湖北剩州市北門中學(xué)2024-2025學(xué)年高二物理下學(xué)期期末考試試題

PAGE8PAGE7湖北省荊州市北門中學(xué)2024-2025學(xué)年高二物理下學(xué)期期末考試試題一、單選題（本大題共6小題，共30.0分）如圖所示，1831年法拉第把兩個(gè)線圈繞在一個(gè)鐵環(huán)上，A線圈與電源、滑動(dòng)變阻器R組成一個(gè)回路，B線圈與開關(guān)S、電流表G組成另一個(gè)回路.通過多次試驗(yàn)，法拉第最終總結(jié)出產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件.關(guān)于該試驗(yàn)下列說法正確的是()A.閉合開關(guān)S的瞬間，電流表G中有a→b的感應(yīng)電流

B.閉合開關(guān)S的瞬間，電流表G中有b→a的感應(yīng)電流

C.閉合開關(guān)S，滑動(dòng)變阻器的滑片向左滑的過程中，電流表G中有a→b的感應(yīng)電流

D.閉合開關(guān)S，滑動(dòng)變阻器的滑片向左滑的過程中，電流表G中有b→a的感應(yīng)電流下列描繪兩種溫度下黑體輻射強(qiáng)度與波長(zhǎng)關(guān)系的圖中，符合黑體輻射試驗(yàn)規(guī)律的是()A. B.

C. D.教學(xué)用發(fā)電機(jī)能夠產(chǎn)生正弦式交變電流。利用該發(fā)電機(jī)(內(nèi)阻可忽視)通過志向變壓器向定值電阻R供電，電路如圖所示，志向溝通電流表A、志向溝通電壓表V的讀數(shù)分別為I、U，R消耗的功率為P.若發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉?lái)的12，則()A.R消耗的功率變?yōu)?2P B.電壓表V的讀數(shù)變?yōu)?2U

C.電流表A的讀數(shù)變?yōu)?I 目前，在居室裝修中常常用到花崗巖、大理石等裝飾材料，這些巖石都不同程度地含有放射性元素，下列有關(guān)放射性學(xué)問的說法中正確的是(

)A.β射線與γ射線一樣是電磁波，但穿透本事遠(yuǎn)比γ射線弱

B.氡的半衰期為3.8天，4個(gè)氡原子核經(jīng)過7.6天后就肯定只剩下1個(gè)氡原子核

C.衰變成要經(jīng)過8次β衰變和8次α衰變

D.放射性元素發(fā)生β衰變時(shí)所釋放的電子是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子時(shí)產(chǎn)生的如圖所示的兩個(gè)有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，方向分別垂直紙面對(duì)里和向外，磁場(chǎng)寬度均為L(zhǎng)，距磁場(chǎng)區(qū)域的左側(cè)L處，有一邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形導(dǎo)體線框，總電阻為R，且線框平面與磁場(chǎng)方向垂直.現(xiàn)用拉力F使線框以速度v勻速穿過磁場(chǎng)區(qū)域.以初始位置為計(jì)時(shí)起點(diǎn).規(guī)定電流沿逆時(shí)針方向時(shí)電動(dòng)勢(shì)E為正，拉力F向右為正.則以下關(guān)于線框中通過的電荷量q、感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E、拉力F和產(chǎn)生的熱量Q隨時(shí)間t變更的圖象正確的是(

)A. B. C. D.如圖所示電路，電阻R?1與電阻R?2串聯(lián)接在交變電源上，且R?1=R?2=10Ω，正弦溝通電的表達(dá)式為u=202sin100πt(V)，R?1A.10W B.15W C.25W D.30W二、多選題（本大題共4小題，共20.0分）在甲、乙兩次不同的光電效應(yīng)試驗(yàn)中，得到如圖所示的相應(yīng)的遏止電壓隨入射光頻率變更圖像(Uc-ν圖象)，已知電子電荷量為e，則下列推斷正確的是(

)

A.甲、乙圖線斜率表示普朗克常數(shù)h

B.甲試驗(yàn)中金屬的逸出功比乙試驗(yàn)中金屬的逸出功大

C.在能發(fā)生光電效應(yīng)的前提下，用頻率相同的光照耀金屬，甲試驗(yàn)中光電子的最大初動(dòng)能比乙試驗(yàn)中光電子的最大初動(dòng)能大

D.在乙試驗(yàn)中用某一頻率的光照耀金屬發(fā)生光電效應(yīng)，用頻率相同的光在甲試驗(yàn)中照耀金屬肯定能發(fā)生光電效應(yīng)如圖所示是氫原子的能級(jí)圖，當(dāng)大量處于量子數(shù)n=4的激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級(jí)躍遷過程中，可能產(chǎn)生幾種不同頻率的光，用這些不同頻率的光照耀逸出功為3.20eV的金屬鈣，下列說法正確的是()

A.能使金屬鈣發(fā)生光電效應(yīng)的有三種頻率的光

B.能使金屬鈣發(fā)生光電效應(yīng)的有四種頻率的光

C.從金屬鈣表面逸出的光電子的最大初動(dòng)能為9.55eV

D.從金屬鈣表面逸出的光電子的最大初動(dòng)能為12.75eV在光滑的水平面上方，有兩個(gè)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，方向相反的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)，如圖所示.PQ為兩個(gè)磁場(chǎng)的邊界，磁場(chǎng)范圍足夠大.一個(gè)邊長(zhǎng)為a、質(zhì)量為m、電阻值為R的正方形金屬線框，以速度v垂直磁場(chǎng)方向從圖(Ⅰ)位置起先向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)線框運(yùn)動(dòng)到分別有一半面積在兩個(gè)磁場(chǎng)中的圖(Ⅱ)位置時(shí)，線框的速度為v2，則下列說法正確的是(

)

A.在圖(Ⅱ)位置時(shí)線框中的電功率為B2a2v2R

B.此過程中回路產(chǎn)生的電能為38mv2

C.一含有志向變壓器的電路如圖所示，L1、L2、L3為“24V2W”的燈泡，為志向溝通電壓表，a、b端接正弦溝通電壓源(輸出電壓的有效值恒定)。當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)，燈泡均正常發(fā)光。下列說法正確的是(

A.變壓器原、副線圈匝數(shù)比為1：2

B.電壓表的示數(shù)為72V

C.變壓器的輸入功率為8W

D.若在副線圈上再并聯(lián)一個(gè)相同的燈泡，燈泡L1三、試驗(yàn)題探究題（本大題共2小題，共16.0分）圖為一簡(jiǎn)潔歐姆表原理示意圖，其中電流表的滿偏電流Ig=300μA，內(nèi)阻Rg=100Ω，可變電阻R的最大阻值為10kΩ，電池的電動(dòng)勢(shì)E=1.5V，內(nèi)阻r=0.5Ω，圖中與接線柱A相連的表筆顏色應(yīng)是________色.按正確運(yùn)用方法測(cè)量電阻Rx的阻值時(shí)，指針指在刻度盤的正中心，則Rx=________kΩ.若該歐姆表運(yùn)用一段時(shí)間后，電池電動(dòng)勢(shì)變小、內(nèi)阻變大，但此表仍能調(diào)零，按正確運(yùn)用方法再測(cè)上述Rx，其測(cè)量結(jié)果與原結(jié)果相比將________(填“變大”、“變小”或“不變”)．

現(xiàn)要求用下列所供應(yīng)的器材測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)E。干電池(電動(dòng)勢(shì)約為1.5V，內(nèi)阻未知)；電流表(量程10mA，內(nèi)阻約30～40Ω)；阻值為100Ω和150Ω的定值電阻各一個(gè)；開關(guān)S1(1)依據(jù)所給器材，下面所給的兩個(gè)電路原理圖中，應(yīng)選擇圖________合理。

(2)在所選擇的電路原理圖中，R1應(yīng)選擇阻值為_________Ω(3)若在用所選擇的電路原理圖測(cè)量中，閉合開關(guān)S1,S2時(shí)電流表的示數(shù)為I1，閉合開關(guān)S1，斷開S2電流表的示數(shù)為四、計(jì)算題（本大題共4小題，共44.0分）如圖(甲)為小型旋轉(zhuǎn)電樞式溝通發(fā)電機(jī)的原理圖，其矩形線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)方向的固定軸按如圖所示方向勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線圈的匝數(shù)n=100、電阻r=10Ω，線圈的兩端經(jīng)集流環(huán)與電阻R連接，電阻R=90Ω，與R并聯(lián)的溝通電壓表為志向電表。在t=0時(shí)刻，線圈平面與磁場(chǎng)方向平行，穿過每匝線圈的磁通量Φ隨時(shí)間t按圖(乙)所示正弦規(guī)律變更。(取π=3.14)求：

(1)溝通發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)的最大值；

(2)從t=0時(shí)刻起先計(jì)時(shí)，線圈轉(zhuǎn)過60°時(shí)線圈中感應(yīng)電流瞬時(shí)值及回路中的電流方向；

(3)電路中溝通電壓表的示數(shù)；

(4)從圖示位置轉(zhuǎn)過90°，整個(gè)回路的焦耳熱？

如圖所示，一個(gè)U形金屬框架M'MNN'.框架質(zhì)量m2=0.2kg，放在絕緣水平面上，與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2.相距d=0.4m的MM'、NN'相互平行，電阻不計(jì)且足夠長(zhǎng).其中MN邊的電阻R2=0.1Ω且垂直于MM'?，F(xiàn)有一個(gè)質(zhì)量m1=0.1kg，電阻R1=0.3Ω的導(dǎo)體棒ab，平行于MN的方向橫放該框架上，整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T.垂直于ab施加F=2N的水平恒力，ab從靜止起先無(wú)摩擦地運(yùn)動(dòng)，始終與MM'、NN'保持良好接觸.當(dāng)ab運(yùn)動(dòng)到某處時(shí)，框架起先運(yùn)動(dòng).設(shè)框架與水平面間最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，g取10m/s(2)從ab起先運(yùn)動(dòng)到框架起先運(yùn)動(dòng)的過程中，MN上產(chǎn)生的熱量Q=0.1J，求該過程ab位移x的大小．

釷核90230Th發(fā)生衰變生成鐳核88226Ra并放出一個(gè)粒子，設(shè)該粒子的質(zhì)量為m電荷量為q，它進(jìn)入電勢(shì)差為U的帶窄縫的平行平板電極S1和S2間電場(chǎng)時(shí)，其速度為v，經(jīng)電場(chǎng)加速后，沿ox方向進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直紙面對(duì)外的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，ox垂直平板電極S2(1)寫出釷核衰變方程；(2)求粒子在磁場(chǎng)中沿圓弧運(yùn)動(dòng)的軌道半徑R；(3)求粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)所用時(shí)間。

如圖所示，一面積為S的單匝圓形金屬線圈與阻值為R的電阻連接成閉合電路，不計(jì)圓形金屬線圈及導(dǎo)線的電阻.線圈內(nèi)存在一個(gè)方向垂直紙面對(duì)里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小勻稱增加且變更率為k的磁場(chǎng)Bt.電阻R兩端并聯(lián)一對(duì)平行金屬板M、N，兩板間距為d，N板右側(cè)xOy坐標(biāo)系(坐標(biāo)原點(diǎn)O在N板的下端)的第一象限內(nèi)，有垂直紙面對(duì)外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)邊界OA和y軸的夾角∠AOy=45°，AOx區(qū)域?yàn)闊o(wú)場(chǎng)區(qū).在靠近M板處的P點(diǎn)由靜止釋放一質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的粒子(不計(jì)重力)，經(jīng)過N板的小孔，從點(diǎn)Q(0,L)垂直y軸進(jìn)入第一象限，經(jīng)OA上某點(diǎn)離開磁場(chǎng)，最終垂直x軸離開第一象限.求：

(1)平行金屬板M、N獲得的電壓U；

(2)粒子到達(dá)Q點(diǎn)時(shí)的速度大小

(3)yOA區(qū)域內(nèi)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B；

(4)粒子從P點(diǎn)射出到到達(dá)x軸的時(shí)間．答案和解析【答案】1.D 2.A 3.B 4.D 5.B 6.C 7.CD

8.AC 9.AB 10.BD 11.紅；5；變大

12.甲

150

13.解：（1）由φ-t圖線可知：φm=2.0×10-2Wb，T=6.28×10-2s

角速度為

所以，

（2）產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)表達(dá)式為e=200cos100t

感應(yīng)電流的瞬時(shí)表達(dá)式為

i=2cos60°=1A

電流方向abcda

（3）電動(dòng)勢(shì)的有效值

由閉合電路的歐姆定律，電路中電流的有效值為

溝通電壓表的示數(shù)為

（4）

整個(gè)回路中產(chǎn)生的焦耳熱為Q=I2（R+r）t=3.14J

14.解：（1）ab對(duì)框架的壓力F1=m1g

框架受水平面的支持力FN=m2g+F1

依題意，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，則框架受到的最大靜摩擦力F2=μFN

ab中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=Blv

MN中電流I=

MN受到的安培力F安=

?框架起先運(yùn)動(dòng)時(shí)F安=F2

由上述各式代入數(shù)據(jù)解得v=6m/s

?（2）閉合回路中產(chǎn)生的總熱量Q總=Q=×0.1J=0.4J

由能量守恒定律，得Fx=m1v2+Q總

代入數(shù)據(jù)解得x=1.1m

答（1）框架起先運(yùn)動(dòng)時(shí)ab速度的大小v=6m/s；（2）該過程ab位移的大小x=1.1m。

15.解：（1）粒子的質(zhì)量數(shù)：m=230-226=4，電荷數(shù)：z=90-88=2，所以放出的兩種是氦核．

釷核衰變方程：90230Th→24He+88226Ra

①．

（2）設(shè)粒子離開電場(chǎng)時(shí)速度為移v，對(duì)加速過程有②

粒子在磁場(chǎng)中有③

由②、③得④

（3）粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的回旋周期⑤

粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間⑥

由⑤、⑥得⑦

答：（1）寫出釷核衰變方程90230Th→24He+88226Ra；

（2）粒子在磁場(chǎng)中沿圓弧運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為；

（3）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)所用時(shí)間為

16.解：依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，閉合線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：

E===kS

①

因平行金屬板M、N與電阻并聯(lián)，故M、N兩板間的電壓為：

U=UR=E=kS

②

（2）帶電粒子在M、N間做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有

qU=mv2③

所以：v=

（3）帶電粒子進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，有

qvB=m

④

由幾何關(guān)系可得：

r+rcot45°=l

⑤

聯(lián)立②③④⑤得：B=；

（4）粒子在電場(chǎng)中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則有

d=at12

依據(jù)牛頓其次定律得：q=ma

粒子在磁場(chǎng)中，有：

T=

t2=T

粒子在第一象限的無(wú)場(chǎng)區(qū)中，有

s=vt3

由幾何關(guān)系得：s=r

粒子從P點(diǎn)射出到到達(dá)x軸的時(shí)間為：

t=t1+t2+t3

聯(lián)立以上各式可得：

t=（2d+）；

答：（1）平行金屬板M、N獲得的電壓U為kS；

（2）粒子到達(dá)Q點(diǎn)時(shí)的速度大小是；

（3）yOA區(qū)域內(nèi)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=；

（4）粒子從P點(diǎn)射出到到達(dá)x軸的時(shí)間為（2d+）

【解析】1.解：A、B、閉合與斷開開關(guān)S的瞬間，穿過線圈B的磁通量都不發(fā)生變更，電流表G中均無(wú)感應(yīng)電流。故AB錯(cuò)誤；

C、D、閉合開關(guān)S后，在增大電阻R的過程中，電流減小，則通過線圈B的磁通量減小了，依據(jù)右手螺旋定則可確定穿過線圈B的磁場(chǎng)方向，再依據(jù)楞次定律可得：電流表G中有b→a的感應(yīng)電流。故D正確，C錯(cuò)誤；

故選：D。

電流表與線圈B構(gòu)成閉合電路，當(dāng)線圈中磁通量發(fā)生變更時(shí)，出導(dǎo)致線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，從而可出現(xiàn)感應(yīng)電流．依據(jù)右手螺旋定則可確定線圈B的磁場(chǎng)方向，再依據(jù)楞次定律可判定感應(yīng)電流方向．

考查右手螺旋定則、楞次定律，知道右手大拇指向?yàn)榫€圈內(nèi)部的磁場(chǎng)方向，并還理解“增反減同”的含義．同時(shí)留意開關(guān)的閉合不會(huì)變更穿過線圈的磁通量．2.解：黑體輻射以電磁輻射的形式向外輻射能量，溫度越高，輻射越強(qiáng)越大，故B、D錯(cuò)誤。

黑體輻射的波長(zhǎng)分布狀況也隨溫度而變，如溫度較低時(shí)，主要以不行見的紅外光進(jìn)行輻射，在500℃以至更高的溫度時(shí)，則順次放射可見光以至紫外輻射。即溫度越高，輻射的電磁波的波長(zhǎng)越短，故C錯(cuò)誤A正確。

故選：A。

要理解黑體輻射的規(guī)律：溫度越高，輻射越強(qiáng)越大，溫度越高，輻射的電磁波的波長(zhǎng)越短。

順當(dāng)解決本題，肯定要嫻熟記憶本深刻理解教材的基本的內(nèi)容，這是我們學(xué)好物理的捷徑。3.解：A、B、線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，設(shè)線圈的最大橫截面積為S，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為ω，則產(chǎn)生的最大電動(dòng)勢(shì)為：

Em=nBSω

原線圈兩端的電壓等于電動(dòng)勢(shì)的有效值，為：

設(shè)原副線圈的匝數(shù)比為k，則副線圈兩端的電壓為：…①

當(dāng)發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉?lái)的時(shí)，有：…②

副線圈兩端的電壓為：…③

聯(lián)立①③可知，，即電壓表的讀數(shù)變?yōu)閁；

由：P=

R消耗的電功率：，即R消耗的功率變?yōu)椋还蔄錯(cuò)誤，B正確；

C、由變壓器的特點(diǎn)可知，副線圈消耗的功率為原來(lái)的，則發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的電功率變成原來(lái)的；由②可知，線圈產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)是原來(lái)的，由P=UI可知，電流表的讀數(shù)變成原來(lái)的．故C錯(cuò)誤；

D、發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉?lái)的，則原線圈中電流的頻率變成原來(lái)的，所以副線圈中，通過R的頻率變成原來(lái)的．故D錯(cuò)誤。

故選：B。

依據(jù)溝通電的產(chǎn)生以及最大值的表達(dá)式，分析溝通電的最大值的變更，結(jié)合

當(dāng)結(jié)合有效值與最大值之間的關(guān)系分析有效值的變更；結(jié)合變壓器的特點(diǎn)分析副線圈上的電壓的變更、功率的變更以及頻率的變更。

本題考查了溝通電的產(chǎn)生以及變壓器的構(gòu)造和原理，對(duì)溝通電來(lái)說，當(dāng)線圈的角速度減小時(shí)，不僅僅溝通電的頻率發(fā)生變更，溝通電的最大值、有效值都會(huì)產(chǎn)生變更。4.解：A、β射線的實(shí)質(zhì)是電子流，γ射線的實(shí)質(zhì)是電磁波，γ射線的穿透本事比較強(qiáng)．故A錯(cuò)誤．

B、半衰期對(duì)大量的原子核適用，對(duì)少量的原子核不適用．故B錯(cuò)誤．

C、因?yàn)棣滤プ兊馁|(zhì)量數(shù)不變，所以α衰變的次數(shù)n=，在α衰變的過程中電荷數(shù)總共少16，則β衰變的次數(shù)．故C錯(cuò)誤．

D、β衰變時(shí)，原子核中的一個(gè)中子，轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子，電子釋放出來(lái)，不是來(lái)自核外電子．故D正確．

故選D．

β射線的實(shí)質(zhì)是電子流，γ射線的實(shí)質(zhì)是電磁波；半衰期具有統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)大量的原子核適用；依據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒確定α衰變和β衰變的次數(shù)；β衰變的電子來(lái)自原子核中的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子時(shí)產(chǎn)生的．

解決本題的關(guān)鍵知道衰變的實(shí)質(zhì)，知道在衰變的過程中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒．5.【分析】線框以速度v勻速穿過磁場(chǎng)區(qū)域，穿過線框的磁通量由磁場(chǎng)與面積確定，而面積卻由線框?qū)挾扰c位移確定，但位移是由速度與時(shí)間確定，所以磁通量是磁場(chǎng)、線框?qū)挾?、速度剛好間共同確定。

由于線框勻速穿過方向不同的磁場(chǎng)，因此當(dāng)在剛進(jìn)入或剛出磁場(chǎng)時(shí)，線框的感應(yīng)電流大小相等，方向相同．當(dāng)線框從一種磁場(chǎng)進(jìn)入另一種磁場(chǎng)時(shí)，此時(shí)有兩邊分別切割磁感線，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)正好是兩者之和，所以電流是兩者之和，且方向相反。線框中有感應(yīng)電流，則由左手定則可確定安培力的方向，通過安培力公式可得出力的大小。由焦耳定律分析熱量Q與t的關(guān)系，即可選擇圖象。電磁感應(yīng)與圖象的結(jié)合問題，近幾年高考中出現(xiàn)的較為頻繁，在解題時(shí)涉及的內(nèi)容較多，同時(shí)過程也較為困難；故在解題時(shí)要敏捷，可以選擇合適的解法，如解除法等進(jìn)行解答?！窘獯稹緿.在時(shí)間內(nèi)：磁通量感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv，保持不變，方向沿順時(shí)針方向，為負(fù)值。拉力大小等于安培力大小，，保持不變，方向向右，為正值；產(chǎn)生的熱量，Q與t成正比；故D錯(cuò)誤。A.在時(shí)間內(nèi)：線框從第一個(gè)磁場(chǎng)起先進(jìn)入其次磁場(chǎng)，磁通量存在抵消，磁通量勻稱減小，在時(shí)刻，當(dāng)線框從一種磁場(chǎng)進(jìn)入另一種磁場(chǎng)正好處于一半時(shí)，磁通量為零，故A錯(cuò)誤;C.感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=2BLv，保持不變，方向沿逆時(shí)針方向，為正值;，拉力大小等于安培力大小，，保持不變，方向向右，為正值；故C錯(cuò)誤;

B.在時(shí)間內(nèi)：感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv，保持不變，方向沿逆時(shí)針方向，為正值，故B正確。

故選B。6.【分析】二極管具有單向?qū)蛐裕沟冒雮€(gè)周期內(nèi)R1被短路，另半個(gè)周期內(nèi)R1和R2串聯(lián)，從而即可求解R2上的電功率。本題考查了交變電流有效值的求解，以及電功率的求解，依據(jù)熱效應(yīng)求解有效值，依據(jù)電功率公式求解R2上的功率?！窘獯稹侩妷褐等≌禃r(shí)，即在前半個(gè)周期內(nèi)，二極管電阻為零，R2上的電壓等于輸入電壓值，電壓值取負(fù)值時(shí)，即在后半周期內(nèi)，二極管電阻無(wú)窮大可看做斷路，R1和R2串聯(lián)在電路上，R2上的電壓等于輸入電壓值的一半，據(jù)此可設(shè)加在R2的電壓有效值為U，依據(jù)電流的熱效應(yīng)，在一個(gè)周期內(nèi)滿意：，解得：，則電阻R2上的電功率為：，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。7.【分析】依據(jù)光電效方程，Ekm=eUc，再依據(jù)圖象的縱截距和斜率的含義，即可求解。

考查光電效應(yīng)方程的應(yīng)用，駕馭圖象的截距與斜率的含義，理解光電效應(yīng)條件，留意圖線斜率并表示普朗克常數(shù)h?！窘獯稹緼.依據(jù)光電效應(yīng)方程結(jié)合Ekm=eUc，則有：，結(jié)合圖象可知，甲、乙圖線率表示普朗克常數(shù)h與電子電量e的比值，故A錯(cuò)誤；

C.在能發(fā)生電效的前提下，用頻率相同的光照耀金屬，依據(jù)光電效應(yīng)方程，甲金屬的逸出功較小，甲試驗(yàn)中光電子的最大初動(dòng)能比乙試驗(yàn)中光電子的最大初動(dòng)能大，故C正確；

B.由上可知圖象的縱截距為，因此甲試驗(yàn)中金屬的逸出功比乙試驗(yàn)金屬的逸出功小，故B錯(cuò)誤；D.依據(jù)知，甲金屬的極限頻率小于乙金屬的極限頻率，乙試驗(yàn)中用某一頻率的光照耀金屬發(fā)生光電效應(yīng)，用頻率相同的光在甲試驗(yàn)中照耀金屬肯定能發(fā)生光電效應(yīng)，故D正確。

故選CD。8.解：A、大量處于量子數(shù)n=4的激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級(jí)躍遷過程中，只有從n=4躍遷到n=1，從n=3躍遷到n=1，從n=2躍遷到n=1輻射的光子能量大于逸出功，可知能使金屬鈣發(fā)生光電效應(yīng)的光只有三種，故A正確，B錯(cuò)誤．

C、從n=4躍遷到n=1輻射的光子能量最大，有：hv=-0.85+13.6eV=12.75eV，依據(jù)光電效應(yīng)方程知，光電子的最大初動(dòng)能為：Ekm=hv-W0=12.75-3.20eV=9.55eV，故C正確，D錯(cuò)誤．

故選：AC．

當(dāng)光子能量大于金屬的逸出功時(shí)，會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)，能級(jí)間躍遷輻射的光子能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，結(jié)合光電效應(yīng)方程求出光電子的最大初動(dòng)能．

本題考查了光電效應(yīng)方程、能級(jí)躍遷的綜合運(yùn)用，知道能級(jí)差越大，輻射的光子能量越大．以及駕馭光電效應(yīng)方程，并能敏捷運(yùn)用．9.【分析】線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為，由求出電功率。線框的動(dòng)能轉(zhuǎn)化為電能，依據(jù)能量守恒定律求解電能。

安培力F=BIa、，線框所受的合外力為2F，依據(jù)牛頓其次定律求解加速度。依據(jù)，求解電量。

本題中線框左右兩邊都切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，總電動(dòng)勢(shì)為，不等于。依據(jù)能量守恒和牛頓運(yùn)動(dòng)定律探討電磁感應(yīng)中力學(xué)問題，是常用的基本規(guī)律?！窘獯稹緼.線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為，線框中的電功率為，故A正確；

B.依據(jù)能量守恒定律得：線框中產(chǎn)生的電能為，故B正確；

C.線框所受的安培力的合力為，由牛頓其次定律得：，故C錯(cuò)誤；

D.在位置Ⅱ時(shí)，線框的磁通量為零，線框磁通量的變更量，此過程中通過線框截面的電量為，故D錯(cuò)誤。

故選AB。

10.【分析】由于燈泡正常發(fā)光，故原副線圈的電流由燈泡的額定值解得，由于志向變壓器原副線圈電流與匝數(shù)成反比，從而解得原副線圈匝數(shù)比；由于副線圈端電壓為燈泡的額定電壓，由原副線圈端電壓與匝數(shù)成正比解得原線圈端電壓，從而解得電壓表示數(shù)；由原線圈電流與原線圈端電壓的乘積解得變壓器的輸入功率；若在副線圈上再并聯(lián)一個(gè)相同的燈泡，當(dāng)三燈泡正常發(fā)光時(shí)，由燈泡額定電流解得流過原線圈的電流，由原副線圈電流與匝數(shù)成反比，解得燈泡1中的電流，通過該電流與其額定電流的大小，推斷燈泡L1是否可能會(huì)燒毀。本題主要考查志向變壓器的功率關(guān)系、及相應(yīng)的動(dòng)態(tài)分析，難度一般。【解答】A.由于三燈泡正常發(fā)光，故原線圈電流為：，副線圈電流為：；由于志向變壓器原副線圈電流與匝數(shù)成反比，故變壓器原、副線圈匝數(shù)比為：，故A錯(cuò)誤；B.由題意可知，副線圈端電壓為24V，由于志向變壓器電壓與匝數(shù)成正比，由解得原線圈端電壓為，故電壓表的示數(shù)為：，故B正確；C.由解得變壓器的輸入功率為，故C錯(cuò)誤；D.若在副線圈上再并聯(lián)一個(gè)相同的燈泡，則副線圈電流增大，原線圈中電流也增大，超過燈泡L1的額定電流，可能會(huì)燒毀；故D正確。?故選BD。11.【分析】

本小題了考查歐姆表的結(jié)構(gòu)、測(cè)量原理，同時(shí)還要留意測(cè)量誤差應(yīng)如何來(lái)分析。

依據(jù)歐姆表的結(jié)構(gòu)，由閉合電路歐姆定律可以推斷讀數(shù)，以及電池電動(dòng)勢(shì)變小，內(nèi)阻變大時(shí)測(cè)量結(jié)果的變更。

【解答】

（1）歐姆表是電流表改裝的，必需滿意電流的方向“+”進(jìn)“-”出，即回路中電流從標(biāo)有“+”標(biāo)記的紅表筆進(jìn)去，所以與A相連的表筆顏色是紅色；當(dāng)兩表筆短接（即Rx=0）時(shí)，電流表應(yīng)調(diào)至滿偏電流Ig，設(shè)此時(shí)歐姆表的內(nèi)阻為R內(nèi)此時(shí)有關(guān)系得；當(dāng)指針指在刻度盤的正中心時(shí)，有，代入數(shù)據(jù)可得RX=R內(nèi)=5kΩ；

當(dāng)電池電動(dòng)勢(shì)變小、內(nèi)阻變大時(shí)，歐姆得重新調(diào)零，由于滿偏電流Ig不變，由公式，歐姆表內(nèi)阻R內(nèi)得調(diào)小，待測(cè)電阻的測(cè)量值是通過電流表的示數(shù)體現(xiàn)出來(lái)的，由，可知當(dāng)R內(nèi)變小時(shí)，I變小，指針跟原來(lái)的位置相比偏左了，歐姆表的示數(shù)變大了。

故答案為：紅；5；變大。12.【分析】依據(jù)試驗(yàn)原理與試驗(yàn)器材選擇試驗(yàn)電路、選擇試驗(yàn)器材、應(yīng)用閉合電路的歐姆定律求出電源電動(dòng)勢(shì)。

本題考查了試驗(yàn)電路的選擇、試驗(yàn)器材選擇、求