2023-2024學年山東省棗莊三中高一（下）期中數(shù)學試卷（含答案）

第=page11頁，共=sectionpages11頁2023-2024學年山東省棗莊三中高一（下）期中數(shù)學試卷一、單選題：本題共8小題，每小題5分，共40分。在每小題給出的選項中，只有一項是符合題目要求的。1.復數(shù)z滿足3z?+2z=5+2i，則|z|=A.3 B.2 C.5 2.在梯形ABCD中，若AB=2DC，且AC=xAB+yA.12 B.1 C.32 3.設(shè)向量a=(1,1),b=(?1,3),c=(2,1)，且(A.1 B.17 C.15 4.已知圓錐的側(cè)面展開圖為一個面積為2π的半圓，則該圓錐的高為(

)A.52 B.1 C.25.在△ABC中，若非零向量AB與AC滿足(AB|AB|+AC|ACA.三邊均不相等的三角形 B.等腰直角三角形

C.底邊和腰不相等的等腰三角形 D.等邊三角形6.一個圓臺的上、下底面的半徑分別為1和4，體積為28π，則它的表面積為(

)A.41π B.42π C.29337.設(shè)向量a與b的夾角為θ，定義a⊕b=|asinθ+bcosθ|.已知向量a為單位向量，|A.22 B.2 C.8.如圖所示，在棱長為1的正方體ABCD?A1B1C1D1中，點E，F(xiàn)分別是棱BC，CC1的中點，Q是側(cè)面BCCA.3+2

B.2+5二、多選題：本題共3小題，共18分。在每小題給出的選項中，有多項符合題目要求。9.已知復數(shù)z在復平面內(nèi)對應(yīng)的點為(?12,A.z?z?=1 B.z2+z10.如圖，向透明塑料制成的長方體容器ABCD?A1B1C1D1內(nèi)灌進一些水，水是定量的(A.沒有水的部分始終呈棱柱形

B.水面EFGH所在四邊形的面積為定值

C.棱A1D1不是總與水面所在的平面平行

D.當容器傾斜如圖所示時，BE?BF=11.在△ABC中，內(nèi)角A，B，C所對的邊分別為a，b，c，sinAsinBsinC=18，△ABC的面積為2，則下列選項正確的是(

)A.abc=182 B.若a=2，則A=π3

C.三、填空題：本題共3小題，每小題5分，共15分。12.已知a，b是夾角為120°的兩個單位向量，若向量a?2b在向量a上的投影向量為______．13.如圖，在△ABC中，已知B=45°，D是BC上一點，AD=10，AC=14，DC=6，則AB=______．14.已知三棱錐V—ABC，滿足VA=BC=32，VB=VC=AC=AB=5，則該三棱錐的外接球的表面積為______．四、解答題：本題共5小題，共77分。解答應(yīng)寫出文字說明，證明過程或演算步驟。15.(本小題13分)

如圖所示，在三棱柱ABC?A1B1C1中，過BC的平面與上底面A1B1C1交于GH(GH與B1C1不重合)．

(1)求證：BC//GH；

(2)若E，F(xiàn)，16.(本小題15分)

在復平面內(nèi)復數(shù)z1，z2所對應(yīng)的點為Z1，Z2，O為坐標原點，i是虛數(shù)單位．

(1)z1=4?3i，z2=?5?4i，計算z1z2與OZ1?O17.(本小題15分)

已知△ABC的內(nèi)角A，B，C的對邊分別為a，b，c，bcosC=ccos(A+C)+2acosB．

(1)求B；

(2)若b=3，sinC=2sinA，求△ABC的面積．18.(本小題17分)

在△AOB中，點C滿足3OC=OA+2OB，

(1)若|AC|=m|CB|，求m；

(2)若M是OB的中點，直線AM與OC交于點P，且BP=λBO+μBA，求λ+μ；

(3)在平面直角坐標系中，O為坐標原點，19.(本小題17分)

已知在平面直角坐標系中，O為坐標原點，定義函數(shù)f(x)=psinx+qcosx的“和諧向量”為非零向量ω=(p,q)，ω=(p,q)的“和諧函數(shù)”為f(x)=psinx+qcosx.記平面內(nèi)所有向量的“和諧函數(shù)”構(gòu)成的集合為T．

(1)已知θ∈R，f(x)=2cosx+cos(x+θ)，若函數(shù)f(x)為集合T中的元素，求其“和諧向量”模的取值范圍；

(2)已知|a|=|b|=2，設(shè)OG=λa+μb(λ>0,μ>0)，且OG的“和諧函數(shù)”為φ(x)，其最大值為S，求λ+μS．

(3)已知M(?2,3)，N(2,6)，設(shè)(1)中的“和諧函數(shù)”的模取得最小時的“和諧函數(shù)”為參考答案1.C

2.A

3.D

4.D

5.B

6.B

7.C

8.C

9.ACD

10.BCD

11.CD

12.2a13.514.34π

15.證明：(1)在三棱柱ABC?A1B1C1中，

平面A1B1C1/?/平面ABC，平面BCHG∩平面ABC=BC，平面BCHG∩平面A1B1C1=GH，

故BC//GH；

(2)在三棱柱ABC?A1B1C1中，

E，F(xiàn)，G分別是AB，AC，A1B1的中點，

所以A1G//BE，A1G=BE，

所以四邊形BGA1E是平行四邊形，

所以A1E/?/BG，

因為BG?平面A1EF，A1E?平面A1EF，16.解：(1)因為z1=4?3i，z2=?5?4i，

則z1z2=(4?3i)(?5?4i)=?20?16i+15i+12i2=?32?i，

又Z1(4,?3)，Z2(?5,?4)，

所以O(shè)Z1=(4,?3)，OZ2=(?5,?4)，

所以O(shè)Z1?OZ2=4×(?5)+(?3)×(?4)=?8；

(2)證明：因為z1=a+bi，z2=c+di(a,b,c,d∈R)，

所以z117.解：(1)bcosC=ccos(A+C)+2acosB，即bcosC=?ccosB+2acosB，

整理得bcosC+ccosB=2acosB，

根據(jù)正弦定理得sinBcosC+cosBsinC=2sinAcosB，

可得sin(B+C)=2sinAcosB，

而sinA=sin(B+C)≠0，所以cosB=12，結(jié)合B∈(0,π)，可得B=π3；

(2)由sinC=2sinA得c=2a，

根據(jù)余弦定理得cosB=a2+c2?b18.解：(1)因為3OC=OA+2OB，所以2(OC?OB)=OA?OC，

所以2BC=CA，所以|AC|=2|CB|，即m=2；

(2)由(1)可知，2BC=CA，則BC=13BA，

因為C、P、O三點共線，所以BP=sBC+(1?s)BO=13sBA+(1?s)BO，

因為M是OB的中點，所以BM=12BO，

所以AM=AB+BM=AB+12BO=?BA+12BO，

又因為A、P、M三點共線，所以AP=tAM=?tBA+12tBO，

所以BP=BA+AP=(1?t)BA+12tBO，

又因為BA、BO不共線，所以1?t=13s12t=1?s，解得t=45s=35，

所以BP19.解：(1)f(x)=2cosx+cos(x+θ)=2cosx+cosxcosθ?sinxsinθ=?sinθsinx+(2+cosθ)cosx，

所以函數(shù)f(x)的“和諧向量”向量ω=(?sinθ,2+cosθ)，

|ω|=sin2θ+(2+cosθ)2=4cosθ+5，

因為cosθ∈[?1,1]，所以4cosθ+5∈[1,9]，

所以|ω|的取值范圍為[1,3]；

(2)設(shè)a=(2cosα,2sinα),b=(2cosβ,2sinβ)，

則OG=λa+μb=(2(λcosα+μcosβ),2(λsinα+μsinβ))，

所以φ(x)=2(λcosα+μcosβ)sinx+2(λsinα+μsinβ)cosx

=2λ(cosαsinx+sinαcosx)+2μ(cosβsinx+sinβco