重慶市2024-2025學(xué)年高三物理上學(xué)期11月期中試題含解析

Page21物理試題留意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.手機(jī)通信系統(tǒng)主要由手機(jī)、基站和交換網(wǎng)絡(luò)組成，信號(hào)通過電磁波傳播。下列有關(guān)電磁波的說法正確的是（）A.只要有變更的電場(chǎng)和磁場(chǎng)，就能產(chǎn)生電磁波B.電磁波跟機(jī)械波一樣，只能在介質(zhì)中傳播C.基站停止工作，放射出去的電磁波也就停止傳播D.電磁波的傳播過程同時(shí)伴隨能量和信息的傳播【答案】D【解析】【詳解】A．勻整變更的電場(chǎng)四周產(chǎn)生恒定的磁場(chǎng)，恒定的磁場(chǎng)四周不會(huì)產(chǎn)生電場(chǎng)，不能產(chǎn)生電磁波，故A錯(cuò)誤；B．電磁波能在真空中傳播，且在真空中傳播速度最大，故B錯(cuò)誤；C．基站停止工作，放射出去的電磁波會(huì)接著傳播，故C錯(cuò)誤；D．電磁波的傳播過程同時(shí)伴隨能量和信息的傳播，故D正確。故選D。2.一列簡諧橫波沿軸正方向傳播，在和處的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)、的振動(dòng)圖像如圖所示，則（）A.波由質(zhì)點(diǎn)A傳到質(zhì)點(diǎn)B的時(shí)間可能是0.1sB.波由質(zhì)點(diǎn)A傳到質(zhì)點(diǎn)B的時(shí)間可能是0.3sC.這列波的波速可能是1m/sD.這列波的波速可能是3m/s【答案】B【解析】【詳解】AB．由振動(dòng)圖像可知T=0.4s，t=0時(shí)刻，當(dāng)質(zhì)點(diǎn)A在平衡位置向下振動(dòng)時(shí)，質(zhì)點(diǎn)B在波峰位置，可知AB間距離為所以從A到B的時(shí)間為（n=0、1、2、3……）即波由質(zhì)點(diǎn)A傳到質(zhì)點(diǎn)B可能是0.3s，不行能是0.1s，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．波速為（n=0、1、2、3……）當(dāng)n=0時(shí)波速最大值為2m/s，不行能大于2m/s，且當(dāng)時(shí)不是整數(shù)，故波速不行能為1m/s，故CD錯(cuò)誤。故選B。3.“嫦娥四號(hào)”月球探測(cè)器登陸月球背面的過程可以簡化為如圖所示的情景：“嫦娥四號(hào)”首先在半徑為r、周期為T的圓形軌道I上繞月球運(yùn)行，某時(shí)刻“嫦娥四號(hào)”在A點(diǎn)變軌進(jìn)入橢圓軌道Ⅱ，然后在B點(diǎn)變軌進(jìn)入近月圓形軌道Ⅲ。軌道Ⅱ與軌道I、軌道Ⅲ的切點(diǎn)分別為A、B，A、B與月球的球心O在一條直線上。已知引力常量為G，月球的半徑為R，體積，則（）A.月球的平均密度為B.探測(cè)器在軌道Ⅱ上A、B兩點(diǎn)的線速度之比為C.探測(cè)器在軌道Ⅱ上A、B兩點(diǎn)的加速度之比為D.探測(cè)器從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的時(shí)間為【答案】A【解析】【詳解】A．設(shè)月球質(zhì)量為M，“嫦娥四號(hào)”質(zhì)量為m，則由得，月球質(zhì)量為則月球平均密度為故A正確；B．由開普勒其次定律得得故B錯(cuò)誤；C．探測(cè)器在軌道Ⅱ上A、B兩點(diǎn)的合外力即為在該點(diǎn)所受萬有引力，即則加速度之比為故C錯(cuò)誤；D．設(shè)探測(cè)器在橢圓軌道上的周期為T1，則由開普勒第三定律知?jiǎng)t探測(cè)器從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的時(shí)間為故D錯(cuò)誤。故選A。4.每個(gè)工程設(shè)計(jì)都蘊(yùn)含確定的科學(xué)道理。如下圖的兩種家用燃?xì)鉅t架都有四個(gè)爪，若將總質(zhì)量為m的鍋放在圖乙所示的爐架上，忽視爪與鍋之間的摩擦力，設(shè)鍋為半徑為R的球面，則每個(gè)爪與鍋之間的彈力（）A.等于 B.小于C.R越大，彈力越大 D.R越大，彈力越小【答案】D【解析】【詳解】如圖所示，假設(shè)每個(gè)爪與鍋之間的彈力方向與豎直方向的夾角為，爪與爪之間的距離為，由圖中幾何關(guān)系可得由受力平衡可得解得可知越大，越小，越大，越小，D正確，ABC錯(cuò)誤；故選D。5.如圖所示，帶有擋板的小車質(zhì)量為m，上表面光滑，靜止于光滑水平面上。輕質(zhì)彈簧左端固定在小車上，右端處于自由伸長狀態(tài)。質(zhì)量也為m的小球，以速度v從右側(cè)滑上小車，在小球剛接觸彈簧至與彈簧分別的過程中，以下推斷正確的是（）A.彈簧的最大彈性勢(shì)能為 B.彈簧的最大彈性勢(shì)能為C.彈簧對(duì)小車做的功為 D.彈簧對(duì)小球做功為【答案】B【解析】【詳解】AB．當(dāng)小球和小車的速度相同時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能最大，取向左為正方向，由系統(tǒng)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒分別有聯(lián)立得到彈簧最大的彈性勢(shì)能為A錯(cuò)誤，B正確；C．設(shè)小球與彈簧分別時(shí)，小車和小球的速度分別為和，由系統(tǒng)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒分別得到解得，對(duì)小車，由動(dòng)能定理得彈簧對(duì)小車做功C錯(cuò)誤；D．對(duì)小球，由動(dòng)能定理得彈簧對(duì)小球做的功為D錯(cuò)誤；故選B。6.在如圖所示的電路中，變壓器為志向變壓器，三個(gè)定值電阻的阻值相同，變壓器原副線圈的匝數(shù)比為。在a、b端加上交變電壓U，開關(guān)S斷開時(shí)，電流表的示數(shù)為I，則下列說法正確的是（）A.開關(guān)S斷開時(shí)，變壓器的輸入功率為UIB.開關(guān)S斷開時(shí)，定值電阻的阻值均為C.開關(guān)S斷開時(shí)，原副線圈電路中電阻消耗的功率之比為D.開關(guān)S閉合后，電流表的示數(shù)為【答案】D【解析】【詳解】A．開關(guān)S斷開時(shí)，變壓器原線圈輸入電壓小于,則變壓器的輸入功率小于，故A錯(cuò)誤；B．開關(guān)S斷開時(shí)，設(shè)定值電阻的阻值為，閉合開關(guān)前，依據(jù)電流的關(guān)系，可知副線圈的電流為，副線圈兩端的電壓為，依據(jù)變壓比，原線圈兩端的電壓為，結(jié)合串并聯(lián)電路的特點(diǎn)有解得故B錯(cuò)誤；C．開關(guān)S斷開時(shí)，副線圈電路中電阻消耗的功率原線圈電阻消耗的功率可得故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)開關(guān)S閉合后，設(shè)電流表的示數(shù)為，副線圈中的電流為，副線圈兩端的電壓為，原線圈兩端的電壓為，則結(jié)合解得故D正確。故選D。7.阿爾法磁譜儀是目前在太空運(yùn)行一種粒子探測(cè)器，其關(guān)鍵的永磁體系統(tǒng)是由中國研制的。如圖，探測(cè)器內(nèi)邊長為L的正方形abcd區(qū)域內(nèi)有垂直紙面對(duì)外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，當(dāng)宇宙中帶電量為＋q的粒子從ab中點(diǎn)O沿紙面垂直ab邊射入磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)，磁譜儀記錄到粒子從ad邊射出，則這些粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的動(dòng)量p滿意（）A. B.C. D.或【答案】A【解析】【詳解】帶電量為＋q粒子進(jìn)入磁場(chǎng)，洛倫茲力供應(yīng)向心力解得粒子從a點(diǎn)射出，由幾何關(guān)系可知粒子從d點(diǎn)射出，由幾何關(guān)系可知解得則磁譜儀記錄到粒子從ad邊射出可知故粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的動(dòng)量p滿意故選A。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.某型號(hào)掃地機(jī)器人的銘牌信息如下表。已知掃地機(jī)器人剩余電量為480mA·h時(shí)，機(jī)器人自動(dòng)停止掃地并返回充電基座充電。該型號(hào)掃地機(jī)器人（）額定工作電壓10V額定功率40W電池容量2400mA·hA.掃地時(shí)額定電流為4AB.內(nèi)部電路的總電阻為2.5ΩC.可以連續(xù)掃地的時(shí)間為0.6hD.每次掃地釋放的電能最多約為【答案】AD【解析】【詳解】A．掃地機(jī)器人掃地時(shí)工作電流為代入數(shù)據(jù)解得A正確；B．掃地機(jī)器人為非純電阻元件，由掃地機(jī)器人銘牌數(shù)據(jù)不能得出掃地時(shí)機(jī)器人電阻，B錯(cuò)誤；C．依據(jù)電池容量2400mA·h，掃地機(jī)器人剩余電量為480mA·h時(shí)，機(jī)器人自動(dòng)停止掃地并返回充電基座充電，工作過程中消耗電量為可以連續(xù)掃地的時(shí)間為C錯(cuò)誤；D．每次掃地釋放的電能最多約為D正確。故選AD。9.如圖所示，將兩個(gè)完全相同的圓形金屬圓盤水平正對(duì)放置，兩金屬盤間距為d，使其帶上等量異種電荷?，F(xiàn)將一電荷量為的點(diǎn)電荷放置在上金屬盤中心正上方的M點(diǎn)，M點(diǎn)到上金屬盤中心的距離為d，此時(shí)兩金屬盤軸心中點(diǎn)處的N點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度恰好為0．已知靜電力常量為k，忽視點(diǎn)電荷對(duì)兩金屬盤電荷分布的影響，則下列說法正確的是（）A.上金屬盤帶負(fù)電B.點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)在N點(diǎn)處電場(chǎng)強(qiáng)度大小為C.兩金屬盤間電壓的數(shù)值為D.上金屬盤所帶電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)在N點(diǎn)處場(chǎng)強(qiáng)為【答案】AC【解析】【詳解】A．兩金屬圓盤可視為平行板電容器，由于M點(diǎn)處的正電荷在N點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向向下，且N點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)為零，所以兩盤間場(chǎng)強(qiáng)方向應(yīng)向上，所以下金屬盤帶正電，故A正確；BD．N點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)為零，所以點(diǎn)電荷與兩金屬盤在N點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)均為由于兩金屬盤間產(chǎn)生的電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)，板間N點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為上金屬盤和下金屬盤在N點(diǎn)產(chǎn)生場(chǎng)強(qiáng)的合場(chǎng)強(qiáng)，依據(jù)對(duì)稱性可知，上金屬盤在N點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)為故BD錯(cuò)誤；C．依據(jù)可知，兩金屬盤電壓數(shù)值為故C正確故選AC。10.如圖所示，光滑水平面上虛線和之間存在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，寬度。質(zhì)量、電阻的單匝長方形線框靜止放在虛線左側(cè)距離為處，線框的邊長為，的邊長為?，F(xiàn)用一水平向右的恒力拉線框，當(dāng)邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)線框受到的安培力等于恒力F的0.8倍，當(dāng)邊剛要出磁場(chǎng)時(shí)線框受到的安培力恰好等于F。下列說法正確的是（）A.線框在磁場(chǎng)中受到的安培力始終向左B.磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為C.邊在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為D.邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線框的加速度大小【答案】AC【解析】【詳解】A．依據(jù)楞次定律可知，線框在進(jìn)入磁場(chǎng)的過程中產(chǎn)生從的感應(yīng)電流，結(jié)合左手定則可知，線框從邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)到邊剛要離開磁場(chǎng)的過程中受到的安培力始終向左，而當(dāng)邊離開磁場(chǎng)后，在邊還未進(jìn)入磁場(chǎng)的這段時(shí)間內(nèi)線圈中的磁通量不變，無感應(yīng)電流，無安培力，而當(dāng)邊進(jìn)入磁場(chǎng)到離開磁場(chǎng)的過程中，線圈中的磁通量減小，依據(jù)楞次定律可知，在該過程中線圈產(chǎn)生從的感應(yīng)電流，依據(jù)左手定則可知線框所受安培力向左，因此可知，線框在磁場(chǎng)中受到的安培力始終向左，故A正確；B．設(shè)線框在磁場(chǎng)外的加速度為，邊剛要進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度為，則由牛頓其次定律有而依據(jù)速度位移關(guān)系可得聯(lián)立解得當(dāng)線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為依據(jù)閉合電路的歐姆定律可得回路中的感應(yīng)電流為則線框此時(shí)受到的安培力大小為而依據(jù)題意有聯(lián)立解得故B錯(cuò)誤；C．設(shè)線框剛要出磁場(chǎng)時(shí)的速度為，依據(jù)題意，線框剛要出磁場(chǎng)時(shí)有解得而由動(dòng)量定理有由法拉第電磁感應(yīng)定律有則此過程中的電荷量為聯(lián)立以上各式可得故C正確；D．cd邊出磁場(chǎng)時(shí)的速度為，此后在ab邊未進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)線圈中無感應(yīng)電流，無安培力，線框只受恒力F的作用做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度為，則由動(dòng)能定理可得ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)由牛頓其次定律有聯(lián)立解得則可知邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線框的加速度大小為，故D錯(cuò)誤。故選AC。三、非選擇題：共54分。11.某同學(xué)設(shè)計(jì)用甲圖所示的裝置測(cè)量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?。?）跨過滑輪組的不行伸長的輕繩兩端分別與質(zhì)量為M的鉤碼以及力傳感器相連，通過力傳感器可測(cè)出輕繩的拉力。質(zhì)量為m的重物通過動(dòng)滑輪掛在輕繩上。重物的下端與紙帶相連，讓紙帶穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器上的_______；（2）接通電源、釋放鉤碼、重物_______（填“上升”，“下落”），打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上打出一系列的點(diǎn)，如圖乙所示，登記此時(shí)力傳感器的示數(shù)F，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器運(yùn)用的溝通電源的頻率為50Hz，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)未畫出，由圖中的數(shù)據(jù)可知，重物的加速度a=_______m/s2（計(jì)算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）：（3）變更鉤碼的質(zhì)量，重復(fù)試驗(yàn)步驟（2），得到多組數(shù)據(jù)：（4）由試驗(yàn)得到重物的加速度a與力傳感器示數(shù)F的關(guān)系如圖丙所示，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=_______（用圖中字母表示），該試驗(yàn)誤差的主要來源是_______?！敬鸢浮竣?限位孔②.上升③.2.40④.b⑤.滑輪組與輕繩間摩擦，紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器間的摩擦阻力，紙帶上點(diǎn)間距測(cè)量等的誤差【解析】【詳解】（1）[1]依據(jù)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的運(yùn)用可知，重物的下端與紙帶相連，讓紙帶穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器上的限位孔；（2）[2]依據(jù)試驗(yàn)裝置可知，接通電源、釋放鉤碼、重物上升，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上打出一系列的點(diǎn)；[3]由題意可知，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為則重物的加速度為（4）[2]對(duì)重物由牛頓其次定律有則結(jié)合圖丙可知，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹閎；[5]依據(jù)試驗(yàn)可知，該試驗(yàn)誤差的主要來源是滑輪組與輕繩間的摩擦，紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器間的摩擦阻力，紙帶上點(diǎn)間距測(cè)量等的誤差。12.材料的電阻隨壓力的變更而變更的現(xiàn)象稱為“壓阻效應(yīng)”，利用這種效應(yīng)可以測(cè)量壓力大小。某同學(xué)支配利用壓敏電阻測(cè)量物體的質(zhì)量，他先測(cè)量壓敏電阻處于不同壓力F時(shí)的電阻值RF。利用以下器材設(shè)計(jì)一個(gè)可以測(cè)量處于壓力中的該壓敏電阻阻值的電路，要求誤差較小，供應(yīng)的器材如下：A．壓敏電阻RF，無壓力時(shí)阻值R0=600ΩB．滑動(dòng)變阻器R1，最大阻值約為20ΩC．滑動(dòng)變阻器R2，最大阻值約為200ΩD．靈敏電流計(jì)G，量程0～2.5mA，內(nèi)阻為30ΩE．電壓表V，量程0～3V，內(nèi)阻約為3kΩF．直流電源E，電動(dòng)勢(shì)為3V，內(nèi)阻很小G．開關(guān)S，導(dǎo)線若干（1）滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用________（選填“R1”或“R2”），試驗(yàn)電路圖應(yīng)選用________（選填“圖1”或“圖2”）。（2）試驗(yàn)中發(fā)覺靈敏電流計(jì)量程不夠，若要將其改裝為量程30mA的電流表，須要_______（選填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）一個(gè)電阻R＇，R＇=________Ω。（3）多次變更壓力F，在室溫下測(cè)出對(duì)應(yīng)電阻值RF，可得到如圖3所示壓敏電阻的-F圖線，其中RF表示壓力為F時(shí)壓敏電阻的阻值，R0表示無壓力時(shí)壓敏電阻的阻值。由圖線可知，壓力越大，壓敏電阻的阻值________（選填“越大”或“越小”）。（4）若利用圖4所示電路測(cè)量靜置于壓敏電阻上物體的質(zhì)量，須要將電壓表表盤刻度值改為對(duì)應(yīng)的物體質(zhì)量。若m1>m2，則m1應(yīng)標(biāo)在電壓值_____（選填“較大”或“較小”）的刻度上。請(qǐng)分析表示物體質(zhì)量的示數(shù)是否隨刻度勻整變更，并說明理由。_______【答案】①.R1②.圖1③.并聯(lián)④.2.7⑤.越小⑥.較?、?物體質(zhì)量m與電壓U不是線性關(guān)系，因此物體質(zhì)量示數(shù)隨刻度不是勻整變更【解析】【詳解】(1)[1][2]試驗(yàn)要求誤差較小，應(yīng)當(dāng)多測(cè)幾組數(shù)據(jù)，即接受分壓式接法，滑動(dòng)變阻器選用最大阻值較小的R1，又因?yàn)閴好綦娮璧淖柚递^大，所以電流表接受內(nèi)接法。故電路圖選擇圖1。(2)[3][4]靈敏電流計(jì)并聯(lián)分流電阻可以增大其量程，由電路的串并聯(lián)關(guān)系可得解得(3)[5]由圖像可得圖線的斜率為定值，即隨著壓力越大，壓敏電阻的阻值越小。(4)[6]靜置于壓敏電阻上物體的質(zhì)量越大，其對(duì)壓敏電阻的壓力越大，則壓敏電阻的阻值越小，電壓表的示數(shù)越小，所以質(zhì)量較大的m1應(yīng)標(biāo)在電壓值較小的刻度上。[7]物體質(zhì)量m與電壓U不是線性關(guān)系，因此物體質(zhì)量示數(shù)隨刻度不是勻整變更。13.如圖所示，水平光滑地面上停放著一輛小車，左側(cè)靠在豎直墻壁上，小車的四分之一圓弧軌道AB是光滑的，在最低點(diǎn)B與水平軌道BC相切，BC的長度是圓弧半徑的10倍，整個(gè)軌道處于同一豎直平面內(nèi)。可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊從A點(diǎn)正上方某處無初速下落，恰好落入小車圓弧軌道滑動(dòng)，然后沿水平軌道滑行至軌道末端C處恰好沒有滑出。已知物塊到達(dá)圓弧軌道最低點(diǎn)B時(shí)對(duì)軌道的壓力是物塊重力的9倍，小車的質(zhì)量是物塊的3倍，不考慮空氣阻力和物塊落入圓弧軌道時(shí)的能量損失。求：（1）物塊起先下落的位置距水平軌道BC的豎直高度是圓弧半徑的幾倍；（2）物塊與水平軌道BC間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ；【答案】（1）物塊起先下落的位置距水平軌道BC的豎直高度是圓弧半徑的4倍；（2）μ=0.3?！窘馕觥俊驹斀狻浚?）設(shè)物塊的質(zhì)量為m，其起先下落處的位置距BC的豎直高度為h，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度為v，小車圓弧軌道半徑為R，則由機(jī)械能守恒定律得物塊運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，依據(jù)牛頓其次定律和牛頓第三定律得解得h=4R即物塊起先下落的位置距水平軌道BC的豎直高度是圓弧半徑的4倍。（2）設(shè)物塊與BC間的滑動(dòng)摩擦力的大小為f，物塊滑到C點(diǎn)時(shí)與小車的共同速度為v′，依題意，小車的質(zhì)量為3m，BC長度為10R，由滑動(dòng)摩擦定律有由動(dòng)量守恒定律有對(duì)物塊、小車組成的系統(tǒng)由能量守恒得解得μ=0.314.如圖所示，兩根足夠長的光滑金屬導(dǎo)軌平行放置在傾角為30°的絕緣斜面上，導(dǎo)軌寬度為L，下端接有阻值為R的電阻，導(dǎo)軌處于方向垂直于斜面對(duì)上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中.輕繩一端跨過光滑定滑輪，懸吊質(zhì)量為m的小物塊，另一端平行于斜面系在質(zhì)量為m的金屬棒的中點(diǎn)，現(xiàn)將金屬棒從PQ位置由靜止釋放，金屬棒與導(dǎo)軌接觸良好且電阻均忽視不計(jì)，重力加速度為g.(1)求金屬棒勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大小；(2)若金屬棒速度為v0且距離導(dǎo)軌底端x時(shí)起先計(jì)時(shí)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小隨時(shí)間t發(fā)生變更，使回路中無電流，請(qǐng)推導(dǎo)出磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小隨時(shí)間t變更的關(guān)系式.【答案】(1)；(2)【解析】【詳解】(1)金屬棒勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，對(duì)物塊：對(duì)金屬棒有：又：由歐姆定律：聯(lián)立解得：(2)當(dāng)回路中沒有電流時(shí)，金屬棒不受安培力對(duì)金屬棒：對(duì)物塊：回路中無電流，回路中的磁通量不變，則：聯(lián)立解得：15.如圖甲所示，正方形熒光屏與正方形金屬板相距L水平平行放置，二