2023-2024學(xué)年河南省名校聯(lián)考高三（上）入學(xué)物理試卷（含解析）

2023-2024學(xué)年河南省名校聯(lián)考高三（上）入學(xué)物理試卷

一、單選題（本大題共8小題，共32.0分）

1.小型交流發(fā)電機(jī)的示意圖如圖所示，兩磁極N、S間的磁場(chǎng)可視為

水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電流表可視為理想交流電表，線圈繞垂直于磁

場(chǎng)的水平軸。0'沿逆時(shí)針?lè)较騽蛩俎D(zhuǎn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（

A.圖中線圈位于中性面

B.線圈每經(jīng)過(guò)圖示位置時(shí)，線圈中感應(yīng)電流方向發(fā)生改變

C.線圈位于圖示位置時(shí)，穿過(guò)線圈的磁通量的變化率最大

D.在線圈由圖示位置轉(zhuǎn)過(guò)90。的過(guò)程中，電流表的示數(shù)逐漸減小

2.在足球訓(xùn)練場(chǎng)上，一球員將足球以初速度孫向前踢出后，|V

他立即從靜止開(kāi)始沿直線加速向足球追去，Q時(shí)間后追上了還vI球技

在向前滾動(dòng)的足球。球員和足球在該運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的v-t圖像如

圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）1/：足球:

A.球員和足球在給時(shí)刻的速度和加速度均相同°%匕

B.0?匕時(shí)間內(nèi)球員和足球的平均速度相等

C.0?0時(shí)間內(nèi)球員的平均速度等于:

D.在該運(yùn)動(dòng)過(guò)程中一定存在球員和足球加速度相同的時(shí)刻

3.如圖所示，圓心位于。點(diǎn)、半徑為R的絕緣細(xì)圓環(huán)由三段長(zhǎng)度相同的-----金

圓弧AB、BC和C4組成，環(huán)上均勻分布著電荷量為Q的正電荷?，F(xiàn)取走//'

圓弧4B,余下圓弧上剩余的電荷分布不變，靜電力常量為鼠下列說(shuō)法0\

正確的是（）

A.。點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向從C指向。B.。點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向從。指向C

C.。點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為第D.。點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為黑

4.用紫外光電管制作的火災(zāi)報(bào)警器的靈敏度非常高，只有當(dāng)明火中的紫外線照射到光電管的

陰極K時(shí)才啟動(dòng)報(bào)警，因此被稱為“火焰發(fā)現(xiàn)者”，它對(duì)可見(jiàn)光以及太陽(yáng)光中的紫外線完全

沒(méi)有反應(yīng)，因此在使用過(guò)程中不需要過(guò)濾任何可見(jiàn)光。已知光電管內(nèi)部陰極K的金屬材料發(fā)

生光電效應(yīng)的極限頻率為均，太陽(yáng)光中的紫外線的頻率為％,明火中的紫外線的頻率為以，

下列說(shuō)法正確的是（）

A.v2>v0

B.Vj>v0

C.只有明火照射到陰極K的時(shí)間足夠長(zhǎng)，火災(zāi)報(bào)警器才啟動(dòng)報(bào)警

D.明火中的紫外線照射陰極K,產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能為以-為

5.如圖所示，甲、乙兩排球運(yùn)動(dòng)員在日常訓(xùn)練中，先后將排球從4點(diǎn)水平擊出，球1直接擊

中水平地面上的。點(diǎn)，球2落到水平地面上的B點(diǎn)立即彈起,反彈前后球2水平方向分速度不變、

豎直方向分速度大小不變，反彈時(shí)間可忽略，球2彈起后的最高點(diǎn)為C,后也擊中。點(diǎn)，4、C兩

點(diǎn)的高度相同.不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是（）

A.球1的運(yùn)動(dòng)時(shí)間是球2的3倍

B.擊出瞬間，球2的速度是球1的3倍

C.球1落在。點(diǎn)時(shí)速度方向與豎直方向的夾角是球2落在。點(diǎn)時(shí)速度方向與豎直方向的夾角的

3倍

D.球1落在。點(diǎn)時(shí)速度方向與豎直方向的夾角的正切值是球2落在。點(diǎn)時(shí)速度方向與豎直方向

的夾角的正切值的3倍

6.一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t=。時(shí)的波形圖如圖

所示，質(zhì)點(diǎn)Q的平衡位置為x=4m,t=2s時(shí)質(zhì)點(diǎn)Q恰好處于

波谷位置，簡(jiǎn)諧橫波的周期T>2s,下列說(shuō)法正確的是（）

A.質(zhì)點(diǎn)「在力=0時(shí)刻沿y軸正方向振動(dòng)B.該簡(jiǎn)諧橫波的頻率為0.25Hz

C.該簡(jiǎn)諧橫波的傳播速度為3m/sD.質(zhì)點(diǎn)P在0?2s內(nèi)通過(guò)的路程為0.3m

7.中國(guó)空間站工程“巡天”望遠(yuǎn)鏡（簡(jiǎn)稱（CSS7）將于2024年前后投入運(yùn)行，CSST以“天宮”

空間站為太空母港，日常工作時(shí)與空間站共軌獨(dú)立飛行且與空間站保持適當(dāng)距離，在需要補(bǔ)

給或者維修升級(jí)時(shí)，主動(dòng)與“天宮”交會(huì)對(duì)接，?？刻漳父?。已知地球半徑為R,空間站

軌道半徑與地球半徑的比值為k,地球表面的重力加速度大小為g,則CSSTII常工作時(shí)的速度

大小為（）

A.B.鹿C.信D.佰

8.如圖所示，足夠長(zhǎng)的固定斜面傾角為30。，質(zhì)量為小的滑塊廣、

在拉力尸的作用下沿斜面向下做勻速直線運(yùn)動(dòng)。已知滑塊與斜

面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=浮，重力加速度大小為g,為了使拉

力尸最小，下列說(shuō)法正確的是（）

A.拉力F應(yīng)垂直于斜面向上B.拉力產(chǎn)應(yīng)沿著水平方向

C.拉力F的最小值為白mgD.拉力產(chǎn)的最小值小于磊mg

二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）

9.錮243（笛34血）是一種具有強(qiáng)放射性的元素，發(fā)生a衰變的同時(shí)會(huì)釋放出y射線，常作為測(cè)

厚儀的放射源。篦347n發(fā)生。衰變后生成鋒239（Np）,Np很不穩(wěn)定，其半衰期為2.3天，Np發(fā)

生0衰變后會(huì)生成原子能工業(yè)的一種重要原料杯239（Pa）。下列說(shuō)法正確的是（）

A.a射線、夕射線和y射線中，y射線的電離作用最強(qiáng)

B.錮243的原子核比杯239的原子核多1個(gè)質(zhì)子

C.杯239的比結(jié)合能大于鏢239的比結(jié)合能

D.100個(gè)鏢239原子，經(jīng)過(guò)4.6天還有25個(gè)沒(méi)有發(fā)生衰變

10.登山運(yùn)動(dòng)員在登雪山時(shí)要注意防止紫外線的過(guò)度照射，尤其是眼睛更不能長(zhǎng)時(shí)間被紫外

線照射，否則將會(huì)嚴(yán)重地?fù)p傷視力。設(shè)計(jì)師利用薄膜干涉的原理在眼鏡的表面涂上“增反膜”，

于是就設(shè)計(jì)出了一種能大大減小紫外線對(duì)眼睛傷害的眼鏡。已知選用的“增反膜”材料的折

射率為微，真空中的光速為c,紫外線在真空中的頻率為/,下列說(shuō)法正確的是（）

A.紫外線進(jìn)入“增反膜”后的頻率為當(dāng)

B.紫外線進(jìn)入“增反膜”后的波長(zhǎng)為號(hào)

C.從“增反膜”前后兩個(gè)表面反射的光的光程差應(yīng)等于紫外線在“增反膜”中波長(zhǎng)的；

D.“增反膜”的厚度最好為紫外線在'增反膜”中波長(zhǎng)的;

11.如圖所示，半徑為R的絕緣光滑圓環(huán)固定在豎直平面內(nèi)，。是圓----------------

心，是水平方向的直徑，CD是豎直方向的直徑，整個(gè)圓環(huán)處在一E

水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中。將質(zhì)量為m、電荷量為+q（q>0）的小球套

在圓環(huán)上，從4點(diǎn)由靜止釋放，小球運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能最大，\:r

Z.DOP=37%已知重力加速度大小為g,取$譏37。=0.6,cos370=_______口

0.8。下列說(shuō)法正確的是（）

A.小球可以沿圓環(huán)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)

B.勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為萼

c.P、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為需

D.小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，向心加速度大小為3g

12.如圖所示，四分之一圓周區(qū)域MON內(nèi)存在方向垂直紙面向外的N-----

勻強(qiáng)磁場(chǎng)，現(xiàn)有兩個(gè)帶電粒子a、b先后從半徑ON。上的P點(diǎn)以相同../\

的速度沿OM方向射入磁場(chǎng)，粒子a從M點(diǎn)射出磁場(chǎng)，粒子b從N點(diǎn)射\

出磁場(chǎng)，粒子b速度方向變化的角度為粒子a的3倍。不計(jì)粒子所受重0.

力及粒子間相互作用，下列說(shuō)法正確的是（）

A.粒子a帶正電

B.P、。間的距離為P、N間距離的「倍

C.粒子a與粒子b在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑之比為5：1

D.粒子b的比荷為粒子a的（2/耳+2）倍

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共15.0分）

13.學(xué)科興趣小組在實(shí)驗(yàn)室進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)，發(fā)現(xiàn)沒(méi)有合適的電I

壓表，經(jīng)過(guò)尋找發(fā)現(xiàn)了量程為2m4的表頭，便決定將其改裝PT~?----J

成電壓表。結(jié)合實(shí)驗(yàn)室能夠使用的器材，同學(xué)們?cè)O(shè)計(jì)了如圖

E9r

所示的電路測(cè)量表頭內(nèi)阻。

(1)正確連接電路，將滑動(dòng)變阻器的阻值調(diào)到最大，閉合開(kāi)關(guān)S2(S1保持?jǐn)嚅_(kāi))，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻

器Rp的滑片使表頭滿偏。保持滑動(dòng)變阻器Rp的阻值不變，接著閉合開(kāi)關(guān)S1并調(diào)節(jié)電阻箱R的

阻值，使表頭示數(shù)為l.OnM時(shí)，讀取電阻箱R的阻值為158.30,則表頭的內(nèi)阻為0。

(2)要將該表頭改裝成量程為2V的電壓表，應(yīng)將電阻箱與表頭串聯(lián)并將電阻箱的阻值調(diào)為

______12o

(3)同學(xué)們經(jīng)過(guò)分析討論，發(fā)現(xiàn)上面“半偏法”測(cè)量表頭的內(nèi)阻結(jié)果偏小，為減小該系統(tǒng)誤差,

下列改進(jìn)措施中可行的是。

A.更換內(nèi)阻更小的電源

8.更換電動(dòng)勢(shì)更大的電源

C.更換調(diào)節(jié)范圍更大的電阻箱

。.更換調(diào)節(jié)更靈敏的滑動(dòng)變阻器

14.“云峰”興趣小組設(shè)計(jì)了一個(gè)可以測(cè)量物體質(zhì)量的實(shí)驗(yàn)，該實(shí)驗(yàn)還可以測(cè)量當(dāng)?shù)氐闹亓?/p>

加速度，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，實(shí)驗(yàn)中使用的鉤碼均相同，每個(gè)鉤碼的質(zhì)量為小。，實(shí)驗(yàn)步驟

如下：

暨片電光門I電券門2

亳

導(dǎo)軌標(biāo)尺鉤碼

甲

(1)將滑塊(含擋光片)放置在水平的氣墊導(dǎo)軌上，通過(guò)不可伸長(zhǎng)的細(xì)線跨過(guò)定滑輪后與鉤碼相

連，定滑輪左側(cè)的細(xì)線與氣墊導(dǎo)軌平行。

(2)釋放鉤碼，通過(guò)與光電門傳感器相連的數(shù)字計(jì)時(shí)器記錄擋光片通過(guò)光電門1、2的時(shí)間匕、

^2。

(3)通過(guò)導(dǎo)軌標(biāo)尺計(jì)算出兩光電門之間的距離L；用游標(biāo)卡尺測(cè)出擋光片的寬度d,示數(shù)如圖乙

所示，則擋光片的寬度&=mm?滑塊和鉤碼運(yùn)動(dòng)的加速度a=(用匕、t2.L

和d表示)。

(4)增減鉤碼個(gè)數(shù)，重復(fù)上述過(guò)程幾次，記錄相關(guān)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)并計(jì)算出滑塊和鉤碼相應(yīng)的加速度。

（5）以鉤碼個(gè)數(shù)的倒數(shù)（;）為橫軸，加速度的倒數(shù)（;）為縱軸，建立直角坐標(biāo)系，利用實(shí)驗(yàn)記錄

的數(shù)據(jù)畫出的圖線如圖丙所示，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮=,滑塊（含擋光片一）的質(zhì)

量M—o

四、簡(jiǎn)答題（本大題共3小題，共37.0分）

15.如圖所示，兩管口均封閉的U形玻璃管（粗細(xì)均勻）豎直放置，管中的|-|jK

一段水銀將u形玻璃管中封閉的理想氣體分成4B兩部分，左管中氣柱aHJ

長(zhǎng)為15cm,右管中氣柱B長(zhǎng)為25cm,左右兩管中水銀液面高度差為lOcni。

現(xiàn)打開(kāi)右管口的閥門K,水銀穩(wěn)定時(shí)，兩管中水銀液面恰好相平，已知大

氣壓強(qiáng)恒為75cmHg,環(huán)境溫度和氣體溫度始終不變。求：

（1）打開(kāi)閥門K前，氣柱4中氣體的壓強(qiáng)（用cmHg為單位）；

（2）打開(kāi)閥門K后，從氣柱B中逸出氣體的質(zhì)量與打開(kāi)閥門K前氣柱B中氣體的質(zhì)量的比值。

16.如圖甲所示，傾角8=37。的斜面體固定在水平地面上，彈簧下端固定在斜面底部與斜面

垂直的擋板上，上端自由伸長(zhǎng)到。點(diǎn)。現(xiàn)將質(zhì)量M=2切的物塊（視為質(zhì)點(diǎn)）從斜面的頂端4點(diǎn)

由靜止釋放，q時(shí)刻（大小未知I）物塊開(kāi)始向下壓縮彈簧直至尸點(diǎn)（圖中未標(biāo)出）后彈回，物塊的

速度一時(shí)間的部分圖像如圖乙所示，t3時(shí)刻物塊與彈簧分離。已知圖乙中陰影部分的面積為

0.5m,物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.25,取重力加速度大小g=10m/s2,sin37°=0.6,

cos37°=0.8o求：

⑴小

（2）上述過(guò)程中彈簧彈性勢(shì)能的最大值和J時(shí)刻物塊速度的大小。

17.如圖所示,一對(duì)間距L=1巾的平行金屬導(dǎo)軌固定于同一絕緣水平面上，導(dǎo)軌左端接有R=

30的電阻，右側(cè)平滑連接一對(duì)彎曲的光滑金屬軌道。水平導(dǎo)軌的整個(gè)區(qū)域內(nèi)存在豎直向上的

勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小8=27。質(zhì)量mi=0.5kg的金屬棒ab垂直放置于水平導(dǎo)軌上，質(zhì)

量Tn?=5.5kg的導(dǎo)體棒cd垂直放置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)的右邊緣處，兩棒的長(zhǎng)度均與導(dǎo)軌間距相等,

它們的電阻均為r=60。力棒在水平向右的恒力F=4N作用下從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，在與cd棒發(fā)

生碰撞前已做勻速運(yùn)動(dòng)。當(dāng)ab棒與cd棒即將相碰時(shí)撤去恒力F,碰后cd棒沿彎曲軌道上升到

最大高度處時(shí)被抵住保持靜止，帥棒向左運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后停在距離勻強(qiáng)磁場(chǎng)的右邊緣x=

2.6zn處。已知ab棒和cd棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為〃=0.2,重力加速度大小g=10m/s2.

不計(jì)金屬導(dǎo)軌電阻，防棒和cd棒在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終與導(dǎo)軌垂直且與導(dǎo)軌保持良好接觸，它們

之間的碰撞為彈性碰撞且碰撞時(shí)間極短，求：

(1)碰前ab棒勻速運(yùn)動(dòng)的速度V的大??；

(2)cd棒沿彎曲軌道上升的最大高度九；

(3)碰后ab棒運(yùn)動(dòng)的時(shí)間久

答案和解析

I.【答案】c

【解析】解：AB,穿過(guò)線圈的磁通量最大時(shí)，線圈所在的平面為中性面，圖示位置穿過(guò)線圈的磁

通量為零，線圈每經(jīng)過(guò)中性面時(shí)，線圈中感應(yīng)電流方向發(fā)生改變，故AB錯(cuò)誤；

C、在圖示位置，4B和C。邊垂直切割磁感線，兩邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)串聯(lián)，此時(shí)回路中感應(yīng)電動(dòng)

勢(shì)最大，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知穿過(guò)線圈的磁通量的變化率最大，故C正確；

。、線圈勻速轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程產(chǎn)生正弦交流電，電流表測(cè)的是有效值，所以電流表的示數(shù)不變，故。錯(cuò)

誤。

故選:Co

AB,根據(jù)中性面的定義判斷是否是中性面，線圈每經(jīng)過(guò)中性面，感應(yīng)電流方向發(fā)生改變；

C、圖中位置4B和CD邊垂直切割磁感線，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知結(jié)

論；

。、電流表為理想交流電表，測(cè)的是有效值。

本題考查了交流電的產(chǎn)生和原理，解題的關(guān)鍵是熟記中性面的概念，注意正弦式交流電磁通量和

感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的變化相反，磁通量最小時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，磁通量最大時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最小。

2.【答案】B

【解析】解：4、u-t圖像的交點(diǎn)表示速度相等，由圖像可知，球員和足球在玲時(shí)刻的速度相等，

v-t圖像切線的斜率表示加速度，由圖像可知，球員和足球在to時(shí)刻的加速度不相等，故A錯(cuò)誤；

B、0?t］時(shí)間內(nèi)，球員和足球的初位置和末位置均相同，則位移相同，平均速度是位移與時(shí)間的

比值，則球員和足球的平均速度相等，故8正確；

c、由圖像可知，足球做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，則o?t1時(shí)間內(nèi)足球的平均速度5=第

足球的平均速度與球員的平均速度相同，大小為黑，，故c錯(cuò)誤；

。、u-t圖像切線的斜率表示加速度，由圖像可知足球的加速度始終為負(fù)值，運(yùn)動(dòng)員的加速度始

終為正值，則在該運(yùn)動(dòng)過(guò)程中一定不存在球員和足球加速度相同的時(shí)刻，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

v-t圖像的交點(diǎn)表示速度相等；v-t圖像切線的斜率表示加速度；平均速度是位移與時(shí)間的比值;

勻變速直線運(yùn)動(dòng)中平均速度等于初、末速度的平均值。

本題考查t圖像，解題關(guān)鍵是知道u-t圖像中交點(diǎn)、斜率的含義，知道平均速度的求解方法。

3.【答案】A

【解析】解：AB,電荷在細(xì)圓環(huán)上均勻分布，設(shè)很小的一段小圓弧對(duì)應(yīng)的圓心角為。，則小圓弧

上所帶電荷量為

0

q-Q

小圓弧在。點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為

kdQ

2nR2

方向由圓弧指向。點(diǎn)，該小圓弧與它關(guān)于。點(diǎn)對(duì)稱的小圓弧的電場(chǎng)強(qiáng)度矢量和為0,根據(jù)對(duì)稱性，

可知0點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向從C指向0,故A正確，B錯(cuò)誤;

CD、現(xiàn)取走圓弧AB,余下圓弧上剩余的電荷分布不變，。點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小與弧A8產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)

大小相等、方向相反，若帶電量為號(hào)的點(diǎn)電荷在。產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)為線，圓弧4B在。產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)視為

無(wú)數(shù)小圓弧產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度，小圓弧產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度方向大多與C。有一定的夾角，根據(jù)矢量合成

的知識(shí)可知，。點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于鳥(niǎo)，故CQ錯(cuò)誤。

3R

故選：Ao

根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度E=k烏結(jié)合矢量疊加規(guī)律求出合場(chǎng)強(qiáng)即可。

本題主要考查了電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加，解題關(guān)鍵是掌握點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式以及平行四邊形求矢量和。

4.【答案】A

【解析】解：AD.明火中的紫外線照射到光電管的陰極K時(shí)才啟動(dòng)報(bào)警，說(shuō)明明火中的紫外線的頻

hv

率為丫2大于光電管內(nèi)部金屬的極限頻率V。，產(chǎn)生光電子的最大初動(dòng)能為Ek=hv2-V^o=2~

hv0,故A正確，力錯(cuò)誤；

8.根據(jù)題意可知，光電管對(duì)太陽(yáng)光中的紫外線完全沒(méi)有反應(yīng)，即太陽(yáng)光中的紫外線照射光電管不

會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)，說(shuō)明太陽(yáng)光中的紫外線頻率％小于光電管內(nèi)部金屬的極限頻率為,故8錯(cuò)誤；

C.發(fā)生光電效應(yīng)的條件與光頻率有關(guān)，與光照時(shí)間無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤。

故選:力。

發(fā)生光電效應(yīng)的條件是照射光的頻率應(yīng)大于等于金屬的極限頻率；根據(jù)光電效應(yīng)方程解得最大初

動(dòng)能。

本題是對(duì)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程的常規(guī)考查，只需要學(xué)生了解光電效應(yīng)產(chǎn)生的條件及光電效應(yīng)方

程，就可以正確選擇。

5.【答案】D

【解析】解：4、設(shè)球1從4點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)的時(shí)間為3球1在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，則八=^9/，

vyi-J2gh

根據(jù)運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可知球2從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)的時(shí)間為33故4錯(cuò)誤；

B、球1和球2在水平方向上都做勻速直線運(yùn)動(dòng)，旦球1和球2的水平位移相等，根據(jù)x=可知

以1=3%2，故3錯(cuò)誤；

CD.球1落在。點(diǎn)時(shí)速度方向與豎直方向的夾角的正切值ta〃a=g

“yl

球2落在。點(diǎn)時(shí)速度方向與豎直方向的夾角的正切值ta”？=署

vy2

而%1=vy2

則tana=3tanp,結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)可知球1落在D點(diǎn)時(shí)速度方向與豎直方向的夾角不是球2落在。點(diǎn)

時(shí)速度方向與豎直方向的夾角的3倍

故。正確，C錯(cuò)誤。

故選：D。

平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由豎直高度決定，斜拋運(yùn)動(dòng)可以看成兩個(gè)對(duì)稱性平拋運(yùn)動(dòng)組成，從而確定運(yùn)動(dòng)時(shí)

間關(guān)系，根據(jù)水平方向的運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知水平位移的關(guān)系，根據(jù)速度的分解分析CD。

本題要分析兩小球運(yùn)動(dòng)軌跡的特點(diǎn)，找出對(duì)稱關(guān)系、幾何關(guān)系以及等時(shí)關(guān)系式，列出式子是求解

的關(guān)鍵。

6.【答案】C

【解析】解：2、波沿》軸正方向傳播，根據(jù)上下坡法可知t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P沿著y軸負(fù)方向振動(dòng)，

故A錯(cuò)誤；

B、由圖可知t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)Q沿著y軸正方向振動(dòng)，t=2s時(shí)質(zhì)點(diǎn)Q恰好處于波谷位置，且周期

T>2s,可知12s='T,則7=4s

43

113

則頻率f=亍=&=@Hz,故B錯(cuò)誤；

3s

。、由波形圖可知波長(zhǎng)2=8m,則波速“=〃=8mx|/fz=3m/s,故。正確；

O

D、質(zhì)點(diǎn)P在t=0時(shí)刻沿著y軸負(fù)方向振動(dòng)且位于波峰的下方，若質(zhì)點(diǎn)P在t=0時(shí)刻y=10cmx

^=5<2cm.則P點(diǎn)經(jīng)過(guò):到達(dá)平衡位置，經(jīng)過(guò)得再次回到平衡位置向上振動(dòng)，再經(jīng)過(guò):質(zhì)點(diǎn)P第

一次回到原來(lái)位置，此過(guò)程經(jīng)歷的時(shí)間仇=1+9+5=營(yíng)=2s。質(zhì)點(diǎn)P通過(guò)的路程s=5/2mx

0404

2+10cm+10cm>0.3m,故￡）錯(cuò)誤。

故選：Co

A、根據(jù)上下坡法可知t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方向；

B、周期T>2s,可知質(zhì)點(diǎn)Q在2s內(nèi)振動(dòng)時(shí)間小于一個(gè)周期，根據(jù)質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)方向和t=2s時(shí)質(zhì)

點(diǎn)Q恰好處于波谷位置，可知2s與周期的關(guān)系，則可得周期的大小，由/=：可得頻率大??；

C、由波形圖可知波長(zhǎng)大小，由u=4/可得波速大?。?/p>

假設(shè)P質(zhì)點(diǎn)t=0s時(shí)刻豎直方向的位移大小，根據(jù)質(zhì)點(diǎn)P在2s內(nèi)即,7內(nèi)經(jīng)過(guò)的路程可判斷正誤。

本題考查了簡(jiǎn)諧波的波動(dòng)圖像，解題的關(guān)鍵是注意題干中已知條件，周期T>2s,熟練掌握上下

坡法判斷質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向。

7.【答案】B

【解析】解：根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力得：黑=瓶哈

(kR)KK

地表附近萬(wàn)有引力等于重力得：史里=m'g

得線速度大小u=

故AC。錯(cuò)誤，B正確；

故選：B。

根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，結(jié)合地表附近萬(wàn)有引力等于重力，解得線速度。

本題解題關(guān)鍵是掌握天體運(yùn)動(dòng)規(guī)律萬(wàn)有引力提供向心力，是一道簡(jiǎn)單題。

8.【答案】D

【解析】解：CD.為了使拉力尸最小，設(shè)拉力尸與斜面的夾角為a,對(duì)滑塊受力分析，根據(jù)平衡條件

有

mgsin30°+Fcosa=林(mgcos30°—Fsina)

變形可得

fiFsina+Fcosa=/imgcos30°-mgsin30°

應(yīng)用輔助角公式有

71+n2Fsin(a+0)=-^mg

1

tanB=—

林

當(dāng)a+。=90。時(shí)，拉力產(chǎn)最小

______1

V1+4=而小。

所以拉力產(chǎn)的最小值小于47ng

故。正確，。錯(cuò)誤；

4B.由tern/?=〃=空可知

5<3

“儂=吏>丁

所以

p>30°

故AB錯(cuò)誤。

故選：Do

對(duì)滑塊受力分析結(jié)合共點(diǎn)力平衡條件解得F的表達(dá)式，根據(jù)數(shù)學(xué)方法分析最小值及F的方向。

本題考查共點(diǎn)力平衡條件的運(yùn)用，解題關(guān)鍵掌握數(shù)學(xué)方法的應(yīng)用。

9.【答案】BC

【解析】解：4、a射線、/?射線和y射線中，a射線的電離作用最強(qiáng)，故A錯(cuò)誤；

8、根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，衰變方程為

3

ltAm一朗9Np+jHe奢Np-貧9Pu+o_ie

則錮243的原子核比釬239的原子核多1個(gè)質(zhì)子，故B正確；

C、該衰變過(guò)程放出能量，故生成物缽239的比結(jié)合能大于反應(yīng)物鋒239的比結(jié)合能，故C正確；

。、半衰期是原子核有半數(shù)發(fā)生衰變所需的時(shí)間，是大量原子核的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，100個(gè)原子不能反映

統(tǒng)計(jì)規(guī)律，故。錯(cuò)誤。

故選:BC。

a射線的電離作用最強(qiáng)，穿透能力最弱；根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒與電荷數(shù)守恒判斷：比結(jié)合能越大，原

子核越穩(wěn)定；半衰期是放射性元素的原子核有半數(shù)發(fā)生衰變所需的時(shí)間。

本題考查了原子核的衰變，要明確衰變的前后比結(jié)合能的變化，難度不大。

10.【答案】BD

【解析】解：4、紫外線進(jìn)入“增反膜”后頻率不變，故A錯(cuò)誤；

8、紫外線進(jìn)入“增反膜”后的速度〃=；,結(jié)合波長(zhǎng)，波速和頻率的關(guān)系可知，紫外線進(jìn)入“增

反膜”后的波長(zhǎng)4=尸多故5正確;

C、為使從“增反膜”前后兩個(gè)表面反射的光疊加后加強(qiáng)，兩束反射光的光程差應(yīng)等于紫外線在

“增反膜”中波長(zhǎng)的整數(shù)倍，故C錯(cuò)誤；

。、兩束反射光的光程差又等于“增反膜”厚度的兩倍，同時(shí)為了節(jié)省材料，故“增反膜”的厚

度最好為紫外線在“增反膜”中波長(zhǎng)的5故。正確；

故選：BD。

紫外線進(jìn)入“增反膜”后頻率不變，根據(jù)波長(zhǎng)、波速、頻率的關(guān)系解得B項(xiàng)；根據(jù)增反膜的特點(diǎn)

分析解答。

本題對(duì)光的干涉進(jìn)行了全面考查，一定要深刻理解光的干涉原理，理解增反膜與增透膜的區(qū)別。

11.【答案】C。

【解析】解：8、小球運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能最大，即重力和電場(chǎng)力的合力沿著0P方向，對(duì)小球受

力分析有

解得

E二鬻,故B錯(cuò)誤；

A、假設(shè)小球能夠沿圓環(huán)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理有

qER—mgR=Ek-0

分析上式可知好＜0,顯然這是不可能的，即假設(shè)錯(cuò)誤，故A錯(cuò)誤；

C、P、8兩點(diǎn)間沿電場(chǎng)方向的距離為/?一的勿37。=/?-0.6/?=(/?,P、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差

峪=//=曙，故C正確；

。、小球從4點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理有

1

qE?2R=詔7

此時(shí)小球的向心加速度大小

Q向=1=3/故。正確。

故選：CD。

假設(shè)小球能夠沿圓環(huán)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理判斷；對(duì)小球受力分析，根據(jù)矢量三角形求解;

利用電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系式求解；小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理求解。

本題考查了小帶電球在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，一定不要忽略小球的重力。

12.【答案】AD

【解析】解：4、根據(jù)左手定則可知，粒子a帶正電，故4正確；

BC、設(shè)圓形磁場(chǎng)的半徑為R,粒子b在磁場(chǎng)中速度方向變化的角度為180。，則粒子a在磁場(chǎng)中速度

方向變化的角度為60。，兩個(gè)粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示:

RR273

根據(jù)幾何關(guān)系可知粒子a在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑%=—=三=kA

~T

則P、。間的距離為PO=?R,P、N間的距離為PN=R

P、。間的距離為P、N間距離的W口倍

11733-0

ra=PN=x（R一-—?）=（---）/?

ZZDO

粒子a與粒子b在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑之比為（2「+2）：1

故BC錯(cuò)誤;

。、帶電粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律有quB結(jié)合選項(xiàng)C的分析可知,

粒子b的比荷為粒子a的（2「+2）倍，故。正確。

故選：ADo

畫出a、b粒子對(duì)應(yīng)的運(yùn)動(dòng)軌跡圖；由所受洛倫茲力的方向結(jié)合左手定則判斷粒子帶電正負(fù)；找到

兩粒子圓心角大小關(guān)系結(jié)合幾何條件求得半徑比值，應(yīng)用牛頓第二定律，洛倫茲力提供向心力，

求得比荷之比。

本題考查了帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的問(wèn)題，畫運(yùn)動(dòng)軌跡圖是解決此類問(wèn)題的基本功，掌握垂直速

度方向畫圓心所在的直線，依據(jù)其它條件（如出射點(diǎn)的位置，軌跡與邊界相切等）確定圓心位置，

即可確定軌跡半徑與圓心角；知道速度大小與軌跡半徑相關(guān)聯(lián)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間與軌跡圓心角相關(guān)聯(lián)。

13.【答案】158.3841.7B

【解析】解：(1)當(dāng)表頭半偏時(shí)，根據(jù)并聯(lián)電路分流特點(diǎn)可知，電阻箱支路和表頭支路的電流相等，

此時(shí)它們的阻值也相等，則Rg=158.312.

(2)根據(jù)歐姆定律可知Rg+R=日

解得R=841.7。

(3)該實(shí)驗(yàn)中開(kāi)關(guān)閉合后，電阻箱和表頭并聯(lián)，電路總電阻減小，總電流增大，電阻箱分得的電

流大于表頭滿偏電流的一半，使測(cè)得的表頭的內(nèi)阻偏小，根據(jù)歐姆定律可知，提高電源電動(dòng)勢(shì)可

以減小并聯(lián)后總電阻的變化對(duì)電路造成的影響，故B正確，ACD錯(cuò)誤。

故選：Bo

故答案為：(1)158.3；(2)841.7；(3)8

(1)所用的方法為等效代替.用電阻箱代替G表頭，在電流相同的情況下電阻箱阻值與G表頭的阻

值相等；

(2)電流計(jì)改裝成電流表要并聯(lián)電阻分流，據(jù)此求解；

(3)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析誤差及改進(jìn)措施。

本題考查半偏法測(cè)內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)，解題關(guān)鍵掌握實(shí)驗(yàn)原理，明確電流表的改裝原理為并聯(lián)電阻分流，

會(huì)求并聯(lián)的阻值，會(huì)分析等效替代的電阻.

14.【答案】2.30d2(勺卻經(jīng)膂

bbe

【解析】解：(3)20分度的游標(biāo)卡尺的精確值為0.05相幾擋光片的寬度d=2mm4-6x0.05mm=

230mm

滑塊通過(guò)光電門1的速度的％=，，滑塊通過(guò)光電門2的速度的根據(jù)詔一說(shuō)=2或

解得滑塊和鉤碼運(yùn)動(dòng)的加速度a=膽摯

(5)對(duì)滑塊(含擋光片)和鉤碼組成的系統(tǒng)分析.根據(jù)牛頓第二定律有=(nm0+M)a

l1,M1

則ni一l=-d------------

aggmQn

結(jié)合圖丙可知b.檢=F

則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮間=%滑塊(含擋光片)的質(zhì)量M=絲爛

故答案為：(3)2.30；吸??；⑸上g?mo

2L片妗、,bbe

(3)根據(jù)游標(biāo)卡尺的精度讀數(shù)，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律解得加速度；

(4)根據(jù)牛頓第二定律求解加速度與拉力的關(guān)系，結(jié)合函數(shù)圖像斜率與縱截距的含義求重力加速度

和質(zhì)量。

本題考查了用紙帶求瞬時(shí)速度和加速度；關(guān)鍵是要理解實(shí)驗(yàn)原理，然后根據(jù)牛頓第二定律求解a-

F函數(shù)表達(dá)式。

15.【答案】解：(1)打開(kāi)閥門K后，氣柱4中氣體的壓強(qiáng)以2=75cmHg,氣柱4的長(zhǎng)度心和=20cm

根據(jù)玻意耳定律有=pA2LA2S

解得PAI=lOOcmHg

(2)打開(kāi)閥門K前,氣柱B中氣體的壓強(qiáng)PBI=pAi+pH=(100+10)cmHg=llOcmHg

打開(kāi)閥門KB,若氣柱B中氣體未逸出，設(shè)其對(duì)應(yīng)的氣柱長(zhǎng)度為x,根據(jù)玻意耳定律有

PBI^BIS=P()xS

則從氣柱B中逸出氣體的質(zhì)量與未逸出氣體前氣體質(zhì)量的比值駟=七皿

mx

解得如=A

m11

答：(1)打開(kāi)閥門K前，氣柱A中氣體的壓強(qiáng)為lOOcmHg；

(2)打開(kāi)閥門K后，