河北省張家口市高三上學(xué)期10月階段檢測物理試題

張家口市20192020學(xué)年第一學(xué)期階段測試卷高三物理一、選擇題1.下列關(guān)于物理學(xué)中科學(xué)方法或科學(xué)思維中描述不正確的是A.瞬時速度概念建立用到了極限的思思B.加速度和速度都是采取比值法定義的物理量C.質(zhì)點是理想化物理模型D.牛頓開創(chuàng)了實驗和邏輯推理結(jié)合的科學(xué)思維方式和科學(xué)研究方法【答案】D【解析】【詳解】A．瞬時速度是平均速度，△t→0的極限，故A正確；B．加速度、速度都是采取比值法定義的物理量，故B正確；C．當(dāng)物體的形狀和大小對研究的問題的影響可以忽略時，可將物體簡化成的一個有質(zhì)量的點，故質(zhì)點是一個理想模型，故C正確；D．伽利略開創(chuàng)了實驗和邏輯推理結(jié)合的科學(xué)思維方式和研究方法，故D錯誤．2.甲、乙兩物體同時從同一地點并排做直線運(yùn)動.兩物體的速度一時間圖象如圖所示，在0～6s內(nèi)，下列說法中正確的是A.乙物體先向正方向運(yùn)動，后向負(fù)方向運(yùn)動B.兩物體在1s末和4s末相遇C.兩物體最遠(yuǎn)距離為1mD.第4s末兩物體相距最遠(yuǎn)【答案】D【解析】【詳解】A．乙物體的速度一直為正，說明其運(yùn)動方向始終未發(fā)生變化，一直沿正方向運(yùn)動，故A錯誤；B．圖像與坐標(biāo)軸所圍面積可知，01s內(nèi)，甲的位移比乙的大，則知兩物體在1s末沒有相遇，同理知，兩物體在4s末也沒有相遇，故B錯誤；CD．1s末兩物體相距的距離等于一個小三角形的面積，而4s末兩物體相距的距離等于24之間三角形的面積，明顯4s末二者的距離最大，且兩物體最遠(yuǎn)距離為故C錯誤；D正確．3.如圖A、B兩物體疊放在固定的斜面上，B上表面水平.A、B無相對滑動、下列說法正確的是A.若A、B沿斜面向下勻速運(yùn)動.B對A有水平向右的摩擦力B.若A、B沿斜面向下勻速運(yùn)動，B對A有水平向左的摩擦力C.若斜面光滑，B對A的作用力垂直斜面向上D.若斜面光滑，B對A的作用力沿斜面向下【答案】C【解析】【詳解】AB．若A、B沿斜面向下勻速運(yùn)動，合力為零，所以A的合力也為零，A、B間沒有摩擦力，故AB錯誤；CD．設(shè)斜面傾角為，若斜面光滑，則A、B沿斜面向下加速運(yùn)動，以的加速度沿斜面向下，A的加速度也沿斜面向下且也為，所以A受重力，B對A的支持力，摩擦力三個力的作用，由于A的加速度也沿斜面向下且也為，所以B對A的支持力，摩擦力兩力的合力一定垂直斜面方向向上，即B對A的作用力垂直斜面向上，故C正確，D錯誤．4.1970年成功發(fā)射的“東方紅一號”是我國第一顆人造地球衛(wèi)星，該衛(wèi)星至今在地球引力的作用下仍沿橢圓軌道繞地球運(yùn)動，如圖所示，設(shè)衛(wèi)星在近地點、遠(yuǎn)地點的速度分別為、，近地點到地心的距離為r，地球質(zhì)量為M，引力常量為G.則A.，B.，C.東方紅一號衛(wèi)星的運(yùn)行周期比軌道半徑為r的人造地球衛(wèi)星的運(yùn)行周期大D.從近地點到遠(yuǎn)地點階段，“東方紅一號衛(wèi)星”機(jī)械能逐漸變大【答案】C【解析】【詳解】AB．根據(jù)開普勒第二定律可知；當(dāng)衛(wèi)星沿近地點的軌道做勻速圓周運(yùn)動時，地球的引力提供衛(wèi)星在近地點做圓周運(yùn)動的向心力，得但由于衛(wèi)星沿橢圓軌道運(yùn)動，所以近地點的速度大于衛(wèi)星沿近地點的圓形軌道做勻速圓周運(yùn)動的速度，故AB錯誤；C．由于東方紅一號的軌道半長軸大于r，根據(jù)開普勒第三定律可知，半長軸大的，周期大，東方紅一號衛(wèi)星的運(yùn)行周期比軌道半徑為r的人造地球衛(wèi)星的運(yùn)行周期大，故C正確；D．衛(wèi)星在橢圓軌道上穩(wěn)定運(yùn)行時，只有萬有引力做功，機(jī)械能守恒不變，故D錯誤．5.如圖豎直薄壁圓筒內(nèi)壁光滑、半徑為R，上部側(cè)面A處開有小口，在小口A的正下方h處亦開有與A大小相同的小口B，小球從小口A沿切線方向水平射入筒內(nèi)，使小球緊貼筒內(nèi)壁運(yùn)動，要使小球從B口處飛出，小球進(jìn)入A口的速率可能是A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】小球在豎直方向做自由落體運(yùn)動，由可知，小球在桶內(nèi)的運(yùn)動時間為:在水平方向，以圓周運(yùn)動的規(guī)律來研究，得到:(n=1，2，3...)所以有：(n=1，2，3...)當(dāng)n=1時，A．與分析不符，故A錯誤；B．與分析相符，故B正確；C．與分析不符，故C錯誤；D．與分析不符，故D錯誤．6.如圖所示，傾角θ=30°的斜面AB，在斜面頂端B向左水平拋出小球1、同時在底端A正上方與B等高處水平向右拋出小球2，小球1、2同時落在P點，P點為斜邊AB的中點，則()A.小球2一定垂直撞在斜面上B.小球1、2的初速度可以不相等C.小球1落在P點時小球1落在P點時速度方向與斜面的夾角為30°D.改變小球1的初速度，小球1落在斜面上的速度方向都平行【答案】D【解析】【詳解】A項：設(shè)斜面底邊長為L，若小球2垂直打在斜面上，設(shè)小球2的位移與水平方向的夾角為，則有，由幾何關(guān)系可知，，解得：，由此可見，小球2要垂直打在斜面上，則小球2開始運(yùn)動的高度要一特定高度且與B的高度不同，故A錯誤；B項：由于小球1、2下落高度相同，水平位移相同，所以初速度一定相同，故B錯誤；C項：小球1落在斜面上時，小球的位移與水平方向的夾角為300，由平拋運(yùn)動的規(guī)律可知，速度與水平方向夾角正切值等于位移與水平方向正切值的兩倍，故C錯誤；D項：改變小球1的初速度，只要小球能落在斜面上時，由平拋運(yùn)動的規(guī)律可知，速度與水平方向夾角正切值等于位移與水平方向正切值的兩倍，而小球位移與水平方向夾角始終為300，所以速度方向與水平方向夾角不變，故D正確．7.如圖所示，一個粗糙的水平轉(zhuǎn)臺以角速度勻速轉(zhuǎn)動，有一個質(zhì)量為m的物體與轉(zhuǎn)臺間的動摩擦因數(shù)為，用長為L的細(xì)繩與轉(zhuǎn)臺中心O連接，現(xiàn)拉直細(xì)繩將物體輕放于轉(zhuǎn)臺上，則下列說法正確的是A.若物體在轉(zhuǎn)臺上運(yùn)動一周，摩擦力對物體不做功B.若物體在轉(zhuǎn)合上運(yùn)動一周，摩擦力對物體做的功為C.物體將做半徑不變的圓周運(yùn)動，繩上拉力不斷增大D.物體在轉(zhuǎn)臺上運(yùn)動圈后相對于轉(zhuǎn)臺停止運(yùn)動【答案】D【解析】【詳解】A．物體在轉(zhuǎn)臺受與轉(zhuǎn)臺接觸點速度方向相同的摩擦力f，所以物體將具有沿切向加速度，物體將沿切線方向均勻加速，是變速圓周運(yùn)動，拉力提供向心力，直到與圓盤相對靜止，摩擦力對物體做正功，故A錯誤；B．物體相對轉(zhuǎn)臺靜止時，根據(jù)動能定理得:解得x可能小于2πL，所以物體在轉(zhuǎn)臺上運(yùn)動一周，摩擦力對物體做功可能小于，故B錯誤；C．物體將做半徑不變的圓周運(yùn)動，與轉(zhuǎn)臺相對靜止后，做勻速圓周運(yùn)動，拉力提供向心力不變，故C錯誤D．由于可知，物體在轉(zhuǎn)臺上運(yùn)動圈后相對于轉(zhuǎn)臺停止運(yùn)動，故D正確．8.如圖甲所示，電動機(jī)通過繞過光滑定滑輪的細(xì)繩與放在傾角為的光滑斜面上的物體相連，啟動電動機(jī)后物體沿斜面上升；在時間內(nèi)物體運(yùn)動的圖象如圖乙所示，其中除時間段圖象為曲線外，其余時間段圖象均為直線，1s后電動機(jī)的輸出功率保持不變；已知物體的質(zhì)量為2kg，重力加速度則下列計算不正確的是A.1

s后電動機(jī)的輸出功率P為100WB.物體運(yùn)動的最大速度為10

C.在

s內(nèi)電動機(jī)所做的功為25JD.在

s內(nèi)電動機(jī)所做的功為250

J【答案】C【解析】【分析】根據(jù)圖乙得出的加速度，再根據(jù)牛頓第二定律得出牽引力，最后由算出電動機(jī)的輸出功率；當(dāng)加速度為0時，物體運(yùn)動速度最大，根據(jù)二力平衡求出此時牽引力，結(jié)合算出最大速度；內(nèi)根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式及動能定理算出電動機(jī)所做的功；內(nèi)，根據(jù)電動機(jī)功率變，結(jié)合算出．【詳解】A、設(shè)物體質(zhì)量為m，由題圖乙可知，在

s時間內(nèi)，物體做勻加速直線運(yùn)動的加速度大小為a，1

s末物體的速度大小達(dá)到

，此過程中，設(shè)細(xì)繩拉力的大小為，則根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式和牛頓第二定律可得：，

，由圖象可知，，由功率公式，聯(lián)立解得：在1s末電動機(jī)輸出功率為：，故A正確.B、當(dāng)物體達(dá)到最大速度后，細(xì)繩的拉力大小，由牛頓第二定律和功率的公式可得：，由解得，故B正確.C、在時間

s內(nèi)，物體的位移為x，電動機(jī)做的功為，則由運(yùn)動學(xué)公式得：由動能定理得：

，聯(lián)立解得：，故C錯誤.D、在時間t=3s內(nèi)電動機(jī)做的功為W，則：，聯(lián)立解得：

故D正確.故選C.【點睛】本題與汽車啟動類似，關(guān)鍵需要分析清楚物體各段的運(yùn)動規(guī)律及受力情況，明確實際功率達(dá)到額定功率時勻加速直線運(yùn)動轉(zhuǎn)為變速直線運(yùn)動，達(dá)到速度最大值后做勻速直線運(yùn)動.9.如圖所示，半徑為R=的圓弧形光滑軌道固定于豎直平面內(nèi)，圓弧形軌道與光滑固定的水平軌道相切，可視為質(zhì)點的質(zhì)量均為m=的小球甲、乙用輕桿連接，置于圓弧形軌道上，小球甲與O點等高，小球乙位于圓心O的正下方.某時刻將兩小球山靜止釋放，最終它們在平面上運(yùn)動，g取10m/s2，則A.兩小球由靜止釋放后速度大小相等，最終在水平面上運(yùn)動的速度大小為2m/sB.小球甲下滑過程中重力對它做功的功率一直增大C.小球甲下滑到圓弧軌道最低點對軌道的壓力的大小為10ND.整個過程中輕桿對小球乙做的功為為1J【答案】CD【解析】【詳解】A．兩球沿桿方向速度始終大小一樣，但在甲球未滑離圓弧形軌道時，兩球?qū)嶋H速度不相等；當(dāng)甲乙兩球都在水平面上運(yùn)動時，兩球速度相等.整個過程兩個小球組成系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故:解得小球在水平面上最終運(yùn)動速度=2m/s故A錯誤；B．小球甲下滑過程中，最高點速度為零，故重力的功率為零；最低點速度和重力垂直，故重力的功率也是零；而中途重力的功率不為零，故重力的功率應(yīng)該是先增加后減小，故B錯誤；C．小球甲下滑到圓弧形軌道最低點，重力和支持力的合力提供向心力，故:解得:N=10N根據(jù)牛頓第三定律，壓力也為10N，故C正確；D．整個過程中，對球乙，根據(jù)動能定理，有:=1J故D正確.10.如圖所示，細(xì)線AB和BC連接著一質(zhì)量為m的物體P，其中繩子的A端固定，c端通過小定滑輪連接著一質(zhì)量也為m的另一個物體Q，開始時，用手抓住物體Q，使物體P、Q均靜止，此時AB和BC兩繩中拉力大小分別為T1、T2．把手放開瞬間，AB和BC兩繩中拉力大小分別為T1'、T2'．已知ABC處于同一豎直平面內(nèi)，繩子間連接的夾角如圖．則A.T1：T1'=1:1 B.T1：T2=1:2 C.T2：T2'=2：3 D.T1'：T2'=：1【答案】AC【解析】【詳解】P、Q均靜止時，由P受力平衡條件可知：，，把手放開瞬間，將P物體的重力沿AB方向和BC方向分解，由于PQ兩物體沿繩方向的速度相同，所以P物體接下來以AB為半徑的圓周運(yùn)動，由于此時速為0，向心力為0，所以此時AB繩的拉力等于P物體重力沿AB方向的分力即為，此時，圓弧切線方向的合力為，加速度為，解得，對P物體有：，聯(lián)立解得：，所以T1：T1'=1:1，.T2：T2'=2：3，故AC正確．11.在星球M上將一輕彈簧豎直固定在水平桌面上，把物體P輕放在彈簧上端，P由靜止向下運(yùn)動，物體加速度與彈簧的壓縮量x間的關(guān)系如圖中實線所示.在另一星球N上用完全相同的彈簧，改用物體Q完成同樣的過程，其關(guān)系如圖中虛線所示，假設(shè)兩星球均為質(zhì)量均勻分布的球體.已知星球M的半徑是星球N的2倍，則A.星球M與星球N表面的重力加速度之比為3:1B.星球M與星球N的密度相等C.星球M與星球N的第一宇宙速度之比為：1D.Q下落過程中的最大動能是P的4倍【答案】ACD【解析】【詳解】AB.由牛頓第二定律可知物體下落的加速度可知兩星球表面的重力加速度之比為由，可知故A項正確，B錯誤；C.由第一字宙速度可知星球M與星球N的第一宇宙速度之比為:1，故C正確；D.由物體的加速度a與彈簧的壓縮量x間的關(guān)系圖，結(jié)合公式可知:圖像面積代表，P下落過程中的最大動能Q下落過程中的最大動能又由可知兩圖線斜率絕對值之比為質(zhì)量反比，即，故D正確.12.如圖所示，在水平圓盤上放有質(zhì)量分別為m、m、2m的可視為質(zhì)點的三個物體A、B、C,圓盤可繞垂直圓盤的中心軸轉(zhuǎn)動.三個物體與圓盤的動摩擦因數(shù)均為,最大靜摩擦力等于滑動摩擦力.三個物體與軸O共線且OA=OB=BC=r=，現(xiàn)將三個物體用輕質(zhì)細(xì)線相連，保持細(xì)線伸直且恰無張力.若圓盤從靜止開始轉(zhuǎn)動，且角速度ω緩慢增大，已知重力加速度為g=10m/s2,則對于這個過程，下列說法正確的是A.A、B兩個物體同時達(dá)到最大靜摩擦力B.B、C兩個物體的靜摩擦力先增大后不變C.當(dāng)rad/s時A、B、C整體會發(fā)生滑動D.當(dāng)時，在ω增大的過程中B、C間細(xì)線的拉力不斷增大【答案】BCD【解析】【詳解】ABC、當(dāng)圓盤轉(zhuǎn)速增大時，由靜摩擦力提供向心力．三個物體的角速度相等，由F＝mω2r可知，因為C的半徑最大，質(zhì)量最大，故C所需要的向心力增加最快，最先達(dá)到最大靜摩擦力，此時：μ?2mg＝2m，解得：ω1rad/s，當(dāng)C的摩擦力達(dá)到最大靜摩擦力之后，BC開始提供拉力，B的摩擦力增大，達(dá)最大靜摩擦力后，AB之間繩開始有力的作用，隨著角速度增大，A的摩擦力將減小到零然后反向增大，當(dāng)A與B的摩擦力也達(dá)到最大時，且BC的拉力大于AB整體的摩擦力時物體將會出現(xiàn)相對滑動，此時A與B還受到繩的拉力，對C可得：T+μ?2mg＝2m，對AB整體可得：T＝2μmg，解得：ω2，當(dāng)rad/s時整體會發(fā)生滑動，故A錯誤，BC正確；D、當(dāng)rad/srad/s時，在ω增大的過程中B、C間的拉力逐漸增大，故D正確；二、第13～17題為必考題，每個試題考生都必須作答.第18～19題為選考題，考生根據(jù)要求作答.把答案填在答題卡中的橫線上或按題目要求作答.解答題應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分.有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位.13.某實驗小組的同學(xué)為了“探究加速度與外力的關(guān)系”，利用了如圖1所示的實驗裝置，忽略滑輪與細(xì)繩之間的摩擦．（1）為了完成探究實驗，下列步驟必須的是________．A．分別測出砝碼A以及滑塊的質(zhì)量m和MB．將長木板遠(yuǎn)離滑輪一端適當(dāng)墊高平衡摩擦力C．將滑塊靠近打點計時器，接通電源后釋放小車，并記錄傳感器的示數(shù)D．多次改變砝碼的質(zhì)量，打出幾條不同的紙帶E．該實驗中必須滿足滑塊的質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于砝碼A的質(zhì)量（2）該小組的同學(xué)在某次實驗中得到了一條清晰的紙帶，如圖2所示，并在該紙帶上選取了多個計數(shù)點，已知圖中相鄰兩計數(shù)點之間還有兩個計時點沒有畫出，若實驗中所使用的交流電的頻率為50Hz，則滑塊的加速度大小為________m/s2（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；（3）該小組的同學(xué)通過多次測量，得到了多組傳感器的示數(shù)以及相對應(yīng)的加速度的數(shù)值，并以傳感器的示數(shù)為橫坐標(biāo)、加速度為縱坐標(biāo)，得到的圖線為一條過原點的傾斜直線，經(jīng)測量可知直線的斜率大小為，則小車的質(zhì)量大小應(yīng)為_____________；（4）如果該小組的同學(xué)在實驗時未平衡摩擦力，結(jié)果得到的圖象不過原點，與橫軸交點的坐標(biāo)值為，則滑塊在運(yùn)動過程中受到的摩擦力大小為__________．【答案】(1).BCD(2).(3).(4).【解析】【詳解】（1）由于滑塊B所受的拉力可有傳感器讀出，因此不需要測量砝碼A的質(zhì)量，因此也就不必要求砝碼A的質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量了，AE錯誤；將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦力是需要的，因為這樣滑塊受到的合力就不考慮摩擦力了，B正確；滑塊B靠近打點計時器，先接通電源，再釋放滑塊，打出一條紙帶，同時記錄傳感器的示數(shù)是需要的，C正確；多次改變砝碼的質(zhì)量，即改變拉力的大小，打出幾條紙帶，以研究加速度隨外力變化的關(guān)系，D正確；（2）由題意可知該交流電的打點周期為0.02s，又因為相鄰兩計數(shù)點間還有兩個點沒有畫出，故兩計數(shù)點之間的時間間隔為0.06s，由逐差法得；（3）由實驗原理圖可知，滑塊B的合力大小為傳感器示數(shù)的兩倍，則由牛頓第二定律得，對圖象來說，圖象的斜率大小為，所以滑塊的質(zhì)量為；（4）滑塊所受的拉力大小為傳感器示數(shù)的兩倍，則由牛頓第二定律可知，整理得，即當(dāng)細(xì)繩的拉力大小為時，滑塊剛開始運(yùn)動，即．14.某同學(xué)利用如圖所示的裝置驗證機(jī)械能守恒定律.水平桌面上固定傾斜的氣墊導(dǎo)軌，一上端裝有長方形遮光片的滑塊總質(zhì)量為M，滑塊的左端連接著平行于導(dǎo)軌的細(xì)繩，細(xì)繩另一端跨過定滑輪和礦泉水瓶連接.導(dǎo)軌下端固定一光電門，光電門與計時器(圖中未畫出)連接，可以測量遮光片經(jīng)過光電門時的擋光時間，光電門的中心位于導(dǎo)軌上的B點.開始時，使滑塊在導(dǎo)軌上靜止，此時遮光片的中心位于導(dǎo)軌上的A點，該同學(xué)利用刻度尺測出A、B兩點間的距離為L，高度差為h，測得礦泉水瓶和里面水的總質(zhì)量為m，遮光片的寬度為d，忽略滑塊和導(dǎo)軌間的摩擦，重力加速度為g.(1)用螺旋測微器測量擋光條的寬度d，如圖乙所示，由該圖可得遮光條的寬度d=__________mm.(2)使滑塊由A點靜止開始沿導(dǎo)軌下滑，讀出遮光片經(jīng)過光電門時的擋光時間為t，則滑塊從A到B的過程中，系統(tǒng)重力勢值的減小量為______；實驗需要驗證的表達(dá)式為_____(均用題目中所給的字母表示).(3)該同學(xué)保持滑輪高度和光電門位置不變，不斷改變礦泉水瓶中水的質(zhì)量，釋放滑塊使其由A處靜止沿導(dǎo)軌下滑，測出每次礦泉水瓶和瓶中水的總質(zhì)量m以及對應(yīng)擋光時間t，為便于更直觀地驗證機(jī)械能守恒定律，應(yīng)作出______(選填“”“”“”)關(guān)系圖象，如圖丙所示，則圖象的斜用率k=_____.【答案】(1).(2).(3).(4).(5).【解析】【詳解】(1)[1]螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為.可動刻度讀數(shù)為0.01×=所以最終讀數(shù)為:；(2)[2]設(shè)斜面傾角為，，從A到B過程系統(tǒng)重力勢能的減少量為:滑塊經(jīng)過光電門時的速度為:滑塊動能的增加量為:[3]由機(jī)械能守恒定律得:(3)[4][5]由整理得：為便于更直觀地驗證機(jī)械能守恒定律，應(yīng)作出圖象則圖象的斜率：15.如圖所示，水平面上放有質(zhì)量分別為=1kg，=2kg的物塊A和B，A、B與地面的動摩擦因數(shù)分別為和，相距l(xiāng)=.現(xiàn)給物塊A一初速度使之向B運(yùn)動，與此同時給物塊B施加一個大小為F=14N，方向與水平方向成=的力，B由靜止開始運(yùn)動，經(jīng)過一段時間A恰好追上B月二者速度相等，g=10m/s2，求：(1)物塊A的初速度大??；(2)從開始到物塊A追上物塊B的過程中，B走過的位移.【答案】（1）=3m/s（2）x=【解析】【詳解】(1)設(shè)A經(jīng)時間t追上B，A、B的加速度大小分別為、，由牛頓第二定律有:解得:=4m/s2對B有解得:=2m/s2恰好追上時它們速度相同，則:追上時由路程關(guān)系有:由以上四式解得A的初速度大小為:=3m/s，t(2)B運(yùn)動的位移:=.16.如圖所示，光滑半圓形軌道處于暨直平面內(nèi)，半圓形軌道與光滑的水平地面相切于半圓的端點A.一質(zhì)量為m的小球在水平地面上C點受水平向左的恒力F由靜止開始運(yùn)動，當(dāng)運(yùn)動到A點時撒去恒力F，小球沿豎直半圓形軌道運(yùn)動到軌道最高點B點，最后又落在水平地面上的D點(圖中未畫出).已知A、C間的距離為L，重力加速度為g.(1)若軌道半徑為R，求小球到達(dá)半圓形軌道B點時對軌道的壓力FN的大小；(2)為使小球能站動到軌道最高點B，求軌道半徑的最大值；(3)軌道半徑R多大時，小球在水平地面上的落點D到A點距離最大?最大距離是多少?【答案】（1）；（2）；（3）.【解析】【詳解】(1)設(shè)小球到B點速度為v，從C到B根據(jù)動能定理有解得在B點，由牛頓第二定律有：解得:根據(jù)牛頓第三定律可知:(2)小球恰能運(yùn)動到軌道最高點時，軌道半徑有最大值，則有解得：(3)設(shè)小球平拋運(yùn)動的時間為t，有解得：水平位移當(dāng)時，水平位移最大，解得D到A的最大距離.17.如圖所示質(zhì)量為=1kg的長木板長，靜止放在水平地面上，與水平面的動摩擦因數(shù)為=0.2.其右端靜置一質(zhì)量為=1kg的小滑塊(可視為質(zhì)點)，小滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)為，今用水平力F=7N向右位木板，經(jīng)過1s后撤去拉力，整個運(yùn)動過程中小滑塊沒有從長木板上掉下(不計空氣阻力，g取10m/s2)求:(1)在F作用下，、的加速度各為多少?(2)撤去拉力后經(jīng)過多長時間兩物體共速?(3)最終小物塊停在距高木板的右端多遠(yuǎn)處?【答案】（1）2m/s2；（2）；（3）.【解析】【詳解】(1)設(shè)小物塊的加速度為，根