量小球在空中飛行時(shí)間，D不符合題意。

故答案為：Ao

（分析）入射小球的質(zhì)量要大于被碰小球的質(zhì)量防止反彈；其斜槽軌道不需要光滑；利用平拋運(yùn)動(dòng)

的位移公式可以判別不需要測(cè)量運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。

7.D

（解答）解：A、由題意，該波的波長(zhǎng)為X=8m,由于AC=AB+BC=8m+10m=18m=2.25A.,波從t=0

時(shí)刻開(kāi)始傳到C點(diǎn)時(shí)間t=2.25T,則當(dāng)波剛傳到C時(shí)，A比C多運(yùn)動(dòng)的路程

S=4x2.25xA=9A=2xCm=18cm,此時(shí)，A在波峰，在以后運(yùn)動(dòng)中，路程關(guān)系會(huì)變化.故A錯(cuò)誤.

B、波傳到B的時(shí)刻為t=ls,此時(shí)B的位移為0.故B錯(cuò)誤.

C、由題T=0.4s,X=8m,波速為v=會(huì)==20m/s.從該波形圖再向右傳播20m,C第一次到

r20

達(dá)波峰，所以t=—=、s=ls;該波從波源到該波形用的時(shí)間為0.6s,所以C點(diǎn)第一次到達(dá)波峰

v20

的時(shí)間為：h=ls+0.6s=1.6s,故C錯(cuò)誤.

D、波傳到B的時(shí)刻為t=ls,此時(shí)B的位移為0.故D錯(cuò)誤.AB=8m=X,則當(dāng)波剛傳到B時(shí)A比

B多運(yùn)動(dòng)的路程S=4A=8cm,后來(lái)AB同步，A點(diǎn)的路程總是比B點(diǎn)的路程多8cm.故D正確.

應(yīng)選：D

（分析）依據(jù)題意可求出波長(zhǎng).由A與B,A與C位置關(guān)系求出當(dāng)振動(dòng)剛傳到B或C時(shí)A多運(yùn)動(dòng)

的路程，再求A與B,A與C運(yùn)動(dòng)的路程關(guān)系.依據(jù)周期研究經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間C點(diǎn)什么時(shí)刻波峰和B

點(diǎn)的位移.

8.C

（解答）AB.衛(wèi)星從低軌道向高軌道變軌時(shí)，需要加速，從而使萬(wàn)有引力缺乏以提供向心力而做

離心運(yùn)動(dòng)；衛(wèi)星從高軌道向低軌道變軌時(shí)，需要減速，從而使萬(wàn)有引力大于所需的向心力而做近心

運(yùn)動(dòng)。因此衛(wèi)星從軌道I進(jìn)入軌道n,需要在M點(diǎn)加速，從軌道n進(jìn)入軌道in,需要在N點(diǎn)減速，

AB不符合題意；

C.由題圖可知軌道1的半長(zhǎng)軸與軌道IH的半徑可能相等，依據(jù)開(kāi)普勒第三定律可知衛(wèi)星在軌道I中

運(yùn)動(dòng)的周期可能與軌道in中運(yùn)動(dòng)的周期相等，c符合題意；

D.衛(wèi)星在軌道n中從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過(guò)程中只受萬(wàn)有引力作用，其機(jī)械能守恒，D不符合題

意。

故答案為：C。

（分析）星體從低軌道到高軌道，需要加速，從而進(jìn)行分析推斷M點(diǎn)和N點(diǎn)速度的大小關(guān)系；結(jié)合

開(kāi)普勒第三定律推斷衛(wèi)星在兩軌道上周期的大?。恢挥腥f(wàn)有引力做功時(shí)機(jī)械能守恒。

9.D

（解答）A.線圈磁通量的變化△①=Ba2

△t

q=Ikt=一AZ

R

則由電流定義和歐姆定律可得7=—=—

RR

A不符合題意；

B.此時(shí)線框產(chǎn)生的電流732Ba--2Bav

RR

由牛頓第二定律和安培力公式可得加速度6=竺以=竺22

mmR

B不符合題意；

C.對(duì)此過(guò)程，由能量守恒定律可得，回路產(chǎn)生的電能￡：=-mv2--m（|）2=-wv2

C不符合題意；

D.由電功率定義可得P=I2R=B'-V'

R

D符合題意.

故答案為：D。

（分析）結(jié)合切割產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小和歐姆定律得出感應(yīng)電流的大小，從而得出兩條邊所受安培

力的合力，結(jié)合牛頓第二定律求出加速度：依據(jù)電量公式計(jì)算出線框截面的電量，依據(jù)能量守恒求

出回路產(chǎn)生的電能；結(jié)合回路中克服安培力的功率等于電功率求出線框中的電功率。

10.D

（解答）AB.突然剪斷細(xì)線前，對(duì)b受力分析，由平衡條件可得片單=〃zgsin。

剪斷細(xì)線瞬間，彈簧的彈力不能突變，b的受力狀態(tài)不變，合力仍為零，則物體b的加速度為0,擋

板對(duì)物塊b彈力也為零，A、B不符合題意；

C.突然剪斷細(xì)線前，對(duì)a受力分析，由平衡條件可得片=2〃?gsin6+&

可得FT-3mgsin0

剪斷細(xì)線瞬間，彈簧的彈力不能突變，繩子拉力消逝，由牛頓第二定律得2mgsm0^F^^2ma

_3

解得，a的加速度為a=]gsin(9

C不符合題意；

D.剪斷細(xì)線前，彈簧的形變量為x,可得mgsme=F^=kx

剪斷細(xì)線后，物塊a沿斜面向下運(yùn)動(dòng)，向下運(yùn)動(dòng)x時(shí)，彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)，再向下運(yùn)動(dòng)X,，當(dāng)加速度

為零時(shí)，速度最大，此時(shí)滿足2mgsin0=kx'

聯(lián)立上式可得x'=2x

所以物塊a沿斜面向下運(yùn)動(dòng)3x時(shí)動(dòng)能最大，D符合題意。

故答案為：D。

(分析)剪斷細(xì)線瞬間，彈簧的彈力不能突變，b的受力不變，合力仍為零，則所以物體b的加速度

為0,擋板對(duì)物塊b彈力也為零。剪斷細(xì)線瞬間，彈簧的彈力不能突變，但繩子拉力消逝。對(duì)a受力

分析，用牛頓第二定律可以解得a的加速度。當(dāng)a的受力平衡時(shí)，加速度為零時(shí)，a的速度最大，動(dòng)

能最大。

11.(1)b

⑵M&+4)

A

(3)17.5；40

(解答)(1)/-。圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，圖甲中圖線b對(duì)應(yīng)的阻值大于圖線a對(duì)應(yīng)的阻

值，所以圖線b對(duì)應(yīng)的為高溫環(huán)境。

(2)由圖乙可知，通過(guò)熱敏電阻的電流為/坊=，-12

熱敏電阻兩端電壓(凡+4)

UR/2(凡+凡)

則熱敏電阻的阻值為AT=詈=?芋，/

，U9

(3)由圖丙可知，流過(guò)定值電阻屬的電流為人=k=^A=0.3A

又理想電流表示數(shù)為0.7A,則通過(guò)熱敏電阻的電流為/；=04A

U7

則定值電阻&的阻值為&=7==RZQ=17.5Q

2

又&T兩端電壓為2V,則R「=d]Q=5Q

代入%=[/+沙

解得，=40℃

(分析)(1)/-。圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，圖甲中圖線b對(duì)應(yīng)的阻值大于圖線a對(duì)應(yīng)的阻

值。

(2)由圖乙可知通過(guò)熱敏電阻的電流。由熱敏電阻兩端電壓得熱敏電阻的阻值。

(3)由理想電流表示數(shù)為0.7A得通過(guò)熱敏電阻的電流，得定值電阻火2的阻值。

12.(1)由法拉第電磁感應(yīng)定律知后感=〃——=n—S

△tAr

由圖可知”為直線的斜率左=0.H7s,代入數(shù)據(jù)得

△t

03—02

&5=100x-——-xl00xl0-4V=0.1V

感3-2

,c、,nAE嚙△①Az△①\B,S

(2)因?yàn)閝-/,0AZ=—-A/=?-------------n------=n----------

感RMRRR

所以2s?3s內(nèi)流過(guò)導(dǎo)線橫截面的電荷量

O.lxlOOxlO-4^

q-100x-------------------C=IC

0.1

(分析)m已知磁感應(yīng)強(qiáng)度和時(shí)間的變化，利用法拉第電磁感應(yīng)定律可以求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大

?。?/p>

(2)已知感應(yīng)電流的大小，結(jié)合電流的定義式可以求出電荷量的大小。

13.(1)解:由題意得：臨界角C=30。則：

n—__1_—___1__—2

sines由30°

答：玻璃的折射率n為2；

由z30。

(2)解：光線b入射，由折射定律有：-----=〃

sinr

,口1

得：sinr=—，

4

Rsinr

所以：OD=Rtanr=

解得：0D=叵R.

15

答：0D的長(zhǎng)度是叵R

15

(分析)(1)依據(jù)光線a與MN的夾角為60。，光線a沿半徑方向進(jìn)入玻璃后恰好在。點(diǎn)發(fā)生全反

射，可知臨界角C=30。，進(jìn)而求出n；(2)依據(jù)折射定律及幾何關(guān)系即可求得OD的長(zhǎng)度.

14.(1)解：經(jīng)分析可知，彈簧的彈性勢(shì)能最大時(shí)，物塊和木板具有共同速度，設(shè)為v,有：

解得：v=2m/s