2023-2024學年黑龍江省哈爾濱重點大學附中高二（上）10月月考物理試卷（含解析）

2023-2024學年黑龍江省哈爾濱重點大學附中高二（上）月考物理試卷

（10月份）

一、單選題（本大題共9小題，共36.0分）

1.關(guān)于磁場，下列說法中正確的是（）

A.磁場是為研究問題假設存在的一種物質(zhì)

B.磁體之間、磁體與通電導體之間，以及通電導體之間的相互作用都是通過磁場發(fā)生的

C.根據(jù)8=?？芍艌鲋心程幍拇鸥袘獜姸却笮∨c通電導線所受的磁場力F成正比，與電流強度/和導線

長度L的乘積成反比

D.根據(jù)B=*可知勻強磁場磁感應強度的大小等于垂直穿過單位面積的磁感線條數(shù)

2.有關(guān)電源、電壓與電動勢的說法中正確的是（）

A.電壓與電動勢的單位都是伏特，所以電動勢與電壓是同一物理量的不同叫法

B.電動勢就是電源兩極間的電壓

C.電源的作用是在電源內(nèi)部把電子由負極不斷地搬運到正極，從而保持兩極之間有穩(wěn)定的電勢差

D.電動勢是反映電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領強弱的物理量

3.銅的摩爾質(zhì)量為m,密度為p,每摩爾銅原子有n個自由電子，今有一根橫截面積為S的銅導線，當通過的

電流為/時，電子定向移動的平均速率為（）

A.光速cBD

-瑞c?ne"Sm-冠

4.甲、乙為不同材料制成的兩個長方體金屬導電板，長、寬、高均分別為a、b、c,其中a>b>c,如圖,

它們的外形完全相同?，F(xiàn)將甲、乙兩金屬導電板按下圖兩種方式接入同一電源時，若回路中的電流相同,

那么甲、乙兩金屬導電板的電阻率之比為（)

5.如圖（a）所示電路中，當滑動變阻器R的觸頭從一端滑到另一端的過程中，兩電壓表的讀數(shù)隨電流表讀數(shù)

的變化情況如圖（b）所示.不考慮電表對電路的影響，貝1］（）

0.20.3XA

圖（a）圖(b)

A.定值電阻Ro為2。B.電源內(nèi)阻r為100

C.電源電動勢E為3.4VD.定值電阻&的最大電功率為09W

6.科考隊進去某一磁礦區(qū)域后，發(fā)現(xiàn)指南針原來指向正北的N極逆時針轉(zhuǎn)過30。（如圖所示），設該位置地磁

場感應強度水平分量為B,則磁礦所產(chǎn)生的磁感應強度水平分量的最小值為（）

D.馬

7.在磁感應強度為B。、方向豎直向上的勻強磁場中，水平放置一根長通電直

導線，電流的方向垂直于紙面向里。如圖所示，a、氏c、d是以直導線為圓

心的同一圓周上的四點，在這四點中（）

A.b、d兩點的磁感應強度相同

B.a、b兩點的磁感應強度大小相等

C.c點的磁感應強度的值最小

D.b點的磁感應強度的值最大

8.2013年，杭州正式推出微公交，它是零排放的純電動汽車，這為杭州人綠

色出行又提供了一種方案。該電動車配有一塊12H三元鋰電池，容量達2604?

/I;采用220,普通電壓充電，一次完全充電，約需8小時；行駛時，最大時

速可達80km",充滿電后，可最多行駛80km。則以下判斷正確的是［在計

算過程中可認為各種能量轉(zhuǎn)化的效率為100%,電能的價格為0.8元-

切（）

A.充電電流為2604B.充滿電后儲存的電能為3120/

C.折合每公里的電能成本約為0.03元D.勻速行駛時的阻力約為2.0x103/V

9.下列各圖給出了通電導體產(chǎn)生的磁場方向，正確的是（）

通電直導線

通電線圈通電線圈

二、多選題（本大題共5小題，共20.0分）

10.如圖所示，力、B、C為三個同心金屬圓環(huán)，處于同一平面內(nèi)。金屬圓環(huán)4中

通有圖示方向的電流，/，<i>c分別為穿過仄C兩圓環(huán)的磁通量的大小，以垂

直紙面向外為正方向，下列判斷正確的是（）

A.穿過B、C兩圓環(huán)的磁通量均為正值

B.穿過B、C兩圓環(huán)的磁通量均為負值

C.①B>@C

D.①BV①c

11.如圖，電路中閉合開關(guān)S后，燈泡G和乙2均正常發(fā)光。由于某種原因G的

燈絲突然燒斷，其余用電器均未損壞。電路再次穩(wěn)定后，下列說法正確的是（

A.電流表示數(shù)變大

B.電容器C所帶電荷量不變

C.電源的輸出功率一定變大

D.電源的工作效率一定變大

12.如圖所示，四個相同的表頭分別改裝成兩個電流表和兩個電壓表。電流表4的量程大于4的量程，電壓

表匕的量程大于嶺的量程，把它們按圖接入電路，且都沒有超過量程，則（）

0

A.電流表4的讀數(shù)大于電流表4的讀數(shù)

B.電流表4的偏轉(zhuǎn)角小于電流表&的偏轉(zhuǎn)角

C.電壓表匕的讀數(shù)大于電壓表彩的讀數(shù)

D.電壓表匕的偏轉(zhuǎn)角大于電壓表彩的偏轉(zhuǎn)角

13.如圖所示，兩對金屬板4、B和C、。分別豎直和水平放置，A、B接在電路

中，C、。板間電壓為U.4板上。處發(fā)出的電子經(jīng)加速后，水平射入C、。板間,

電子最終都能打在光屏M上.關(guān)于電子的運動，下列說法正確的是（）

A.S閉合，只向右移動滑片P,P越靠近b端，電子打在M上的位置越高

B.S閉合，只改變4、B板間的距離，改變前后，電子由。至M經(jīng)歷的時間相同

C.S閉合，只改變A、B板間的距離，改變前后，電子到達M前瞬間的動能相同

D.S閉合后再斷開，只向左平移8,B越靠近4板，電子打在M上的位置越高

14.如圖所示電路中，電源內(nèi)阻忽略不計，&的阻值小于％的總電阻。閉合開關(guān)

S,電壓表示數(shù)為U,電流表示數(shù)為/；在滑動變阻器％的滑片P由b端滑到a端的

過程中，下面說法中正確的是（）

A.電流表示數(shù)/先變小后變大

B.電壓表示數(shù)U先變小后變大

C.電壓表示數(shù)U變化量與電流表示數(shù)/變化量比值不變

D.電壓表示數(shù)U與電流表示數(shù)/比值先變大后變小

三、填空題（本大題共1小題，共4.0分）

15.如圖所示，有一個表頭G,滿偏電流/g=500m4內(nèi)阻Rg=2OO0,用它改裝

為有14和104兩種量程的電流表，則%=/2、R2=______2◎

用

公共10A1A

四、實驗題（本大題共2小題，共16.0分）

16.某學生實驗小組利用如圖所示電路進行實驗，使用的器材有：

多用電表、電壓表（量程5V,內(nèi)阻十兒W2）、滑動變阻器（最大阻值5k。）、導線若干

（1）將多用電表擋位調(diào)到電阻“x100。”擋，再將紅表筆和黑表筆短接，進行歐姆調(diào)零;

（2）將圖中多用電表的紅表筆和（填“1”或“2”）端相連，黑表筆連接另一端；

（3）若多用電表擋位調(diào)到電阻“X100?！睋鯗y量，指針偏轉(zhuǎn)角度過小，換擋后重新進行（1）的步驟后，將滑

動變阻器的滑片調(diào)到適當位置，使多用電表的示數(shù)如圖甲所示，這時電壓表的示數(shù)如圖乙所示，多用電表

和電壓表的讀數(shù)分別為和。

實驗器材：

420分度的游標卡尺；

B.螺旋測微器；

C.電流表公（量程50nL4,內(nèi)阻「1=1000）；

D.電流表量程100mA，內(nèi)阻爻約為400）;

E.電壓表V（量程15V,內(nèi)阻約為30000）；

凡滑動變阻器&（0-100,額定電流24）；

G.直流電源E（電動勢為3V,內(nèi)阻很小）；

〃.上述導電材料長約為5cm,電阻約為1000）；

/.開關(guān)一只，導線若干。

請回答下列問題:

557cmq25

uiihijrlllllliulm附后20

lltf|irrrTlll|llll]曙5

102C

￡P(guān)乙丙

(1)用游標卡尺測得該樣品的長度如圖甲所示，其示數(shù)L=cm,用螺旋測微器測得該樣品的外

直徑如圖乙所示，其示數(shù)。=mm?

(2)在圖丙虛線方框中畫出盡可能精確測量該樣品電阻率p的實驗電路，并標明所選擇器材的物理量符號。

(3)實驗中應記錄的物理量有(寫出文字描述及

字母符號)，用已知和所記錄的物理量的符號表示這種材料的電阻率p=。

五、簡答題(本大題共1小題，共12.0分)

18.一輛電動自行車的銘牌上給出的技術(shù)參數(shù)如下表.質(zhì)量M=70kg的人騎著此電動自行車沿平直公路行

駛，所受阻力廣恒為車和人總重的k倍，k=0.02Mg=lOm/s2.

格后輪驅(qū)動直流永磁鐵電動機

車型26”電動自行車額定輸出功率120W

整車質(zhì)量30kg額定電壓40V

最大載重120kg額定電流3.54

求：(1)此電動自行車的電動機在額定電壓下正常工作時的效率；

(2)僅在電動機以額定功率提供動力的情況下，人騎車行駛的最大速率；

(3)僅在電動機以額定功率提供動力的情況下，當車速u=2.(hn/s時，人騎車的加速度大小.

六、計算題(本大題共1小題，共12.0分)

19.利用電動機通過如圖所示的電路提升重物，已知電源電動勢E=6乙電源內(nèi)阻r=10,電阻R=30,

重物質(zhì)量rn=0.10kg。閉合電鍵，當將重物固定時，電壓表的示數(shù)為5V；當重物不固定且電動機最后以穩(wěn)

定的速度勻速提升重物時，電動機獲得的電功率與重物固定時電動機獲得的電功率相同。(不計摩擦，g取

lOm/s?)求：

(1)電動機的內(nèi)阻；

(2)重物勻速上升時電壓表示數(shù);

(3)重物勻速上升的速度大小。

電動機

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：4、磁場是客觀存在的一種物質(zhì)，磁感線是假想的，故4錯誤；

8、磁體之間、磁體與通電導體之間，以及通電導體之間的相互作用都是通過磁場發(fā)生的，故3正確；

C、磁場的磁感應強度與通電導線的電流和所受的磁場力無關(guān)，由本身的性質(zhì)決定。故C錯誤；

。、根據(jù)B="可知，勻強磁場磁感應強度的大小等于垂直穿過單位面積的磁通量。故。錯誤。

故選：B。

磁場是客觀存在的一種物質(zhì)；磁感應強度的大小由磁場本身性質(zhì)決定，與導線的電流和所受安培力無關(guān)；

當磁場的方向與電流的方向垂直時，安培力大小為尸=B/L；在勻強磁場中，當磁場的方向與面積垂直，則

①=BS；根據(jù)B=?可知，勻強磁場磁感應強度的大小等于垂直穿過單位面積的磁通量。

該題考查對磁場的幾個概念的理解，解決本題的關(guān)鍵知道磁感應強度B='是根據(jù)比值定義法定義的，與電

流和磁場力無關(guān)，由磁場本身的性質(zhì)決定。

2.【答案】D

【解析】解：AD,電動勢是表征電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領大小的物理量，而電壓是在電路（或電

場）中兩點的電勢差，雖然它們的單位相同，但物理意義不同，故A錯誤，。正確；

8、電動勢在數(shù)值上等于在外電路斷路時用電壓表直接接到電源兩極間的示數(shù)，但當外電路有其他電阻時，

電源兩極間的電壓是路端電壓，小于電源電動勢，故8錯誤；

C、電源的作用是在電源內(nèi)部把電子由正極不斷地搬運到負極，從而保持兩極之間有穩(wěn)定的電勢差，故C錯

誤。

故選：0。

根據(jù)電源的電動勢的物理意義以及電源的作用回答即可。

要知道電源的電動勢是由電源本身的性質(zhì)決定的，與外電路無關(guān)，也與有沒有接入電路無關(guān)。

3.【答案】B

【解析】解：設銅導線中自由電子定向移動的速率為"，導線中自由電子從一端定向移到另一端所用時間為

t。則導線的長度為/=仇，體積為P=SZ=Svt,質(zhì)量為"=puts,這段導線中自由電子的數(shù)目為可=

「m

pvtSn

m

在t時間內(nèi)這些電子都能通過下一截面，則

電流/="與

代入解得

pvSne

一m

所以〃=黑；

neSp

故8正確，ACO錯誤；

故選：B。

設自由電子定向移動的速率為"和導線中自由電子從一端定向移到另一端所用時間為3求出導線中自由電

子的數(shù)目，根據(jù)電流的定義式推導出電流的微觀表達式，解得自由電子定向移動的速率。

本題關(guān)鍵是建立物理模型，根據(jù)電流的定義式推導電流的微觀表達式，它是聯(lián)系微觀與宏觀的橋梁。

4.【答案】A

【解析】解：甲、乙兩金屬導電板按下圖兩種方式接入同一電源時.，若回路中的電流相同，則由歐姆定律

可知甲、乙兩金屬導電板的電阻相等，根據(jù)電阻決定式有R=p5，則可得電阻率為0=當

pRbc2

甲、乙兩金屬導電板的電阻率之比為h=靛=3，故A正確，BCD錯誤。

故選：4。

由題意可知兩電阻兩端的電壓以及流過的電流相同，根據(jù)歐姆定律可分析電阻的大小關(guān)系：再根據(jù)電阻定

律即可分析電阻率之比。

本題考查電阻定律的應用，要注意明確電阻大小與截面積及導體長度有關(guān)系，同時注意電阻率是由材料本

身的性質(zhì)決定的，與電阻和導體的形狀等無關(guān)。

5.【答案】D

【解析】解：4、定值電阻兩端的電壓隨電流的增大而增大，由圖線的斜率得R。=含染0=100,故A

錯誤；

B、電壓表彩測得的是電源的路端電壓，上方圖線斜率的絕對值等于電源的內(nèi)阻，廠=言號0=20,故B

錯誤；

C、當電流為0.14時，電壓表七的讀數(shù)為3.4V,根據(jù)閉合電路的歐姆定律E=U+/r=3.44-0.1x2=3.6V,

故C錯誤；

F26

。、當滑動變阻器的阻值為0時，電路電流最大，/=曰=昔=0-34定值電阻Ro的最大電功率P=

22

IR0=(0.3)x10=0.9W,故。正確;

故選：D。

定值電阻兩端的電壓隨電流的增大而增大，而路端電壓U=E-/r隨電流的增大而減小，判斷兩電壓表的電

壓隨電流變化的圖象；兩圖線的斜率分別表示定值電阻的阻值和電源的內(nèi)阻，再閉合電路歐姆定律求出電

源的電動勢，當電路電流最大時，定值電阻上消耗的功率最大.

本題考查對物理圖象的理解能力，可以把本題看成動態(tài)分析問題，根據(jù)圖線的斜率求電阻，并結(jié)合閉合電

路的歐姆定律求解.

6.【答案】A

【解析】解：由題磁礦所產(chǎn)生的磁場使原來指向正北的N極逆時針轉(zhuǎn)過30。，根據(jù)三角形定則可

知：磁礦所產(chǎn)生的磁感應強度水平分量最小時方向與圖中虛線垂直，則大小為Bsin30。=?.

故選：A

磁場是客觀存在的特殊物質(zhì)形態(tài)，我們感覺不到，但可通過小磁針來體現(xiàn).小磁針N極的受力

方向即為磁場方向，或磁感線該點的切線方向為磁場方向.

解決本題能靈活三角定則分析得出磁礦所產(chǎn)生的磁感應強度水平分量最小的條件，可以根據(jù)自己積累的經(jīng)

驗，由力的合成與分解的方法進行類比.

7.【答案】C

【解析】解：a、b、c、d四點的實際磁感應強度為勻強磁場和電流磁場的疊加，如圖

由圖可知，a點磁感應強度大小為Ba=B0+B

6點和d點磁感應強度大小為與=Bd=J/+用

c點的磁感應強度大小為與=8。-B

A,b、d兩點的磁感應強度大小相同，方向不同。故A錯誤;

B,a、b兩點的磁感應強度大小不相等。故8錯誤；

C,c點的磁感應強度的值最小。故C正確；

D,a點的磁感應強度的值最大，故。錯誤。

故選：Co

根據(jù)右手螺旋定則作出導線周圍的磁場，再根據(jù)矢量的疊加可知abed四個點的磁場情況。

本題考查右手螺旋定則，解題關(guān)鍵掌握右手螺旋定則的使用，同時注意磁場是矢量，疊加符合平行四邊形

定則。

8.【答案】C

【解析】解：4、充電的功率為P=%=半=烏警=390W；由P=U/得，充電電流/=（=黑力=1.724

LLoUZZU

故4錯誤；

B、充滿電后儲存的電能W=U/t=12VX260Ax3600s=1.1232x107）,故8錯誤；

C、折合每公里的成本約為盍磊元=端鬻斜元=0.0312元，故C正確；

D、由皿=尸5可得，F(xiàn)=-=1,1232^°7；?140/V.因為勻速運動，所以阻力/=尸=140N,故。錯誤。

s80xl03m

故選：Co

求出充電的功率，結(jié)合功率2=U/求解充電電流；根據(jù)W=qU求解充電后儲存的能量；

求出充滿電需消耗的總價除以總路程；根據(jù)W=FS求出勻速行駛時提供的牽引力，再根據(jù)平衡條件求出阻

力大小。

明確知道題目中的2604,指電池的容納的電荷量，熟記電功和電功率的公式，注意單位換算。

9.【答案】C

【解析】解：4、由圖可知，電流方向向外，則由安培定則可知，磁感線應與圖示方向相反，故A錯誤；

8、直導線電流方向向上，則磁場方向左側(cè)向外，右側(cè)向里，故8錯誤；

C、線圈中電流由左側(cè)流出，右側(cè)流入，則由安培定則可知磁場方向向上，故C正確；

。、由圖可知電流由右側(cè)流入，則由右手螺旋定則可知，內(nèi)部磁感線向右，故。錯誤；

故選：C.

由安培定則可得出通電導體周圍的磁場情況，注意分析其平面圖形.

通電導體周圍的磁場方向要求我們能熟練判出，并能結(jié)合立體圖和平面圖進行分析.基礎題目.

10.【答案】AC

【解析】解：由題圖及安培定則可知，紙面內(nèi)垂直紙面向外的磁感線都集中在圓環(huán)4內(nèi)，紙面內(nèi)垂直紙面向

里的磁感線分布在圓環(huán)A外，則8、C圓環(huán)內(nèi)都有垂直紙面向里和向外的磁感線穿過。穿過8、C圓環(huán)的垂直

紙面向外的磁感線條數(shù)相同，穿過B圓環(huán)的垂直紙面向里的磁感線條數(shù)較少，穿過C圓環(huán)的垂直紙面向里的

磁感線條數(shù)較多，但都比穿過B、C圓環(huán)的垂直紙面向外的磁感線條數(shù)少，又以垂直紙面向外為正方向，所

以穿過B、C圓環(huán)的磁通量均為正值，且。8＞。口故8。錯誤，AC正確。

故故選：ACo

根據(jù)右手螺旋定則可知，環(huán)形導線周圍磁場的分布；而通過線圈的磁通量變化是末磁通量減去初磁通量，

雖然磁通量是標量，但磁感線分正反面穿過線圈。

本題考查了右手螺旋定則的應用，掌握磁通量的概念，理解磁通量的正負含義。要充分注意到線圈4產(chǎn)生的

磁場的磁場方向垂直向外，而外部則垂直向里，當線圈的面積越大時，則相互抵消的越多。

11.【答案】AD

【解析】解：4、分析電路結(jié)構(gòu)，員的燈絲突然燒斷，總電阻變大，干路電流變小，內(nèi)電壓減小，燈泡及兩

端電壓增大，則電流表的示數(shù)增大，故A正確；

B、電容器兩端電壓增大，根據(jù)Q=CU可知，所帶電荷量增大，故8錯誤；

C、當外電阻等于內(nèi)阻時，電源的輸出功率最大，本題中外電阻和內(nèi)阻關(guān)系未知，無法判斷輸出功率變化，

故C錯誤；

D、效率〃=急x100%,當外電阻越大，電源的工作效率越大，故。正確。

故選：ADo

分析電路結(jié)構(gòu)，根據(jù)閉合電路歐姆定律，判斷電流表示數(shù)的變化。

電容器兩端電壓即路端電壓，根據(jù)電荷量公式分析。

外電阻等于內(nèi)阻時，電源的輸出功率最大。

根據(jù)效率公式分析。

此題考查了閉合電路歐姆定律的相關(guān)知識，是電路動態(tài)變化分析問題，先分析變阻器接入電路的電阻變化，

再分析外總電阻變化和總電流的變化，接著分析局部電路電壓和電流的變化。

12.【答案】AC

【解析】解：4四個相同的表頭分別改裝成兩個電流表和兩個電壓表，改裝后接成上圖，要改裝成電流表

需要并聯(lián)一個定值電阻，要改裝成電壓表，需要串聯(lián)一個定值電阻，由于電流表4量程大于必的量程，則必

的內(nèi)阻小于公的內(nèi)阻，據(jù)上圖可知由于電壓相同則通過久的電流較大，故A正確：

B、但由于久和4的表頭相同，兩者又并聯(lián)，所以兩個表頭的指針偏角相同，故B錯誤；

CD、由于電壓表匕的量程大于g,則電壓表匕的內(nèi)阻大于彩的，當兩者串聯(lián)時，通過的電流相同，所以匕的

讀數(shù)較大，而兩個表頭的偏角相同，故C正確，。錯誤；

故選：AC.

表頭改裝成大量程電流表需要并聯(lián)分流電阻，并聯(lián)電阻越小，分流越多，量程越大；表頭改裝成電壓表需

要串聯(lián)分壓電阻，分壓電阻越大，分得的電壓越大，量程越大；然后再根據(jù)電路的串并聯(lián)知識分析即可。

本題要求學生能熟練應用串并聯(lián)電路的規(guī)律及電表的性質(zhì)，應明確由電流表擴大量程時為并聯(lián)一小電阻，

而將電流表改裝為電壓表時應串聯(lián)一大電阻。

13.【答案】CD

【解析】解：4、S閉合，只向右移動滑片P,P越靠近b端，加速獲得的動能越大，穿過CD板的時間越短，

電子打在M上的位置越接進中間虛線，越低，故4錯誤；

B、S閉合，若只增加A、B板間的距離，加速度減小，加速時間變長，故總時間變大，故B錯誤；

C、S閉合，只改變4、B板間的距離，穿出4、B間的速度不變，此后穿過C、。板的運動情況相同，故動能

不變，故C正確；

D、S閉合后再斷開，4、B板的電量不變，只向左平移8,電場強度不變，B越靠近4板，加速距離越短，電

子射出4、B間的速度越小；電子在C、。板間的運動時間增加，故豎直方向的位移偏轉(zhuǎn)量變大，即電子打在

M上的位置越高，故。正確；

故選：CD.

滑動觸頭向右移動時，加速電壓增大，電子加速后速度變大，粒子在偏轉(zhuǎn)電場中運動時間變短，粒子在平

行偏轉(zhuǎn)電場方向的位移減小；當加速電壓不變時，偏轉(zhuǎn)電壓變化，影響平行電場方向的電場力的大小，也

就是影響加速度的大小，粒子在電場中運動時間不變，改變偏轉(zhuǎn)的位移大小.

本題關(guān)鍵明確電子在加速電場和偏轉(zhuǎn)電場中的運動情況和受力情況，可以結(jié)合動能定理、運動學公式定性

討論，不難.

14.【答案】ACD

【解析】解：力、當滑動變阻器治的滑片P由b端滑到a端的過程中，電阻品與滑動變阻器的上部分Rii串聯(lián)，

再與下半部分并聯(lián)，阻值為嗎鬻口，當Ro+Rii=%2時，阻值最大，故接入電路的電阻先增大后

減小，則總電阻先增大后減小，干路電流先變小后變大，故A正確。

8、定值電阻/?3兩端電壓先變小后變大，則電壓表并聯(lián)部分電壓先變大后變小，電壓表示數(shù)先變大后變小，

故8錯誤。

C、根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電壓表示數(shù)U變化量與電流表示數(shù)/變化量比值為當=/?3,恒定不變，故

C正確。

。、總電阻先增大后減小，則電壓表示數(shù)U與電流表示數(shù)/比值先變大后變小，故。正確。

故選：ACD.

圖中電壓表測量除角以外的外電壓，電流表測量干路電流。

當滑動變阻器％的滑片P由b端滑到a端的過程中，電阻先增大后減小，由歐姆定律可判斷電流表示數(shù)的變化

和和U與/比值的變化。

本題考查閉合電路歐姆定律與部分電路歐姆定律的應用，掌握閉合電路動態(tài)分析的方法：局部T整體T局部。

15.【答案】18020

【解析】解：改裝為14電流表時，并聯(lián)電阻的分流電流為：/R=/-/g=1-500x10-3=054,

分流電阻的阻值為：&+/?2=畢=叫譽=200。，

1RU,3

改裝為104電流表時：R=呼產(chǎn)="需件

ITg1U-U.D

則：Ri=1800,R2=200；

故答案：18020

把小量程電流表改裝成大量程電流表，應并聯(lián)小電阻，根據(jù)并聯(lián)電路特點與歐姆定律可以求出并聯(lián)電阻阻

值.

把小量程電流表改裝為大量程電流表應并聯(lián)分流電阻，知道電表的改裝原理、應用串并聯(lián)電路特點與歐姆

定律可以求出分流電阻阻值.

16.【答案】115k。3.60K

【解析】解：(2)電流從歐姆表黑表筆流出，從電壓表正接線柱流入，由圖示電路圖可知，應將多用電表的

紅表筆和1端相連，黑表筆連接另一端；

(3)若多用電表擋位調(diào)到電阻“X100?！睋鯗y量，指針偏轉(zhuǎn)角度過小，說明所選擋位太小，為準確測電阻阻

值，應換X1K擋，由圖甲所示可知，多用電表示數(shù)為：15xIkH=電壓表量程為5心由圖乙所示

可知，其分度值為0.1N,示數(shù)為：3.60V。

故答案為：(2)1；(3)15%。；3.60V.

(2)電流從歐姆表的黑表筆流出紅表筆流入，電流應從電壓表正接線柱流入負接線柱流出，根據(jù)圖示電路圖

答題；

(3)用歐姆表測電阻要選擇合適的擋位使指針指在中央刻度線附近，歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表

示數(shù)，根據(jù)電壓表量程確定其分度值，然后根據(jù)指針位置讀出其示數(shù)。

本題考查了歐姆表表的實驗方法、歐姆表與電表的讀數(shù)，應用歐姆表測電阻要選擇合適的擋位使指針指在

歐姆表中央刻度線附近，歐姆表換擋后要進行歐姆調(diào)零.

17.【答案】⑴5.015；4.700；

2

(3)電流表&的示數(shù)電流表4的示數(shù)，2；,卻叫。

【解析】【分析】

本題考查了游標卡尺與螺旋測微器讀數(shù)、設計電路圖、求電阻率表達式，要掌握常用器材的使用及讀數(shù)方

法；游標卡尺主尺與游標尺示數(shù)之和是游標卡尺示數(shù)，游標卡尺不需要估讀；螺旋測微器固定刻度與可動

刻度示數(shù)之和是螺旋測微器示數(shù)，螺旋測微器需要估讀。

(1)游標卡尺主尺與游標尺示數(shù)之和是游標卡尺示數(shù)；螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微

器的示數(shù)。

(2)根據(jù)實驗目的與實驗所給器材選擇實驗器材，然后設計實驗電路。

(3)根據(jù)歐姆定律與電阻定律求出電阻率的表達式。

本題考查了游標卡尺與螺旋測微器讀數(shù)、設計電路圖、求電阻率表達式，要掌握常用器材的使用及讀數(shù)方

法；游標卡尺主尺與游標尺示數(shù)之和是游標卡尺示數(shù)，游標卡尺不需要估讀；螺旋測微器固定刻度與可動

刻度示數(shù)之和是螺旋測微器示數(shù)，螺旋測微器需要估讀。

(1)游標卡尺主尺與游標尺示數(shù)之和是游標卡尺示數(shù)；螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微

器的示數(shù)。

(2)根據(jù)實驗目的與實驗所給器材選擇實驗器材，然后設計實驗電路。

(3)根據(jù)歐姆定律與電阻定律求出電阻率的表達式。

【解答】

(1)由圖示游標卡尺可知，其讀數(shù)為：50mm+3x0.05mm=50.15mm—5.015cm；

由圖示螺旋測微器可知，其讀數(shù)為：4.5mm+20.0x0.01mm—4.700znm?

(2)電壓表的量程遠大于電源的電動勢，所以電壓表不適用，兩個電流表中，

電流表色的滿偏電流大于電流表&的滿偏電流，又電流表義的內(nèi)阻為定值，

根據(jù)歐姆定律與串并聯(lián)知識，應將電流表為與樣品并聯(lián)后再與電流表4串聯(lián)，

滑動變阻器阻值較小，應用分壓式接法，電路圖如圖所示：

(3)根據(jù)(2)中電路圖可知，實驗中應記錄的物理量有：電流表4的示數(shù)A、電流表4的示數(shù)小

線，解得“=磊；

根據(jù)電阻定律有：R=p",樣品橫截面積：S=；?！?，根據(jù)歐姆定律可得：Rz