安徽省2024年高考物理模擬試卷及答案9

安徽省2024年高考物理模擬試卷及答案閱卷人一、單選題得分1．如圖所示，一束紅光和一束黃光，從O點(diǎn)以相同角度沿PO方向射入橫截面為半圓形的玻璃柱體，其透射光線分別從M、N兩點(diǎn)射出，已知α=45°，β=60°，則下列說法正確的是（）A．ON是紅光，OM是黃光B．玻璃對(duì)OM光束的折射率為6C．沿ON路徑傳播的光穿過玻璃柱體所需時(shí)間較長(zhǎng)D．若將OM光束從N點(diǎn)沿著NO方向射入，可能發(fā)生全反射2．下列有關(guān)近代物理內(nèi)容的描述，其中說法正確的是（）A．結(jié)合能越大的原子核越穩(wěn)定B．90234T?衰變?yōu)?6222Rn，經(jīng)過3次C．入射光的強(qiáng)度越大，從金屬表面逸出的光電子的最大初動(dòng)能越大D．氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，電子的動(dòng)能減小，原子的能量也減小3．準(zhǔn)北市科創(chuàng)中心項(xiàng)目是我市近幾年重點(diǎn)工程項(xiàng)目之一，旨在提升城市綜合服務(wù)功能，增強(qiáng)城市科技創(chuàng)新氛圍。其核心建筑商務(wù)政務(wù)中心已經(jīng)建成，最大高度達(dá)162m，是淮北市第一高樓，成為淮北市的新地標(biāo)。如圖所示，工人師傅正在用一根繩索將自己懸在空中，對(duì)大樓表面玻璃進(jìn)行清潔工作，工人及其裝備總重量為G，且可視為質(zhì)點(diǎn)，懸繩與豎直墻壁的夾角為θ，設(shè)懸繩對(duì)工人的拉力為FT，墻壁對(duì)工人的彈力為FA．墻壁對(duì)工人的彈力大小為Gtanθ C．若緩慢增加懸繩的長(zhǎng)度，F(xiàn)T與FN的合力增大 D．若緩慢增加懸繩的長(zhǎng)度，F(xiàn)T4．如圖所示，同一房間中有a、b、c三根完全相同的玻璃試管，管內(nèi)各用一段相同長(zhǎng)度的水銀柱封閉了相等質(zhì)量的空氣?，F(xiàn)使a管由靜止沿光滑斜面下滑；b管輕放在粗糙斜面上，之后下滑；c管以初速度v沿粗糙斜面上滑過程中，當(dāng)水銀柱與玻璃管位置相對(duì)穩(wěn)定時(shí)，三管內(nèi)的氣柱長(zhǎng)度L1、L2、A．L1>L2>L3 B．5．圖甲一簡(jiǎn)諧橫波在某時(shí)刻的波形圖，圖乙為質(zhì)點(diǎn)P以該時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)的振動(dòng)圖像，則從該時(shí)刻起（）A．經(jīng)過0.2s，波沿xB．經(jīng)過3s，質(zhì)點(diǎn)P的加速度沿y軸正方向且最大C．經(jīng)過5s，質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)速度大于質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)速度D．經(jīng)過6s，質(zhì)點(diǎn)P的加速度大于質(zhì)點(diǎn)Q的加速度6．如圖甲所示，在粗糙絕緣水平面的A、C兩處分別固定兩個(gè)電荷，A、C的位置坐標(biāo)分別為?3L和3L。已知C處電荷的電荷量為Q，圖乙是AC連線之間的電勢(shì)φ與位置坐標(biāo)x的關(guān)系圖像，圖中x=L點(diǎn)為圖線的最低點(diǎn)，x=?2L處的縱坐標(biāo)φ=φ0，x=2L處的縱坐標(biāo)φ=37φ0。若在x=?2L的B點(diǎn)，由靜止釋放一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的質(zhì)量為A．A處電荷帶正電，電荷量為4Q，小物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=B．A處電荷帶負(fù)電，電荷量為2Q，小物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=C．A處電荷帶正電，電荷量為4Q，小物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=D．A處電荷帶負(fù)電，電荷量為2Q，小物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=閱卷人二、多選題得分7．一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷ab、bc、cd、da回到原狀態(tài)，其p?T圖像如圖所示，下列判斷正確的是（）A．氣體在狀態(tài)b的內(nèi)能大于在狀態(tài)c的內(nèi)能B．氣體從b到d的過程中，體積先變大后不變C．氣體從c到d的過程中，吸收的熱量大于內(nèi)能的變化量D．氣體從d到a的過程中氣體對(duì)外界做的功，小于b到c的過程中外界對(duì)氣體做的功8．如圖所示，勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧一端固定在墻上，另一端與置于水平面上的質(zhì)量為m的物體A連接，質(zhì)量為m的物體B緊挨物體A放置，此時(shí)彈簧水平且無形變，用水平力F緩慢推動(dòng)物體B，在彈性限度內(nèi)彈簧長(zhǎng)度被壓縮了x0，此時(shí)物體A、B靜止。撤去FA．物體A做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅為x0 B．物體A向左運(yùn)動(dòng)的最大位移小于C．物體A，B向左運(yùn)動(dòng)位移為x0時(shí)分離 9．2022年11月29日，神舟十五號(hào)飛船在酒泉發(fā)射成功，次日凌晨對(duì)接于空間站組合體的前向?qū)涌?。至此，中國空間站實(shí)現(xiàn)了“三大艙段”+“三艘飛船”的最大構(gòu)型，天和核心艙、問天實(shí)驗(yàn)艙、夢(mèng)天實(shí)驗(yàn)艙、天舟五號(hào)貨運(yùn)飛船、神舟十四號(hào)、神舟十五號(hào)載人飛船同時(shí)在軌。神舟十五號(hào)航天員順利進(jìn)駐中國空間站，與神舟十四號(hào)的三名航天員實(shí)現(xiàn)了首次“太空會(huì)師”。空間站繞地球的運(yùn)動(dòng)可以看作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知空間站離地面高度約為400km，地球半徑約為6400km，下列說法正確的是（）A．神舟十五號(hào)飛船運(yùn)載火箭發(fā)射過程中，航天員處于完全失重狀態(tài)B．由于對(duì)接后空間站的總質(zhì)量增加，會(huì)造成飛船的運(yùn)行周期增大C．空間站運(yùn)行的向心加速度與地球表面重力加速度之比約為16D．考慮稀薄大氣阻力，若空間站沒有進(jìn)行動(dòng)力補(bǔ)充，運(yùn)行速度會(huì)越來越大10．近年來，無線充電技術(shù)得到了廣泛應(yīng)用。圖甲為正在進(jìn)行無線充電的電子產(chǎn)品，圖乙為某種無經(jīng)充電器的簡(jiǎn)化原理圖。由于發(fā)射線圈與接收線圈處于兩個(gè)分離的裝置中，穿過接收線圈的磁通量少于發(fā)射圈的磁通量。已知發(fā)射線圈與接收線圈的匝數(shù)分別為1210匝和55匝，當(dāng)發(fā)射線圈接入220V交流電源時(shí)，接收線圈輸出電壓為9V。忽略其它損耗，下列說法正確的是（）A．發(fā)射線圈與接收線圈的電流之比為1：22B．發(fā)射線圈與接收線圈中交變電流的頻率之比為1：1C．穿過接收線圈的磁通量變化率是穿過發(fā)射線圈的90%D．只要發(fā)射線圈接入電壓為220V，接收線圈輸出電壓均為9V閱卷人三、實(shí)驗(yàn)題得分11．某幼兒園欲建一個(gè)如圖甲所示滑梯，根據(jù)空地大小和安全需要，對(duì)制作滑梯的板材與兒童褲料之間的動(dòng)摩擦因數(shù)有一定要求。某物理興趣小組用如圖乙所示的實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)量板材與兒童褲料間的動(dòng)摩擦因數(shù)。先取一種板材水平固定在桌面上，用兒童褲料包裹的物塊受重物的牽引在板材上由靜止開始運(yùn)動(dòng)，細(xì)繩始終與桌面平行，當(dāng)重物落地后，物塊再運(yùn)動(dòng)一段距離后停在板材上。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶記錄了物塊的運(yùn)動(dòng)情況。（1）選取重物落地后的一段紙帶如圖丙所示，1、2、3、4是選取的4個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)未畫出。圖上注明了對(duì)各計(jì)數(shù)點(diǎn)間的測(cè)量結(jié)果，其中有一個(gè)數(shù)據(jù)在記錄時(shí)有誤，有誤的數(shù)據(jù)是段。（填“x1”“x2”或“已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源的頻率為50Hz。利用紙帶測(cè)得的數(shù)據(jù)可求出該物塊在減速運(yùn)動(dòng)過程中的加速度大小a=m/s2（2）若重力加速度大小取10m/s2，板材與兒童褲料間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=12．隨著居民生活水平的提高，純凈水已經(jīng)進(jìn)入千家萬戶。我市質(zhì)量監(jiān)督部門對(duì)市場(chǎng)上出售的純凈水進(jìn)行了抽測(cè)，結(jié)果發(fā)現(xiàn)了有少樣品的電阻率不合格。某實(shí)驗(yàn)小組通過以下方案測(cè)量純凈水樣品的電阻率。（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)量圓柱形玻璃管的內(nèi)徑d，游標(biāo)卡尺示數(shù)如圖甲，則d=mm；（2）向玻璃管內(nèi)注滿純凈水樣品，用金屬圓片電極密封玻璃管兩端，并用刻度尺測(cè)量水柱長(zhǎng)度L；采用圖乙中電路測(cè)量樣品的電阻。先閉合電鍵S1，將電鍵S2接1，調(diào)節(jié)電阻箱R，使電壓表讀數(shù)盡量接近滿量程，讀出這時(shí)電壓表和電流表的示數(shù)U1、I1；再將電鍵S2接2，讀出這時(shí)電壓表和電流表的示數(shù)U2、I2；則Rx表達(dá)式為（用U1、I1、U2、I2表示）；Rx的測(cè)量值真實(shí)值（選填“小于”、“等于”或“大于”）；純凈水樣品的電阻率的表達(dá)式為：ρ=（用π閱卷人四、解答題得分13．如圖所示的直角坐標(biāo)系中，x<0區(qū)域有沿x軸正向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，x≥0區(qū)域有垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。一個(gè)帶正電的粒子從原點(diǎn)O進(jìn)入磁場(chǎng)，初速度大小為v0，速度方向與y軸正向夾角為θ，粒子第一次在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)離y軸最遠(yuǎn)距離為L(zhǎng)。且?guī)щ娏Ｗ咏?jīng)電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后將再次從O點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，不計(jì)粒子重力，求：（1）粒子的比荷；（2）粒子從O點(diǎn)出發(fā)再次回到O點(diǎn)所用時(shí)間。

14．2022年2月我國成功舉辦了第24屆“冬奧會(huì)”，冬奧會(huì)讓冰雪運(yùn)動(dòng)走向大眾，讓更多人認(rèn)識(shí)冰雪，愛上冰雪，北京冬奧留下的不只是場(chǎng)館設(shè)施等物質(zhì)遺產(chǎn)，還有影響深遠(yuǎn)的文化和精神遺產(chǎn)。如圖甲所示為2022年北京冬奧會(huì)首鋼滑雪大跳臺(tái)，將其簡(jiǎn)化為如圖乙所示模型：AB段和CD段是長(zhǎng)度均為L(zhǎng)=50m的傾斜滑道，傾角均為37°；BC段是半徑R=20m的一段圓弧軌道，圓心角為37°，與AB段平滑連接；DE段為結(jié)束區(qū)。一滑雪愛好者連同裝備總質(zhì)量m=60kg，從A點(diǎn)由靜止出發(fā)沿著滑道AB、BC下滑，從C點(diǎn)水平拋出落到斜面CD上的N點(diǎn)，點(diǎn)N到C的距離d=48m。該愛好者可看作質(zhì)點(diǎn)，將C到N的運(yùn)動(dòng)簡(jiǎn)化為平拋運(yùn)動(dòng)處理。忽略其運(yùn)動(dòng)過程中所受的空氣阻力，sin37°=0.6cos37°=0.8，重力加速度g（1）該人運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)對(duì)滑道的壓力大小；（2）從開始運(yùn)動(dòng)到落至N點(diǎn)的過程中摩擦阻力做的功。15．如圖所示，質(zhì)量m0=10g的子彈以v0=402m/s的速度射入處在木板左端的物塊，并留在物塊里。子彈射入前，物塊與木板一起隨傳送帶以v=2m/s的速度勻速向右運(yùn)動(dòng)，子彈射入物塊后，物塊將在木板上滑行，最終未從木板上滑落。已知物塊的質(zhì)量m=1.99kg，木板的質(zhì)量M=2kg，物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1=0.6，木板與傳送帶間動(dòng)摩擦因數(shù)（1）物塊相對(duì)于木板滑行的時(shí)間；（2）木板與傳送帶間由于摩擦產(chǎn)生的熱量。16．艦載機(jī)電磁彈射是現(xiàn)在航母最先進(jìn)的彈射技術(shù)，我國在這一領(lǐng)域已達(dá)到世界先進(jìn)水平。某同學(xué)自己設(shè)計(jì)了一個(gè)如圖甲所示的電磁彈射系統(tǒng)模型。該彈射系統(tǒng)工作原理如圖乙所示，用于推動(dòng)模型飛機(jī)的動(dòng)子（圖中未畫出）與線圈絕緣并固定，線圈帶動(dòng)動(dòng)子，可以水平導(dǎo)軌上無摩擦滑動(dòng)。線圈位于導(dǎo)軌間的輻向磁場(chǎng)中，其所在處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B。開關(guān)S與1接通，恒流源與線圈連接，動(dòng)子從靜止開始推動(dòng)飛機(jī)加速，飛機(jī)達(dá)到起飛速度時(shí)與動(dòng)子脫離；此時(shí)S擲向2接通定值電阻R0，同時(shí)對(duì)動(dòng)子施加一個(gè)回撤力F，在t3時(shí)刻撤去力F，最終動(dòng)子恰好返回初始位置停下。若動(dòng)子從靜止開始至返回過程的v?t圖像如圖丙所示。已知模型飛機(jī)起飛速度v1=40m/s，t1=1.5s，t2=2.0s，線圈匝數(shù)n=50匝，每匝周長(zhǎng)l=1m，動(dòng)子和線圈的總質(zhì)量（1）動(dòng)子和線圈向前運(yùn)動(dòng)的最大位移；（2）回撤力F與動(dòng)子速度v大小的關(guān)系式；（3）圖丙中v2

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】A．根據(jù)光的折射定律，光在介質(zhì)中的折射率為n=由圖可知，OM、ON兩束光在空氣中的入射角相等，而在介質(zhì)中OM光的折射角大于ON光的折射角，所以O(shè)M光束在介質(zhì)中的折射率小于ON光束在介質(zhì)中的折射率，而紅光的折射率小于黃光的折射率，所以O(shè)M為紅光，ON為黃光，A不符合題意；B．對(duì)OM光束，根據(jù)光的折射定律有nB不符合題意；C．光在介質(zhì)中的傳播速度為n=由于OM光束在介質(zhì)中的折射率小于ON光束在介質(zhì)中的折射率，所以O(shè)M光束在介質(zhì)中的傳播速度大于ON光束在介質(zhì)中的傳播速度，而光穿過玻璃柱體的路程相同，所以沿ON路徑傳播的光穿過玻璃柱體所需時(shí)間較長(zhǎng)，C符合題意；D．OM光線發(fā)生全反射的臨界角為sin則C=45°則若將OM光束從N點(diǎn)沿著NO方向射入，此時(shí)的入射角一定小于臨界角，則一定不會(huì)發(fā)生全反射，D不符合題意。故答案為：C?！痉治觥坷谜凵浣堑拇笮】梢员容^折射率的大小，利用折射率的大小可以判別光的顏色；利用折射定律可以求出折射率的大?。焕谜凵渎实拇笮】梢员容^光傳播的時(shí)間，結(jié)合傳播的路徑可以比較傳播的時(shí)間；利用入射角的大小可以判別是否發(fā)生全反射。2．【答案】B【解析】【解答】A．比結(jié)合能越大，原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定，A不符合題意；B．90234T?衰變?yōu)?6故經(jīng)過3次α衰變，2次β衰變，B符合題意；C．根據(jù)光電效應(yīng)規(guī)律，逸出的光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率有關(guān)，與光強(qiáng)無關(guān)，C不符合題意；D．氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，氫原子吸收光子，原子的總能量增大，D不符合題意；故答案為：B?！痉治觥勘冉Y(jié)合能的大小反映原子核的穩(wěn)定性；利用質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可以判別衰變的次數(shù)；逸出光電子的最大初動(dòng)能與光照強(qiáng)度無關(guān)；當(dāng)電子從軌道半徑小到軌道半徑大躍遷是，氫原子吸收光子，總能量增大。3．【答案】D【解析】【解答】AB．工人受到重力、拉力FT和支持力F根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有F即墻壁對(duì)工人的彈力和懸繩對(duì)工人的拉力的大小分別為GtanCD．若工人緩慢下移，增加懸繩的長(zhǎng)度，則θ減小，即FT和FN都減小，而FT故答案為：D。【分析】利用人的平衡方程可以求出墻壁對(duì)人的彈力及懸繩對(duì)人的拉力的大小，結(jié)合角度的變化可以判別拉力和彈力的大小變化；利用平衡條件可以判別彈力與拉力的合力與重力等大方向，保持不變。4．【答案】D【解析】【解答】設(shè)大氣壓為p0，玻璃試管的橫截面積為S。對(duì)a管：a管由靜止沿光滑斜面下滑，以水銀為研究對(duì)象根據(jù)牛頓第二定律可得對(duì)管子和水銀整體有Mg聯(lián)立可得p對(duì)b管：以水銀為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律得mg對(duì)管子和水銀整體有Mg可得p對(duì)c管：以水銀為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律得mg對(duì)管子和水銀整體，有Mg可解得p所以可得p根據(jù)玻意耳定律pV=C和V=LS得L故答案為：D?！痉治觥坷谜w的牛頓第二定律結(jié)合水銀的牛頓第二定律可以比較壓強(qiáng)的大小，結(jié)合等溫變化的狀態(tài)方程可以比較氣體的長(zhǎng)度。5．【答案】C【解析】【解答】A．由乙圖可知計(jì)時(shí)起點(diǎn)時(shí)P向y軸負(fù)方向振動(dòng)，再由甲圖可知波向x軸負(fù)方向傳播，A不符合題意；B．由乙圖可知，周期T=4則t所以經(jīng)過3s，質(zhì)點(diǎn)P的加速度沿y軸負(fù)方向且最大，B不符合題意；C．由t可知經(jīng)過5s，質(zhì)點(diǎn)Q的位移是正值且向y軸正方向振動(dòng)；質(zhì)點(diǎn)P的位移是負(fù)向最大處，速度為0，故經(jīng)過5s，質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)速度大于質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)速度，C符合題意；D．由t可知可知經(jīng)過6s，質(zhì)點(diǎn)的位移是正值且向y軸負(fù)方向振動(dòng)；質(zhì)點(diǎn)P的位置在平衡位置，加速度為0，故經(jīng)過6s，質(zhì)點(diǎn)P的加速度小于質(zhì)點(diǎn)Q的加速度，D不符合題意。故答案為：C?！痉治觥坷觅|(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向可以判別波的傳播方向；利用振動(dòng)的時(shí)間可以判別質(zhì)點(diǎn)的位置進(jìn)而判別加速度的大小及方向，利用振動(dòng)時(shí)間可以判別質(zhì)點(diǎn)速度的大??；利用質(zhì)點(diǎn)的位移大小可以比較加速度的大小。6．【答案】A【解析】【解答】由乙圖可知，φ?x圖像在x=L處的切線斜率為零，說明x=L處的場(chǎng)強(qiáng)為零，故A、C兩處電荷為同種電荷，由于電勢(shì)大于零，可知A、C兩處電荷均帶正電；設(shè)A處電荷的電荷量為QA，則有解得Q在x=?2L的B點(diǎn)，由靜止釋放一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的質(zhì)量為m，電荷量為q的帶電物塊，物塊隨即向右運(yùn)動(dòng)，小物塊到達(dá)2L處速度恰好為零，根據(jù)動(dòng)能定理可得q(解得μ=故答案為：A。【分析】利用圖像斜率可以判別電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，結(jié)合庫侖定律及電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加可以判別A處電荷的電性及電荷量的大??；利用動(dòng)能定律可以求出物塊與水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)的大小。7．【答案】A,D【解析】【解答】A．理想氣體，忽略分子勢(shì)能，所以理想氣體的內(nèi)能由溫度決定，氣體在狀態(tài)b的溫度大于在狀態(tài)c的溫度，所以在狀態(tài)b的內(nèi)能大于在狀態(tài)的內(nèi)能，A符合題意；B．由氣體理想狀態(tài)方程PV可知，b到c的過程中，P不變，T減小，V減小，從c到d的過程中，V不變，B不符合題意；C．由熱力學(xué)第一定律ΔU=Q+W可知，從c到d的過程中，V不變，W不變，T增大，ΔU增大，Q增大，則氣體吸收的熱量等于內(nèi)能的變化量，C不符合題意；D．從d到a的過程中，氣體做功W由蓋—呂薩克定律可知V聯(lián)立可得W同理可得，從b到c過程W從c到d的過程中，由查理定律可知P聯(lián)立可知WD符合題意。故答案為：AD?！痉治觥坷脷怏w的溫度可以比較氣體內(nèi)能的大??；利用坐標(biāo)點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率大小可以判別體積的大小變化；利用熱力學(xué)第一定律結(jié)合內(nèi)能的變化可以判別氣體吸收熱量的大??；利用氣體體積做功結(jié)合圖像壓強(qiáng)的比較可以比較氣體對(duì)外界做功的大小。8．【答案】B,C【解析】【解答】ABC．撤去F后，物體A、B開始向左運(yùn)動(dòng)做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)彈簧形變量為零時(shí)，速度最大，根據(jù)動(dòng)能定理有1之后A物體做減速運(yùn)動(dòng)，B物體做勻速運(yùn)動(dòng)，所以物體A、B在彈簧形變量為零時(shí)分開，物體A繼續(xù)向左運(yùn)動(dòng)到速度為零時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理有1解得x則物體A向左運(yùn)動(dòng)的最大為x物體A做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅為A=A不符合題意，BC符合題意；D．撤去F后，物體A、B向左運(yùn)動(dòng)過程，只有彈簧彈力做功，則物體A、B和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，物體A、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，D不符合題意。故答案為：BC?！痉治觥坷脛?dòng)能定理可以求出彈力為0時(shí)A和B物體分開運(yùn)動(dòng)的距離，結(jié)合動(dòng)能定理可以求出物體A從速度最大到速度為0時(shí)距離大小，進(jìn)而求出物體A做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅；由于彈簧彈性勢(shì)能變化所以AB組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒。9．【答案】C,D【解析】【解答】A．神舟十五號(hào)飛船運(yùn)載火箭發(fā)射過程中，加速度向上，航天員處于完全超重狀態(tài)，A不符合題意；B．根據(jù)G可得T=可知飛船的運(yùn)行周期不變，B不符合題意；C．根據(jù)GMm(R+?)空間站運(yùn)行的向心加速度與地球表面重力加速度之比約為aC符合題意；D．考慮稀薄大氣阻力，若空間站沒有進(jìn)行動(dòng)力補(bǔ)充，將會(huì)做近心運(yùn)動(dòng)，引力做正功，運(yùn)行速度會(huì)越來越大，D符合題意。故答案為：CD。【分析】利用加速度的方向可以判別超重與失重；利用引力提供向心力可以判別飛船運(yùn)動(dòng)的周期與質(zhì)量無關(guān)；利用引力形成重力及牛頓第二定律可以求出加速度的比值；當(dāng)空間站沒有動(dòng)力補(bǔ)充時(shí)會(huì)做近心運(yùn)動(dòng)，利用引力做功可以判別運(yùn)行速度越來越大。10．【答案】B,C【解析】【解答】AC．發(fā)射線圈與接收線圈的電壓之比等于其匝數(shù)之比，則有U代入數(shù)據(jù)可得U但因?yàn)槁┐?，接收線圈的電壓實(shí)際只達(dá)到了9V，故可知發(fā)射線圈與接收線圈的電流之比為將不再是匝數(shù)的反比，即將不再是1：22，另，因?yàn)槔碚撋辖邮站€圈中的輸出電壓為10V而實(shí)際上只有9V，因此可得穿過接收線圈的磁通量變化率是穿過發(fā)射線圈的90%，A不符合題意，C符合題意；B．發(fā)射線圈與接收線圈中磁通量變化的頻率相同，則可得發(fā)射線圈與接收線圈中交變電流的頻率為1：1，B符合題意；D．無線充電利用的是電磁感應(yīng)，因此必須使用交變電壓，若使用直流電，將不會(huì)產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)，接收線圈中也就不會(huì)有電壓產(chǎn)生，D不符合題意。故答案為：BC?！痉治觥坷迷褦?shù)之比可以求出輸出電壓的理想值，結(jié)合實(shí)際輸出電壓的大小可以判別變阻器存在漏磁，所以電流的比值不等于匝數(shù)的反比；原副線圈的頻率大小相等；利用輸出電壓的大小可以判別磁通量變化率的大?。划?dāng)輸入電壓使用直流電時(shí)接收線圈沒有輸出電壓。11．【答案】（1）x2（2）0.49【解析】【解答】（1）根據(jù)記錄數(shù)據(jù)時(shí)，數(shù)據(jù)的精確度應(yīng)該保持一致，所以有誤的一組數(shù)據(jù)是x2；根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中相同時(shí)間內(nèi)相鄰位移差滿足Δx=aT2其中T=5×解得a=（2）根據(jù)牛頓第二定律可得μmg=ma解得：μ=0.49【分析】（1）利用數(shù)據(jù)的精確度可以判別讀數(shù)出錯(cuò)的一組數(shù)據(jù)；利用鄰差公式可以求出加速度的大?。?/p>

（2）利用牛頓第二定律可以求出動(dòng)摩擦因數(shù)的大小。12．【答案】（1）30.00（2）Rx=【解析】【解答】（1）游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為d=30mm+0×0.05mm=30.00mm（2）當(dāng)電鍵S2接1時(shí)，由歐姆定律有當(dāng)電鍵S2接2時(shí)，由歐姆定律有聯(lián)立兩式解得R由以上分析可知，電流表內(nèi)阻對(duì)未知電阻的計(jì)算結(jié)果沒有影響，所以Rx根據(jù)電阻公式可得R結(jié)合前面式子可得ρ=【分析】（1）利用游標(biāo)卡尺的結(jié)構(gòu)和精度可以讀出對(duì)應(yīng)的讀數(shù)；

（2）利用歐姆定律可以求出待測(cè)電阻的表達(dá)式，由于電表內(nèi)阻對(duì)電阻的測(cè)量值沒有影響，結(jié)合電阻定律可以求出電阻率的表達(dá)式。13．【答案】（1）粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，有Bq根據(jù)幾何知識(shí)，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)離y軸最遠(yuǎn)距離為L(zhǎng)=r+r聯(lián)立解得粒子比荷為q（2）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t2，粒子進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)的速度方向與y軸正向成θ角，則從磁場(chǎng)進(jìn)入電場(chǎng)的位置與O點(diǎn)距離為y=2r粒子進(jìn)入電場(chǎng)后沿y軸正方向做勻速運(yùn)動(dòng)，沿x軸方向先減速后加速，最后到達(dá)O點(diǎn)，則有y=解得t粒子從O點(diǎn)出發(fā)再次回到O點(diǎn)所用時(shí)間為t=聯(lián)立以上相關(guān)式子解得t=【解析】【解答】（1）粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，利用幾何關(guān)系可以求出軌跡半徑的大小，結(jié)合牛頓第二定律可以求出粒子比荷的大小；

（2）粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，利用軌跡所對(duì)圓心角結(jié)合運(yùn)動(dòng)的周期可以求出在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，粒子在電場(chǎng)中，利用y方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)可以求出在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。14．【答案】（1）從C處平拋，豎直方向有d水平方向有d得v在C處，據(jù)牛頓第二定律有F解得滑道對(duì)人的支持力為F據(jù)牛頓第三定律，人運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)對(duì)滑道的壓力與FN大小相等，為（2）從A到C由動(dòng)能定理得mg[L解得W【解析】【解答】（1）人運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)，利用平拋運(yùn)動(dòng)的位移公式可以求出經(jīng)過C點(diǎn)速度的大小，結(jié)合牛頓第二定律可以求出運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)對(duì)軌道壓力的大??；

（2）人從A到C的過程中，利用動(dòng)能定理可以求出阻力做功的大小。15．【答案】（1）子彈穿擊物塊過程中，子彈和物塊組成系統(tǒng)動(dòng)量守恒，則有m解得v此后子彈和物塊一起做勻減速運(yùn)動(dòng)，對(duì)物塊和子彈受力分