江西省宜春九中2024-2025學年高二物理上學期期中試題含解析

PAGE8-江西省宜春九中2024-2025學年高二物理上學期期中試題（含解析）一、單選題1.關(guān)于電場強度有下列說法，正確的是A.電場中某點的電場強度在數(shù)值上等于單位電荷在該點所受的電場力B.電場強度的方向總是跟電場力的方向一樣C.在點電荷Q旁邊的隨意一點，假如沒有把摸索電荷q放進去，則這一點的電場強度為零D.依據(jù)公式可知，電場強度跟電場力成正比，跟放入電場中的電荷的電量成反比【答案】A【解析】依據(jù)公式．可知電場中某點的電場強度在數(shù)值上等于單位電荷在該點所受的電場力，選項A正確；電場強度的方向總是跟正電荷所受的電場力方向一樣，選項B錯誤；電場中某點的電場強度由電場本身確定，與是否放入摸索電荷無關(guān)，與摸索電荷所受的電場力和摸索電荷的電量無關(guān)，選項CD錯誤；故選A.2.真空中有兩個相同的可以看成點電荷的帶電金屬小球A、B，兩小球相距L固定，A小球所帶電荷量為-2Q、B所帶電荷量為+4Q，兩小球間的靜電力大小是F，現(xiàn)在讓A、B兩球接觸后，使其距離變?yōu)?L．此時，A、B兩球之間的庫侖力的大小是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】依據(jù)庫侖定律，兩球間的庫侖力：,將它們接觸后再分開，然后放在距離為2L，則電荷量中和，再進行平分，因此電量均為+Q，則庫侖力為：，故B正確。故選：B。3.一個帶正電的質(zhì)點，電荷量q=2.0×10-9C，在靜電場中由a點移動到b點，在這過程中，除電場力外，其他外力做的功為6.0×10-5J，質(zhì)點的動能增加了8.0×10-5J，則a、b兩點間的電勢差Uab為（）A1×104VB.-1×104VC.4×104VD.-7×104V【答案】A【解析】【分析】質(zhì)點在靜電場中由A點移到B點的過程中，電場力和其他外力對質(zhì)點做功，引起質(zhì)點動能的增加．電場力做功為Wab=qUab，依據(jù)動能定理求解a、b兩點間的電勢差Uab．【詳解】依據(jù)動能定理得：qUab+W其他=△Ek得：Uab=，故A正確，BCD錯誤；故選A．4.如圖所示，在水平向左的勻強電場中，有一電荷量為+q的物體靜止在斜面上。若撤去電場后，物體仍舊靜止在斜面上，那么撤去電場后和撤去電場前相比較，以下說法正確的是A.物體所受的摩擦力肯定減小了B.物體所受摩擦力肯定增大了C.物體對斜面的壓力肯定減小了D.物體對斜面的壓力肯定增大了【答案】C【解析】【詳解】AB.分析物體受力如圖:因重力G與電場力F電大小關(guān)系未知，故物體是否受摩擦力Ff、所受Ff的方向均不能確定，故撤去電場后與撤去電場前相比Ff的大小可能增大，亦可能減小，故AB錯誤；CD.撤去F之前：N=Fsinθ+mgcosθ，撤去F之后：N′=mgcosθ，故支持力減小，故C正確，D錯誤。5.如圖所示，圖線表示的導體的電阻為R1，圖線2表示的導體的電阻為R2，則下列說法正確的是（）A.R1：R2=3：1B.把R1拉長到原來的3倍長后電阻等于R2C.將R1與R2串聯(lián)后接于電源上，則功率之比P1：P2=1：3D.將R1與R2并聯(lián)后接于電源上，則電流比I1：I2=1：3【答案】C【解析】【分析】通過圖象得出兩電阻的關(guān)系.串聯(lián)電路電流相等,并聯(lián)電路,電壓相等,電流比等于電阻之反比,并依據(jù)功率,部分電路歐姆定律及電阻定律,即可判定.【詳解】A．依據(jù)圖象知,圖線斜率表示電阻的倒數(shù),所以R1：R2=1：3,所以A選項是不符合題意的；B．依據(jù)電阻定律:當把拉長到原來的3倍,則電阻變?yōu)樵瓉淼?倍,因此是R2的3倍,所以B選項是不符合題意的;C．串聯(lián)電路電流相等,所以將與串聯(lián)后接于電源上,電流比：依據(jù)公式可知：P1：P2=1：3所以C選項是符合題意的；D．并聯(lián)電路,電壓相等,依據(jù)公式可知，電流比等于電阻之反比,所以將與并聯(lián)后接于電源上,電流比：所以D選項是不符合題意的；6.如圖,有一提升重物用的直流電動機,內(nèi)阻r=0.6Ω,R=10Ω,U=160V,電壓表的讀數(shù)為110V,則下列說法正確的是A.通過電動機的電流為5AB.通過電動機的電流為4AC.在電動機中發(fā)熱的功率為5WD.輸入到電動機的電功率為500W【答案】A【解析】【詳解】AB．電動機和電阻串聯(lián)，所以電流相等，電阻R兩端電壓則有所以通過電動機的電流為5A，故A正確，B錯誤；C．電動機的熱功率故C錯誤；D．電動機的電功率故D錯誤。二、多選題7.如圖，一帶正電的點電荷固定于O點，兩虛線圓均以O(shè)為圓心，兩實線分別為帶電粒子M和N先后在電場中運動的軌跡，a、b、c、d、e為軌跡和虛線圓的交點不計重力下列說法正確的是A.M帶負電荷，N帶正電荷B.M在b點的動能小于它在a點的動能C.N在d點的電勢能等于它在e點的電勢能D.N在從c點運動到d點的過程中克服電場力做功【答案】ABC【解析】試題分析：由粒子運動軌跡可知，M受到的是吸引力，N受到的是排斥力，可知M帶負電荷，N帶正電荷，故A正確．M從a到b點，庫侖力做負功，依據(jù)動能定理知，動能減小，則b點的動能小于在a點的動能，故B正確．d點和e點在同一等勢面上，電勢相等，則N在d點的電勢能等于在e點的電勢能，故C正確．D、N從c到d，庫侖斥力做正功，故D錯誤．故選ABC考點：帶電粒子在電場中的運動【名師點睛】本題關(guān)鍵是依據(jù)曲線運動的條件推斷出靜電力的方向，駕馭推斷動能和電勢能改變的方向，一般的解題思路是依據(jù)動能定理推斷動能的改變，依據(jù)電場力做功推斷電勢能的改變。8.如圖所示，甲、乙兩個電路都是由一個靈敏電流表G和一個變阻器R組成的，已知靈敏電流表的滿偏電流Ig=2mA，內(nèi)電阻Rg=300Ω，則下列說法正確的是A.甲表是電流表，R增大時量程增大B.乙表是電壓表，R增大時量程增大C.在甲圖中，若改裝成的電流表的量程為0.6A，則R=0.5ΩD.在乙圖中，若改裝成的電壓表的量程為3V，則R=1200Ω【答案】BD【解析】【詳解】AC．甲由一個靈敏電流表G和一個變阻器R并聯(lián)，利用并聯(lián)電阻的分流，改裝成安培表。安培表的量程，可知當R減小時量程I增大，在甲圖中，若改裝成的電流表的量程為0.6A，依據(jù)，解得：R=1.003Ω，AC錯誤；BD．乙由一個靈敏電流表G和一個變阻器R串聯(lián)，利用串聯(lián)電阻的分壓，改裝成伏特表。伏特表的量程，可知R增大時量程增大;由公式，在乙圖中，若改裝成的電壓表的量程為3V，則R=1200Ω，BD正確。9.如圖所示,平行金屬板中帶電質(zhì)點P原處于靜止狀態(tài),不考慮電流表和電壓表對電路的影響,當滑動變阻器R4的滑片向a端移動時,則()A.電壓表讀數(shù)變大 B.電流表讀數(shù)變大C.質(zhì)點P將向上運動 D.R1上消耗功率漸漸增大【答案】BD【解析】【詳解】AB．由圖可知，R2與滑動變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)后，再與R1串聯(lián)接在電源兩端；電容器與R3并聯(lián)；當滑動變阻器R4的滑片向a移動時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減?。挥砷]合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；路端電壓減小，同時R1兩端的電壓也增大，故并聯(lián)部分的電壓減?。挥蓺W姆定律可知流過R3的電流減小，流過并聯(lián)部分的總電流增大，故電流表示數(shù)增大；因并聯(lián)部分電壓減小，而R2中電壓增大，故電壓表示數(shù)減小。故A不符合題意，B符合題意。

C．因電容器兩端電壓減小，故電荷受到的向上電場力減小，則重力大于電場力，合力向下，質(zhì)點將向下運動。故C不符合題意。D．由于流過R1的電流增大，依據(jù)，可知R1上消耗的功率漸漸增大。故D符合題意。10.如圖所示，電子在電勢差為U0＝4500V的加速電場中，從左極板由靜止起先運動，經(jīng)加速電場加速后從右板中心垂直射入電勢差為U＝45V的偏轉(zhuǎn)電場中，經(jīng)偏轉(zhuǎn)電場偏轉(zhuǎn)后打在豎直放置的熒光屏M上，整個裝置處在真空中，已知電子的質(zhì)量為，電荷量為，偏轉(zhuǎn)電場的板長為L1＝10cm，板間距離為d＝1cm，光屏M到偏轉(zhuǎn)電場極板右端的距離L2＝15cm.求：(1)電子從加速電場射入偏轉(zhuǎn)電場的速度v0；(2)電子飛出偏轉(zhuǎn)電場時的偏轉(zhuǎn)距離(側(cè)移距離)y；(3)電子飛出偏轉(zhuǎn)電場時偏轉(zhuǎn)角的正切值tanθ；(4)電子打在熒光屏上時到中心O的距離Y.【答案】(1)(2)0.25cm(3)0.05(4)1cm【解析】(1)電子在加速電場中運動，由動能