物理-2024屆湖南湘東九校聯(lián)盟高三上學(xué)期第一次聯(lián)考（一模）帶答案

湖南省2024屆高三九校聯(lián)盟第一次聯(lián)考1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在3.考試結(jié)束后，將本試題卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共桁架拱橋結(jié)構(gòu)，位列同類橋梁中湖南第一、橋梁上層為機動車道橋上的六根豎直鋼絲繩吊索，相鄰兩根吊索之間距離均相等，若減速直線運動，剛好在吊索E、F的中點N點停下，汽車3.如圖所示，固定的傾角為37°的粗糙斜面上放置一長方體物塊37°角斜向下的推力推動物塊（力的作用線在斜面上的投影與斜面底邊平行），物塊4.如圖所示，已知地球半徑R=6400km，某資源探測衛(wèi)星A沿半徑為5R時，啟動點火裝置在極短時間內(nèi)讓衛(wèi)星減速，然后沿著與地5.如圖甲所示，公交車上的手拉吊環(huán)具有輔助乘客站穩(wěn)的作用，當車靜止或勻直狀態(tài)，當車突然啟動或剎車時，其會蕩起一定的角度。某興趣小組突發(fā)奇想：將其簡然后保持恒定，手拉吊環(huán)穩(wěn)定的偏離豎直方向某一角度（彈性繩始終在彈性限度內(nèi)且遵），a二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共2符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，7.多個點波源在空間也可以形成干涉圖樣，如圖甲是8.如圖所示，兩條不可伸長輕繩分別連接質(zhì)量相同的兩個可視為質(zhì)點的小球能以相同的角速度在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，則關(guān)于兩小球的位置關(guān)體的加速度隨時間變化的情況如圖乙所示。整個運動過程10.如圖為某種旋轉(zhuǎn)節(jié)速器的結(jié)構(gòu)示意圖，16gL255 E．滑動變阻器R1（0~5Ω,額定電流為1AF．滑動變阻器R2（0~50Ω,額定電流為0.01A）；14.（14分）世界上最早最精確的極光觀測記能粒子流（太陽風(fēng)）射向地球時，由于地磁場作用，部分進入地到激發(fā)態(tài)后輻射光子，而產(chǎn)生的發(fā)光現(xiàn)象。假設(shè)地磁場邊界到地心的15.（16分）如圖，光滑水平軌道上固定一個光滑圓弧軌道，圓弧的半徑為R=1.2m，圓心角為60°,圓弧），彈簧，并用細線拴連使彈簧處于壓縮狀態(tài)，彈簧此時恰好與B湖南省2024屆高三九校聯(lián)盟第一次聯(lián)考物理參考答案命題學(xué)校：株洲市二中審題學(xué)校：常德市一中-、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。題號2345答案CCDAB1.c【解析】得出相對論的科學(xué)家是愛因斯坦，故A錯誤；牛頓運用開普勒第三定律和自己的理論推出萬有引力F定律，常數(shù)G沒有得出，第一個"秤"地球質(zhì)量的人是卡文迪什B錯誤；公式B=IL是比值定義法，故C正確；F通過單位運算m的單位為m4/s2，所以D錯誤。pt2.C【解析】由逆向思維法可知，汽車運動逆過程是一個初速度為零的勻加速直線運動，由2ar＝2得A=3E，所以A錯誤；然后又由=2at2得t總=3t所以通過AE的時間是2t所以B錯誤；再由0=t得AE=40EN所以C正確；由v=得全過程v＝u.5t>VE。所以本題正確答案選C。3.D【解析】將推力沿垂直斜面和平行斜面向下兩個方向分解：F5=0.8mgFy1=0.6mg將重力沿平行斜面向下和垂直斜面向下兩個方向分解F2=06mg，F(xiàn)2=08mg，物塊做勻速直線運動，受力平衡，摩擦力f=、F2F2=mg彈力FN=Fy+Fy2=14==4A解析根據(jù)開普勒第定律可知3其中在近地圓軌道上運動時R2gT近 RT橢g22π，則衛(wèi)星A制動后回到地球近地點的最短時間為tmin其中r=32000km,R＝6RT橢g210m/s2，代入數(shù)據(jù)可知tmin=1.3×104s，故A正確。5.C【解析】初始時系統(tǒng)保持靜止有k0=mgo為彈性繩形變量此時彈性繩長1=L+相對靜止時，有krcoθ=mg此時繩長2=+kcogsθg2十2又g2十2ag故小球升高h=02Cθ即Ah=L(16.B【解析】為了以最短時間到達機艙，一開始先以最大加速度勻加速度上升，當功率達到額定功率時，保持功率不變直到特種兵達到最大速度，接著做勻速運動，最后以最大加速度勻減速上升至機艙時速度剛好為零，第一階段的勻加速上升過程中，根據(jù)牛頓第二定律可得FTmmg=maFTm＝l200N,當功率達到額定功率時，設(shè)的速度為,則有＝=m/s＝10m/s，此過程所用時間和上升高度分別為的速度為,則有＝=m/s＝10m/s，此過程所用時間和上升高度分別為t1=1s，h=FTm1200a112a1102P額P額120002×10FTg2 m=5m，特種兵以最大速度勻速時，有un==m102P額P額120002×10FTg2 mm2=12000J，D錯誤。由功能關(guān)系可知，電動機做的功為特種兵重力勢能的增量mgh＝54000J所以C錯誤特種兵最后以最大加速度做勻減速運動的時間和上升高度分別為t3=a==28h3==m=20m，設(shè)重物從結(jié)束勻加速運動到開始做勻減速運動所用時間為t2該過程根據(jù)動能定理可得P額t2mgh2＝22mm2m21，又h2=90m5m20m=65m聯(lián)立解得t2=4S，故特種兵運動的最短時間為tmin=t1十t2十22物理試題參考答案-1t3=ls＋4s＋2s＝7s,A錯誤，在減速階段電動機就不需要做功了,所以電動機工作的最短時間為5s，B正確。、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。題號789答案ACADBDAC7.AC【解析】由于。點到三個波源的距離相同，根據(jù)波的疊加原理可知其振幅為6cm；根據(jù)入＝VT=1m，故能發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象。t=4暢5s時，僅s2與S3的波傳播到C處，由于傳播時間to=4s，故C處質(zhì)點已經(jīng)振動了0.5s，故c處質(zhì)點與平衡位置距離y=2×2cm=2廠2cm。類比兩列波的干涉可知，頻率必須相同才能發(fā)生干涉。8.AD【解析】設(shè)兩繩子1、l2與豎直線的夾角分別為α和β，則若兩球在軸線同側(cè)，則r2>r1。對下面小球，由牛頓第二定律得：T2Cosβ=m2g,T2sin=m22r2；即tanβ；對兩個小球，由系統(tǒng)牛頓第二定律得：T1Cosα＝(m1＋m2)g，Tisina=m22r2十m21，即tanα==2=·tnβ·所以排除B和C·選A若兩球位于軸線的異側(cè)，如圖D，選向左為正，則Tisinα=m202r2十m102r1,則因為T＞0,所以r1＞r2，同理，解得tnβ=·tnα=α和β可能相等可能不相等所以選D.綜上,本題選AD?！?/s=.4m/s但由圖乙可知，物塊Q的at圖像與t軸所圍的實際面積大于加速度均勻增大時的面積，即速度變化量大于0.4m/s，則t=ls時Q的速度大小大于0.4m/s，所以A錯誤；在0～1s內(nèi)，恒力F推p的瞬間，由at圖像知p的加速度為ao＝1m/s2，有F=mpao＝2N，所以B正確；0～1s內(nèi)PQ總動量增加量為2N·s，所以C錯誤；1s時兩者的加速度相等，為a=0.8m/s2，對P、Q由牛頓第二定律有FKr＝mpak=mQa解得mQ=0.5kg，由動量定理可知Ft＝mpP＋mQQ撤去F后直至P、Q共速時，系統(tǒng)的動量守恒，有mpP＋mQQ＝(mp＋mQ)解得v=0.8m/s，即彈簧伸長量最大時，P和Q的速度大小都為0.8m/s，故D正確。10.AC【解析】對A受力分析，由平衡條件知2Tcos53。=mgB、C受力具有對稱性，只需對B受力分析，由平衡條件知F彈=Tsin53。當輕桿與豎直方向的夾角為37。釋放重物，當輕桿與豎直方向的夾角恢復(fù)為53時=L2L=L2L5此時重物的速度1與小環(huán)的速度2滿足關(guān)系1Cos53。=2sin53。由全過程機械能守恒得mgh=2k222+2×222解得=入三、實驗題：11題6分，12題10分。d2d2【解析】(1)由題圖乙可知，主尺刻度為7mm；游標尺上對齊的刻度為5；故讀數(shù)為：(7＋5×0.05)mm＝7.25mm＝0725cm。物理試題參考答案212d22to(2)若減小的重力勢能等于增加的動能時，可以認為機械能守恒；則有：mgH＝m即：2gHo＝()12d22to電門的時間變小，測出的速度越接近實際速度，則EpEk將減小。12(10分，每空2分)(1)E(2)ADB或DAB(3)等于【解析】(1)變阻器采用分壓式接法，為保證電路安全方便實驗操作，滑動變阻器應(yīng)選R1。(2)由于電壓表的量程較大，測量電流表A1的電壓測量誤差較大選擇電流表A1與定值電阻Ro并聯(lián)，再與A2串聯(lián)，結(jié)合歐姆定律得出A1兩端的電壓。IRo__I2-I(3)根據(jù)串并聯(lián)電路的特點，通過定值電阻的電流：IR=I2I1,則電流表A1的內(nèi)阻:r1=RIRo__I2-I并無誤差，因此測量值等于真實值。四、解答題：13題10分，14題14分，15題16分。13.(10分)【解析】(1)圓環(huán)在AB段的加速度：Eqcos37。mgsin37。μ(mgcos37。+Eqsin37。)=ma代入數(shù)據(jù)解得：a1=6mS2……………………2分因為：AB=at2所以t=代入數(shù)據(jù)得t=182分…C2=02＋2a2x0＝a1t1離開C時的速度解得C=12mC2=02＋2a2x0＝a1t1從C點拋出后：水平方向=ct2+t22豎直方向：ABin37=2gt22解得t2=0.6…=10.8m14·(14分)【解析】(1)由題意可知，正對地心。的粒子恰好打到地球表面，其軌跡如圖所示，由圖可得入/T21十(R)21=R………2分由洛倫茲力提供向心力，可得qB=m21分………2分由粒子在磁場中運動的周期為T=2πR