廣東省肇慶市高三畢業(yè)班第二次統(tǒng)一檢測理綜物理試題

肇慶市中小學(xué)教學(xué)質(zhì)量評估2018屆高中畢業(yè)班第二次統(tǒng)一檢測理科綜合能力測試第Ⅰ卷（選擇題共126分）二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，14～17題只有一項(xiàng)是符合題目要求的，第18～21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得０分。1.2017年1月9日，大亞灣反應(yīng)堆中微子實(shí)驗(yàn)工程獲得國家自然科學(xué)一等獎。大多數(shù)原子核發(fā)生核反應(yīng)的過程中都伴有中微子的產(chǎn)生，例如核裂變、核聚變、β衰變等。下列關(guān)于核反應(yīng)的說法,正確的是A.H+H→He+n是α衰變方程，Th→Pa+e是β衰變方程B.高速運(yùn)動的α粒子轟擊氮核可從氮核中打出中子，其核反應(yīng)方程為He+N→O+nC.Th衰變?yōu)镽n，經(jīng)過3次α衰變，2次β衰變D.U+n→Ba+Kr+3n是核裂變方程，也是氫彈的核反應(yīng)方程【答案】C【解析】A.核反應(yīng)方程是輕核的聚變，中放射出電子，是β衰變方程，故A錯誤；B.高速α粒子轟擊氮核可從氮核中打出質(zhì)子，其核反應(yīng)方程為，故B錯誤；C.在α衰變的過程中，電荷數(shù)少2，質(zhì)量數(shù)少4，在β衰變的過程中，電荷數(shù)多1，質(zhì)量數(shù)不變。設(shè)經(jīng)過了m次α衰變，則：4m=234?222=12，所以m=3；設(shè)經(jīng)過了n次β衰變，有：2m?n=90?86=4，所以n=2.故C正確；D.是重核裂變方程，也是原子彈的核反應(yīng)方程。故D錯誤；故選：C2.如圖所示，橫截面為直角三角形的斜劈P，靠在粗糙的豎直墻面上，力F通過球心水平作用在光滑球Q上，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)．當(dāng)力F增大時，系統(tǒng)仍保持靜止。下列說法正確的是A.斜劈P對豎直墻壁的壓力增大B.斜劈P所受合外力增大C.球Q對地面的壓力不變D.墻面對斜劈P的摩擦力增大【答案】A【解析】A.以整體為研究對象，受力分析，根據(jù)平衡條件，水平方向：N=F，N為豎直墻壁對P的彈力，F(xiàn)增大，則N增大，所以由牛頓第三定律可得：P對豎直墻壁的壓力增大。故A正確；B.斜劈P一直處于靜止，所受合外力一直為零不變，故B錯誤；C.對Q力分析，如圖：根據(jù)平衡條件：，F(xiàn)增大，則N′增大，，N′增大，則N″增大，根據(jù)牛頓第三定律得，球?qū)Φ孛娴膲毫υ龃螅哉w為研究對象，豎直方向：N″+f=Mg，故隨支持力的增大，摩擦力減小，若N″增大至與Mg相等，則f=0，故CD錯誤。故選：A點(diǎn)睛：P一直處于靜止，所受合外力一直為零不變，以整體為研究對象，分析P對豎直墻壁的壓力變化情況以及墻面對A的摩擦力，對Q受力分析，根據(jù)平衡條件得出Q對地面的壓力變化情況。3.在x軸上的L和L點(diǎn)分別固定了A、B兩個電荷點(diǎn)，A的電荷量為+Q，B的電荷量為Q，如下圖所示。設(shè)沿x軸正方向?yàn)殡妶鰪?qiáng)度的正方向，則整個x軸上的電場強(qiáng)度E隨x變化的圖像正確的是A.B.C.D.【答案】D【解析】點(diǎn)睛：根據(jù)等量異種電荷電場線的分布圖，分析電場強(qiáng)度E的方向，再判斷圖象的形狀．4.有a、b、c、d四顆地球衛(wèi)星：a還未發(fā)射，在地球赤道上隨地球表面一起轉(zhuǎn)動；b處于離地很近的近地圓軌道上正常運(yùn)動；c是地球同步衛(wèi)星；d是高空探測衛(wèi)星。各衛(wèi)星排列位置如圖所示，下列說法中正確的是A.a的向心加速度等于重力加速度gB.b在相同時間內(nèi)轉(zhuǎn)過的弧長最長C.d的運(yùn)行周期有可能是20hD.把a(bǔ)直接發(fā)射到b運(yùn)行的軌道上，其發(fā)射速度大于第一宇宙速度【答案】B【解析】A.地球同步衛(wèi)星的周期c必須與地球自轉(zhuǎn)周期相同，角速度相同，則知a與c的角速度相同，根據(jù)a=ω2r知，c的向心加速度大。由牛頓第二定律得：，解得：，衛(wèi)星的軌道半徑越大，向心加速度越小，則同步衛(wèi)星c的向心加速度小于b的向心加速度，而b的向心加速度約為g，故知a的向心加速度小于重力加速度g，故A錯誤；B.由牛頓第二定律得：,解得：，衛(wèi)星的軌道半徑越大，速度越小，所以b的速度最大，在相同時間內(nèi)轉(zhuǎn)過的弧長最長。故B正確；C.由開普勒第三定律知，衛(wèi)星的軌道半徑越大，周期越大，所以d的運(yùn)動周期大于c的周期24h，d的運(yùn)行周期應(yīng)大于24h，不可能是20h，故C錯誤；D.把a(bǔ)直接發(fā)射到b運(yùn)行的軌道上，其發(fā)射速度等于第一宇宙速度，故D錯誤；故選：B點(diǎn)睛：地球同步衛(wèi)星的周期必須與地球自轉(zhuǎn)周期相同，角速度相同，根據(jù)a=ω2r比較a與c的向心加速度大小，再比較c的向心加速度與g的大小．根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式得出角速度與半徑的關(guān)系，分析弧長關(guān)系．根據(jù)開普勒第三定律判斷d與c的周期關(guān)系．5.如圖甲為風(fēng)力發(fā)電機(jī)的簡易模型。在風(fēng)力的作用下，風(fēng)葉帶動與其固定在一起的永磁鐵轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)速與風(fēng)速成正比。若某一風(fēng)速時，線圈中產(chǎn)生的正弦式電流如圖乙所示。下列說法中正確的是A.磁鐵的轉(zhuǎn)速為10rad/sB.電流的表達(dá)式為i=0.6sin10πtAC.風(fēng)速加倍時線圈中電流的有效值為AD.風(fēng)速加倍時電流的表達(dá)式為i=1.2sin10πtA【答案】BC【解析】由圖象可知，線圈轉(zhuǎn)動周期T=0.2s，角速度：，根據(jù)ω=2πn可知轉(zhuǎn)速為5r/s，故A錯誤；由圖象可知，線圈轉(zhuǎn)動周期T=0.2s，則電流的表達(dá)式為i=0.6sin10πtA，故B正確；由轉(zhuǎn)速與風(fēng)速成正比，當(dāng)風(fēng)速加倍時，轉(zhuǎn)速也加倍，電流的最大值Im=1.2A，則電流的表達(dá)式為：i=1.2sin20πt（A），故D錯誤；由轉(zhuǎn)速與風(fēng)速成正比，當(dāng)風(fēng)速加倍時，轉(zhuǎn)速也加倍，電流的最大值Im=1.2A，電流的有效值為，故C正確。所以BC正確，AD錯誤。6.在民族運(yùn)動上，運(yùn)動員彎弓放箭射擊側(cè)向的固定目標(biāo)。假設(shè)運(yùn)動員騎馬奔馳的速度為v1，運(yùn)動員靜止時射出的弓箭速度為v2。跑道離固定目標(biāo)的最近距離為d。下列說法中正確的是A.要想命中目標(biāo)且箭在空中飛行時間最短，運(yùn)動員放箭處離目標(biāo)的距離為B.只要擊中側(cè)向的固定目標(biāo)，箭在空中運(yùn)動合速度的大小一定是C.要想命中目標(biāo)且箭在空中飛行時間最短，運(yùn)動員放箭處離目標(biāo)的距離為D.箭射到靶的最短時間為【答案】CD【解析】ACD.當(dāng)放出的箭垂直于馬運(yùn)行方向發(fā)射，此時運(yùn)行時間最短，最短時間，則箭在沿馬運(yùn)行方向上的位移為，所以放箭處距離目標(biāo)的距離為.故A錯誤，C正確，D正確；B.只有放出的箭垂直于馬運(yùn)行方向發(fā)射，擊中側(cè)向的固定目標(biāo)，箭在空中運(yùn)動合速度的大小才是，故B錯誤。故選：CD7.如圖所示，三斜面ab、cd、cb固定于豎直墻面與水平面之間，ab與cd斜面的長度相同。若某滑塊（視為質(zhì)點(diǎn)）分別從三斜面的頂端由開始沿斜面下滑，滑塊經(jīng)過d處時動能不損失且繼續(xù)沿水平面運(yùn)動經(jīng)過b端，滑塊與三斜面及水平面間的動摩擦因數(shù)均相同。則對于滑塊從各斜面的頂端到經(jīng)過b端的整個過程，下列說法正確的是A.三種情況下滑塊損失的機(jī)械能相同B.滑塊沿ab運(yùn)動的情況下經(jīng)過b端時的速度最小C.滑塊沿三斜面下滑的時間相同D.滑塊沿cdb路徑運(yùn)動的情況下克服摩擦力做的功最多【答案】AB.....................B．滑塊到b的速度為v，由動能定理得，因?yàn)閺腶b滑到b的高度小于從cb滑到b或沿cd滑到d的高度，所以從ab滑到b端時的速度最小，故B正確；C．對斜面上的滑塊受力分析，，cd和cb高度相同，因此路程為，滑到底部需要的時間為，根據(jù)單調(diào)性可知越大，t越小，所以從cd滑到d的時間比從cb滑到b的時間短，故C錯誤；故選：AB8.速度相同的一束粒子（不計(jì)重力）經(jīng)速度選擇器射入質(zhì)譜儀后的運(yùn)動軌跡如右圖所示，下列說法中正確的是A.該束帶電粒子帶正電B.速度選擇器的P1極板帶負(fù)電C.能通過狹縫S0的帶電粒子的速率等于D.粒子在磁場中運(yùn)動半徑越大，該粒子的比荷越小【答案】ACD【解析】試題分析：由圖可知，帶電粒子進(jìn)入勻強(qiáng)磁場B2時向下偏轉(zhuǎn)，所以粒子所受的洛倫茲力方向向下，根據(jù)左手定則判斷得知該束粒子帶正電．故A正確．在平行金屬板中受到電場力和洛倫茲力兩個作用而做勻速直線運(yùn)動，由左手定則可知，洛倫茲力方向豎直向上，則電場力方向向下，粒子帶正電，電場強(qiáng)度方向向下，所以速度選擇器的P1極板帶正電．故B錯誤．粒子能通過狹縫，電場力與洛倫茲力平衡，則有：qvB1=qE，解得：．故C正確．粒子進(jìn)入勻強(qiáng)磁場B2中受到洛倫茲力而做勻速圓周運(yùn)動，由牛頓第二定律得：，解得：．可見，由于v是一定的，B不變，半徑r越大，則越?。蔇正確．故選ACD．考點(diǎn)：質(zhì)譜儀；速度選擇器【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要理解速度選擇器的原理：電場力與洛倫茲力，粒子的速度一定．粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)時，由洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律則可得到半徑。非選擇題：包括必考題和選考題兩部分，第22～32題為必考題，每個學(xué)生都必須作答。第34～第40為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必答題（共129分）9.某同學(xué)利用如圖（甲）所示的實(shí)驗(yàn)裝置運(yùn)用牛頓第二定律測量滑塊的質(zhì)量M。其主要步驟為：（1）調(diào)整長木板傾角，當(dāng)鉤碼的質(zhì)量為m0時滑塊沿木板恰好向下做勻速運(yùn)動。保持木板傾角不變，撤去鉤碼m0，將滑塊移近打點(diǎn)計(jì)時器，然后釋放滑塊，滑塊沿木板向下做勻加速直線運(yùn)動，并打出點(diǎn)跡清晰的紙帶如圖（乙）所示（已知打點(diǎn)計(jì)時器每隔0.02s打下一個點(diǎn)）。請回答下列問題（計(jì)算結(jié)果保留3位有效數(shù)字）：①打點(diǎn)計(jì)時器在打下B點(diǎn)時滑塊的速度υB=____m/s；②滑塊做勻加速直線運(yùn)動的加速度a=____m/s2；③滑塊質(zhì)量M=_____（用字母a、m0、當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭表示）?！敬鸢浮?1).1.38(2).3.88(3).【解析】由圖示紙帶可知，兩個相鄰兩個計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有1個點(diǎn)，計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時間間隔t=2T=0.04s，(1)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動中時間中點(diǎn)的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上B點(diǎn)時小車的瞬時速度大小。=1.38m/s(2)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的推論公式△x=at2可以知，加速度的大?。?3.88m/s2(3)滑塊做勻速運(yùn)動時受力平衡作用，由平衡條件得：m0g=Mgsinθ?f，撤去m0時滑塊做勻加速直線運(yùn)動時，受到的合外力：F合=Mgsinθ?f，由牛頓第二定律得：F合=Ma，解得：.故答案為：(1)1.38；(2)3.88；(3).點(diǎn)睛：根據(jù)勻變速直線運(yùn)動中時間中點(diǎn)的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上B點(diǎn)時小車的瞬時速度大小；根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的推論公式△x=at2可以求出加速度的大?。粦?yīng)用牛頓第二定律可以求出滑塊的質(zhì)量．10.甲、乙、丙三同學(xué)所在的學(xué)習(xí)小組利用舊的電池及從廢舊收音機(jī)拆下的電阻、電容器、電感線圈等電子元器件進(jìn)行實(shí)驗(yàn)操究?，F(xiàn)從這些材料中選取兩個待測元器件進(jìn)行研究：一是電阻Rx（阻值約2kΩ），二是中的鋰電池（電動勢E的標(biāo)稱值為3.4V）。他們還準(zhǔn)備了如下實(shí)驗(yàn)器材：A.電壓表V（量程0~4V，內(nèi)阻Rv約10kΩ）B.電流表A1（量程0~100mA，內(nèi)阻約5Ω）C.電流表A2（量程0~2mA，內(nèi)阻約50Ω）D.滑動變阻器R（0~40Ω，額定電流1A）E.電阻箱R0（0~999.9Ω）F.開關(guān)S一個、導(dǎo)線若干。（1）甲同學(xué)采用伏安法測定Rx的阻值，他使用的電源是待測的鋰電池。圖（a）是他連接的部分實(shí)驗(yàn)器材，請你完成實(shí)物連接。甲同學(xué)選用的電流表應(yīng)是_____(選填“A1”或“A2”)；他用電壓表的讀數(shù)除以電流表的讀數(shù)作為Rx的測量值，則測量值_____（填“大于”或“小于”）真實(shí)值。（2）乙同學(xué)和丙同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖（b）所示的電路來測量鋰電池的電動勢E和內(nèi)阻r。①乙同學(xué)的實(shí)驗(yàn)操作是：閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值為R1時，讀出電壓表的為U1；調(diào)節(jié)電阻箱的阻值為R2時，讀出電壓表的示數(shù)為U2。根據(jù)乙同學(xué)測出的數(shù)據(jù)可求得該電池的電動勢，其表達(dá)式為E=_____；②丙同學(xué)認(rèn)為用線性圖像處理數(shù)據(jù)更便于分析。他在實(shí)驗(yàn)中多次改變電阻箱阻值，獲取了多組數(shù)據(jù)，畫出的圖像為一條直線，如圖（c）所示。則該圖像的函數(shù)表達(dá)式為____；由圖（c）可知該電池的電動勢E＝_____V，內(nèi)阻r=____Ω（以上二空計(jì)算結(jié)果小數(shù)點(diǎn)后保留二位有效數(shù)字）?！敬鸢浮?1).A2(2).大于(3).(4).(5).3.33(6).0.25【解析】①待測電阻阻值約為2kΩ，滑動變阻器最大阻值為40Ω，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法；電路最大電流約為=0.0017A=1.7mA，電流表應(yīng)選A2；電壓表內(nèi)阻約為10kΩ，電流表內(nèi)阻約為50Ω，待測電阻阻值約為2kΩ，相對來說，待測電阻阻值遠(yuǎn)大于電流表內(nèi)阻，電流表應(yīng)采用內(nèi)接法，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示：這樣測得的電阻是待測電阻與電流表內(nèi)阻的總電阻，測量值大于真實(shí)值；②a、由圖b所示實(shí)驗(yàn)電路可知，在閉合電路中，電源電動勢：,解得：.b、在閉合電路中,電源電動勢：，解得：，由圖象可知,圖象截距b==0.3,則電源電動勢，圖象斜率=0.075，則電源內(nèi)阻：r=kE=0.075×=0.25Ω；故答案為：①A2；大于；②a、；b、；3.33；0.25.11.如圖甲所示，兩根完全相同的光滑平行導(dǎo)軌固定，每根導(dǎo)軌均由兩段與水平面成θ=30°的長直導(dǎo)軌和一段圓弧導(dǎo)軌平滑連接而成，導(dǎo)軌兩端均連接電阻，阻值R1=R2=2Ω，導(dǎo)軌間距L=0.6m。在右側(cè)導(dǎo)軌所在斜面的矩形區(qū)域M1M2P2P1內(nèi)分布有垂直斜面向上的磁場，磁場上下邊界M1P1、M2P2的距離d=0.2m，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示。t=0時刻，在右側(cè)導(dǎo)軌斜面上與M1P1距離s=0.1m處，有一根阻值r=2Ω的金屬棒ab垂直于導(dǎo)軌由靜止釋放，恰好獨(dú)立勻速通過整個磁場區(qū)域，取重力加速度g=10m/s2，導(dǎo)軌電阻不計(jì)。求：（1）ab由靜止運(yùn)動到磁場邊界M1P1的時間t及此時的速度大小v；（2）在t1=0.1s時刻和t2=0.25s時刻電阻R1的電功率之比；【答案】(1)t=0.2s,v=1m/s；(2)【解析】（1）棒從剛開始釋放到運(yùn)動至M1P1這段時間內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動，設(shè)其運(yùn)動的位移大小是s，時間是t。其運(yùn)動的加速度大小a由牛頓第二定律可得：ma=mgsinθ①由勻變速運(yùn)動規(guī)律可得：s＝②由②③式聯(lián)立解得：t=0.2（s）③由機(jī)械能守恒定律可得：mgssinθ＝④由①式解得：v=1（m/s）⑤（1分）（2）t1=0.1s時，棒還沒有進(jìn)入磁場，此時由電磁感應(yīng)規(guī)律可得：⑥此時R2與金屬棒并聯(lián)后再與R1串聯(lián)，設(shè)R1兩端的電壓U1，由閉合回路歐姆定律可得：⑦由圖乙可知，t1=0.2s后磁場保持不變，ab經(jīng)過磁場的運(yùn)動時間：⑧故當(dāng)t2=0.25s時，棒ab還在磁場中勻速運(yùn)動，此時的感應(yīng)電動勢E2：E2＝BLv⑨設(shè)此時R1兩端的電壓U1’由閉合回路歐姆定律可得：⑩由電功率公式可知電阻R1所消耗的電功率：?所以在t1=0.1s和t2=0.25s時刻，電阻R1所消耗的電功率之比：?將數(shù)據(jù)代入上式解得：?12.如下圖所示，小球A系在細(xì)線的一端，線的另一端固定在O點(diǎn)，O點(diǎn)到光滑水平面的距離為h＝0.8m。已知A的質(zhì)量為m，物塊B的質(zhì)量是小球A的5倍，靜止于水平傳送帶左端的水平面上且位于O點(diǎn)正下方，傳送帶右端有一帶半圓光滑軌道的小車，小車的質(zhì)量是物塊B的5倍，水平面、傳送帶及小車的上表面平滑連接，物塊B與傳送帶的動摩擦因數(shù)μ＝0.5，其余摩擦不計(jì)，傳送帶長L＝3.5m，以恒定速率v0=6m/s順時針運(yùn)轉(zhuǎn)。現(xiàn)拉動小球使線水平伸直后由靜止釋放，小球運(yùn)動到最低點(diǎn)時與物塊發(fā)生正碰，小球反彈后上升到最高點(diǎn)時與水平面的距離為。若小車不固定，物塊剛好能滑到與圓心O1等高的C點(diǎn)。重力加速度為g=10m/s2，小球與物塊均可視為質(zhì)點(diǎn)。求：（1）小球與物塊相碰后物塊B的速度vB大小。（2）若滑塊B的質(zhì)量mB=1kg，求滑塊B與傳送帶之間因摩擦而產(chǎn)生的熱量Q及帶動傳送帶的電動機(jī)多做的功W電。（3）小車上的半圓軌道半徑R大小?！敬鸢浮?1)(2)Q=12.5J,(3)R=1.5m【解析】（1）小球A下擺及反彈上升階段機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：①②B碰撞過程系統(tǒng)動量守恒,以A的初速度方向?yàn)檎较?由動量守恒定律得：mvA=－mv1+5mvB③代入數(shù)據(jù)解得：vB=1（m/s）④（2）經(jīng)過時間t，B與傳送帶速度相等，由勻變速直線運(yùn)動速度公式得：v0=vB+at⑤μmBg=vBa⑥代入數(shù)據(jù)解得：t=1（s）⑥物塊滑行的距離：⑦傳送帶的位移：S傳=vt=6（m）⑧則：Sx=S傳S物=2.5（m）⑨滑塊B與傳送帶之間因摩擦而產(chǎn)生的熱量：Q=μmBgSx=12.5(J)⑩電動機(jī)多做的功?代入數(shù)據(jù)解得：W電＝30（J）（3）物塊在傳送帶上一直加速到達(dá)右端時恰好與傳送帶速度相等,系統(tǒng)水平方向動量守恒,以向右為正方向,由動量守恒定律得：5mv0=(5m+25m)v?由機(jī)械能守恒定律得：?代入數(shù)據(jù)解得：R＝1.5（m）（二）選考題：共45分。請考生從給出的2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題做答，并用2B鉛筆在答題卷上把所選題目題號后的方框涂黑。注意所選題目的題號必須與所涂題目的題號一致，在答題卷選答區(qū)域指定位置答題。如果多做，則每學(xué)科按所做的第一題計(jì)分。【物理－選修33】（15分）13.下列說法正確的是________。（填正確答案標(biāo)號。選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分。每選錯1個扣3分，最低得分為0分）A．液體表面層中分子間的相互作用力表現(xiàn)為引力B．固體中的分子是靜止的，液體、氣體中的分子是運(yùn)動的C．汽化現(xiàn)象是液體分子間因相互排斥而發(fā)生的D．液體的蒸發(fā)現(xiàn)象在任何溫度下都能發(fā)生E．有的物態(tài)變化中雖然吸收熱量但溫度卻不升高【答案】ADE【解析】A.液體表面層中，分子間距較大，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力，即為表面張力，故A正確；B.不論固體，還是液體與氣體，分子均是永不停息的做無規(guī)則運(yùn)動，故B錯誤；C.汽化現(xiàn)象與液體分子間相互作用力無關(guān)，故C錯誤；D.在任何溫度下，液體的蒸發(fā)現(xiàn)象都能發(fā)生，故D正確；E.有的物態(tài)變化中雖然吸收熱量但溫度卻不升高，如晶體，故E正確；故選：ADE.14.如圖所示，一個上下都與大氣相通的直圓筒，內(nèi)部橫截面積為S=0.01m2，中間用兩個活塞A和B封住一定質(zhì)量的氣體。A、B都可沿圓筒無摩擦地上下滑動，且不漏氣。A的質(zhì)量不計(jì)，B的質(zhì)量為M，并與一勁度系數(shù)為k=5×103N/m的較長的彈簧相連。已知大氣壓p0=1.0×105Pa，平衡時兩活塞之間的距離l0=0.6m，現(xiàn)用力壓A，使之緩慢向下移動一段距離后，保持平衡。此時用于壓A的力F=500N，求活塞A下移的距離?！敬鸢浮縧=0.3m【解析】根據(jù)用力壓A，使之緩慢向下移動一段距離后，保持平衡，此過程為等溫變化，，p1=p0=1×105Pa，，V1=sl0=0.010.6m3，p2=p0+=1×105+，V2=sl2=0.01l2，聯(lián)立以上各式，代入數(shù)據(jù)得l2=0.4m，因氣體體積減小A下移的距離為同時活塞B對彈簧的壓力增大500N，彈簧下移的距離，最后活塞A下移的距離為。【物理—選修34】（15分）15.下列說法正確的是______