寧夏吳忠市2024-2025學(xué)年高三物理上學(xué)期開學(xué)第一次月考試題含解析

Page252024-2025學(xué)年第一學(xué)期第一次月考高三物理試卷一、單選題（本題共12小題，每小題2分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一個選項是符合題意的。）1.關(guān)于速度的描述，下列說法正確的是（）A.電動車限速20km/h，指的是平均速度大小B.子彈射出槍口時的速度大小為500m/s，指的是平均速度大小C.某運動員百米跑的成果是10s，則他沖刺時的速度大小確定為10m/sD.

京滬高速鐵路測試時的列車最高時速可達(dá)484km/h，指的是瞬時速度大小【答案】D【解析】【詳解】A．電動車限速20km/h，限制的是瞬時速度大小，不是平均速度大小，故A錯誤；B．子彈射出槍口時的速度大小與槍口這一位置對應(yīng)，因此為瞬時速度大小，故B錯誤；C．依據(jù)運動員的百米跑成果是10s可知，運動員的平均速度大小為10m/s，但其沖刺速度不愿定為10m/s，故C錯誤；D．列車的最高時速指的是在平安狀況下所能達(dá)到的最大速度，為瞬時速度大小，故D正確；故選D。2.一長為L的直導(dǎo)線置于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場中，導(dǎo)線中的電流為I。下列說法正確的是（）A.通電直導(dǎo)線受到安培力的大小為ILBB.無論通電直導(dǎo)線如何放置，它都將受到安培力C.通電直導(dǎo)線所受安培力的方向垂直于磁感應(yīng)強(qiáng)度方向和電流方向構(gòu)成的平面D.安培力是載流子受到的洛倫茲力的宏觀表現(xiàn)，所以安培力對通電直導(dǎo)線不做功【答案】C【解析】【詳解】A．只有當(dāng)通電導(dǎo)線與磁場方向垂直時，通電直導(dǎo)線受到安培力的大小才為ILB，選項A錯誤；B．當(dāng)通電導(dǎo)線與磁場方向平行時，它不受安培力，選項B錯誤；C．通電直導(dǎo)線所受安培力的方向垂直于磁感應(yīng)強(qiáng)度方向和電流方向構(gòu)成的平面，選項C正確；D．安培力是載流子受到的洛倫茲力的宏觀表現(xiàn)，安培力對通電直導(dǎo)線也能做功，選項D錯誤。故選C。3.如圖所示，質(zhì)量為m手機(jī)靜置在支架斜面上，斜面與水平面的夾角為，手機(jī)與接觸面的動摩擦因數(shù)為，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A.支架對手機(jī)的作用力方向垂直于斜面對上，大小為mgcosB.支架斜面對手機(jī)的摩擦力大小為，方向沿斜面對上C.手持支架向左做勻速直線運動且手機(jī)與支架間無相對滑動，手機(jī)所受摩擦力水平向右D.手持支架向上做勻速直線運動且手機(jī)與支架間無相對滑動，支架對手機(jī)的作用力方向豎直向上，大小為mg【答案】D【解析】【詳解】A．支架對手機(jī)的作用力與手機(jī)的重力平衡，則方向豎直向上，大小為mg，故A錯誤；B．支架斜面對手機(jī)的摩擦力為靜摩擦力，大小為故B錯誤；C．手持支架向左做勻速直線運動且手機(jī)與支架間無相對滑動時，手機(jī)處于平衡狀態(tài)，所以手機(jī)所受摩擦力沿斜面對上，故C錯誤；D．手持支架向上做勻速直線運動且手機(jī)與支架間無相對滑動時，手機(jī)處于平衡狀態(tài)，支架對手機(jī)的作用力與手機(jī)所受重力平衡，故支架對手機(jī)的作用力方向豎直向上，大小為mg，故D正確。故選D。4.放射性材料可以作為火星探測車的燃料，中的元素是，已知發(fā)生衰變的核反應(yīng)方程為，已知的半衰期為87.7年。下列說法正確的是（）A.方程中，X是B.20個經(jīng)過87.7年后還剩10個C.的比結(jié)合能小于的比結(jié)合能D.在火星上的半衰期與在地球上不同【答案】C【解析】【詳解】A．依據(jù)衰變過程滿意質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，可知該衰變?yōu)樗プ?，則方程中，X是，故A錯誤；B．半衰期是統(tǒng)計規(guī)律，對于少數(shù)原子核衰變不適用，故20個經(jīng)過87.7年后不愿定還剩10個，故B錯誤；C．衰變過程釋放能量，反應(yīng)后的比更穩(wěn)定，則的比結(jié)合能小于的比結(jié)合能，故C正確；D．半衰期只由原子核內(nèi)部確定，在火星上的半衰期與在地球上相同，故D錯誤。故選C。5.一遙控玩具小車在平直路上運動的位移—時間圖像如圖所示，則（）A.15s內(nèi)汽車的位移為300m B.20s末汽車的速度為C.前10s內(nèi)汽車的加速度為 D.前25s內(nèi)汽車做單方向直線運動【答案】B【解析】【詳解】A．位移時間圖像中傾斜直線表示汽車做勻速運動，圖線與橫坐標(biāo)平行說明汽車靜止不動，圖線的斜率大小表示速度大小，斜率的正負(fù)表示速度方向，15s末汽車的位置坐標(biāo)為30m，離開動身點30m，即位移為30m，故A錯誤；B．15～25s內(nèi)圖像中傾斜直線的斜率表示這段時間內(nèi)的速度，20s末的速度為故B正確；C．由圖像斜率可知，前10s汽車做勻速直線運動，加速度為0，故C錯誤；D．汽車前10s沿x軸正向運動，中間5s靜止，后面10s又沿x軸的負(fù)方向運動，故D錯誤。故選B。6.如圖所示，質(zhì)量為m的光滑小球，在細(xì)線和墻壁的作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，重力加速度為g，細(xì)線與豎直墻壁的夾角為300，則細(xì)線對小球的拉力大小為A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】對小球受力分析，由力的平衡學(xué)問可知，細(xì)線對小球的拉力大小為，故選A.7.如圖所示，一小球從某高度處水平拋出，經(jīng)過時間到達(dá)地面時，速度與水平方向的夾角為，不計空氣阻力，重力加速度為。下列說法正確的是A.小球水平拋出時的初速度大小為B.小球在時間內(nèi)的位移與水平方向的夾角為C.若小球初速度增大，則平拋運動的時間變長D.若小球初速度增大，則增大【答案】A【解析】【詳解】A．物體落地時豎直方向上的分速度為：因為落地時速度方向與水平方向的夾角為，所以小球的初速度為：故A正確；B．物體落地時速度與水平方向夾角的正切值：位移與水平方向夾角的正切值：所以，但，故B錯誤；C．依據(jù)：解得：，可知物體運動時間與下落高度有關(guān)，與初速度無關(guān)，則若小球初速度增大，則平拋運動的時間不變，故C錯誤；D．速度與水平方向夾角的正切值為：若小球初速度增大，下落時間不變，所以減小，即減小，故D錯誤。故選A．8.如圖所示，A、B兩電動玩具車在同始終線上運動，當(dāng)它們相距時，A正以2的速度向左做勻速運動，而此時車B的速度為4，向左剎車做勻減速運動，加速度大小為2，則A追上B所用的時間為（）A.4s B.5s C.6s D.7s【答案】C【解析】【詳解】物體B停止運動的時間為物體B的位移此時A的位移則此時A、B相距則A追上B還須要的時間則A追上B的時間為故選C。9.一顆子彈水平射入置于光滑水平面上的木塊并留在其中，、用一根彈性良好的輕質(zhì)彈簧連在一起，如圖所示．則在子彈打入木塊及彈簧被壓縮的過程中，子彈、兩木塊和彈簧組成的系統(tǒng)（）A.動量守恒，機(jī)械能守恒 B.動量不守恒，機(jī)械能守恒C.動量守恒，機(jī)械能不守恒 D.動量不守恒，機(jī)械能也不守恒【答案】C【解析】【詳解】在子彈打入木塊A及彈簧被壓縮的過程中，子彈、兩木塊和彈簧組成的系統(tǒng)所受的合外力為零，則系統(tǒng)的動量守恒，在此過程中，除彈簧彈力做功外還有摩擦力對系統(tǒng)做功，所以系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，故ABD錯誤，C正確。故選C。10.某電場電場線分布如圖所示，則（）A.電荷P帶正電B.電荷P帶負(fù)電C.a點的電場強(qiáng)度大于b點的電場強(qiáng)度D.正檢驗電荷在c點受到的電場力小于在d點受到的電場力【答案】A【解析】【詳解】AB．由圖可知電場線從正電荷動身，所以電荷P帶正電，故A正確，B錯誤；C．從電場線的分布狀況可知，b的電場線比a的密，所以b點的電場強(qiáng)度大于a點的電場強(qiáng)度，故C錯誤；D．依據(jù)電場線越密的地方電場強(qiáng)度越大，所以c點的場強(qiáng)大于d點場強(qiáng)，所以正檢驗電荷在c點受到的電場力大于在d點受到的電場力，故D錯誤。故選A。（帶電粒子在圓形磁場中的運動）11.如圖，圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面對里的勻強(qiáng)磁場，質(zhì)量為m、電荷量為的帶電粒子從圓周上的M點沿直徑方向射入磁場。若粒子射入磁場時的速度大小為，離開磁場時速度方向偏轉(zhuǎn)；若射入磁場時的速度大小為，離開磁場時速度方向偏轉(zhuǎn)，不計重力，則為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】【詳解】依據(jù)題意做出粒子的圓心如圖所示設(shè)圓形磁場區(qū)域的半徑為R，依據(jù)幾何關(guān)系有第一次的半徑其次次的半徑依據(jù)洛倫茲力供應(yīng)向心力有可得所以故選B。12.如圖所示，在豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，水平放置一個不變形的單匝金屬圓線圈，規(guī)定線圈中感應(yīng)電流的正方向如圖甲所示，磁場豎直向下為正方向，當(dāng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間如圖乙變更時，圖中正確表示線圈中感應(yīng)電動勢變更的是（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】【詳解】在第1s內(nèi)，由楞次定律可判定電流為正，其產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢在第2s和第3s內(nèi)，磁場B不變更，線圈中無感應(yīng)電流；在第4s和第5s內(nèi)，B減小，由楞次定律可判定，其電流為負(fù)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢因為，故故A正確，BCD錯誤。故選A。二、多選題（本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個選項中，至少有一個選項符合題意，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答得0分）13.如圖所示，兩個內(nèi)壁光滑、半徑不同的半球形碗，放在不同高度的水平面上，使兩碗口處于同一水平面。現(xiàn)將質(zhì)量相同的兩個小球（小球半徑遠(yuǎn)小于碗的半徑），分別從兩個碗的邊緣由靜止釋放，當(dāng)兩球分別通過碗的最低點時（）A.兩小球的加速度大小相等 B.兩小球的速度大小相等C.兩小球?qū)ν氲椎膲毫Υ笮∠嗟?D.兩小球?qū)ν氲椎膲毫Υ笮〔幌嗟取敬鸢浮緼C【解析】【詳解】B．設(shè)大碗半徑為，小碗半徑為，對小球從碗的邊緣到碗的最低點過程應(yīng)用動能定理得得同理可得得由于，所以故B錯誤；ACD．對小球在碗的最低點進(jìn)行受力分析，小球受重力和碗對球的支持力，由牛頓其次定律知向心加速度得解得由牛頓第三定律知碗對球的支持力等于球?qū)ν氲膲毫蔄C正確，D錯誤。故選AC。14.一輛汽車在水平路面上由靜止啟動，在前5s內(nèi)做勻加速直線運動，5s末達(dá)到額定功率，之后保持額定功率運動，其圖像如圖所示。已知汽車的質(zhì)量，汽車受到地面的阻力為車重的0.1倍，g取10，則（）A.汽車在前5s內(nèi)的牽引力為 B.汽車在15時的加速度為C.汽車的額定功率為40 D.汽車在前5s內(nèi)摩擦力做功為【答案】AB【解析】【詳解】A．依據(jù)圖象，可得前內(nèi)的加速度由牛頓其次定律解得故A正確；C．汽車5s末達(dá)到額定功率，額定功率為故C錯誤；B．汽車速度15m/s時，則有解得故B正確；D．前5s內(nèi)的位移是摩擦力做功故D錯誤。故選AB。15.如圖，2024年1月22日，位于同步軌道的中國“實踐21號”衛(wèi)星將一顆位于同步軌道的失效的“北斗2號”衛(wèi)星拖拽至距地面更遠(yuǎn)的“墓地軌道”（可視為圓軌道），此后“實踐21號”又回來同步軌道，這標(biāo)記著中國能夠真正意義上實現(xiàn)“太空垃圾清理”。下列說法正確的是（）A.“實踐21號”拖拽“北斗2號”離開同步軌道時須要點火加速B.“實踐21號”完成拖拽任務(wù)后離開“墓地軌道”時須要點火加速C.“北斗2號”在同步軌道的速度大于它在“墓地軌道”的速度D.“北斗2號”在“墓地軌道”的運行周期小于24小時【答案】AC【解析】【詳解】由圖可知，同步軌道的半徑小于“墓地軌道”的半徑A．“實踐21號”拖拽“北斗2號”離開同步軌道時做離心運動，須要點火加速，故A正確；B．“實踐21號”完成拖拽任務(wù)后離開“墓地軌道”時做近心運動，須要點火減速，故B錯誤；C．依據(jù)可得可知“北斗2號”在同步軌道的速度大于它在“墓地軌道”的速度，故C正確；D．依據(jù)可得同步軌道的周期為24小時，則“北斗2號”在“墓地軌道”的運行周期大于24小時，故D錯誤。故選AC16.熱敏電阻器分為正溫度系數(shù)熱敏電阻器（PTC）和負(fù)溫度系數(shù)熱敏電阻器（NTC），在自動限制領(lǐng)域起著越來越重要的作用。為了探討熱敏電阻的特性，某試驗小組將一只熱敏電阻接入如圖甲所示的電路中。已知變壓器原，副線圈匝數(shù)比為，R為正溫度系數(shù)熱敏電阻（溫度越高時電阻值越大），和是兩個完全相同的燈泡。用示波器接在電壓表兩端可以視察到如圖乙所示波形的交變電壓。若變壓器和電表都是志向儀器，下列說法正確的是（）A.原線圈輸入的溝通電壓u的頻率為B.原線圈輸入電壓有效值為C.當(dāng)用紅外燈管照耀R時，電流表的示數(shù)變小D.若的燈絲燒斷后，電壓表的示數(shù)會變小【答案】AC【解析】【分析】【詳解】A．由題圖乙可知溝通電壓周期T=0.02s，所以頻率為所以原線圈輸入的溝通電壓的頻率也為50Hz，故A正確；B．圖乙所示電壓的最大值是，所以有效值是U=220V，變壓器原、副線圈匝數(shù)比為1︰20，所以原線圈兩端電壓有效值是11V，故B錯誤；C．用紅外線燈管照耀R，R阻值隨溫度上升而變大，依據(jù)知副線圈電流減小，副線圈輸出功率減小，依據(jù)能量守恒定律，可知原線圈輸入功率也減小，原線圈電流減小，所以電流表的示數(shù)減小，故C正確；D．當(dāng)L1的燈絲燒斷后，變壓器的輸入電壓不變，依據(jù)變壓比公式，輸出電壓也不變，故電壓表讀數(shù)不變，故D錯誤。故選AC。二、試驗題（本題共2小題，共15分）17.用如圖所示的裝置探究動能定理，一端帶滑輪的長木板放在水平桌面上，質(zhì)量為的小車放在長木板上，跨過定滑輪的細(xì)線一端系上一質(zhì)量為的鉤碼，另一端與小車相連。小車后面連接紙帶，小車運動過程中打點計時器在紙帶上打出一系列的點，記錄下小車的運動狀況。（1）在試驗過程中，須要平衡摩擦力，詳細(xì)做法是在___________（“掛上鉤碼”或“不掛鉤碼”）的狀況下，把長木板不帶滑輪的一端適當(dāng)墊高，輕推一下小車，若發(fā)覺小車拖著紙帶打出的點分布勻整，就表明已經(jīng)平衡了摩擦力。（2）試驗中打出的一條紙帶如圖所示，0與1之間的距離為，0與2之間的距離為，0與3之間的距離為，相鄰點之間的時間間隔為，0是打下的第一個點。若用鉤碼重力替代繩子拉力，須要滿意___________，在這種狀況下，從0到2過程中細(xì)繩拉力對小車做功___________。從0到2過程中小車動能增量___________?！敬鸢浮竣?不掛鉤碼②.遠(yuǎn)小于③.④.【解析】【分析】【詳解】（1）[1]平衡摩擦力的方法是讓重力沿斜面對下的分力平衡摩擦力，所以不須要繩子的拉力，故不掛鉤碼。（2）[2]若用鉤碼重力mg替代繩子拉力，對鉤碼受力分析的對小車受力分析可得可得因此須要滿意m遠(yuǎn)小于M；[3]從0到2過程中細(xì)繩拉力對小車做功為[4]打點2時小車的速度為則從0到2過程中小車動能增量為18.小明同學(xué)想要做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”試驗，為了盡量減小試驗誤差，小明設(shè)計如圖甲所示的試驗電路圖（1）閉合開關(guān)前，應(yīng)將滑動變阻器R的滑片移到___________端（選填“左”或“右”）。（2）閉合開關(guān)S后，小明發(fā)覺電流表、電壓表均有示數(shù)，但無論怎樣移動變阻器滑片，都不能使電壓表的示數(shù)調(diào)為零，緣由可能是圖甲中___________（選填：“a”或“b”或“c”或“d”）處接觸不良。（3）解除故障后，某次測量時，電流表和電壓表指針位置如圖乙所示，則電流表讀數(shù)為___________A，電壓表讀數(shù)為___________V。（4）測量結(jié)束后，小明作出了此小燈泡的伏安特性曲線，如圖丙所示，從圖線可以得出小燈泡燈絲的電阻率隨溫度變更的特點是___________（5）若將兩個這樣的燈泡并聯(lián)后與一電動勢E=1.5V、內(nèi)阻r=1.5Ω的電源連接，每個小燈泡實際消耗的功率約為___________W（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）?！敬鸢浮竣?左②.c③.0.42④.1.50⑤.小燈泡燈絲的電阻率隨溫度上升而增大⑥.0.18【解析】【詳解】（1）[1]閉合開關(guān)前，要保證測量路段電壓為零，所以應(yīng)將滑動變阻器R的滑片移到左端；（2）[2]閉合開關(guān)S后，小明發(fā)覺電流表、電壓表均有示數(shù)，但無論怎樣移動變阻器滑片，都不能使電壓表的示數(shù)調(diào)為零，假如是a、b、d處接觸不良（斷開），移動滑片電壓表都會出現(xiàn)讀數(shù)為零的現(xiàn)象，故只能是c處接觸不良，滑動變阻器串聯(lián)接在電路總，電壓表示數(shù)無法為零；（3）[3][4]電流表分度值為0.02A，讀數(shù)為0.42A，電壓表分度值為0.1V，讀數(shù)為1.50V；（4）[5]丙圖為I-U圖線，圖線中各點與坐標(biāo)原點連線斜率的倒數(shù)表示電阻，由圖可知小燈泡燈絲電阻隨著溫度上升（U、I增大）而增大，由知小燈泡燈絲的電阻率隨溫度上升而增大；（5）[6]設(shè)通過每個小燈泡的電流為I，依據(jù)閉合電路的歐姆定律可得即在丙圖中作出上面關(guān)系的圖線，如圖由圖中兩條圖線的交點可得，每個燈泡兩端的實際電壓為U=0.71V，實際電流為I=0.26A，則每個小燈泡的實際功率約為四、解答題（本題共3小題，共30分。解答應(yīng)寫出必要的文字說明，方程式和重要演算，只寫最終答案的不能得分，有數(shù)值計算的題目，答案中必需明確寫出數(shù)值和單位）19.首艘國產(chǎn)航母“山東號”已正式服役。某時刻，艦載機(jī)相對航母正打算由靜止起飛，如圖所示，航母正沿艦載機(jī)起飛方向以確定速度勻速直線航行，艦載機(jī)在跑道上的起飛過程可以簡化為水平方向的勻加速直線運動。已知艦載機(jī)的質(zhì)量，發(fā)動機(jī)對艦載機(jī)的水平推力恒為，方向與速度方向相同，艦載機(jī)受到的阻力大小為艦載機(jī)重力的，航母跑道的長度，艦載機(jī)起飛的最小速度，重力加速度，求：（1）艦載機(jī)在航母上起飛過程的加速度大小。（2）為保證艦載機(jī)平安起飛，航母勻速航行的最小速度大小?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】【詳解】（1）由牛頓其次定律可知其中解得（2）艦載機(jī)在航母上相對航母做初速度為0的勻加速直線運動，艦載機(jī)起飛的最小速度為若航母勻速航行速度最小，則艦載機(jī)相對位移為L后，速度為，設(shè)艦載機(jī)的相對速度為，依據(jù)運動學(xué)公式解得則航母勻速航行的最小速度大小為20.如圖所示，在坐標(biāo)系中第一象限內(nèi)存在垂直紙面對里的勻強(qiáng)磁場，其次象限內(nèi)存在勻強(qiáng)電場。一電荷量為、質(zhì)量為m的帶電粒子，以初速度從點沿與x軸成45°方向射入磁場中，通過y軸上的點恰好垂直于電場方向進(jìn)入其次象限，到達(dá)x軸上Q點（圖中未畫出）時速度恰好與x軸垂直。已知電場強(qiáng)度為E，粒子重力不計求：（1）勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度（2）粒子從P點到Q點所閱歷的時間。【答案】（1）；（2）【解析】【分析】【詳解】（1）依據(jù)幾何關(guān)系可知依據(jù)洛倫茲力供應(yīng)向心力可得聯(lián)立可得（2）粒子在電場中做類平拋運動，垂直x軸時速度方向下，v0與E垂直，可知v0不變，分解速度知，沿電場方向速度大小也是v0，由沿電場方向有電場中運動時間粒子在磁場中運動的周期磁場中運動時間所以總時間21.如圖甲所示，放置在水平桌面上的兩條光滑無限長金屬導(dǎo)軌間距為L=1m，質(zhì)量m=1kg，電阻r=1Ω的光滑導(dǎo)體棒垂直放在導(dǎo)軌上，導(dǎo)軌左端與阻值為R=3Ω的電阻相連，其余電阻不計。兩導(dǎo)軌間有方向垂直導(dǎo)軌平面對下，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=2T的勻強(qiáng)磁場?，F(xiàn)給導(dǎo)體棒施加一水平向右的恒定拉力F，并測出速度隨時間變更的圖像如圖乙所示。(1)求導(dǎo)體棒運動過程中流過R電流的最大值；(2)求t=1.6s時導(dǎo)體棒的加速度的大??；(3)若導(dǎo)體棒在起先運動的1.6s內(nèi)位移為x=8m，求這段時間內(nèi)電阻R上產(chǎn)生的熱量大小。【答案】(1)5A；(2)；(3)【解析】【詳解】(1)從速度時間圖象可以看出，導(dǎo)體棒做切割磁感線運動的最大速度為由可得代入數(shù)據(jù)解得(2)由牛頓其次定律可得當(dāng)導(dǎo)體棒速度最大勻速運動時，導(dǎo)體棒合外力為零，所以依圖得，當(dāng)時，導(dǎo)體棒速度此時因此聯(lián)立代入數(shù)據(jù)得(3)由能量守恒定律可知解得因回路電流相同，則有解得五、選考題（本題共15分?？荚噺慕o出的22、23兩道題中任選一題作答，假如多做，則按所做的第一題計分。）22.關(guān)于下列光學(xué)現(xiàn)象，說法中正確的是（）A.電磁波和其他可見光一樣，也能產(chǎn)生衍射現(xiàn)象B.水中藍(lán)光的傳播速度比紅光的慢C.光的偏振現(xiàn)象說明光是縱波D.分別用藍(lán)光和紅光在同一裝置上做雙縫干涉試驗，用紅光時得到的條紋間距更寬E.一束白光從空氣射入玻璃三棱鏡后形成彩色條紋，是因為玻璃三棱鏡吸取了白光中的一些色光【答案】ABD【解析】【詳解】A．電磁波和其他可見光一樣，也能產(chǎn)生衍射現(xiàn)象，選項A正確；B．藍(lán)光的頻率較紅光大，藍(lán)光的折射率較大，依據(jù)可知，水中藍(lán)光的傳播速度比紅光的慢，選項B正確；C．光的偏振現(xiàn)象說明光是橫波，選項C錯誤；D．紅光的波長大于藍(lán)光，分別用藍(lán)光和紅光在同一裝置上做雙縫干涉試驗，依據(jù)可知，用紅光時得到的條紋間距更寬，選項D正確；E．一束白光從空氣射入玻璃三棱鏡后形成彩色條紋是因為光的折射