吉林省榆樹市第一高級中學(xué)2025屆高三物理上學(xué)期期末備考卷A老教材

PAGEPAGE10吉林省榆樹市第一高級中學(xué)2025屆高三物理上學(xué)期期末備考卷（A）（老教材）留意事項：1．答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在試題卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2．選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3．非選擇題的作答：用簽字筆干脆答在答題卡上對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。4．考試結(jié)束后，請將本試題卷和答題卡一并上交。一、選擇題（本大題共10小題，每小題4分。在每小題給出的四個選項中，第1～6題只有一項是符合題目要求，第7～10題有多項符合題目要求，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）1．下列說法中正確的是()A．庫侖最早建立電場概念并用電場線描述電場B．貝克勒爾發(fā)覺了自然放射現(xiàn)象并相識到原子具有困難結(jié)構(gòu)C．湯姆孫通過對陰極射線的探討發(fā)覺了電子D．愛因斯坦發(fā)覺并說明了光電效應(yīng)【答案】C【解析】法拉第最早建立電場概念并用電場線描述電場，故A錯誤；貝克勒爾發(fā)覺了自然放射現(xiàn)象并相識到原子核具有困難結(jié)構(gòu)，故B錯誤；湯姆孫通過對陰極射線的探討發(fā)覺了電子，故C正確；光電現(xiàn)象由德國物理學(xué)家赫茲于1887年發(fā)覺，愛因斯坦說明了光電效應(yīng)，故D錯誤。2．2024年新型冠狀病毒主要傳播方式為飛沫傳播，打噴嚏可以將飛沫噴到十米之外，為了防止病毒傳播，打噴嚏時捂住口鼻很重要。有關(guān)專家探討得出打噴嚏時氣流噴出的速度可達(dá)40m/s，假設(shè)打一次噴嚏大約噴出50mL的空氣，用時約0.02s。已知空氣的密度為1.3kg/m3，估算打一次噴嚏人受到的平均反沖力為()A．0.13NB．13NC．0.68ND．2.6N【答案】A【解析】打一次噴嚏噴出的空氣質(zhì)量m＝ρV＝1.3×5×10－5kg＝6.5×10－5kg，設(shè)打一次噴嚏噴出的空氣受到的作用力為F，依據(jù)動量定理得FΔt＝mv，解得F＝0.13N，依據(jù)牛頓第三定律可得人受到的平均反沖力F′＝F＝0.13N，故A正確。3．從在高空水平勻速飛行的飛機(jī)上每隔1s釋放1個小球，先后共釋放5個，不計空氣阻力，則()A．這5個小球在空中處在同一條拋物線上B．在空中，相鄰的兩小球間的距離保持不變C．相鄰的兩小球的落地點的間距相等D．最先釋放的兩小球的落地點的間距最大【答案】C【解析】由于慣性，小球和飛機(jī)水平方向具有相同速度，因此都在飛機(jī)的正下方，故小球落地前排列在同一條豎直線上，故A錯誤；在空中，相鄰的兩個小球水平分速度相等，在豎直方向，小球做自由落體運(yùn)動，由于先釋放的一個小球比后一個小球多運(yùn)動1s，故豎直分速度大10m/s，故每秒中兩個小球間距增加10m，故B錯誤；小球水平方向是勻速運(yùn)動，設(shè)為v0，前一個小球落地，再過1s，后一個小球落地，故間距為v0t＝v0m，恒定，故C正確，D錯誤。4．如圖所示，在第Ⅰ象限內(nèi)有垂直于紙面對里的勻強(qiáng)磁場，一對正、負(fù)電子分別以相同速率沿與x軸正方向成30°角的方向從原點射入磁場，則正、負(fù)電子在磁場中運(yùn)動的時間之比為()A．1∶eq\r(3)B．1∶1C．1∶2D．2∶1【答案】D【解析】畫出正負(fù)電子在磁場中做圓周運(yùn)動的軌跡如圖所示，由圖可知，正電子圓弧軌跡對應(yīng)的圓心角為120°，負(fù)電子圓弧軌跡對應(yīng)的圓心角為60°，又正負(fù)電子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動的周期T＝eq\f(2πm,qB)相同，故正負(fù)電子在磁場中運(yùn)動的時間之比為2∶1，故選D。5．設(shè)想人類開發(fā)月球，不斷把月球上的礦藏搬運(yùn)到地球上，假定經(jīng)過長時間開采后，地球仍可看作是勻稱的球體，月球仍沿開采前的圓周軌道運(yùn)動，則與開采前相比()A．地球與月球間的萬有引力變大B．地球與月球間的萬有引力變小C．地球與月球間的引力不變D．地球與月球間引力無法確定怎么變更【答案】B【解析】設(shè)起先時地球的質(zhì)量為M，月球的質(zhì)量為m，兩星球之間的萬有引力為F0，開采后地球的質(zhì)量增加Δm，月球的質(zhì)量相應(yīng)減小Δm，它們之間的萬有引力變?yōu)镕，依據(jù)萬有引力定律有F0＝Geq\f(Mm,r2)，，上式中因m1＞m2，后一項必大于零，由此可知F0＞F，故選B。6．如圖所示，一個小球用不行伸長的輕繩懸掛在小車上，隨小車沿著傾角為θ的斜面一起下滑，圖中的虛線①與斜面垂直，②沿水平方向，③沿豎直方向，則可推斷出()A．假如斜面光滑，則擺線與②重合B．假如斜面光滑，則擺線與③重合C．假如斜面光滑，則擺線與①重合D．假如斜面不光滑，則擺線與②重合【答案】C【解析】假如斜面光滑，依據(jù)牛頓其次定律得，整體加速度a＝gsinθ，方向沿斜面對下，對小球合力F合＝ma＝mgsinθ，則擺線必定與斜面垂直，即擺線與①重合；假如斜面粗糙能下滑則μ＜tanθ，以整體為探討對象，依據(jù)牛頓其次定律得，加速度a＝gsinθ－μgcosθ，由于μ＜tanθ，則μcosθ＜sinθ，a＞0，說明加速度方向沿斜面對下，而且a＜gsinθ，因當(dāng)a＝0時擺線位于位置③，斜面光滑時擺線位移位置①，可知斜面粗糙時擺線位于①與③之間。故ABD錯誤，C正確。7．兩個帶等量正電的點電荷，固定在圖中P、Q兩點，MN為PQ連線的中垂線，交PQ于O點，A為MN上的一點。一帶負(fù)電的摸索電荷q從A由靜止釋放只在電場力作用下運(yùn)動，取無限遠(yuǎn)處電勢為零，則()A．若q從A點由靜止釋放，在由A點向O點運(yùn)動的過程中，加速度肯定先增大后減小B．q由A向O運(yùn)動的過程電勢能漸漸增大C．q運(yùn)動到O點時的動能最大D．給q一初速度它可能做勻速圓周運(yùn)動【答案】CD【解析】依據(jù)兩等量正電荷四周部分電場線分布可知，在P、Q連線的中垂線MN上，從無窮遠(yuǎn)到O過程中電場強(qiáng)度先增大后減小，且方向始終指向無窮遠(yuǎn)方向，故摸索電荷所受的電場力是變更的，q由A向O的加速度可能先增大后減小，也可能始終減小，故A錯誤；q由A向O運(yùn)動的過程，電場力方向與AO方向一樣，電場力做正功，電勢能漸漸減小，故B錯誤；從A到O過程，電場力做正功，動能增大，從O到N過程中，電場力做負(fù)功，動能減小，故在O點摸索電荷的動能最大，速度最大，故C正確；兩電荷連線的中垂面是等勢面，場強(qiáng)方向向外，若給q一垂直紙面方向的初速度它可能做勻速圓周運(yùn)動，故D正確。8．如圖所示，志向變壓器原線圈接在溝通電源上，其電動勢為u＝220eq\r(2)sin100πt(V)，溝通電源電阻為r＝10Ω，定值電阻R0＝100Ω與原線圈并聯(lián)，滑動變阻器R與副線圈串聯(lián)，滑動變阻器的最大值為Rm＝30Ω，已知變壓器的原副線圈的匝數(shù)之比為2∶1，電流表和電壓表均為志向溝通電流表。滑動變阻器的滑動觸頭由最上端下向下緩慢移動到某位置時，開關(guān)S分別接a、b，電源輸出功率相等，下列說法正確的是()A．開關(guān)接a時，電流表的示數(shù)為2AB．開關(guān)接b時，電壓表的示數(shù)為110VC．電源的輸出功率相等時，滑動變阻器的阻值可能為R＝25ΩD．副線圈消耗的功率最大時，滑動變阻器的阻值為R＝10Ω【答案】AC【解析】開關(guān)接a時，電流表的示數(shù)，A正確；依據(jù)變壓比可得，原線圈所在電路中，電源內(nèi)阻要分壓，原線圈輸入電壓小于220V，則U2小于110V，B錯誤；電源輸出功率相等時，即R等效至原線圈時阻值等于R0或等于1Ω，由可得R＝25Ω或R＝0.25Ω，C正確；副線圈消耗的功率最大，即電源輸出功率最大，即，解得R＝2.5Ω，D錯誤。9．如圖所示，物體A、B的質(zhì)量均為m，二者用細(xì)繩連接后跨過定滑輪，A靜止在傾角θ＝30°的斜面上，B懸掛著，且斜面上方的細(xì)繩與斜面平行。若將斜面傾角θ緩慢增大到45°，物體A仍保持靜止，不計滑輪摩擦。則下列推斷正確的是()A．物體A對斜面的壓力可能增大B．物體A受的靜摩擦力肯定減小C．物體A受的靜摩擦力可能增大D．物體A受斜面的作用力肯定減小【答案】BD【解析】物體A對斜面的壓力為FN＝mgcosθ，傾角增大，壓力減小，A錯誤；物體A受的靜摩擦力分別為f1＝mg－mgsin30°，f2＝mg－mgsin45°，A受的靜摩擦力減小，B正確，C錯誤；物體A始終靜止，其受斜面的作用力始終等于重力與繩的拉力的合力，繩的拉力始終等于B的重力，大小不變，兩個分力大小不變，夾角增大，合力減小，D正確。10．如圖所示，質(zhì)量為m的物體在地面上沿斜向上方向以初速度v0拋出后，能達(dá)到的最大高度為H，當(dāng)它將要落到離地面高度為h的平臺上時，下列推斷正確的是(不計空氣阻力，取地面為參考平面)()A．它的總機(jī)械能為eq\f(1,2)mv02B．它的總機(jī)械能為mghC．它的動能為mg(H－h(huán))D．它的動能為eq\f(1,2)mv02－mgh【答案】AD【解析】整個過程中，只有重力對小球做功，故小球的機(jī)械能守恒，且以地面為參考平面，物體剛拋出時物體的重力勢能為0，它的總機(jī)械能E＝eq\f(1,2)mv02＝mgh＋eq\f(1,2)mv′2，B錯誤，A正確；小球從拋出到平臺機(jī)械能守恒，有eq\f(1,2)mv02＝mgh＋Ek，故Ek＝eq\f(1,2)mv02－mgh，物體的總的機(jī)械能不等于mgH，則到平臺的動能不等于mg(H－h(huán))，C錯誤，D正確。二、非選擇題(本題共6小題，共60分。把答案填在題中的橫線上或按題目要求作答。解答題應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最終答案的不能得分。有數(shù)值計算的題，答案中必需明確寫出數(shù)值和單位)11．(6分)某同學(xué)在做“驗證力的平行四邊形定則”試驗時，將橡皮筋改為勁度系數(shù)為400N/m的輕質(zhì)彈簧AA'，將彈簧的一端A'固定在豎直墻面上。不行伸長的細(xì)線OA、OB、OC，分別固定在彈簧的A端和彈簧秤甲、乙的掛鉤上，其中O為OA、OB、OC三段細(xì)線的結(jié)點，如圖1所示。在試驗過程中，保持彈簧AA'伸長1.00m不變。(1)若OA、OC間夾角為90°，彈簧乙的讀數(shù)如圖2所示，則彈簧秤甲的讀數(shù)是______N。（如圖2所示）(2)在(1)問中若保持OA與OB的夾角不變：漸漸增大OA與OC的夾角，則彈簧秤甲的讀數(shù)大小將，彈簧秤乙的讀數(shù)大小將?！敬鸢浮?1)5.00(2)始終變小先變小后變大(每空2分)【解析】(1)依據(jù)胡克定律可知，F(xiàn)＝kx＝4.00N；依據(jù)彈簧秤的讀數(shù)方法可知乙的讀數(shù)為3.00N；兩彈簧秤夾角為90°，則甲的讀數(shù)為5.00N。若保持OA與OB的夾角不變，漸漸增大OA與OC的夾角，如圖中實線變到虛線，由圖可知彈簧秤甲的讀數(shù)將始終變小，而彈簧秤乙的讀數(shù)將先變小后變大。12．(10分)某同學(xué)利用電壓表和電阻箱測定特別電池的電動勢（E約為9V，r約為50Ω）。已知該電池最大允許電流為150mA，該同學(xué)利用圖示電路試驗，電壓表內(nèi)阻約為2kΩ，R為電阻箱，阻值范圍0～9999Ω，R0是定值電阻，起愛護(hù)電路的作用。(1)定值電阻R0有以下幾種規(guī)格，愛護(hù)電阻應(yīng)選_______。（填入相應(yīng)的字母）A．2ΩB．20ΩC．200ΩD．2000Ω(2)在實物圖中，已正確地連接了部分電路，請完成余下電路的連接。(3)該同學(xué)完成電路的連接后，閉合開關(guān)S，調(diào)整電阻箱的阻值，讀取電壓表的示數(shù)，其中電壓表的某一次偏轉(zhuǎn)如圖所示，其讀數(shù)為________V。(4)變更電阻箱阻值，取得多組數(shù)據(jù)，作出圖示圖線，則電動勢E為________V，內(nèi)阻r為________Ω。（保留兩位有效數(shù)字）【答案】(1)B(2)見解析圖(2)6.5(3)1050(每空2分)【解析】(1)最大電流為150mA，可得最小總電阻約為60Ω，則最小愛護(hù)電阻R0＝Rmin－r＝10Ω，選B。(2)如圖所示。(3)電壓表用的應(yīng)當(dāng)是0～15V量程，按5分度的電表的讀數(shù)規(guī)則讀數(shù)，應(yīng)為6.5V。(4)由得，由圖可知，解得E＝10V；由圖知，解得r＝50Ω。13．(8分)一輛值勤的警車停在路邊，當(dāng)警員發(fā)覺從他旁邊以v＝8m/s的速度勻速行駛的貨車有違章行為時，確定前去追逐。經(jīng)2.5s警車發(fā)動起來，以a＝2m/s2做勻加速運(yùn)動。(1)警車發(fā)動后要多長時間才能追上違章的貨車？(2)在警車追上貨車之前，兩車間的最大距離是多少？【解析】(1)此時警車的位移x1＝eq\f(1,2)at2(1分)貨車的位移x1＝v(t＋2.5)(1分)x1＝x2聯(lián)立解得：t＝10s，t＝－2s(舍去)。(2分)(2)當(dāng)警車的速度與貨車的速度相等時，兩車的距離最大，則警車速度與貨車速度相等時，有：v＝at(1分)解得t＝4s此時貨車的位移x1＝v(t＋2.5)＝52m(1分)警車的位移為x2＝eq\f(1,2)at2＝16m(1分)則兩車間的最大距離Δx＝x1－x2＝36m。(1分)14．(10分)如圖，豎直平面內(nèi)的四分之一圓弧軌道下端與水平桌面相切，小滑塊A和B分別靜止在圓弧軌道的最高點和最低點?，F(xiàn)將A無初速度釋放，A與B碰撞后結(jié)合為一個整體，并沿桌面滑動。已知A的質(zhì)量mA＝1kg，B的質(zhì)量mB＝2kg，圓弧軌道的半徑R＝0.45m，圓弧軌道光滑，A和B整體與桌面之間的動摩擦因數(shù)μ＝0.2，取重力加速度g＝10m/s2。(1)求碰撞前瞬間A的速率v；(2)求碰撞后瞬間A和B整體的速率v′和碰撞過程中A、B系統(tǒng)損失的機(jī)械能E損；(3)A和B整體在桌面上滑動的距離L?！窘馕觥?1)對A，從釋放→碰撞前，由動能定理得：mAgR＝eq\f(1,2)mAv2－0(1分)解得：v＝3m/s。(2分)(2)對A、B組成的系統(tǒng)，在碰撞過程中，由動量守恒得：mAv＋0＝(mA＋mB)v′(1分)解得v′＝1m/s碰撞之前的機(jī)械能E＝eq\f(1,2)mAv2＋0＝4.5J(1分)碰撞之前的機(jī)械能E′＝eq\f(1,2)(mA＋mB)v′2＝1.5J(1分)碰撞過程中損失的機(jī)械能ΔE損＝E－E′＝3J。(1分)(3)A和B整體在桌面上做勻減速直線運(yùn)動，有：μ(mA＋mB)g＝(mA＋mB)a(1分)又0－v′2＝2aL(1分)解得：L＝0.25。(1分)15．(13分)如圖甲所示，兩條足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌豎直放置，導(dǎo)軌間距L＝1m，兩導(dǎo)軌的上端接有電阻，阻值R＝2Ω。虛線OO′下方是垂直于導(dǎo)軌平面對里的勻強(qiáng)磁場，磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度為2T。現(xiàn)將質(zhì)量為m＝0.1kg、電阻不計的金屬桿ab，從OO′上方某處由靜止釋放，金屬桿在下落的過程中與導(dǎo)軌保持良好接觸，且始終保持水平，不計導(dǎo)軌的電阻。已知金屬桿下落0.3m的過程中加速度a與下落距離h的關(guān)系圖象如圖乙所示，取g＝10m/s2。求：(1)金屬桿剛進(jìn)入磁場時速度為多大？下落了0.3m時速度為多大？(2)金屬桿下落0.3m的過程中，在電阻R上產(chǎn)生多少熱量？【解析】(1)剛進(jìn)入磁場時，a0＝10m/s2，方向豎直向上，由牛頓其次定律有：BI0L－mg＝ma0(2分)若進(jìn)入磁場時的速度為v0，有：I0＝，E0＝BLv0(2分)解得：v0＝1m/s(2分)下落0.3m時，通過a－h(huán)圖象知a＝0，表明金屬桿受到的重力與安培力平衡有：mg＝BIL，其中I＝，E＝BLv