四川省德陽市高三物理二診考試試題含解析

PAGE14-四川省德陽市高三物理二診考試試題（含解析）二、選擇題（本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，14--18題只有一項符合題目要求，19--21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）1.太陽內(nèi)部持續(xù)不斷地發(fā)生著4個質(zhì)子（）聚變?yōu)?個氦核（）的熱核反應(yīng)，核反應(yīng)方程是，這個核反應(yīng)釋放出大量核能。已知質(zhì)子、氦核、X的質(zhì)量分別為m1、m2、m3，真空中的光速為c。下列說法中正確的是（）A.方程中的X表示中子B.方程中的X表示電子C.這個核反應(yīng)中質(zhì)量虧損Δm=m1－m2－m3D.這個核反應(yīng)中釋放的核能ΔE=(4m1－m2－2m3）c2【答案】D【解析】【詳解】AB．由核反應(yīng)質(zhì)量數(shù)守恒、電荷數(shù)守恒可推斷出X為，故AB錯誤；

CD．質(zhì)量虧損為△m=4m1-m2-2m3釋放的核能為△E=△mc2=（4m1-m2-2m3）c2故C錯誤、D正確。

故選D。2.甲、乙兩車某時刻由同一地點、沿同一方向起先做直線運動。甲、乙兩車的位置x隨時間t的變更如圖所示，則（）A.0時刻，甲車速度比乙車小B.t2時刻，甲乙兩車速度相等C.0~t1時間內(nèi)，甲車的平均速度比乙車大D.0~t2時間內(nèi)，甲車通過的距離大【答案】C【解析】【詳解】AB．因x-t圖像的斜率等于速度，可知0時刻，甲車速度比乙車大，t2時刻，甲乙兩車速度不相等，選項AB錯誤；C．0~t1時間內(nèi)，甲車的位移大于乙，可知甲車的平均速度比乙車大，選項C正確；D．0~t2時間內(nèi)，兩車通過的距離相等，選項D錯誤。故選C。3.兩行星和各有一顆衛(wèi)星和，衛(wèi)星圓軌道接近各自的行星表面，假如兩行星質(zhì)量之比，兩行星半徑之比則兩個衛(wèi)星周期之比為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】衛(wèi)星做圓周運動時，萬有引力供應(yīng)圓周運動的向心力，有得所以兩衛(wèi)星運行周期之比為故A正確、BCD錯誤。

故選A。4.如圖所示，兩根相距為L的平行直導(dǎo)軌水平放置，R為固定電阻，導(dǎo)軌電阻不計。電阻阻值也為R的金屬桿MN垂直于導(dǎo)軌放置，桿與導(dǎo)軌之間有摩擦，整個裝置處在豎直向下的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度大小為B。t=0時刻對金屬桿施加一水平外力F作用，使金屬桿從靜止起先做勻加速直線運動。下列關(guān)于通過R的電流I、桿與導(dǎo)軌間的摩擦生熱Q、外力F、外力F的功率P隨時間t變更的圖像中正確的是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】A．t時刻桿的速度為v=at產(chǎn)生的感應(yīng)電流則I∝t；故A錯誤。

B．摩擦生熱為則Q∝t2，故B正確。C．桿受到的安培力依據(jù)牛頓其次定律得F-f-F安=ma得F隨t的增大而線性增大，故C錯誤。

D．外力F的功率為P-t圖象應(yīng)是曲線，故D錯誤。

故選B。5.如圖所示，物體A、B的質(zhì)量分別為m、2m，物體B置于水平面上，B物體上部半圓型槽的半徑為R，將物體A從圓槽的右側(cè)最頂端由靜止釋放，一切摩擦均不計。則（）A.A、B物體組成系統(tǒng)動量守恒B.A不能到達圓槽的左側(cè)最高點C.A運動到圓槽的最低點時A的速率為D.A運動到圓槽的最低點時B的速率為【答案】D【解析】【詳解】A．A、B物體組成的系統(tǒng)只有水平方向動量守恒，選項A錯誤；B．運動過程不計一切摩擦，故機械能守恒，那么A可以到達B圓槽的左側(cè)最高點，且A在B圓槽的左側(cè)最高點時，A、B的速度都為零，故B錯誤；CD．對A運動到圓槽的最低點的運動過程由水平方向動量守恒對AB整體應(yīng)用機械能守恒可得所以A運動到圓槽的最低點時B的速率為故C錯誤，D正確；故選D。6.如圖甲所示，一志向變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為11∶2，其原線圈兩端接入如圖乙所示的正弦溝通電，副線圈通過電流表與負載電阻R相連。若溝通電壓表和溝通電流表都是志向電表，則下列說法中正確的是（）A.變壓器輸入電壓的最大值是220VB.電壓表的示數(shù)是40VC.若電流表的示數(shù)為0.50A，變壓器的輸入功率是20WD.原線圈輸入的正弦交變電流的是頻率是100Hz【答案】BC【解析】【詳解】A．由圖乙可知溝通電壓最大值Um=220V；故A錯誤；B．輸入電壓有效值為220V，依據(jù)變壓器電壓與匝數(shù)成正比知電壓表示數(shù)電壓表的示數(shù)是40V，選項B正確；C．流過電阻中的電流為0.5A，變壓器的輸入功率是P入=P出=UI=40×0.5W=20W故C正確；D．變壓器不變更頻率，由圖乙可知溝通電周期T=0.02s，可由周期求出正弦交變電流的頻率是50Hz，故D錯誤；故選BC。7.如圖所示，上表面光滑的半圓柱體放在水平地面上，一小物塊從靠近半圓柱體頂點O的A點，在外力F作用下沿圓弧緩慢下滑到B點，此過程中F始終沿圓弧的切線方向且半圓柱體保持靜止?fàn)顟B(tài)。下列說法中正確的是（）A.半圓柱體對小物塊的支持力變大B.外力F變大C.地面對半圓柱體的支持力先變大后變小D.地面對半圓柱體的摩擦力先變大后變小【答案】BD【解析】【詳解】AB．物塊緩慢下滑即平衡，F(xiàn)始終沿圓弧的切線方向即始終垂直于圓柱面支持力F1的方向，因此總有F=mgsinθF1=mgcosθ下滑過程中θ增大，因此F增大，F(xiàn)1

減小，故A錯誤，B正確；

CD．對半圓柱體分析，地面對半圓柱體的摩擦力Ff＝F1sinθ＝mgcosθsinθ＝mgsin2θ地面對半圓柱體的支持力FN=Mg+F1cosθ=Mg+mgcos2θθ從接近0°到90°變更的過程中，摩擦力先增大后減小，支持力始終減?。还蔇正確，C錯誤。

故選BD。8.理論探討表明，無限大的勻稱帶電平板在四周空間會形成與平面垂直的勻強電場．現(xiàn)有兩塊無限大的勻稱絕緣帶電平板正交放置，如圖所示，A1B1板兩面帶正電，A2B2板兩面帶負電，且兩板單位面積所帶電荷量相等(設(shè)電荷不發(fā)生移動)．圖中直線A1B1和A2B2分別為帶正電平面和帶負電平面與紙面正交的交線，O為兩交線的交點，C、D、E、F恰好位于紙面內(nèi)正方形的四個頂點上，且CE的連線過O點．則下列說法中正確的是A.D、F兩點電勢相同B.E、F兩點場強相同C.UEF＝UEDD.在C、D、E、F四個點中電子在F點具有的電勢能最大【答案】BD【解析】無限大的勻稱帶電平面在四周空間會形成與平面垂直的勻強電場，故A1B1在四點單獨產(chǎn)生的電場均向上，A2B2在四點單獨產(chǎn)生的電場均向左，四點場強方向均是左偏上45°，大小相等，故B正確；D、F兩點在一條電場線上，而沿著電場線電勢是降低的，故電勢不等，故A錯誤；E、F兩點間電勢差和E、D兩點間電勢差肯定值相同而正負相反，故C錯誤；C、D、E、F四個點，場強方向均是左偏上45°，故CE是等勢面，D點電勢最高，F(xiàn)點電勢最低，故D正確．所以BD正確，AC錯誤．9.某同學(xué)在探討性學(xué)習(xí)中，利用所學(xué)的學(xué)問解決了如下問題：一輕彈簧一端固定于某一深度為h＝0.25m、開口向右的小筒中（沒有外力作用時彈簧的另一端也位于筒內(nèi)），如圖甲所示，假如本試驗的長度測量工具只能測量出筒外彈簧的長度l，現(xiàn)要測出彈簧的原長l0和彈簧的勁度系數(shù)，該同學(xué)通過變更所掛鉤碼的個數(shù)來變更l，作出F—l圖線如圖乙所示．（1）由此圖線可得出的結(jié)論是____________．（2）彈簧的勁度系數(shù)為_______N/m，彈簧的原長l0＝_______m.【答案】(1).在彈性限度內(nèi)，彈力與彈簧的伸長量成正比(2).100(3).0.15【解析】【詳解】試題分析：（1）[1]依據(jù)圖象結(jié)合數(shù)學(xué)學(xué)問可知：在彈性限度內(nèi)，彈力與彈簧的伸長量成正比；（2）[2][3]依據(jù)胡克定律F與的關(guān)系式為：，從圖象中可得直線的斜率為2N/cm，截距為20N，故彈簧的勁度系數(shù)為，由，于是：考點：考查了胡可定律【名師點睛】找到各個物理量之間的關(guān)系，然后依據(jù)胡克定律列方程，是解答本題的突破口，這要求學(xué)生有較強的數(shù)學(xué)推導(dǎo)實力．10.某同學(xué)通過試驗探討小燈泡的電流與電壓的關(guān)系。試驗器材如圖甲所示，現(xiàn)已完成部分導(dǎo)線的連接。(1)試驗要求電表的示數(shù)從零起先漸漸增大，請按此要求用筆畫線代替導(dǎo)線在圖甲實物接線圖中完成余下導(dǎo)線的連接_______；(2)某次測量電流表指針偏轉(zhuǎn)如圖乙所示，則電流表的示數(shù)為____A；(3)該同學(xué)描繪出小燈泡的伏安特性曲線如圖丙所示，依據(jù)圖像可知小燈泡的電阻隨電壓增大而___（選填“增大”、“減小”或“不變”）。將該小燈泡干脆與電動勢為3V、內(nèi)阻為5Ω的電源組成閉合回路，小燈泡的實際功率約為____W（保留二位有效數(shù)字）。【答案】(1).(2).0.44(3).增大(4).0.44(0.430.46均對)【解析】【詳解】(1)[1]．滑動變阻器的滑片滑動過程中，電流表的示數(shù)從零起先這漸增大，滑動變阻器采納分壓接法，實物電路圖如圖所示：

(2)[2]．由圖示電路圖可知，電流表量程為0.6A，由圖示電流表可知，其分度值為0.02A，示數(shù)為0.44A；

(3)[3]．依據(jù)圖像可知小燈泡的電阻隨電壓增大而增大。[4]．在燈泡U-I圖象坐標(biāo)系內(nèi)作出電源的U-I圖象如圖所示：

由圖示圖象可知，燈泡兩端電壓U=1.3V，通過燈泡的電流I=0.34A，燈泡功率P=UI=1.3×0.34≈0.44W11.我國將于2024年舉辦冬奧會，跳臺滑雪是其中最具欣賞性的項目之一。如圖所示，質(zhì)量m＝60kg的運動員從傾角θ=30°、長度L=80m的直助滑道AB的A處由靜止起先勻加速滑下，經(jīng)過t=8s到達助滑道末端B。為了變更運動員的運動方向，在助滑道與起跳臺之間用一段彎曲滑道連接，其中最低點C處旁邊是一段以O(shè)為圓心、半徑R=14m的圓弧，助滑道末端B與彎曲滑道最低點C的高度差h＝5m，運動員在B、C間運動時阻力做功W＝－1000J，g＝10m/s2.求：(1)運動員在AB段下滑時受到阻力Ff的大?。?2)運動員到達滑道最低點C時對滑道的壓力FN的大小。【答案】（1）150N；（2）2600N?！窘馕觥俊驹斀狻?1)A到B：由牛頓其次定律得：(2)A到C：由動能定理得C點依據(jù)牛頓第三定律壓力與支持力大小相等，為2600N。12.如圖所示，將一矩形區(qū)域abcdef分為兩個矩形區(qū)域，abef區(qū)域充溢勻強電場，場強為E，方向豎直向上；bcde區(qū)域充溢勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B，方向垂直紙面對外。be為其分界線。af、bc長度均為L，ab長度為0.75L?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為e的電子（重力不計）從a點沿ab方向以初速度v0射入電場。已知電場強度，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.求：(1)該電子從距離b點多遠的位置進入磁場；(2)若要求電子從cd邊射出，所加勻強磁場磁感應(yīng)強度的最大值；(3)若磁感應(yīng)強度的大小可以調(diào)整，則cd邊上有電子射出部分的長度為多少?！敬鸢浮?1)；(2)；(3)?！窘馕觥俊驹斀狻?1)電子在電場中做類似平拋運動，有0.75L＝v0teE＝ma得即該電子從距b點處進入磁場.（2）粒子進入磁場時，速度方向與be邊夾角的正切值tanθ＝θ＝37°電子進入磁場時的速度為設(shè)電子運動軌跡剛好與cd邊相切時，半徑最小為r1，則由幾何關(guān)系知r1＋r1cos37°＝L解得由可得對應(yīng)的最大磁感應(yīng)強度B＝(3)設(shè)電子運動軌跡剛好與de邊相切時，半徑為r2，則r2＝r2sin37°＋L，解得r2＝L又r2cosθ＝L，故切點剛好為d點電子從cd邊射出的長度為△y＝L＋r1sin37°＝13.如圖所示為半圓形的玻璃磚，C為AB的中點，OO'為過C點的AB面的垂線。a，b兩束不同頻率的單色可見細光束垂直AB邊從空氣射入玻璃磚，且兩束光在AB面上入射點到C點的距離相等，兩束光折射后相交于圖中的P點，以下推斷正確的是（）A.在半圓形的玻璃磚中，a光的傳播速度小于b光的傳播速度B.a光的頻率小于b光的頻率C.兩種色光分別通過同一雙縫干涉裝置形成的干涉條紋，相鄰明條紋的間距a光的較大D.若a，b兩束光從同一介質(zhì)射入真空過程中，a光發(fā)生全反射的臨界角小于b光發(fā)生全反射的臨界角E.a光比b光更簡單發(fā)生衍射現(xiàn)象【答案】BCE【解析】【詳解】A．由圖分析可知，玻璃磚對b光的偏折角大于對a光的偏折角，依據(jù)折射定律得知：玻璃磚對b光的折射率大于對a光的折射率，由得知，a光在玻璃磚中的傳播速度大于b光的傳播速度。故A錯誤。

B．對于同種介質(zhì)，光的頻率越大，光的折射率越大，則知a光的頻率小于b光的頻率。故B正確。

C．雙縫干涉條紋的間距與波長成正比，a光的頻率小，波長長，故相鄰明條紋的間距a光的較大。故C正確。

D．由臨界角公式分析得知，a光的折射率n小，則a光發(fā)生全反射的臨界角大于b光發(fā)生全反射的臨界角。故D錯誤。

E．a(chǎn)光波長較大，則比b光更簡單發(fā)生衍射現(xiàn)象，選項E正確。故選BCE。14.如圖所示，一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形如圖中的實線所示，此時這列波恰好傳播到P點，再經(jīng)過1.5s，坐標(biāo)為x=8m的Q點起先起振，求：①該列波的周期T和振源O點的振動方程；②從t=0時刻到Q點第一次達到波峰時，振源O點相對平衡位置的位移y及其所經(jīng)過的路程s。【答案】①0.5s，；②