浙江省2024年高考物理模擬試卷及答案23

浙江省2024年高考物理模擬試卷及答案閱卷人一、單選題得分1．下列物理量是矢量且單位正確的是（）A．電流A B．磁通量T·m2C．電場強(qiáng)度V/m D．磁感應(yīng)強(qiáng)度Wb2．梅西在2022年卡塔爾世界杯決賽中梅開二度，帶領(lǐng)阿根廷奪冠。如圖所示為梅西在某場比賽第51分鐘時(shí)主罰任意球后，足球運(yùn)動(dòng)軌跡的示意圖，下列說法中正確的是（）A．第51分鐘指的是時(shí)間間隔B．足球在飛行過程中可視為質(zhì)點(diǎn)C．足球飛出后受到梅西對(duì)它施加的作用力D．守門員起跳撲救瞬間，地面對(duì)他的作用力等于他對(duì)地面的作用力3．在物理學(xué)的發(fā)展過程中，物理學(xué)家們做出了巨大的貢獻(xiàn)，下列關(guān)于物理學(xué)家貢獻(xiàn)的說法正確的是（）A．赫茲首先提出了電磁場理論 B．伽利略首先發(fā)現(xiàn)了自由落體的規(guī)律C．普朗克第一次將量子觀念引入原子領(lǐng)域 D．庫侖首先提出電荷周圍存在電場的概念4．如圖所示，將一個(gè)質(zhì)量為m的鉛球放在傾角為45°的斜面上，并用豎直擋板擋住，鉛球處于靜止?fàn)顟B(tài)。鉛球?qū)醢宓膲毫镕1，鉛球?qū)π泵娴膲毫镕2，不考慮鉛球受到的摩擦力，重力加速度取g，則（）A．F1=mg B．F1<mg C．F2=mg D．F2<mg5．9月10日，由航空工業(yè)自主研制的第二架大型滅火水上救援水陸兩棲飛機(jī)AG600M“鯤龍”在廣東珠海金灣機(jī)場完成了首次飛行試驗(yàn)，某次在平直跑道上滑行時(shí)，飛機(jī)的速度—時(shí)間圖像如圖所示，若減速過程的加速度大小為5m/s2，則（）A．“鯤龍”勻速滑行的位移為1120米B．由題目所給的條件無法算出t3的數(shù)值C．“鯤龍”在整個(gè)滑行過程中的平均速度大小為70m/sD．“鯤龍”勻加速滑行時(shí)和勻減速滑行的加速度大小相等6．如圖所示是從高空拍攝的一張地形照片，河水沿著彎彎曲曲的河床做曲線運(yùn)動(dòng)。若在標(biāo)注位置處的河水速度近似相等，則河床受力最大的是（）A．A點(diǎn) B．B點(diǎn) C．C點(diǎn) D．D點(diǎn)7．北京時(shí)間2022年11月12日10時(shí)03分，搭載天舟五號(hào)貨運(yùn)飛船的長征七號(hào)遙六運(yùn)載火箭，在我國海南文昌航天發(fā)射場點(diǎn)火發(fā)射；12時(shí)10分，天舟五號(hào)貨運(yùn)飛船僅用2小時(shí)便順利實(shí)現(xiàn)了與中國空間站天和核心艙的快速交會(huì)對(duì)接，如圖所示，創(chuàng)造了世界紀(jì)錄。下列說法中正確的是（）A．天舟五號(hào)貨運(yùn)飛船的發(fā)射速度大于11B．天和核心艙的速度大于7C．在文昌航天發(fā)射場點(diǎn)火發(fā)射，是為了更好地利用地球的自轉(zhuǎn)速度D．要實(shí)現(xiàn)對(duì)接，天舟五號(hào)貨運(yùn)飛船應(yīng)在天和核心艙相同軌道處加速8．下列關(guān)于教科書上的四副插圖，說法正確的是（）A．圖甲為靜電除塵裝置的示意圖，帶負(fù)電的塵埃被收集在線狀電離器B上B．圖乙為給汽車加油前要觸摸一下的靜電釋放器，其目的是導(dǎo)走加油槍上的靜電C．圖丙中搖動(dòng)起電機(jī)，煙霧繚繞的塑料瓶頓時(shí)清澈透明，其工作原理為靜電吸附D．圖丁的燃?xì)庠钪邪惭b了電子點(diǎn)火器，點(diǎn)火應(yīng)用了電磁感應(yīng)原理9．下列關(guān)于固體、液體、氣體的說法中正確的是（）A．夏季天旱時(shí)，給莊稼松土是為了破壞土壤中的毛細(xì)管，防止水分蒸發(fā)B．晶體沿不同方向的導(dǎo)熱或?qū)щ娦阅懿煌夭煌较虻墓鈱W(xué)性質(zhì)一定相同C．由于液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，所以存在浸潤現(xiàn)象D．炒菜時(shí)我們看到的煙氣，是因?yàn)橛蜔燁w粒的熱運(yùn)動(dòng)10．下列說法不正確的是（）A．甲圖是“核反應(yīng)堆”示意圖，它是通過可控的鏈?zhǔn)椒磻?yīng)實(shí)現(xiàn)核能的釋放，鏈?zhǔn)椒磻?yīng)是指由裂變產(chǎn)生的中子使裂變反應(yīng)一代接一代繼續(xù)下去的過程B．乙圖是光電流與電壓的關(guān)系圖，由圖可知a、c兩束光的頻率相等且小于b光的頻率C．丙圖是原子核的比結(jié)合能圖，由圖可知不同原子核的比結(jié)合能是不一樣的，中等大小的核比結(jié)合能最大，這些核最穩(wěn)定D．丁圖是中子的轉(zhuǎn)化示意圖，強(qiáng)相互作用是引起中子—質(zhì)子轉(zhuǎn)變的原因11．好多同學(xué)在寢室熄燈后使用臺(tái)燈繼續(xù)學(xué)習(xí)至深夜，某同學(xué)使用如圖所示的一款充電寶和一款臺(tái)燈來照明，部分參數(shù)如下表所示，已知深夜學(xué)習(xí)需要6W以上的照明功率，則以下說法不正確的是（）充電寶部分參數(shù)如下：產(chǎn)品名稱PD快充移動(dòng)電源聚合物電池容量10000mA??品牌HUAWEI輸出5V?4輸入DC5V?3A產(chǎn)品顏色黑色/白色產(chǎn)品重量若干克產(chǎn)品尺寸146?68?17mm臺(tái)燈部分參數(shù)如下：產(chǎn)品名稱米格臺(tái)燈燈珠144顆額定電壓5V最大電流1內(nèi)置電池容量1800mA??其他功能亮度從0開始連續(xù)調(diào)節(jié)A．充電寶輸出功率可達(dá)27WB．臺(tái)燈的最大功率為7C．打開臺(tái)燈后每顆燈珠的功率都為0D．僅用這款臺(tái)燈和這款充電寶充滿一次電的情況下使用，不能保證周日至周五每晚2小時(shí)的學(xué)習(xí)時(shí)間12．如圖所示，某斜面的頂端到正下方水平面O點(diǎn)的高度為h，斜面與水平面平滑連接，斜面傾角為θ，小木塊與斜面、水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ，一小木塊從斜面的頂端由靜止開始滑下，滑到水平面上距離O點(diǎn)為x的A點(diǎn)停下。以O(shè)點(diǎn)為原點(diǎn)建立xOy坐標(biāo)系，改變斜面傾角和斜面長度，小木塊仍在A點(diǎn)停下，則小木塊靜止釋放點(diǎn)的坐標(biāo)可能是（）A．（16x，23?） B．（C．（13x，13?） D．（13．如圖1所示，O點(diǎn)是一半徑為R的勻質(zhì)玻璃半球體的球心，平面水平放置，有一束光線從距離O點(diǎn)為r=33A．玻璃的折射率為3B．若要使光線從球形表面出射后恰好與入射光平行，則θ=30°C．改變夾角θ，光線在半球中傳播的最長時(shí)間為（3+D．如圖2所示，若半球球面區(qū)域均有光線豎直向下入射，則平面有光出射的面積為（2+閱卷人二、多選題得分14．杭麗鐵路被列入浙江省重大建設(shè)項(xiàng)目“十四五”規(guī)劃，杭麗高鐵建成后，麗水前往杭州的時(shí)間將縮短至1小時(shí)內(nèi)。新建成的高鐵將應(yīng)用許多新技術(shù)，圖示為高鐵的牽引供電流程圖，利用可視為理想變壓器（原、副線圈匝數(shù)比為n1：n2）的牽引變電所，將高壓220kV或110kV降至27.5kV，再通過接觸網(wǎng)上的電線與車頂上的受電弓使機(jī)車獲得25kV工作電壓，則下列說法正確的是（）A．若電網(wǎng)的電壓為110kV，則n1：n2=4：1B．若高鐵機(jī)車運(yùn)行功率增大，機(jī)車工作電壓將會(huì)高于25kVC．高鐵機(jī)車運(yùn)行功率增大，牽引變電所至機(jī)車間的熱損耗功率也會(huì)隨之增大D．如果高鐵機(jī)車的電動(dòng)機(jī)輸出機(jī)械功率為9000kW，電機(jī)效率為90%，則牽引變電所到機(jī)車間的等效電阻為62.5Ω15．如圖所示，有兩列頻率相同、振動(dòng)方向相同、振幅均為A、傳播方向互成60°的平面波相遇發(fā)生干涉，兩列波的傳播方向如圖中箭頭所示。圖中實(shí)線表示波峰，虛線表示波谷，a為波谷與波谷相遇點(diǎn)，b、c為波峰與波谷相遇點(diǎn)，d為波峰與波峰相遇點(diǎn)，e、g是b、c連線上的兩點(diǎn)，其中e為b、c的中點(diǎn)，g為b、e的中點(diǎn)，下列描述正確的是（）A．a(chǎn)、d處的質(zhì)點(diǎn)位移始終為2A B．g處的質(zhì)點(diǎn)的振幅為2AC．圖示時(shí)刻，e正處于平衡位置 D．從圖示時(shí)刻經(jīng)過38閱卷人三、實(shí)驗(yàn)題得分16．（1）在“探究彈簧彈力與形變量的關(guān)系實(shí)驗(yàn)”與“探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律實(shí)驗(yàn)”中：a．兩個(gè)實(shí)驗(yàn)都需要的器材是；A．彈簧秤B．彈簧C．橡皮筋D．刻度尺b．在實(shí)驗(yàn)中，下列操作正確的是；A．在探究彈簧彈力與形變量的關(guān)系實(shí)驗(yàn)中，測彈簧原長時(shí)應(yīng)把彈簧水平放置B．在探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律實(shí)驗(yàn)中，彈簧秤調(diào)零時(shí)彈簧秤應(yīng)水平放置C．在探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律實(shí)驗(yàn)中，若彈簧秤示數(shù)偏大可調(diào)短彈簧的有效長度D．在探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律實(shí)驗(yàn)中，拉彈簧秤時(shí)彈簧秤外殼不能與木板接觸（2）驗(yàn)證物體自由下落過程中機(jī)械能守恒，交流電頻率為50Hz，重錘質(zhì)量m=200g，打出了如下紙帶，在紙帶后端選擇連續(xù)的7個(gè)打印點(diǎn)為計(jì)數(shù)點(diǎn)，并依次標(biāo)上1、2、3，在數(shù)據(jù)處理中，選計(jì)數(shù)點(diǎn)3對(duì)應(yīng)的重物位置為零重力勢能參考面，則打下5時(shí)重物的速度m/s，重物的機(jī)械能為J（當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭=9.8m/s17．（1）a．小明在做實(shí)驗(yàn)時(shí)，發(fā)現(xiàn)一個(gè)色環(huán)電阻的外漆脫落，如圖1所示，于是用多用電表測量該電阻Rx，正確的操作順序是。A．把選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到交流電壓最高檔B．調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕使指針到歐姆零點(diǎn)C．把紅黑表筆分別接在Rx兩端，然后讀數(shù)D．把選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到合適的檔位，將紅、黑表筆接觸E．把紅黑表筆插入多用電表“﹢、-”插孔，用螺絲刀調(diào)節(jié)指針定位螺絲，使指針指0b．小明正確操作后，多用電表的指針位置如圖2所示，則Rx=Ω。c．小林認(rèn)為用多用電表測量電阻誤差較大，采用伏安法測量。圖3是部分連接好的實(shí)物電路圖，請(qǐng)用電流表內(nèi)接法完成接線并在圖3中畫出。d．小林用電流表內(nèi)接法和外接法分別測量了該色環(huán)電阻的伏安特性，并將得到的電流、電壓數(shù)據(jù)描到U—I圖上，如圖4所示。請(qǐng)你選擇一組合理的數(shù)據(jù)點(diǎn)，求出該色環(huán)電阻的電阻為Ω（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。（2）兩個(gè)相同的電流表G1和G2按如圖5所示的方式連接，晃動(dòng)G1表，當(dāng)指針向左偏時(shí)，靜止的G2表的指針（選填“向左偏”或“向右偏”或“來回振動(dòng)”）。閱卷人四、解答題得分18．如圖所示，內(nèi)壁光滑的導(dǎo)熱氣缸豎直放置在水平桌面上，氣缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量的氣體?；钊|(zhì)量m=4kg，活塞橫截面積S=20cm2?；钊跏紶顟B(tài)位于離底部高度h1=5cm處。假設(shè)外界空氣溫度恒為27℃，大氣壓強(qiáng)p0=1×105pa，g=10m/s2，（1）用外力F將活塞緩慢提升4cm，求此時(shí)氣缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)；（2）對(duì)氣缸內(nèi)氣體緩慢加熱，當(dāng)溫度升到57℃時(shí)，氣體吸收了10J的熱量，求此過程中氣體內(nèi)能的增加量。19．如圖所示，水平傳送帶的左端與斜面AB末端連接，另一端與光滑水平軌道CM連接，M端連接半圓形光滑圓弧軌道MPN，圓弧半徑R=1.6m，在豎直面MN的右側(cè)（包括M、N點(diǎn)）存在豎直向上的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度E=5mg2q。一帶正電金屬滑塊a質(zhì)量為m=0.1kg，電量為q，從斜面AB上高h(yuǎn)=3m處由靜止開始下滑，運(yùn)動(dòng)到CM上某位置與另一完全相同的不帶電金屬滑塊b發(fā)生碰撞后結(jié)合在一起，形成結(jié)合體c。已知斜面、傳送帶、軌道均絕緣，滑塊與AB斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1=0.3，與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2=0.2，斜面傾角θ=37°，傳送帶長為5m，CM長為2m，滑塊a、b及結(jié)合體c均可視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)滑塊在B點(diǎn)的能量損失，重力加速度g=10m/s（1）求滑塊a到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度大?。唬?）若傳送帶逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)的速度v=2m/s，求結(jié)合體c到達(dá)N點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力；（3）以M點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，向左為正方向建立x軸，改變傳送帶的速度大小和方向，求結(jié)合體c通過圓弧軌道后從N點(diǎn)平拋到x軸上的落點(diǎn)坐標(biāo)與傳送帶速度的關(guān)系。20．如圖所示，間距L=1m的兩平行光滑金屬導(dǎo)軌，x軸平行導(dǎo)軌，y軸垂直導(dǎo)軌。在x=0位置左側(cè)有一寬度為d=0.1m的光滑絕緣薄層（包括x=0處），隔開左右兩部分電路。在導(dǎo)軌間存在磁場，y軸左側(cè)磁場大小為B1=2T方向垂直紙面向外，y右側(cè)磁場大小為B2，且滿足B2=0.5x（T）變化，方向垂直紙面向外，在兩軌道中x軸為坐標(biāo)為x2=-0.5m的位置存在一個(gè)彈性裝置，金屬棒與彈性裝置碰撞時(shí)瞬間等速彈回，導(dǎo)軌右側(cè)的恒流源始終為電路提供恒定的電流I=8A（方向如圖中箭頭所示），導(dǎo)軌左側(cè)接一阻值為R1=3Ω的電阻。阻值為R=1Ω質(zhì)量為m=1kg的金屬棒a垂直導(dǎo)軌靜止于x=0處，與金屬棒a完全相同的金屬棒b垂直導(dǎo)軌靜止于x1=0.5m處，金屬棒a與金屬棒b發(fā)生彈性碰撞。忽略一切阻力，已知彈簧振子周期公式T=2πm（1）金屬棒b第一次與金屬棒a碰撞時(shí)的速度；（2）試定性畫出金屬棒a的I-t圖像（對(duì)時(shí)間軸數(shù)值不做要求）；（3）金屬棒a最終停下位置和整個(gè)過程裝置產(chǎn)生的焦耳熱。21．如圖所示，以圓柱底面中心O點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)建立空間直角坐標(biāo)系O-xyz，另一底面中心O'點(diǎn)坐標(biāo)為（0，0，l），圓柱底面半徑為R。在圓柱區(qū)域內(nèi)存在沿z軸正方向的勻強(qiáng)磁場。在磁場區(qū)域左側(cè)有一矩形區(qū)域abcd，其中bc邊在xOy平面內(nèi)，ab邊與z軸平行，矩形區(qū)域的尺寸和位置已在圖中標(biāo)出，區(qū)域內(nèi)均勻分布一電子源，沿x軸正方向持續(xù)不斷地發(fā)射出速率均為v0的電子，單位時(shí)間內(nèi)發(fā)射的電子個(gè)數(shù)為N，從bc邊射出的電子經(jīng)過磁場偏轉(zhuǎn)后均從M點(diǎn)射出，從ad邊射出的電子經(jīng)過磁場偏轉(zhuǎn)后均從N點(diǎn)射出。在圓柱兩底面的正下方有兩塊半徑為R的半圓形平行金屬收集板P和Q，圓心分別位于M點(diǎn)和N點(diǎn)。已知電子質(zhì)量為m，元電荷為e，兩板之間的電壓UPQ=?8mv（1）磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；（2）從c點(diǎn)射出的電子打到金屬板上時(shí)的位置坐標(biāo)；（3）Q極板收集到電子區(qū)域的面積；（4）若UPQ<0且大小可調(diào)，求Q板收集到的電子數(shù)n與UPQ的關(guān)系。

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】A.電流雖有方向，但電流運(yùn)算時(shí)不遵守矢量的運(yùn)算法則平行四邊形定則，所以電流是標(biāo)量，單位為安培，符號(hào)為S，故A不符合題意；

B.磁通量是標(biāo)量，單位為Wb，故B不符合題意；

C.電場強(qiáng)度是矢量，單位是N/C或者V/m，故C符合題意；

D.磁感應(yīng)強(qiáng)度是矢量，其單位為特斯拉，符號(hào)為T，故D不符合題意。

故答案為：C

【分析】標(biāo)量是只有大小，沒有方向的物理量。矢量是既有大小又有方向的物理量，運(yùn)算時(shí)遵守平行四邊形定則。電流的單位是安培，磁通量的單位是韋伯，電場強(qiáng)度的單位是牛每庫或者伏每米，磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位是特斯拉。2．【答案】B【解析】【解答】A.第51分鐘指的是時(shí)刻，故A不符合題意；

B.足球在飛行過程中足球的大小形狀可以忽略，可以視為質(zhì)點(diǎn)，故B符合題意；

C.足球飛出后只受到重力，沒有受到梅西對(duì)它施加的作用力，故C不符合題意；

D.守門員起跳撲救瞬間，根據(jù)牛頓第三定律可知地面對(duì)他的作用力大小等于他對(duì)地面的作用力大小，故D不符合題意。

故答案為：B

【分析】根據(jù)質(zhì)點(diǎn)的概念、時(shí)間和時(shí)刻、牛頓第三定律內(nèi)容分析判斷。3．【答案】B【解析】【解答】A.麥克斯韋首先提出了電磁場理論，故A不符合題意；

B.伽利略首先發(fā)現(xiàn)了自由落體的規(guī)律，故B符合題意；

C.玻爾第一次將量子觀念引入原子領(lǐng)域，故C不符合題意；

D.法拉第首先提出電荷周圍存在電場的概念，故D不符合題意。

故答案為：B

【分析】本題是物理學(xué)問題，根據(jù)麥克斯韋、普朗克、伽利略、玻爾、法拉第等人的物理學(xué)成就進(jìn)行解答。4．【答案】A【解析】【解答】對(duì)鉛球進(jìn)行受力分析如圖：

根據(jù)三角形法得：F1'=mgtan45°=mg，F(xiàn)2'=mgcos45°5．【答案】A【解析】【解答】A.速度-時(shí)間圖像與坐標(biāo)軸包圍的面積表示位移，則“鯤龍”勻速滑行的位移為：x=80×14m=1120m，故A符合題意；

B.勻減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：t=t3?34s=0?80?5s=16s，解得：t3=50s，故B不符合題意；

C.“鯤龍”在整個(gè)滑行過程中的位移為：x'=（14+50）×802m=2560m6．【答案】A【解析】【解答】根據(jù)向心力的計(jì)算公式得：F向=mv2r7．【答案】C【解析】【解答】A.天舟五號(hào)貨運(yùn)飛船繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，發(fā)射速度小于11.2km/s，故A不符合題意；

B.7.9km/s是第一宇宙速度，是最大的環(huán)繞速度，所以天和核心艙的速度小于7.9km/s，故B不符合題意；

C.在地球表面緯度越低的地方，隨地球自轉(zhuǎn)的半徑越大，線速度越大，選在緯度較低的海南文昌發(fā)射場發(fā)射，是為了充分利用地球自轉(zhuǎn)的線速度，故C符合題意；

D.要實(shí)現(xiàn)對(duì)接，天舟五號(hào)貨運(yùn)飛船應(yīng)在較低軌道加速，故D不符合題意。

故答案為：C8．【答案】C【解析】【解答】A.圖甲為靜電除塵裝置的示意圖，帶負(fù)電的塵埃被收集在兩板A上，故A不符合題意；

B.圖乙為給汽車加油前要觸摸一下的靜電釋放器，其目的是導(dǎo)走人身上的靜電，故B不符合題意；

C.圖丙中搖動(dòng)起電機(jī)，煙霧繚繞的塑料瓶頓時(shí)清澈透明，其工作原理為靜電吸附，故C符合題意；

D.圖丁的燃?xì)庠钪邪惭b了電子點(diǎn)火器，點(diǎn)火應(yīng)用了尖端放電原理，故D不符合題意。

故答案為：C

【分析】根據(jù)靜電除塵、靜電釋放、靜電吸附和尖端放電原理分析判斷。9．【答案】A【解析】【解答】A.夏季天旱時(shí)，給莊稼松土是利用毛細(xì)現(xiàn)象，為了破壞土壤中的毛細(xì)管，可以防止水分蒸發(fā)，故A符合題意；

B.有些單晶體沿不同的方向的導(dǎo)熱或?qū)щ娦阅懿幌嗤夭煌较虻墓鈱W(xué)性質(zhì)也不相同，故B不符合題意；

C.液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，分子之間的作用力表現(xiàn)為引力，與固體間表現(xiàn)為不浸潤，故C不符合題意；

D.炒菜時(shí)我們看到的煙氣，是因?yàn)闊釋?duì)流引起的，故D不符合題意。

故答案為：A

【分析】單晶體的某些物理性質(zhì)具有各向異性，而多晶體和非晶體是各向同性的；根據(jù)毛細(xì)現(xiàn)象的定義判斷；根據(jù)浸潤和不浸潤現(xiàn)象的定義判斷；根據(jù)布朗運(yùn)動(dòng)分析。10．【答案】D【解析】【解答】A.鏈?zhǔn)椒磻?yīng)是指由裂變產(chǎn)生的中子使裂變反應(yīng)一代又一代持續(xù)下去的過程，故A不符合題意；

B.根據(jù)eUc=?ν?W0知，圖中a、c兩束光的頻率相等且小于b光的頻率，故B不符合題意；

C.不同原子核的比結(jié)合能不同，中等大小的核的比結(jié)合能最大，這些核最穩(wěn)定，故C不符合題意；

D.丁圖是中子的轉(zhuǎn)化示意圖，弱相互作用，是引起β衰變的原因，故D符合題意。

11．【答案】C【解析】【解答】A.充電寶輸出功率可達(dá)：P=UI=9×3W=27W，故A不符合題意；

B.臺(tái)燈的最大功率為：P'=U'I'=5×1.5W=7.5W，故B不符合題意；

C.臺(tái)燈的功率是可調(diào)的，所以每顆燈珠的功率不一定是0.05W，故C符合題意；

D.臺(tái)燈內(nèi)置電池容量為1800mA·?，工作的時(shí)間為：t=QI=1800150012．【答案】D【解析】【解答】設(shè)斜面長為L。對(duì)小木塊從斜面的頂端由靜止開始滑下，最終停在A點(diǎn)過程，由動(dòng)能定理得：mg??μmgLcosθ?μmg（x?Lcosθ），整理得：mg?=μmgx，解得：μ=?x。改變斜面傾角和斜面長度，小木塊仍在A點(diǎn)停下，設(shè)小木塊靜止釋放點(diǎn)的坐標(biāo)為（x'，?'），同理得：mg?'=μmg（x?x'），整理得：?'=???x·x'。

A.當(dāng)x'=16x時(shí)，解得?'=56?，故A不符合題意；

B.當(dāng)x'=14x時(shí)，解得13．【答案】D【解析】【解答】A.當(dāng)θ=0°時(shí)光線恰好在球面發(fā)生全反射，即在球面處入射角恰好等于全發(fā)射臨界角C，光路圖如圖所示：

由幾何關(guān)系得：sinC=rR=33，根據(jù)sinC=1n得：n=3，故A不符合題意；

B.設(shè)入射角為θ時(shí)，光線從球形表面出射后恰好與入射光平行，光路圖如圖：

由幾何關(guān)系得：tanα=rR=33，則α=30°，可見θ>α>30°，故B不符合題意；

C.要使光線在半球中傳播的時(shí)間最長，光線在半球中傳播的路程要最長，光路圖如圖

由余弦定理得：R2=r2+s2?2rscos（90°?C），解得：s=（7+1）3R，又v=cn=14．【答案】A,C【解析】【解答】A.若電網(wǎng)的電壓為110kV，則變壓器原、副線圈匝數(shù)比為：n1n2=U1U2=11027.5=4：1，故A符合題意；

B.

C.機(jī)車工作電壓由輸入電壓和線圈匝數(shù)決定，若高鐵機(jī)車運(yùn)行功率增大，根據(jù)P=UI知，電流將會(huì)增大，牽引變電所至機(jī)車間的熱損耗功率?P=I2R15．【答案】B,C,D【解析】【解答】A.由題意可知，a、d處為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，振幅為2A，但位移時(shí)刻變化，故A不符合題意；

B.由干涉圖樣規(guī)律知，b、c連線上各質(zhì)點(diǎn)的振幅與質(zhì)點(diǎn)位移的關(guān)系為正余弦函數(shù)關(guān)系，g為bc的四分點(diǎn)，所以Ag=2Asinπ4=2A，故B符合題意；

C.e為b、c的中點(diǎn)，也為a、d的中點(diǎn)，圖示時(shí)刻，a與d點(diǎn)的是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)且處于位移最大處，那么e必處于平衡位置，故C符合題意；

D.圖示時(shí)刻，bc連線上各質(zhì)點(diǎn)均處于平衡位置，由圖中波的傳播方向可知波峰已經(jīng)過g點(diǎn)，波谷正在向g點(diǎn)傳播過來，可得此時(shí)刻g點(diǎn)是由平衡位置向下向波谷運(yùn)動(dòng)，因此18T=116．【答案】（1）D；BC（2）2.28；0.356；否【解析】【解答】（1）a.在“探究彈簧彈力與形變量的關(guān)系實(shí)驗(yàn)”與“探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律實(shí)驗(yàn)”中都需要的器材是刻度尺，故D符合題意；

b.A.在探究彈簧彈力與形變量的關(guān)系實(shí)驗(yàn)中，測彈簧原長時(shí)應(yīng)把彈簧豎直放置，這樣可以排除由于彈簧重力造成的誤差，故A不符合題意；

B.在探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律實(shí)驗(yàn)中，彈簧秤調(diào)零時(shí)彈簧秤應(yīng)水平放置，這樣可以排除由于彈簧重力造成的誤差，故B符合題意；

C.在探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律實(shí)驗(yàn)中，若彈簧秤示數(shù)偏大可調(diào)短彈簧的有效長度，這樣可以增加彈簧的勁度系數(shù)，使得測量范圍增大，故C符合題意；

D.在探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律實(shí)驗(yàn)中，拉彈簧秤時(shí)彈簧秤外殼可以與木板接觸，故D不符合題意。

故答案為：BC

（2）打下5時(shí)重物的速度v5=x462T=0.0437+0.04752×0.02m/s=2.28m/s；打下3時(shí)重物的速度v3=x242T=17．【答案】（1）EDBCA；3000；；3.（2）向左偏【解析】【解答】（1）a.本實(shí)驗(yàn)先進(jìn)行機(jī)械調(diào)零，再把選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到合適的檔位，進(jìn)行歐姆調(diào)零，然后把紅黑表筆分別接在RX兩端進(jìn)行測量，測量完畢后把選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到交流電壓最高擋，所以正確的操作順序是：EDBCA；

b.歐姆擋的倍率為：“×100”，所以RX=30×100Ω=3000Ω；

c.由于待測電阻阻值較大，采用電流表內(nèi)接；滑動(dòng)變阻器采用分壓器的接法，如圖：

d.由于內(nèi)接法在相同電流時(shí)電壓表的示數(shù)偏大，則應(yīng)該選取上方的一組進(jìn)行處理。該色環(huán)電阻的電阻為：Rx=UI=1.600.5×10?3Ω=3.2×103Ω。

（2）晃動(dòng)G1表使得G1內(nèi)的線圈切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，根據(jù)導(dǎo)線的連接情況可知，通過兩個(gè)表頭的電流方向相反，如圖：

對(duì)G18．【答案】（1）解：設(shè)初狀態(tài)壓強(qiáng)p1，對(duì)活塞受力分析有又p解得p（2）解：對(duì)氣缸內(nèi)氣體緩慢加熱過程有S解得Δ?=0氣體對(duì)外做功W=?根據(jù)熱力學(xué)第一定律有ΔU=Q+W解得ΔU=8【解析】【分析】（1）根據(jù)平衡條件求解初狀態(tài)封閉氣體的壓強(qiáng)，再根據(jù)玻意耳定律進(jìn)行求解；

（2）對(duì)氣缸內(nèi)氣體緩慢加熱，氣體做等壓變化，根據(jù)蓋-呂薩克定律求解活塞上升的高度，根據(jù)功的計(jì)算公式求解外界對(duì)氣體做的功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律求解氣體內(nèi)能的增加量。19．【答案】（1）解：從A到B過程，根據(jù)動(dòng)能定理有mg??解得v（2）解：分析可知滑塊a在傳送帶上一直減速，從B到C過程1解得va與b碰撞，根據(jù)動(dòng)量守恒mv解得v結(jié)合體c從M到N過程，根據(jù)動(dòng)能定理qE?2R?2mg?2R=1解得v在N點(diǎn)根據(jù)向心力公式2mg+根據(jù)牛頓第三定律，代入數(shù)值可得結(jié)合體對(duì)軌道壓力F方向豎直向上。（3）解：根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)可知，豎直方向有2R=12水平方向有x=v分析可知當(dāng)滑塊a在傳送帶上一直減速到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度為4m/s；當(dāng)傳送帶順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，滑塊a在傳送帶上一直加速到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度為v'，有解得v情況一：當(dāng)傳送帶順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)且速度0≤v<4m/s或逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)前面分析滑塊到C點(diǎn)速度vC=4m/s情況二：當(dāng)傳送帶順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)且速度4m/s≤v≤214m/s時(shí)，可知滑塊a在傳送帶上運(yùn)動(dòng)過程中必定與傳送帶共速，即滑塊到C點(diǎn)速度為v，聯(lián)立①②③情況三：當(dāng)傳送帶順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)且速度v>214m/s時(shí)，滑塊到C點(diǎn)速度vC=2【解析】【分析】（1）應(yīng)用動(dòng)