2023北京石景山高二下學(xué)期期末物理試題及答案

2023北京石景山高二（下）期末物理本試卷共8頁，100分?？荚嚂r長90分鐘?？忌鷦?wù)必將答案答在答題卡上，在試卷上作答無效?？荚嚱Y(jié)束后，將答題卡交回。第一部分本部分共題，每題3分，共45分。在每題列出的四個選項中，選出最符合題目要求的一項。r1.分子間的作用力F與分子間距離r的關(guān)系如圖所示，0為分子間的平衡位置。下列說法正確的是（）A.當(dāng)r=0時，分子間的作用力最小r=rB.當(dāng)時，分子間的作用力最小1C.分子間的作用力總是隨分子間距離增大而減小D.分子間的作用力總是隨分子間距離增大而增大2.如圖所示，一束光沿著半圓形玻璃磚的半徑射到它的平直的邊上，在玻璃磚與空氣的界面上發(fā)生反射和2折射，入射角為，折射角為。下列說法正確的是（）1A.反射光的頻率大于入射光的頻率B.折射光的波長等于入射光的波長1C.若增大入射角，則折射角將減小D.若增大入射角，則折射光將減弱12t=時刻的波形如圖1所示，KL是介質(zhì)中的兩個質(zhì)點。圖2是質(zhì)點K的振03.一列簡諧橫波沿x軸傳播，動圖像。下列說法正確的是（）t=時刻質(zhì)點K的加速度比質(zhì)點L的大0A.B.t=時刻之后，質(zhì)點K比質(zhì)點L先到達正向最大位移處0C.波沿x軸正方向傳播，速度為1.0m/sD.波沿x軸負方向傳播，速度為0.5m/s4.一個地球儀繞與其“赤道面”垂直的“地軸”勻速轉(zhuǎn)動的示意圖如圖所示。P點和Q點位于同一條“經(jīng)線”上、Q點和M點位于“赤道”上，O為球心。下列說法正確的是（）A.P、Q的線速度大小相等B.P、M的角速度大小相等C.P、Q的向心加速度大小相等D.P、M的向心加速度方向均指向O5.如圖所示，一定量的理想氣體從狀態(tài)A開始，經(jīng)歷兩個過程，先后到達狀態(tài)B和C。有關(guān)、B和C三個狀態(tài)溫度T、T和T的關(guān)系，正確的是（）ABCA.T>T，T>TB.T＜T，T>TABBCABBCC.T＝T，T=TD.T＜T，T＜TACBCACBC6.2021年5月，“天問一號”探測器成功在火星軟著陸，我國成為世界上第一個首次探測火星就實現(xiàn)“繞、落、巡”三項任務(wù)的國家?！疤靻栆惶枴痹诨鹦峭２窜壍肋\行時，近火點距離火星表面2.8102km、遠火點距離火星表面5.9105km，則“天問一號”（A.在近火點的加速度比遠火點的大）B.在近火點的運行速度比遠火點的小C.在近火點的機械能比遠火點的大D.在近火點通過加速可實現(xiàn)繞火星做圓周運動?Q和+Q分別位于A點和A點，以連線中點O為原點建7.如圖所示，真空中兩個等量異號的點電荷立直角坐標(biāo)系Oxy，BC、P是坐標(biāo)軸上的3個點，且BO=OC。下列說法正確的是（）A.沿x軸從B點到C點電勢先增大再減小B.B、O兩點間的電勢差與O、C兩點間的電勢差相等C.P點與O點的電場強度大小相等D.P點與O點的電場強度方向垂直8.如圖所示，速度選擇器的兩平行導(dǎo)體板之間有方向互相垂直的勻強電場和勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里。一電荷量為+q的粒子以速度v從S點進入速度選擇器后，恰能沿圖中虛線通過。不計粒子重力，下列說法可能正確的是（）A.電荷量為-q的粒子以速度v從S點進入后將向下偏轉(zhuǎn)B.電荷量為+2q的粒子以速度v從S點進入后將做類平拋運動C.電荷量為q的粒子以大于v的速度從S點進入后動能將逐漸減小D.電荷量為-q的粒子以大于v的速度從S點進入后動能將逐漸增大9.如圖1所示，矩形導(dǎo)線框固定在變化的磁場中，線框平面與磁場垂直。線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流如圖2所示（規(guī)定電流沿（）A.B.C.D.10.交流發(fā)電機的示意圖如圖所示，矩形線圈ABCD在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸OO逆時針勻速轉(zhuǎn)動，發(fā)電機的電動勢隨時間的變化規(guī)律為e=20sin100tV。下列說法正確的是（）A.此交流電的頻率為100HzB.此發(fā)電機電動勢的有效值為20VC.當(dāng)線圈平面轉(zhuǎn)到圖示位置時產(chǎn)生的電流為0D.當(dāng)線圈平面轉(zhuǎn)到圖示位置時磁通量的變化率最大如圖所示，兩極板加上恒定的電壓U，將一質(zhì)量為m、電荷量為＋q的帶電粒子在正極板附近由靜止釋放，粒子向負極板做加速直線運動。不計粒子重力。若將兩板間距離減小，再次釋放該粒子，則（）A.帶電粒子獲得的加速度變小B.帶電粒子到達負極板的時間變短C.帶電粒子到達負極板時的速度變小D.加速全過程靜電力對帶電粒子的沖量變小12.如圖所示，一理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為10:1，其原線圈兩端接入正弦式交變電壓u，u=311sin100tV，副線圈通過電流表與變阻器R相連，若交流電壓表和交流電流表都是理想電表，則下列說法正確的是（）A.電壓表的示數(shù)為31.1VB.滑動變阻器的滑片向上滑動，電壓表的示數(shù)增大C.滑動變阻器的滑片向上滑動，電流表的示數(shù)增大D.滑動變阻器的滑片向上滑動，變壓器的輸入功率減小13.如圖所示，一帶正電的點電荷固定于O點，圖中虛線為以O(shè)為圓心的一組等間距的同心圓。一帶電粒子以一定初速度射入點電荷的電場，實線為粒子僅在靜電力作用下的運動軌跡，、b、c為運動軌跡上的三點。則該粒子（）A.帶負電B.在c點受靜電力最大C.在a點的電勢能小于在b點的電勢能D.由a點到b點的動能變化量大于由b點到c點的動能變化量14.如圖所示平面內(nèi)，在通有圖示方向電流I的長直導(dǎo)線右側(cè)，固定一矩形金屬線框，ad邊與導(dǎo)線平行。調(diào)節(jié)電流I使得空間各點的磁感應(yīng)強度隨時間均勻增加，則（）A.線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向為aB.線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流逐漸增大C.線框ad邊所受的安培力大小恒定→b→c→d→aD.線框整體受到的安培力方向水平向右15.如圖所示，一小物塊從長0.5m的水平桌面一端以初速度0沿中線滑向另一端，經(jīng)過時間1s從另一端滑落。物塊與桌面間動摩擦因數(shù)為μ，g取10m/s2。下列關(guān)于0、μ值的判斷中，可能正確的是（）A.μ=0.06B.μ=0.2C.0=2.0m/sD.v01.5m/s第二部分本部分共6題，共55分。16.在“驗證機械能守恒定律”實驗中，（1）甲同學(xué)采用讓重物自由下落的方法驗證機械能守恒，實驗裝置如圖1所示。下列說法正確的是_________。A．實驗前必需用天平測出重物的質(zhì)量B．打點計時器應(yīng)接低壓直流電源C．實驗時先通電，穩(wěn)定后再釋放紙帶D．重錘釋放位置應(yīng)靠近打點計時器（2）該同學(xué)選取了如圖2所示的一條紙帶，O點是重錘開始下落時打出的點，A、B、C是按打點先后順序選取的三個計數(shù)點。通過測量得到O、A間距離為h，O、B間距離為h，O、C間距離為h。已知計數(shù)點123A、B間和B、C間的時間間隔均為T，重錘質(zhì)量為m，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間。從重錘開始下落到打點計時器打B點的過程中，重錘動能的增加量E=_________。在實驗誤差范圍內(nèi)，如果E與_________相等，則kk可驗證機械能守恒。（3）乙同學(xué)設(shè)計了一個用拉力傳感器驗證機械能守恒定律的實驗。如圖3所示，將拉力傳感器固定在天花板上，細線一端系著小球，另一端連在拉力傳感器上的O點。將小球拉至細線與豎直方向成θ角處無初速F釋放，拉力傳感器顯示拉力的最大值為F。已知小球的質(zhì)量為m，重力加速度為g。當(dāng)約為_________時，可說明小球擺動過程中機械能守恒。17.測電阻有多種方法。R（1）甲同學(xué)用多用電表歐姆擋直接測量待測電阻的阻值。某次測量時，多用電表表盤指針如圖所示。xR已知他選用歐姆擋的倍率為“×100”，則的測量值為________Ω。xR（2）乙同學(xué)用如圖所示的電路，測量待測電阻的阻值。某次實驗，電流表的示數(shù)為I，電壓表的示數(shù)為xRR的真實值相比________（選填xU，則電阻的測量值為________。若不考慮偶然誤差，該測量值與xR（3）丙同學(xué)用如圖所示的電路，測量待測電阻的阻值。操作步驟如下：①先將開關(guān)S接1，調(diào)節(jié)滑動xRIS2RR2變阻器，讀出電流表的示數(shù)；②再將開關(guān)接，保持不變，調(diào)節(jié)電阻箱，使電流表的示數(shù)仍為11RRxI，記下此時電阻箱的阻值為。則的測量值為________；電流表內(nèi)阻對測量結(jié)果________（選填“有”0或“無”）影響。R的阻值。操作步驟如下：①先閉合開關(guān)SR，調(diào)節(jié)，1（4）丁同學(xué)用如圖所示的電路，測量電流計內(nèi)阻使電流計指針滿偏；②再閉合開關(guān)Sg1R1RR，保持不變，調(diào)節(jié)使得電流計指針半偏，記下此時的值為222RgR。則的測量值為________；若不考慮偶然誤差，電流計內(nèi)阻的測量值________（選填“大于”“等0于”或“小于”）其真實值。18.如圖所示，長度為l的輕繩上端固定在O點，下端系一質(zhì)量為m的小球（小球的大小可以忽略、重力g加速度為（1）在水平拉力F的作用下，輕繩與豎直方向的夾角為α，小球保持靜止．畫出此時小球的受力圖，并求力F的大??；（2）由圖示位置無初速釋放小球，不計空氣阻力．求小球通過最低點時:a．小球的動量大?。籦．小球?qū)p繩的拉力大?。?9.如圖所示，寬度為L的U型導(dǎo)體框，水平放置在磁感應(yīng)強度大小為B、方向豎直向下的勻強磁場中，左端連接一阻值為R的電阻。一質(zhì)量為m、電阻為r的導(dǎo)體棒置于導(dǎo)體框上。不計導(dǎo)體框的電阻、導(dǎo)體棒與框間的摩擦，導(dǎo)體棒與導(dǎo)體框始終接觸良好。在水平向右的拉力作用下，導(dǎo)體棒以速度勻速v0向右運動。（1）求通過導(dǎo)體棒的電流大小I；（2）求拉力做功的功率P；（3）某時刻撤去拉力，經(jīng)過一段時間導(dǎo)體棒停在導(dǎo)體框上，求在此過程中電阻R上產(chǎn)生的熱量Q。v0，發(fā)射角為。它飛行到最高點時炸裂成質(zhì)量均為m的A、B兩20.如圖所示，一枚炮彈發(fā)射的初速度為部分，A部分炸裂后豎直下落，B部分繼續(xù)向前飛行。重力加速度為g，不計空氣阻力，不計炸裂過程中炮彈質(zhì)量的變化。求：（1）炸裂后瞬間B部分速度的大小和方向；（2）炸裂前后，A、B系統(tǒng)機械能的變化量E（3）A、B兩部分落地點之間的水平距離x。21.1913年，美國物理學(xué)家密立根用油滴實驗證明電荷的量子性并測出電子的電荷量，由此獲得了1923年度諾貝爾物理學(xué)獎。如圖是密立根油滴實驗的原理示意圖，兩個水平放置、相距為d的金屬極板，上極板中央有一小孔。用噴霧器將細小的油滴噴入密閉空間，這些油滴由于摩擦而帶了負電。油滴通過上極板的小孔進入到觀察室中。當(dāng)兩極板電壓為U時，某一油滴恰好懸浮在兩板間靜止。將油滴視為半徑為r的球體，已知油滴的密度為，重力加速度為g。（1）求該油滴所帶的電荷量q。（2）由于油滴的半徑r太小，無法直接測量。密立根讓油滴在電場中懸浮，然后撤去電場，油滴開始做加速運動；由于空氣阻力的存在，油滴很快做近似勻速運動，測出油滴在時間t內(nèi)勻速下落的距離為h。已知f=6，其中球形油滴受到的空氣阻力大小為浮力。請推導(dǎo)半徑r的表達式（用為空氣的粘滯系數(shù)，v為油滴運動的速率。不計空氣、、t、和g（3）實驗發(fā)現(xiàn)，對于質(zhì)量為m的油滴，如果改變它所帶的電荷量q，則能夠使油滴達到平衡的電壓必須是UU==n=1，式中，某些特定值，研究這些電壓變化的規(guī)律可發(fā)現(xiàn)它們都滿足方程nnq02，……。此現(xiàn)象說明了什么？參考答案第一部分本部分共題，每題3分，共45分。在每題列出的四個選項中，選出最符合題目要求的一項。1.【答案】Ar=【詳解】A．為分子間的平衡位置，此位置分子斥力與引力等大反向，合力為0r0時，分子間0的作用力最小，A正確；r=rr時0B．當(dāng)時，分子斥力小于引力，合力表現(xiàn)為引力，即分子間的作用力表現(xiàn)為引力，且為間距大于1的最大值，B錯誤；rC．根據(jù)圖像可知，當(dāng)分子之間間距大于時，隨分子間距離增大，分子間的作用力先增大后減小，C錯0誤；rr1D．根據(jù)圖像可知，當(dāng)分子之間間距小于和分子距離大于時，隨分子間距離增大，分子間的作用力減0小，D錯誤。故選A。2.【答案】D【詳解】A．光發(fā)生反射和折射后頻率不變，所以反射光的頻率等于入射光的頻率，故A錯誤；v=fB．折射光的傳播速度大于入射光的傳播速度，頻率相同，由故B錯誤；可知折射光的波長大于入射光的波長，sin2sin1n=可知若增大入射角，則折射角將增大，故C錯誤；1C．由2D．若增大入射角，反射光增強，折射光將減弱。故D正確。1故選D。3.【答案】Bt=時刻質(zhì)點K的加速度比質(zhì)點L的小，A錯誤；0【詳解】A．越靠近平衡位置，加速度越小，所以t=時刻，質(zhì)點K從平衡位置向上運動，則波沿x正方向傳播，所以t=0時刻之0B．從圖2可以看出來后，質(zhì)點K比質(zhì)點L先到達正向最大位移處，B正確；CD．從圖2可以看出來波沿x軸正方向傳播，速度為1v==m/s=0.5m/sT2CD錯誤；故選B。4.【答案】B【詳解】B．由于同軸轉(zhuǎn)動的物體的角速度相等，可知P、Q、M的角速度均相等，B正確；A．圖中球面上各點圓周運動的半徑為各點到地軸的垂直距離，因此有PQ根據(jù)v=RvPQ結(jié)合上述可知A錯誤；C．根據(jù)a=2RaPQ結(jié)合上述可知C錯誤；D．根據(jù)上述可知，M的向心加速度方向指向O，P的向心加速度方向指向P到地軸垂線的垂足，D錯誤。故選B。5.【答案】B【詳解】由圖可知狀態(tài)A到狀態(tài)B是一個等壓過程，根據(jù)蓋呂薩克定理VAB=ABBVABTApBC因為故狀態(tài)B到狀態(tài)C是一個等容過程，有查理定律=BCpBCBC3因為故對狀態(tài)A到狀態(tài)C，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程3520AC可得A=C故選B。6.【答案】A【詳解】A．根據(jù)牛頓第二定律有MmG=ma2r解得GMa=r2故在近火點的加速度比遠火點的大，故A正確；B．根據(jù)開普勒第二定律可知，在近火點的運行速度比遠火點的大，故B錯誤；C．“天問一號”在同一軌道，只有引力做功，則機械能守恒，所以在近火點的機械能與遠火點的機械能相等，故C錯誤；D．“天問一號”在近火點做的是離心運動，若要變?yōu)槔@火星的圓軌道，需要減速，故D錯誤。故選A。7.【答案】B【詳解】A．根據(jù)等量異種電荷的電場線分布可知，x軸上A和A之間的電場線方向為沿軸正方向，沿x電場線電勢降低，所以沿x軸從B點到C點電勢逐漸減小，故A錯誤；B．根據(jù)等量異種電荷的電場線分布可知，B和C關(guān)于O點對稱，則有B=C而O點處電勢為0B、O兩點間的電勢差與O、C兩點間的電勢差相等，故B正確；C．據(jù)等量異種電荷的電場線分布可知，從O點開始沿y軸正方向場強逐漸減小，P點電場強度小于O點電場強度，故C錯誤；D．據(jù)等量異種電荷的電場線分布可知，從O點開始沿y軸正方向的場強方向水平向右；x軸上A和A之間的電場線方向為沿xP點與O點的電場強度方向相同，故D錯誤。故選B。8.【答案】C【詳解】A．電荷量為＋q的粒子以速度v進入后受力平衡，即有=由左手定則可知，洛倫茲力豎直向上，電場力豎直向下，即電場強度的方向豎直向下，且有E=當(dāng)電荷量為-q的粒子以速度v從S點進入后，由左手定則可知，粒子所受的洛倫茲力豎直向下，電場力豎直向上，且有qE則粒子受力平衡，將沿著圖中虛線通過，故A錯誤；B．電荷量為＋2q的粒子以速度v從S點進入后，向下的電場力為1=2qE向上的洛倫茲力為2=2由于E，所以粒子受力平衡，將沿著圖中虛線通過，故B錯誤；C．電荷量為＋q的粒子以大于v的速度從S點進入后，向下的電場力為3=qE=向上的洛倫茲力為＞=FF，即粒子剛從S點進入后所受合力豎直向上，粒子的運動軌跡將向上彎曲，此43由于E，所以過程中電場力對粒子做負功，粒子的動能將逐漸減小，故C正確；D．電荷量為-q的粒子以大于v的速度從S點進入后，向上的電場力為5=qE向下的洛倫茲力為6qvB=FF，即粒子剛從S點進入后所受合力豎直向下，粒子的運動軌跡將向下彎曲，此65由于E，所以過程中電場力對粒子做負功，粒子的動能將逐漸減小，故D錯誤。故選C。9.【答案】C【詳解】AB．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，有tBtE=n=nS可知恒定的磁場不能產(chǎn)生電動勢，不會有電流產(chǎn)生，AB錯誤；C．根據(jù)楞次定律，可知垂直紙面向外的磁場增強，線圈會產(chǎn)生垂直紙面向里的磁場，即產(chǎn)生方向的電流，又因為磁場均勻變化，所以產(chǎn)生恒定的電動勢，根據(jù)閉合電路的歐姆定律，有EI=R所以線圈中產(chǎn)生恒定的電流，同理，磁場均勻減弱時，線圈中產(chǎn)生的電流，C正確；D．當(dāng)垂直紙面向里的磁場增強時，根據(jù)楞次定律，可知線圈中會產(chǎn)生的電流，形成垂直紙面向外的磁場，D錯誤。故選C。10.【答案】D【詳解】A．根據(jù)=f解得f=50Hz故A錯誤；B．根據(jù)EmE=2解得E=2V故B錯誤；CD．當(dāng)線圈平面轉(zhuǎn)到圖示位置時處于與中性面垂直的位置，易知磁通量的變化率最大，產(chǎn)生的電流最大。故C錯誤；D正確。故選D。【答案】B【詳解】A．根據(jù)勻強電場場強公式和牛頓第二定律有UE=qEma=，d可得qUa=將兩板間距離減小，帶電粒子獲得的加速度變大，故A錯誤；B．根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律1d=at22解得2md2t=qU將兩板間距離減小，帶電粒子到達負極板的時間變短，故B正確；C．根據(jù)動能定理有1qU=22解得2v=m帶電粒子到達負極板時的速度不變，故C錯誤；D．根據(jù)動量定理有I=可知加速全過程靜電力對帶電粒子的沖量不變，故D錯誤。故選B。12.【答案】D【詳解】A．交流電的電壓有效值為UmU1==220V2根據(jù)11=U22可知電壓表的示數(shù)為22V，A錯誤；B．由于原線圈的電壓保持不變，匝數(shù)比不變，無論滑動變阻器阻值如何變化，副線圈兩端的電壓也保持不變，B錯誤；C．當(dāng)滑動變阻器的滑片向上滑動時，滑動變阻器接入電路的阻值增大，電流表的示數(shù)減小，C錯誤；D．根據(jù)P=可知當(dāng)滑動變阻器的滑片向上滑動時，滑動變阻器消耗的功率減小，因此變壓器的輸入功率減小，D正確。故選D。13.【答案】D【詳解】A.根據(jù)圖像中帶電粒子的運動軌跡可知，該粒子帶正電，故選項A錯誤；B.根據(jù)庫侖定律可知F=kr2可知，距離中心電荷越近所受靜電力越大，故選項B錯誤；C.由于從a點到b點電場力做正功，電勢能減小，因此a點的電勢能大于在b點的電勢能，故選項C錯誤；D.由a點到b點和bc點相比，由于點電荷的電場強度的特點是離開場源電荷距離越大，場強越小，故a點到b點電場力做功多，動能變化大，故選項D正確。故選D。14.【答案】D【詳解】A．根據(jù)安培定則可知，通電直導(dǎo)線右側(cè)的磁場方向垂直于紙面向里，磁感應(yīng)強度隨時間均勻增加，根據(jù)楞次定律可知線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向為a→d→c→b→a，A錯誤；B．線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流為ERtSBRtI==n=nR空間各點的磁感應(yīng)強度隨時間均勻增加，故線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流不變，B錯誤；F=安C．線框ad邊感應(yīng)電流保持不變，磁感應(yīng)強度隨時間均勻增加，根據(jù)安培力表達式安培力變大，C錯誤；，故所受的D．線框所處空間的磁場方向垂直紙面向里，線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向為a→d→c→b→a，根據(jù)左手定則可知，線框ad邊所受的安培力水平向右，線框bc邊所受的安培力水平向左。通電直導(dǎo)線的磁場F=安分部特點可知ad邊所處的磁場較大，根據(jù)安培力表達式可知，線框整體受到的安培力方向水平向右，D正確。故選D。15.【答案】A【詳解】CD．物塊水平沿中線做勻減速直線運動，則0+vxtv==2由題干知x=，t=，v00代入數(shù)據(jù)可得故CD錯誤；AB．對物塊，根據(jù)牛頓第二定律可得a=?gv2?0=2ax2整理可得由于02?2ax000.1可得故A正確，B錯誤。故選A。第二部分本部分共6題，共55分。m(h?h)216.【答案】①.CD##DC.31③.mgh2.－2cosθT21）[1]A．因為要驗證=2，兩邊的質(zhì)量可以消掉，所以可以不必測量質(zhì)量，故A錯誤；2B．打點計時器應(yīng)接交流電源，故B錯誤；C．打點計時器實驗時應(yīng)先通電，穩(wěn)定后再釋放紙帶，故C正確；D．重錘釋放位置應(yīng)靠近打點計時器，故D正確。故選CD。（2）[2]B點的速度等于AC間的平均速度，為3?hT1vB=故重錘動能的增加量為(?)21m3hE=2B=1k22T[3]從重錘開始下落到打點計時器打B點的過程中，重錘重力勢能的減小量Ep=mgh2在實驗誤差范圍內(nèi)，如果E與mgh相等，則可驗證機械能守恒。k2（3）[4]若機械能守恒則有12(?)=1mv2在最低點拉力與重力的合力提供向心力2F?=l聯(lián)立可得F=3?2F故當(dāng)約為32cosθ時，可說明小球擺動過程中機械能守恒。UIR0R017.【答案】①.600.③.偏大④.⑤.無⑥.⑦.R）[1]選用歐姆擋的倍率為“×100的測量值為xx=6100=600R（2）[2]某次實驗，電流表的示數(shù)為I，電壓表的示數(shù)為U，則電阻的測量值為xUIx=[3]電路圖中電流表采用內(nèi)接法，誤差來源于電流表的分壓，使得電壓表讀數(shù)大于待測電阻的真實電壓，則R該測量值與的真實值相比偏大。x（3）[4][5]先將開關(guān)S接1時，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得EI=r+R+R+R1A0先將開關(guān)S接2時，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得EI=r+R+R+R1AxRR0可知的測量值為；電流表內(nèi)阻對測量結(jié)果無影響。x（4）[6]先閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)，使電流計指針滿偏；則有R11EI=I=總grRg++1再閉合開關(guān)S，保持不變，調(diào)節(jié)使得電流計指針半偏，記下此時的值為，則有RRRR02122E=總=II總Igg0+Rr+1+g0則有12121=?Igg(I總Ig)R0IgR02RR；0可知的測量值為g[7]若不考慮偶然誤差，由于EE=總==IgII總0gR++rRgr+1+1gR+0則有可得11212Igg真(I總=?Ig)0Ig02g真R0則電流計內(nèi)阻的測量值小于其真實值。（?；mg32cos)；mgtanα2）m2gl1cos?18.1））小球受重力、繩子的拉力和水平拉力平衡，根據(jù)共點力平衡求出力F的大?。?）根據(jù)機械能守恒定律求出小球第一次到達最低點的速度，