浙江省金華市東陽市2023屆高三年級下冊5月適應性考試物理試卷(含答案)

浙江省金華市東陽市2023屆高三下學期5月適應性考試物理試卷

學校：__________姓名：班級：__________考號：

一,單選題

1.碳酸飲料具有高熱量，過量飲用會影響身體健康。如圖所示是一款碳酸飲料的相關

信息，與圖中“大卡”對應的單位是（）

熱量：45大卡（100毫升）

1躺分類：飲料

A.WB.JC.KD.cm3

2.2022冬奧會的滑雪項目備受關注，中國小將蘇翊鳴獲得單板滑雪男子大跳臺冠

軍，創(chuàng)造歷史。運動員從高處滑行而下，通過起跳臺起跳，完成各種空翻、轉體、抓

板等技術動作后落地。運動員在各階段做動作，下列說法正確的是（）

A.在助滑區(qū)時運動員兩腿彎曲是為了降低重心減小重力

B.研究運動員空中的空翻動作時可將他看作質點

C.在整個滑行過程中，運動員的位移和路程相等

D.著陸時運動員控制身體屈膝下蹲，可以減小沖擊力

3.圖甲是一種家用門窗防盜報警裝置，圖乙是干簧管元件。安裝時，在門的上沿嵌入

一小塊永磁體〃，門框內與〃相對的位置嵌入干簧管SA,并將干簧管接入報警電路

（蜂鳴報警器），此裝置具有自動提示報警的功能，當睡覺前連接好電路，啟動防盜

報警裝置，當門緊閉時，蜂鳴報警器不響，當門被打開時，蜂鳴報警器發(fā)出聲音警

報，下列有關說法正確的是（）

A.當門關閉時，干簧管兩簧片接通

B.干簧管可以由銅或銀等導電性能更好的材料制成

C.如將門上鑲嵌磁體N、S極對調后，該報警器不能正常工作

D.本裝置是利用電磁感應原理控制電路

4.關于原子物理，下列說法正確的是（）

A.普朗克提出了原子核外電子軌道量子化，并成功解釋了氫原子光譜

B.p衰變所釋放的電子是原子核外的電子電離形成的

C.衰變方程,puf方,X+Y中，答Pu發(fā)生的是a衰變，a射線具有極強的穿透能力

D.根據(jù)核反應方程N+\e，N核的比結合能比C核的比結合能大

5.義烏市場上熱銷的擦窗機器人能利用內置吸盤吸附在接觸面上，同時驅動系統(tǒng)又能

保證機器人在豎直墻壁或玻璃面上自如行走，執(zhí)行用戶設定的清潔任務。假設現(xiàn)在擦

窗機器人正在豎直玻璃墻面上由A點沿直線加速運行到右上方的3點，在這一過程

中，機器人與玻璃墻之間的摩擦力為E則下列關于力的分析圖中正確的是（）

B

C.

才

6.蹦床運動要求運動員在一張繃緊的彈性網(wǎng)上蹦起并做空中運動。為了測量運動員躍

起的高度，訓練時可在彈性網(wǎng)上安裝壓力傳感器，利用傳感器記錄彈性網(wǎng)所受的壓

力，并在計算機上作出壓力一時間圖象，假如作出的圖象如圖所示。設運動員在空中

運動時可視為質點，gMX10m/s2,則運動員躍起騰空的最大高度是（）

D.14.45m

7.如圖所示是某科技小組制作的投石機的模型。輕桿可繞固定轉軸0。在豎直面

內自由轉動，A端凹槽內放置一小石塊，3端固定配重。某次試驗中，調整桿與豎直

方向的夾角為。后，由靜止釋放，桿在配重重力作用下轉到豎直方向時，石塊被水平

拋出，打到正前方靶心上方6環(huán)處，不計所有阻力。若要正中靶心，可以采取的措施

有（）

A.增大石塊的質量B.增大。角

C.增大配重的質量D.減小投石機到靶的距離

8.激光制冷技術在很多領域得到了廣泛的應用。由分子動理論可知，分子或原子運動

越激烈，物體溫度越高。激光制冷的原理就是利用大量光子（光子說認為光是一份一

份的，每一份為一個光子）阻礙原子運動，使其減速，從而降低物體的溫度。如圖所

示，某時刻一個原子位于。孫z坐標系的原點，兩束完全相同的激光，沿x軸從相反的

方向對原子進行照射。根據(jù)多普勒效應，當原子迎著光束的方向運動時，其接收到的

光的頻率會升高。當原子接收到的光的頻率等于該原子的固有頻率時，原子吸收光子

的概率最大。下列說法正確的是（）

yb

z

A.為使原子減速，所用激光的頻率應等于原子的固有頻率

B.為使原子減速，所用激光的頻率應大于原子的固有頻率

C.假設原子可以吸收光子，當原子向x軸正向運動時，。激光可使原子減速

D.假設原子可以吸收光子，當原子向x軸負向運動時，。激光可使原子減速

9.在科幻題材的電影或動畫中，經(jīng)常提到太空電梯，建造太空電梯需要高強度的材

料，目前納米材料的抗拉強度幾乎比鋼材還高出100倍，使人們設想的太空電梯成為

可能。其工作原理是從同步衛(wèi)星高度的太空站豎直放下由納米材料做成的太空電梯，

另一端固定在赤道上，這樣太空電梯隨地球一起旋轉，如圖甲所示。當航天員乘坐太

空電梯時，圖乙中「為航天員到地心的距離，R為地球半徑，。-廠圖像中的圖線A表

示地球引力對航天員產(chǎn)生的加速度大小與廠的關系，圖線3表示航天員在太空電梯中

隨地球同步旋轉所需要的向心加速度大小與廠的關系，當廠=彳時，兩圖線加速分別為

為、a?，引力常量G已知。下列說法正確的是（）

A.航天員在廠=尺處的線速度大小等于第一宇宙速度

B.的小于地球表面重力加速度g

C.根據(jù)弓與的的值可以計算地球質量

D.隨著廠的增大，航天員運動的線速度一直減小

10.圖甲為一列簡諧橫波/=3s時的波形圖，圖乙為質點心的振動圖像，則下列說法正

B.經(jīng)過時間4=9s時，質點6與鳥的連線距離最遠

C.該波與一波長為24m的聲波能發(fā)生干涉

D.波在傳播過程中，質點4和6的加速度始終相同

11.某同學設計了一個煙霧探測器，如圖所示，s為光源，當有煙霧進入探測器時，S

發(fā)出的光被煙霧散射進入光電管C中。光射到光電管中的鈉表面產(chǎn)生光電子，當光電

流大于或等于/時，探測器觸發(fā)報警系統(tǒng)報警。已知真空中光速為C,鈉的極限頻率為

%,電子的電荷量為e,下列說法正確的是（）

散射的光束

A.要使該探測器正常工作，光源S發(fā)出的光的波長應大于￡

%

B.若用極限頻率更高的材料取代鈉，則該探測器一定不能正常工作

C.若射向光電管C的光子中能激發(fā)出光電子的光子數(shù)占比為〃，報警時，/時間內射向

光電管鈉表面的光子數(shù)至少是二

D.若S發(fā)出的光能使光電管發(fā)生光電效應，則光波的頻率越高，光電煙霧探測器靈敏

度越高

12.電動汽車由于節(jié)能環(huán)保的重要優(yōu)勢，廣受人們喜歡，某品牌電動汽車儲能部件是

由10個蓄電池串聯(lián)疊置組成的電池組。充電時，直流充電樁的充電電壓為400V，充

電電流為200A；每個電池容量120Ah，放電時平均電壓為30V，整個電池組輸出功

率為15kW；轉化機械能的效率為90%。以v=108km/h的速度在高速公路勻速行駛

時，貝lj（）

A.該電動汽車最長可連續(xù)工作2.4h

B.該電池組最多可儲存480kWh電能

C.該電動汽車正常工作時電流為5A

D.勻速行駛時所受阻力為500N

13.如圖所示，半徑為R的半圓形透明介質材料固定在地面上，A3面垂直地面，在地

面上有一單色點光源P,發(fā)出兩束光線，分別射向圓心。和圓弧上與。在同一高度的

C點，兩束光從A3面出射后恰好平行，已知尸4=芻氏，光在真空中傳播速度為c。下

列說法正確的是（）

A.光在此介質中的傳播速度為0.75c

B.從A3面出射的兩束平行光間距為0.75H

C.若光源P向左移動距離2氏時，從A3面出射的兩束光仍平行

3

D.若光源P向右移動2尺過程中，兩束光都可能在A3面發(fā)生全反射

3

二、多選題

14.關于下列四幅圖片，說法正確的是（）

h

j電子

/WVWVV^Q4^

4

碰撞前

甲

A.圖甲實驗表明光具有波動性

B.圖乙接收信號的頻率從95Hz至1JlOOHz，可以將可變電容的正對面積調小

C.圖丙中的微波爐的微波是原子外層電子受激發(fā)后產(chǎn)生的

D.圖丁中的扼流圈對通過的交變電流有阻礙作用

15.東陽橫錦水庫水電站的電能對外輸送示意圖如圖甲所示，發(fā)電機的內部原理簡化

圖如圖乙所示，面積為S的矩形線圈ABC。共N匝，勻速轉動周期T,勻強磁場磁感

應強度3,輸電線總電阻為「，升壓變壓器原、副線圈匝數(shù)分別為〃|、電。降壓變壓器

原、副線圈匝數(shù)分別為〃3、%（變壓器均為理想變壓器）。則下列說法正確的是（）

乙

2nNBS.2n

A.從圖乙位置開始計時發(fā)電機電動勢的瞬時值表達式為---------sin-t

TT

B.若升變壓器線圈/兩端電壓和用電器額定電壓都是220V，需滿足區(qū)=2

n2羯

C.為節(jié)約變壓器制造成本，降壓變壓器線圈％可以采用比線圈〃3更細的導線繞制

D.當用電高峰期用電器增多時，用電器兩端電壓會降低

三、實驗題

16.某實驗小組研究橡皮筋伸長量與所受拉力的關系。實驗器材有：一條兩端帶有細

繩套的橡皮筋，鉤碼若干，刻度尺，鐵架臺等。

（1）以下實驗裝置安裝最為合理的是O

橡

橡

皮

B皮

筋D

A.筋o

橡

c皮ID

筋s

（2）請按合理的操作順序將步驟的序號寫在橫線上______0

A.以橡皮筋長度/為橫坐標，以鉤碼質量機為縱坐標，標出各組數(shù)據(jù)（/,利）對應的點，

并用平滑的曲線或直線連接起來；

B.記下橡皮筋下端不掛鉤碼時，其下端A處指針所對刻度尺上的刻度10；

C.將鐵架臺固定于桌上，將橡皮筋、刻度尺一端分別系于橫梁上；

D.依次在橡皮筋下端掛上1個、2個、3個……鉤碼，待鉤碼靜止后，讀出橡皮筋下端

指針指示的刻度記錄在表格內，然后取下鉤碼；

E.由加_/圖像，進一步找出橡皮筋彈力與橡皮筋形變量之間的關系。

17.某班級同學在探究向心力大小的表達式實驗時：

第一小組采用甲圖所示的裝置進行探究，兩個變速塔輪通過皮帶連接，轉動手柄使長

槽和短槽分別隨變速塔輪勻速轉動，槽內的鋼球就做勻速圓周運動。橫臂的擋板對鋼

球的壓力提供向心力，鋼球對擋板的反作用力通過橫臂的杠桿作用使彈簧測力筒下

降，從而露出標尺，標尺上的紅白相間的等分格顯示出兩個鋼球所受向心力的比值。

第二小組采用乙圖所示的裝置進行探究，滑塊套在水平桿上，隨水平桿一起繞豎直桿

做勻速圓周運動，力傳感器通過一細繩連接滑塊，用來測量向心力R的大小?；瑝K上

固定一遮光片，寬度為力光電門可以記錄遮光片通過的時間，測得旋轉半徑為滑

塊隨桿勻速圓周運動，每經(jīng)過光電門一次，通過力傳感器和光電門就同時獲得一組向

心力R和角速度。的數(shù)據(jù)。

（1）下列實驗中與這兩組同學采用的科學方法不同是

A.探究加速度與力、質量的關系

B.探究影響通電導線受力的因素

C.探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律

（2）第一組同學在某次實驗時，兩個鋼球質量和轉動半徑相等，圖中標尺上紅白相間

的等分格顯示出兩個小球所受向心力的比值為1:4,與皮帶連接的兩個變速塔輪的半

1

②第二組同學實驗時,以R為縱坐標，以為橫坐標，可在坐標紙中描出數(shù)據(jù)點作

Ar2

一條如圖乙所示直線，圖線斜率為總則滑塊的質量為（用底廠、d表示）。

18.小王在“測定電池的電動勢和內阻”實驗中，使用了以下器材：干電池1節(jié)、電壓

表1只（量程3V、15V）、電阻箱（可調范圍0?9999.9Q）、開關一個、導線若

干。

4UN

1.60

1.40

1.20

1.00

//A

0.80E―?

00.20.30.4

圖乙

圖丙

（1）請你根據(jù)他的器材在圖丙中畫出實驗電路圖。

（2）某次電壓表的示數(shù)如圖甲所示，則電壓為Vo

（3）按照正確的操作獲取相應的電壓。和電阻R數(shù)據(jù)，并將電壓與電阻的比值作為

電流/，作出如圖乙所示的圖像。根據(jù)圖像測得干電池的電動勢為V,內阻為

C。（保留三位有效數(shù)字）

四,填空題

19.在用“油膜法估測油酸分子的大小”實驗中請補齊必要的實驗操作，并將它們按操

作先后順序排列：A、D、、F；（用字母表示）

ABC

估算油滴面積

五、計算題

20.如圖所示，一粗細均勻的導熱U形管豎直放置，右側上端封閉，左側上端與大氣

相通，右側頂端密封空氣柱A的長度為右=15.0cm,左側密封空氣柱5上方水銀柱長

h,=14.0cm,左右兩側水銀面高度差4=10.0cm,已知大氣壓強

5

p0=76.0cmHg=1.0xl0Pa,大氣溫度％=27。(2,U形管橫截面積S=7.6cn?.現(xiàn)用特

殊手段只對空氣柱A加熱，直到空氣柱46下方水銀面等高.求：

(1)加熱前空氣柱A8的壓強各為多少；

(2)空氣柱46下方水銀面等高時A中氣體的溫度

(3)對空氣柱A加熱的過程中空氣柱3與外界傳遞的熱量。

21.小丁同學設計了一個玩具遙控賽車的軌道裝置，軌道的主要部分可簡化為如圖所

示的模型，水平軌道A3和傾斜軌道。。分別與圓軌道相切于8點和。點，彎曲軌道

AE與水平軌道平滑連接，E點切線方向恰好水平。。點固定一彈射裝置，剛開始時裝

置處于鎖定狀態(tài)。當賽車從A點出發(fā)經(jīng)過圓軌道進入。。軌道，到達。點時恰好可以

觸發(fā)彈射裝置將賽車原路彈回，最終進入回收裝置凡測得賽車與彈射裝置碰撞時機

械能損失L8J，每次彈射后裝置可自動鎖定到初始時的彈性勢能值。已知賽車質量為

0.2kg,電動機功率恒為3W，圓軌道半徑為R=0.4m，E點離水平軌道高度和與R點

間水平距離均為3H，A3軌道長2m，賽車在水平軌道上運動時所受阻力等于其對軌道

壓力的0.25倍，賽車在軌道其余部分上所受摩擦力可忽略，賽車看成質點。

（1）若賽車恰好能過C點，求賽車經(jīng)過H點時對軌道的壓力大??；

（2）若某次測試時，賽車電動機工作1.5s，經(jīng)過一次彈射后恰好落入回收裝置之中，

則此次測試中給彈射裝置設置的彈性勢能為多大？

（3）若某次測試時，賽車電動機工作1.5s，最終停在水平軌道A3上，且運動過程中

賽車不能脫軌，求彈射裝置的彈性勢能取值范圍。

22.如圖（甲）所示，兩個完全相同的“人”字型金屬軌道面對面正對著固定在豎直平

面內，間距為d,它們的上端公共軌道部分保持豎直，下端均通過一小段彎曲軌道與

一段直軌道相連，底端置于絕緣水平桌面上。MM,、PP（圖中虛線）之下的直軌道

MN、MN'、PQ、PQ'長度均為L且不光滑（軌道其余部分光滑），并與水平方向

均構成37。斜面，在左邊軌道此修以下的區(qū)域有垂直于斜面向下、磁感應強度為穌的

勻強磁場，在右邊軌道pp以下的區(qū)域有平行于斜面但大小未知的勻強磁場用，其它

區(qū)域無磁場。Q0間連接有阻值為2尺的定值電阻與電壓傳感器（e、/為傳感器的兩條

接線）。另有長度均為d的兩根金屬棒。和它們與肱/、pp之下的軌道間的動

摩擦因數(shù)均為〃=0.125。金屬棒。的質量為機、電阻為R；金屬棒6的質量為2m、電

阻為2火，金屬軌道電阻不計。先后進行以下兩種操作：

操作I：將金屬棒。緊靠豎直軌道的左側，從某處由靜止釋放，運動到底端過程

中棒始終保持水平，且與軌道保持良好電接觸，計算機屏幕上顯示的UT圖像如圖

（乙）所示（圖中竺必叵）；

9

操作n：將金屬棒。緊靠豎直軌道的左側、金屬棒6（圖中未畫出）緊靠豎直軌道的

右側，在同一高度將兩棒同時由靜止釋放。多次改變高度重新由靜止釋放，運動中兩

棒始終保持水平，發(fā)現(xiàn)兩棒總是同時到達桌面。（sin37o=0.6，cos37°=0.8）°

(2)試求操作I全過程定值電阻上產(chǎn)生的熱量。和通過磁場區(qū)域的時間/；

(3)試求右邊軌道PP'以下的區(qū)域勻強磁場用的方向和大小。

23.如圖甲所示，真空中存在一間距為d=0.02m的水平平行板電容器，板長

￡=0.04m-板間電壓為。、板間勻強電場方向向上，VN為一垂直上極板PQ的足能

長的光屏，其下端N與極板右端Q重合，在所在豎直線右側空間存在勻強磁場。

在下極板左端有一個粒子源A,可以緊貼極板水平向右連續(xù)發(fā)射帶正電的粒子，粒子

比荷為幺=lxl08C/kg，初速度％=lxl05m/s。已知粒子打到極板或光屏時會被吸收，

m

粒子之間的作用力不計，粒子的重力不計。

甲乙

（1）為使粒子能夠從極板間射出，求電壓。的最大值；

（2）若勻強磁場方向垂直紙面向里（如圖甲），大小為四=0.05T,電壓?？扇我庹{

節(jié)，則求粒子擊中光屏形成痕跡的長度AL；

（3）若勻強磁場方向改成水平向右，大小變?yōu)槔?3T，電壓?？扇我庹{節(jié)，在極

220

板右側放置另一塊與平行的足夠大的光屏CD,CD在磁場中能左右移動，則求粒

子打在光屏CD上留下所有痕跡的面積S；

（4）在滿足第（3）問的條件下，同時在電容器的右側與光屏之間加一水平向右的勻

強電場，其場強大小E=*8X1（）4N/C，在光屏上以。點原點（。點為光屏與RG直線

71

的交點），垂直紙面向內為X軸，豎直向上為y軸，水平向右的方向為Z軸，建立如

圖乙所示的三維直角坐標系孫z。光屏位置到G點的距離用K表示，現(xiàn)將光屏CD沿

RG直線從G點開始從近到遠依次放在不同位置上，光屏CD始終平行MN,當光屏距

G點為K］與K?這兩個位置時打在光屏上所有粒子的點跡首次先后出現(xiàn)如圖丙、丁所示

的兩條直線（順著勻強電場E,水平向右看光屏），其中圖丙為距離&時的圖樣，圖

丁為距離6時的圖樣，則&與（這兩位置相距多少距離？

參考答案

1.答案：B

解析：“大卡”是熱量單位，熱量的國際單位為焦耳

lJ=lN-m=lkg-m2/s2

一大卡等于1000卡約等于4200焦耳。

故B正確，ACD錯誤。

故選B。

2.答案：D

解析：A.運動員兩腿彎曲降低重心是為了方便用力蹬地面，獲得更大的加速度，但重

力不會改變，A錯誤；

B.研究運動員空中的空翻動作時需要考慮到運動員身體不同部位的運動，不可將他看

作質點，B錯誤；

C.由于在整個滑行過程中，運動員不是單向直線運動，所以位移大小和路程不相等，C

錯誤；

D.著陸時運動員控制身體屈膝下蹲可以延長落地時間，根據(jù)動量定理可知，可以減少

身體受到的平均沖擊力，D正確。

故選D。

3.答案：A

解析：AD.干簧管為磁控開關，當門關閉時有磁體，干簧管兩簧片接通，故D錯誤，A

正確；

B.銅或銀不是磁性材料，則干簧管不可以由銅或銀等導電性能更好的材料制成，故B

錯誤；

C.如將門上鑲嵌磁體N、S極對調后，不影響磁體吸引干簧管兩簧片，該報警器能正

常工作，故C錯誤。

故選Ao

4.答案：D

解析：A.玻爾提出了原子核外電子軌道量子化，并成功解釋了氫原子光譜，故A錯

誤；

B.B衰變所釋放的電子是原子核內中子轉化為質子和電子形成的，故B錯誤;

C.根據(jù)衰變過程滿足質量數(shù)和電荷數(shù)守恒，可知衰變方程曹Puf￡x+Y中，著Pu發(fā)

生的是a衰變，a射線具有極強的電離能力，但穿透能力較弱，故C錯誤；

D.根據(jù)核反應方程）4Cf；N+。產(chǎn)，反應過程釋放能量，N核比C核穩(wěn)定，則N核的

比結合能比C核的比結合能大，故D正確。

故選D。

5.答案：D

解析：機器人正在豎直玻璃墻面上由A點沿直線加速運行到右上方的3點，則其合外

力方向沿方向由A指向5,垂直玻璃面的方向的大氣壓力與彈力相互平衡，則重力

與摩擦力所合力就是機器人的合外力，所以摩擦力指向斜上方，則D正確；ABC錯

誤；

故選D。

6.答案：C

解析：由圖可知，運動員在空中豎直上拋運動的最大時間為

t=3.3s—0.9s=2.4s

根據(jù)對稱性可知，下落的時間為

A=—t=1.2s

12

運動員做豎直上拋運動，所以躍起最大高度等于自由下落相等時間的位移，為

“==7.2m

故選C。

7.答案：A

解析：A.設石塊和配重的質量分別為叫、加2,石塊和配重到轉軸的距離分別為卜k，

石塊被拋出時的速度大小為匕，則此時配重的速度大小為

“牛①

根據(jù)機械能守恒定律有

1,1,(1If)2

mgl一cosO')-mg4(1-cos^)=-mM+—=一班+T”v.②

2112i2A

I/"i7

由②式可知，若增大叫，則匕將減小，又因為石塊拋出點到靶心的水平距離不變，所

以石塊擊中靶前做平拋運動的時間將增大，此措施可行，故A正確；

B.根據(jù)杠桿原理可知，輕桿A3之所以能繞轉軸。。轉動起來從而使石塊被拋出，一定

滿足

m1glisin0<m2gl2sin6③

即

m&<m2l2@

根據(jù)②④兩式可知，若增大仇則匕將增大，又因為石塊拋出點到靶心的水平距離不

變，所以石塊擊中靶前做平拋運動的時間將減小，此措施不可行，故B錯誤；

C.根據(jù)②式可知，若增大m2,則匕將增大，又因為石塊拋出點到靶心的水平距離不

變，所以石塊擊中靶前做平拋運動的時間將減小，此措施不可行，故C錯誤；

D.減小投石機到靶的距離后，由于匕不變，所以石塊擊中靶前做平拋運動的時間將減

小，此措施不可行，故D錯誤。

故選Ao

8.答案：D

解析：設原子動量大小為尸，激光的光子動量大小為0，因為原子動量需要減小為

p',則根據(jù)動量守恒定律0-0=",可知，為了使原子動量減小，激光的照射方向

應與原子的運動方向相反。根據(jù)多普勒效應，原子迎著光束的方向運動時，其接收到

的光的頻率會升高。當原子接收到的光的頻率等于該原子的固有頻率時，原子吸收光

子的概率最大。則所用激光的頻率應小于原子的固有頻率。故ABC錯誤，D正確。故

選D。

9.答案：B

解析：A.地球同步衛(wèi)星的線速度小于第一宇宙速度，航天員在廠=尺處的線速度小于地

球同步衛(wèi)星的線速度，所以小于第一宇宙速度，A錯誤；

B.根據(jù)

g=G7

可知的小于地球表面重力加速度g，B正確；

C.因為航天員在太空電梯中隨地球同步旋轉，所以萬有引力不等于向心力，所以根據(jù)

4與%的值無法計算地球質量，C錯誤；

D.根據(jù)

v=cor

隨著廠的增大，航天員運動的線速度一直增大，D錯誤。

故選B。

10.答案：B

解析：A.由圖乙可知，質點鳥在"3s時沿y軸正方向振動，結合圖甲，由同側法可

知，該波沿X軸負方向傳播，故A錯誤；

B.由圖乙可知，周期為4s，則經(jīng)過時間加=9s時，質點耳到達波谷，質點鳥到達波

峰，質點耳與鳥的連線距離最遠，故B正確；

C.該波是橫波，聲波是縱波，屬于不同性質的波，不能發(fā)生干涉，故C錯誤；

D.由圖甲可知，質點A和6的距離為半個波長，則波在傳播過程中，質點4和鳥的加

速度始終大小相等，方向相反，故D錯誤。

故選Bo

11.答案：C

解析：A.根據(jù)c=&可知，要使該探測器正常工作，光源S發(fā)出的光頻率最小為％,

波長則小于￡,故A錯誤；

%

B.根據(jù)愛因斯坦的光電效應方程可知，用極限頻率更高的材料取代鈉，只要頻率小于

光源S發(fā)出的光的頻率，則該探測器都能正常工作，故B錯誤；

C.光電流最小為/時，報警系統(tǒng)報警，則/時間內產(chǎn)生的光電子的個數(shù)最少為〃

e

時間內射向光電管鈉表面的光子數(shù)最少為N=-=—,故C正確；

7er/

D.光的頻率大小決定能否使光電管發(fā)生光電效應，頻率一定時，光電流的大小取決于

光的強度，所以光的強度越高，光電煙霧探測器靈敏度越高，故D錯誤。

故選C。

12.答案：A

解析：ABC.該電池組最多可儲存電能為

E=。放/放/=U放q總=30x10x120Wh=36kWh

該電動汽車最長可連續(xù)工作的時間為

?=—=2.4h

P

該電動汽車正常工作時電流為

/=P=15000A=50A

U30x10

故BC錯誤，A正確;

D.根據(jù)題意可知，電動汽車的機械功率為

《=Px90%=13.5kW

由公式「=網(wǎng)可得，其中

v=108km/h=30m/s

牽引力為

F=450N

則勻速行駛時所受阻力為450N，故D錯誤。

故選。

13.答案：C

解析：A.從C點入射的光線，經(jīng)玻璃磚折射后，從A3面出射的光線與PC平行，射向

圓心。光線P。不改變傳播方向，從A3面出射后，兩出射光線平行，兩束光的光路

設光線在。點的入射角為i,折射角為「，根據(jù)幾何關系可得

&R4

3

R-

tanr---------=3

4R.R

3

可得

sin；。，sin”主

5V10

故折射率為

sinrV10

n=-----=------

sinz2

光在此介質中的傳播速度為

cM

v=—=-----c

n5

A錯誤;

B.在玻璃磚中的兩光線平行，光線在C點的折射角為3則從A3面出射的兩束平行光

間距為

△d=Rtan,.cosr=R

40

B錯誤;

C.設當班=x時，從A3面出射的兩束光平行，則

sinr

n=-----L

sin%

R

sin弓=

.R

sinL=,

聯(lián)立解得

4

再二17?，々=2R

所以光源尸向左移動距離2/?時，PA=2R,從A3面出射的兩束光仍平行，C正確;

3

D.沿PC入射的光線總能出射且與PC平行，類似與玻璃磚的情形，而沿尸。入射的光

線，當在。點的入射角，大于等于臨界角時就不會出射，D錯誤。

故選C。

14.答案：BD

解析：A.圖甲是康普頓效應現(xiàn)象，表明光具有粒子性，A錯誤;

B.根據(jù)

1

2TI4LC

4jikd

圖乙接收信號的頻率從95Hz至UlOOHz，頻率增大，調諧頻率增大，可以減小電容器的

電容，即可以將可變電容的正對面積調小，B正確；

C.圖丙中的微波爐的微波是自由電子受激發(fā)產(chǎn)生的，不是原子外層電子受激發(fā)后產(chǎn)

生，C錯誤;

D.扼流圈有通直流，阻交流的作用，即扼流圈對通過的交變電流有阻礙作用，D正

確。

故選BDo

15.答案：AD

解析：A.圖示位置線圈平面與磁場方向垂直，為中性面，從中性面開始計時發(fā)動機電

動勢瞬時值的表達式為

兀

L.碗=“no-2712VBs.2

e=EmsinNBScosmcot=—————sin—Z

故A正確；

B.由

人

n2U2

n3_U3

〃404

而

U?=U3+I2r

Ui=u4

所以

故B錯誤；

C.降壓變壓器原、副線圈匝數(shù)對〉均由

13__^4_

ln3

知降壓變壓器線圈〃3的電流小于線圈％的電流，由

R=p-

S

知越細的線圈截面積S越小，線圈電阻越大，根據(jù)

P熱=「R

電流相同情況下電阻越大發(fā)熱功率越大，為節(jié)約變壓器制造成本，應該電流大的線圈

用粗導線，電流小的線圈用細導線，降壓變壓器線圈〃3可以采用比線圈明更細的導線

繞制，故c錯誤；

D.當用電高峰期用電器增多時，總電阻減小，干路上的電流變大，線路上電阻不變，

線路上損失的電壓變大

。3=02+12y

U3_n3

。4%

另外考慮電阻，從發(fā)電機到線圈〃從線圈〃4到用電器也會有電壓損失，所以當用電

高峰期用電器增多時，電流增大，傳輸過程中的電壓損失增多，用電器兩端電壓會降

低，故D正確。

故選ADo

16.答案：(1)C(2)CBDAE

解析：(1)AB.橡皮筋左右兩側受力不平均，會導致誤差，故AB錯誤；

CD.刻度尺離橡皮筋太遠，不利于測量橡皮筋的拉伸長度，故D錯誤，C正確。

故選C。

(2)根據(jù)題意，由實驗原理可知，本實驗的操作步驟是：將鐵架臺固定于桌上，將彈

簧一端系于橫梁上，在彈簧附近豎直固定一把刻度尺，記下彈簧下端不掛祛碼時，其

下端A處指針所對刻度尺上的刻度/。，依次在彈簧下端掛上1個、2個、3個鉤碼，待

鉤碼靜止后，讀出彈簧下端指針指示的刻度距離在表格內，然后取下鉤碼以彈簧長度/

為橫坐標，以鉤碼質量機為縱坐標，標出各組數(shù)據(jù)(/,m)對應的點，并用光滑的曲線

或直線連接起來，由加―/圖像，進一步找出彈力與彈形變量之間的關系，故正確的順

序為CBDAEo

17.答案：（1）C（2）2:1；/

解析：（1）實驗目的是探究向心力大小的表達式，由于每次只能研究兩個物理量之間

的關系，需要確保其它的物理量不變，即采用了控制變量法，探究加速度與力、質量

的關系與探究影響通電導線受力的因素均采用了控制變量法，而探究兩個互成角度的

力的合成規(guī)律采用的是等效替代法，因此與這兩組同學采用的科學方法不同是探究兩

個互成角度的力的合成規(guī)律。

故選C。

（2）根據(jù)

耳=,F2-

由于

耳書=1：4

則有

外：④2=1：2

根據(jù)

v=coxRx=6t）27?2

解得

:%=2:1

（3）滑塊圓周運動的速度

d

V,=一

At

由于

2

F=m—

r

則有

門md21

則有

md27

----二k

解得

kr

(2)1.30

(3)1.44/1.43/1.45；1.80(1.75-1.85)

解析：(1)根據(jù)題意及實驗原理畫出電路圖，如圖所示

(2)1節(jié)干電池的電動勢約為1.5V，則電壓表用3V的量程，分度值為0.1V，則圖甲

讀數(shù)為L30V。

(3)根據(jù)題意，由閉合回路歐姆定律有

U=E-Ir

可知，［7—/圖像的縱截距為電源電動勢，斜率的絕對值為內阻，則延長圖乙［/_/圖

像，找到縱截距，如圖所示

4UN

可得，電動勢為

E=1.44V

19.答案：EB

解析：根據(jù)圖示可以看出，A步驟是從配制好的油酸溶液中取一定體積溶液數(shù)出共多

少滴，從而計算出一滴溶液的體積，D步驟是在容器內倒上水，而最后一步是在坐標

紙上描出水面上油酸的形狀。所以中間還差的步驟是：在水面上畫撒一層癢子粉，然

后在水面上滴一滴油酸。

故選EB。

20.答案：(1)80cmHg；90cmHg(2)177℃(3)0

解析：(1)由題意知，加熱前3中氣體壓強為4=R)+A?刈=90cmHg,A中氣體壓

強為PA=PB-Pg\=80cmHg.

(2)空氣柱3的壓強保持不變，則空氣柱45下方水銀面等高時，空氣柱A中壓強

為，A2=PB=90cmHg,設此時空氣柱A的溫度為7；，對空氣柱A,根據(jù)理想氣體狀態(tài)

方程有=""23其中工=4+273K=300K,

工T2

代入數(shù)據(jù)解得《=450K,

則弓=4—273°C=177℃.

(3)3中氣體溫度不變，所以內能不變，即AU=0,

由理想氣體狀態(tài)方程可知，3的壓強不變，溫度不變，所以體積不變，即W=0,

根據(jù)熱力學第一定律有AU=W+Q,

可得B與外界熱傳遞的熱量為Q=0.

21.答案：(1)6N(2)2.3J(3)0.3J<與彈<L1J

解析：(1)賽車恰好過C點，根據(jù)牛頓第二定律

mvl

m2=——-

R

解得

vc=y[gR=2m/s

從H到G由動能定理有

—mgR-g；mvjj

解得

vH=2Gm/s

根據(jù)指向圓心方向合力提供向心力有

F=也1

NR

解得

綜=6N

根據(jù)牛頓第三定律在H點對軌道壓力6N；

(2)賽車從E到歹做平拋運動，有

2

h=3R=-gt

x=37?=vEt

解得

vE=V6m/s

對賽車，從A出發(fā)最終到E的過程中，根據(jù)功能關系可得

Pio-NmgL-A%+Ep彈0-jumgL-mg-3R=-m片-0

代入數(shù)據(jù)解得

Ep彈o=2.3J

（3）題中所述賽車最終停在水平軌道AB上，有兩種臨界情況

①假設賽車第一次彈回時，恰好能過C點，此時紇彈最小，由上分析可知

vc=y[gR=2m/s

小車從出發(fā)到第二次經(jīng)過C點，根據(jù)能量守恒定律

%+《彈min=g相片+NmgL+ImgR+AE損

解得

綜彈min=0-3J

設賽車最高到達A點右側彎曲軌道上高度力處，從C點到高度力處，根據(jù)動能定理

12

mg?27?—fimgL—mg-h—O——mvc

可得

/z=0.5m<37?

所以賽車不會從E點飛出，有

耳彈93J

②假設賽車第一次彈回時，恰好能運動到E點，從E點滑下到左側圓軌道，根據(jù)動能

定理

3mgR-/nmgL-mgh'=0-0

可得

”=Q7m

則

R<H<2R

賽車要脫離軌道。所以賽車從AE軌道返回時最多運動到H點，設賽車從AE返回時恰

能到達H點，從出發(fā)到從AE返回恰運動到H點的過程，根