2023-2024學(xué)年福建省泉州某中學(xué)高二（下）期末考試物理試卷（含解析）

2023-2024學(xué)年福建省泉州第一中學(xué)高二（下）期末考試物理試卷

一、單選題：本大題共4小題，共16分。

1.下列四種情況中，不屬于光的干涉現(xiàn)象是（

單色光通過雙縫B.用特制眼鏡看立體電影

檢測平面的平滑度D.肥皂泡表面有彩色條紋

OhDOIhDH

2.如圖所示是利用位移傳感器測速度的裝置,發(fā)射器力固定在被測的運(yùn)動物體上，接收器B固定在桌面上。

測量時4向B同時發(fā)射一個紅外線脈沖和一個超聲波脈沖。從B接收到紅外線脈沖開始計時，到接收到超聲

波脈沖時停止計時，根據(jù)兩者時間差確定a與B間距離。則下列說法正確的是（）

連接到

計算機(jī)

紅外線

_____B____?__i____A____運(yùn)動方向

zzz/zzzzzzzzzzzz/zzzzzzz/zz/z/zzzzzzzzzzzz/zzzzz/z/

A.B接收的超聲波與a發(fā)出的超聲波頻率相等

B.時間差不斷增大時說明a一定在加速遠(yuǎn)離8

C.紅外線與超聲波均能在真空中傳播

D.紅外線能發(fā)生偏振現(xiàn)象，而超聲波不能發(fā)生偏振現(xiàn)象

3.氣墊鞋通過氣墊的緩沖減小地面對腳的沖擊力，某同學(xué)的重力為G,穿著平底布鞋時雙腳豎直著地過程

中與地面的作用時間為to,受到地面的平均沖擊力大小為4G。若腳著地前的速度保持不變，該同學(xué)穿上某

型號的氣墊鞋時，雙腳豎直著地過程中與地面的作用時間變?yōu)?%，則該同學(xué)受到地面的平均沖擊力大小

變?yōu)椋ǎ?/p>

A.3.5GB.3.0GC.2.5GD.2.0G

4.兩個相互平行的豎直邊界內(nèi)存在正交的勻強(qiáng)磁場和電場，磁場沿水平方向，磁感應(yīng)強(qiáng)度大XXX

：XXX

小為B,電場沿豎直方向，電場強(qiáng)度大小為E,一帶電微粒從左邊界上某點(diǎn)垂直邊界射入恰

!vxxx

好沿直線運(yùn)動。若保持其它條件不變，僅改變電場方向，變?yōu)榕c原來相反，該帶電微粒仍以；XXX

!xxx

相同的速度入射，做勻速圓周運(yùn)動，恰好不從右邊界射出。已知兩邊界的寬度為d,該微粒

?XXX

的比荷為（）

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A2BB_2E__E_

A-dEBr-dEC,dB2D-dB2

二、多選題：本大題共4小題，共24分。

5.滑板運(yùn)動非常有趣。如圖所示，某同學(xué)踩著滑板在弧形軌道的內(nèi)壁來回滑行，若人和滑板的運(yùn)動可視為

簡諧運(yùn)動，設(shè)該同學(xué)站在滑板上與蹲在滑板上滑行時，滑板到達(dá)了相同的最高點(diǎn)，貝1（）

A.站在滑板上運(yùn)動時周期比較大B.站在滑板上運(yùn)動時周期比較小

C.站著運(yùn)動到最低點(diǎn)時的速度比較小D.站著運(yùn)動到最低點(diǎn)時的速度比較大

6.如圖，某科技小組要探究長直導(dǎo)線周圍磁場分布情況，將長直導(dǎo)線沿南北方向水平放置，在導(dǎo)線正下方

的P處放置一枚可自由轉(zhuǎn)動的小磁針。當(dāng)導(dǎo)線中通以恒定電流后，小磁針N極向紙外偏轉(zhuǎn)，測得小磁針靜止

時N極偏離南北方向的角度為60。。已知實(shí)驗(yàn)所在處地磁場水平分量大小恒為無,則下列判斷正確的是（）

南-----Z-----------------------------北

1ON

P

A.導(dǎo)線中的電流方向由北向南

B.電流在P處產(chǎn)生的磁場方向就是小磁針靜止時N極所指的方向

C.電流在導(dǎo)線正下方P處產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為守為

D.導(dǎo)線正下方P處磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2BO

7.如圖所示，一矩形線圈在磁感應(yīng)強(qiáng)度為8的勻強(qiáng)磁場中，繞垂直磁場方向的軸。。'以轉(zhuǎn)速10r/s勻速轉(zhuǎn)

動，線圈的匝數(shù)為N,面積為S,電阻不計。線圈通過電刷與一理想變壓器的原線圈相連，變壓器的副線圈

接有兩只電阻均為20的相同燈泡均和“，變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10：1,若開關(guān)S斷開時以正常發(fā)

光，此時電流表示數(shù)為0.14電表為理想電表，則（）

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A.若從線圈平面平行于磁場方向開始計時，線圈中感應(yīng)電動勢的瞬時值為2也cos207rt（匕）

B.若增大原、副線圈匝數(shù)比，變壓器輸入功率減小

C.若開關(guān)S閉合，燈泡均將變暗

D.若開關(guān)S閉合，電流表示數(shù)將變大

8.如圖甲所示為電磁感應(yīng)加速器核心部分俯視圖，圓心為。、半徑為R的圓形光滑真空絕緣細(xì)管固定放置于

圓形邊界的勻強(qiáng)磁場中，圓心0與磁場圓心重合。磁場方向豎直向下，當(dāng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間變化

時，會在空間中產(chǎn)生渦旋電場，其電場線是在水平面內(nèi)一系列以。為圓心的同心圓，同一條電場線上各點(diǎn)

場強(qiáng)大小相等。某時刻在細(xì)管內(nèi)P點(diǎn)靜止釋放一帶電量為-q、質(zhì)量為zn的小球，小球沿逆時針方向運(yùn)動,

其動能隨轉(zhuǎn)過圓心角9的變化圖像如圖乙所示，下列說法正確的是（）

細(xì)管所在位置的電場強(qiáng)度大小為懸

A.磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均勻增大B.

D.小球運(yùn)動第一周所用時間為2兀/?離

C.磁感應(yīng)強(qiáng)度變化率大小為簫

三、填空題：本大題共3小題，共12分。

9.我國唐代對彩虹形成的原因已有記載，《禮記?月令?季春之月》中提到

“日照雨滴則虹生"。一束太陽光射入球形雨滴形成彩虹的光路如圖所示，

則光線a的頻率（選填“大于”、“等于”或“小于”）光線b的頻率，

已知太陽光射入雨滴時入射角（8=53。，光線b偏折角￡=16。，光線b在雨滴

中的折射率等于（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字，sin53°?0.8,sin16

°為0.3,sin37°x0.6）o

10.如圖所示，兩相同燈泡41、42,4與一理想二極管D連接，線圈L的直流

電阻與燈泡阻值相等。閉合開關(guān)S后，41會（填“立即亮”或“逐漸變

亮”）;斷開開關(guān)S的瞬間，4會（填“閃亮一下再熄滅”或“立即熄

滅"）o

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11.某同學(xué)自制一電流表，其原理如圖所示。質(zhì)量為機(jī)的均勻細(xì)金屬桿MN與一豎直懸掛的絕緣輕彈簧相

連，彈簧的勁度系數(shù)為匕在矩形區(qū)域abed內(nèi)有勻強(qiáng)磁場，ab=Li，be=L2,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,方向

垂直紙面向外。MN的右端連接一絕緣輕指針，可指示出標(biāo)尺上的刻度。MN的長度大于ab,當(dāng)MN中沒有

電流通過且處于靜止時，MN與矩形區(qū)域的ab邊重合，且指針指在標(biāo)尺的零刻度；當(dāng)MN中有電流時，指針

示數(shù)可表示電流強(qiáng)度。MN始終在紙面內(nèi)且保持水平，重力加速度為g。則標(biāo)尺上的電流刻度是（填

“均勻”或“不均勻”）的；為使電流表正常工作，流過金屬桿的電流方向?yàn)椋ㄌ睢癗-M”或

"MTN"）；該電流表所測電流的最大值為o

四、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共12分。

12.1834年，物理學(xué)家楞次在分析了許多實(shí)驗(yàn)事實(shí)后，總結(jié)得到電磁學(xué)中一重要的定律一一楞次定律，某

興趣小組為了探究該定律做了以下物理實(shí)驗(yàn)：

（1）“探究影響感應(yīng)電流方向的因素”的實(shí)驗(yàn)裝置中滑動變阻器采用限流接法，請用筆畫線代替導(dǎo)線將圖

甲中的實(shí)物電路補(bǔ)充完整。

（2）圖甲實(shí)驗(yàn)電路連接后，開關(guān)閉合瞬間，發(fā)現(xiàn)電流計指針向左偏轉(zhuǎn)；開關(guān)處于閉合狀態(tài)時，電流計指針

（選填“偏轉(zhuǎn)”或“不偏轉(zhuǎn)”）；滑動變阻器滑片P向右快速移動時，電流計指針偏轉(zhuǎn)（選填

“向左””向右"或"不”）o

（3）為了進(jìn)一步研究，該小組又做了如圖乙實(shí)驗(yàn)，磁體從靠近線圈上方由靜止下落。在磁體穿過整個線圈

的過程中，傳感器顯示電流i隨時間t的圖像如圖丙所示，由圖可得到的結(jié)論是

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丙

4感應(yīng)電流方向與線圈中的磁通量增減有關(guān)

2.感應(yīng)電流方向與磁鐵下落速度的大小有關(guān)

C感應(yīng)電流大小與線圈中磁通量的變化快慢有關(guān)

13.某同學(xué)為了驗(yàn)證對心碰撞過程中的動量守恒定律，設(shè)計了如下實(shí)驗(yàn)：用紙板搭建如圖所示的滑道，使

硬幣可以平滑地從斜面滑到水平面上，其中2B為水平段，在水平段取一點(diǎn)0。選擇相同材質(zhì)的一元硬幣和

一角硬幣進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。

測量硬幣的質(zhì)量，得到一元硬幣和一角硬幣的質(zhì)量分別為巾1和機(jī)2O1＞爪2)。將硬幣a放置在斜面上某一

位置，標(biāo)記此位置為C。由靜止釋放a,當(dāng)a停在水平面上某處時，測量a右側(cè)到。點(diǎn)的距離0P,如圖甲所

示；將硬幣b放置在。處，左側(cè)與。點(diǎn)重合，再將a從C點(diǎn)由靜止釋放，當(dāng)兩枚硬幣發(fā)生碰撞后，a、b分別停

在水平面上時，測量a右側(cè)到。點(diǎn)的距離。M、b左側(cè)到。點(diǎn)的距離。N,如圖乙所示。保持釋放位置不變，

重復(fù)實(shí)驗(yàn)若干次，得到。P、0M、0N的平均值分別為so、si、S2。

(1)在本實(shí)驗(yàn)中，b選用的是(選填“一元”或“一角”)硬幣。

(2)若a、6碰撞前后動量守恒，則應(yīng)滿足的表達(dá)式為(用So、si、S2、根1和爪2表示)；若碰撞前后動量

守恒且機(jī)械能相等，則應(yīng)滿足的表達(dá)式為(用S。、Si和S2表示)。

五、計算題：本大題共3小題，共36分。

14.如圖所示，圖為亞運(yùn)會藝術(shù)體操比賽中中國隊(duì)選手趙檄進(jìn)行帶操比賽的畫面，某段過程中彩帶的運(yùn)動

可簡化為沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，圖甲為這列簡諧橫波在某時的波形圖，M點(diǎn)剛開始振動，圖乙為

某質(zhì)點(diǎn)以該時刻作為計時起點(diǎn)的振動圖像，求：

(1)該波的波速大小；圖乙是P、M中哪一質(zhì)點(diǎn)的振動圖像；

(2)平衡位置位于x=3nl處的N點(diǎn)(未畫出)經(jīng)多長時間第一次到達(dá)波峰;

(3)經(jīng)1s的時間質(zhì)點(diǎn)Q走過的路程。

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15.如圖所示，平面直角坐標(biāo)系xOy面內(nèi)，y軸右側(cè)第一象限內(nèi)存在豎直向

上的勻強(qiáng)電場，第四象限內(nèi)存在垂直于紙面向內(nèi)勻強(qiáng)磁場。一帶電粒子以

速度火從y軸上的M點(diǎn)(0,號L)垂直于y軸射入電場，從N點(diǎn)(未畫出)進(jìn)入第

四象限，恰好不穿過y軸而再回到電場。已知粒子的質(zhì)量為機(jī)，電荷量為

q，勻強(qiáng)電場場強(qiáng)大小為E=今騏，不計粒子重力，求：

(1)N點(diǎn)的坐標(biāo)；

(2)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大?。?/p>

(3)粒子從M點(diǎn)開始到第三次到達(dá)x軸經(jīng)歷的時間。

16.如圖所示，間距為L=1.0m的兩平行光滑金屬導(dǎo)軌由傾斜部分和水平部分(足夠長)平滑連接而成，傾

斜部分導(dǎo)軌與水平面夾角為。=30。，導(dǎo)軌上端接有一個電阻R=20?？臻g存在垂直斜面向上和豎直向上

的兩部分勻強(qiáng)磁場，兩磁場互不干擾，大小均為B=27。導(dǎo)體棒a的質(zhì)量為爪。=2kg,6的質(zhì)量為根占

=3kg,內(nèi)阻分別為%=與?=2。，兩根導(dǎo)體棒垂直導(dǎo)軌放置?，F(xiàn)閉合電鍵K,將b鎖定，將a棒從某高

度由靜止釋放，經(jīng)過一段時間，a棒在斜面上達(dá)到最大速度火。已知導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌接觸良好，其余電阻不

2

計，重力加速度為g=10m/so求：

(l)a棒在斜面上達(dá)到的最大速度為的大??；

(2)a棒在斜面上從靜止開始下滑x已達(dá)到最大速度，該過程中電阻R產(chǎn)生的焦耳熱為1.25/,求下滑距離X；

(3)a棒在離開斜面的瞬間斷開電鍵K,同時解除b棒的鎖定，從a棒離開斜面瞬間經(jīng)過時間t兩者相距最近，

該過程a、6未發(fā)生碰撞，求該過程中通過6的電量；

(4)求上一小題中t時間內(nèi)b棒發(fā)生的位移大小(結(jié)果可保留t)。

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RB

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答案解析

1.5

【解析】解:A屬于雙縫干涉,CD屬于薄膜干涉，B是利用了光的偏振，B不屬于光的干涉，故/CO錯

誤，3正確。

故選:Bo

根據(jù)光的干涉特點(diǎn)分析判斷，用特制眼鏡看立體電影，是利用了光的偏振現(xiàn)象。

本題考查光的干涉，解題關(guān)鍵掌握光的干涉在實(shí)際生活中的應(yīng)用。

2.D

【解析】解：4、因?yàn)槎嗥绽招?yīng)B接收的超聲波與4發(fā)出的超聲波頻率不相等，故/錯誤；

B、時間差不斷增大時說明4一定在遠(yuǎn)離B,但不能確定力的運(yùn)動性質(zhì)，故8錯誤；

C、紅外線可以在真空中傳播，但超聲波不能在真空中運(yùn)動，故C錯誤；

。、紅外線能發(fā)生偏振現(xiàn)象，而超聲波是縱波，不能發(fā)生偏振現(xiàn)象，故。正確。

故選：D。

根據(jù)多普勒效應(yīng)分析；時間差增大只能說明4在遠(yuǎn)離B；超聲波不能在真空中傳播；超聲波是縱波。

掌握多普勒效應(yīng)，知道超聲波是縱波，超聲波不能在真空中傳播。

3.C

【解析】解：設(shè)腳著地瞬間的速度大小為，取豎直向上為正，穿著平底布鞋時，根據(jù)動量定理

(F—G)t0=0—(―mv)

其中尸=4G

穿上氣墊鞋時，根據(jù)動量定理有

(F'-G)x2to=

解得F'=2.5G

故/AD錯誤，C正確。

故選：C?

根據(jù)動量定理求，地面對該同學(xué)的作用力和重力的合力提供沖量等于該同學(xué)動量的變化。

本題主要考查動量定理在實(shí)際生活中的應(yīng)用，學(xué)生需要將物理模型和生活實(shí)際聯(lián)系起來進(jìn)行解答。

4.C

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【解析】解；改變電場強(qiáng)度方向后粒子做勻速圓周運(yùn)動，可知重力與電場力平衡，即

mg=qE

此時電場力方向向上，恰好不從右邊界射出，可知粒子做圓周運(yùn)動的半徑

r—d

即

v2

qvB=771V

電場方向改變之前電場力方向向下，粒子做直線運(yùn)動，則

mg+qE=Bqv

聯(lián)立解得

q2E

mdB2

故48。錯誤，C正確。

故選C。

改變電場強(qiáng)度方向后粒子做勻速圓周運(yùn)動，可知重力與電場力平衡，再根據(jù)粒子做圓周運(yùn)動由洛倫茲力提

供向心力公式列出等式，結(jié)合電場方向改變之前電場力方向向下，粒子做直線運(yùn)動，列出重力和電場力以

及洛倫茲力的平衡方程，聯(lián)立解得比荷，得出正確選項(xiàng)。

帶電粒子在復(fù)合場中圓周運(yùn)動，一般都是電場力與重力平衡，洛倫茲力提供向心力，故常根據(jù)速度及磁感

應(yīng)強(qiáng)度求得半徑，然后根據(jù)幾何關(guān)系求得運(yùn)動軌跡；或反過來由軌跡根據(jù)幾何關(guān)系求解半徑，進(jìn)而求得速

度、磁感應(yīng)強(qiáng)度。

5.BC

【解析】解：AB、做簡諧運(yùn)動的周期7=2兀該同學(xué)站在滑板上時，其重心高度高，則其做簡諧運(yùn)動

的擺長小，其周期比較小，故/錯誤，5正確；

CD,從最高點(diǎn)運(yùn)動到最低點(diǎn)過程中，該同學(xué)站在滑板上時，其重力勢能減小量小，其動能增加量也小，所

以速度也比較小，故C正確，。錯誤；

故選：BCO

AB、根據(jù)簡諧運(yùn)動的周期r=2兀烏可分析出；

CD,根據(jù)重力勢能和動能相互轉(zhuǎn)化來判斷。

本題主要考查學(xué)生對于簡諧運(yùn)動的周期的應(yīng)用能力，重力勢能與動能相互轉(zhuǎn)化的分析能力。

6.AD

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【解析】4小磁針N極向紙外偏轉(zhuǎn)，表明電流產(chǎn)生的磁場在小磁針位置的方向向東，根據(jù)安培定則可知，

導(dǎo)線中的電流方向由北向南，/正確；

8.電流在P處產(chǎn)生的磁場與地磁場水平分量的合磁場方向是小磁針靜止時N極所指的方向，8錯誤；

C.令通電導(dǎo)線在P處產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為名,根據(jù)磁場的疊加原理有tan60。=金

解得名=平Bo

C錯誤；

D根據(jù)矢量合成，導(dǎo)線正下方P處磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=J瑤+瑤=2B。

D正確；

故選40。

1.BD

【解析】解：4開關(guān)斷開時均正常發(fā)光，變壓器原線圈中的電流八=0.14

根據(jù)理想變壓器電流與匝數(shù)比的關(guān)系，變壓器副線圈中的電流/2=91=^x0.12=1A

根據(jù)歐姆定律，變壓器副線圈兩端電壓=1X2,=2V

根據(jù)理想變壓器電壓與匝數(shù)比的關(guān)系，變壓器原線圈兩端電壓U1=￡U2=^X2U=201/

由于發(fā)電機(jī)內(nèi)阻不計，因此發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的有效值E=U1=20V

根據(jù)有效值與最大值的關(guān)系，發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值石帆=20*V

圖中線圈平面位于與中性面垂直的位置，感應(yīng)電動勢瞬時值的表達(dá)式e=Emcos3t

線圈轉(zhuǎn)動的角速度3=2Tin=2TTx10rad/s=207irad/s

聯(lián)立解得瞬時值的表達(dá)式為e=20避cos207rt（7）

8.變壓器輸入功率P入=P出=器

若增大原、副線圈匝數(shù)比，則變壓器副線圈兩端電壓出變小，因此變壓器的輸入功率變小，故3正確；

C.變壓器的匝數(shù)比不變，變壓器副線圈兩端電壓不變，若開關(guān)S閉合，則燈泡口的亮度不變，故C錯誤；

D若開關(guān)S閉合，變壓器的輸出功率變大，根據(jù)功率關(guān)系，變壓器的輸入功率變大；

根據(jù)功率公式P入=t/i/i

由于輸入功率變大，變壓器原線圈兩端電壓不變，因此電流表的示數(shù)變大，故。正確。

故選：BDo

4根據(jù)理想變壓器電流與匝數(shù)比的關(guān)系求解副線圈中的電流，根據(jù)歐姆定律求變壓器副線圈兩端電壓；根

據(jù)理想變壓器電壓與匝數(shù)比的關(guān)系求解變壓器原線圈兩端電壓，進(jìn)而求解發(fā)電機(jī)感應(yīng)電動勢的有效值和最

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大值；

根據(jù)瞬時值的表達(dá)式求解作答；

8.根據(jù)功率公式、理想變壓器電壓與匝數(shù)比的關(guān)系和變壓器的功率關(guān)系分析作答；

C根據(jù)功率公式、理想變壓器電壓與匝數(shù)比的關(guān)系分析作答；

D若開關(guān)S閉合，變壓器的輸出功率變大，根據(jù)功率公式和變壓器的功率關(guān)系分析作答；

本題主要考查了交流電瞬時值表達(dá)式的書寫；考查了理想變壓器的動態(tài)變化；熟練掌握理想變壓器電壓與

匝數(shù)比、電流與匝數(shù)比的關(guān)系、功率公式、歐姆定律以及理想變壓器的功率關(guān)系是解題的關(guān)鍵。

8.CD

【解析】4小球帶負(fù)電，其沿逆時針運(yùn)動，所以電流方向?yàn)轫槙r針，由楞次定律可知，其磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)

度減小，故/項(xiàng)錯誤；

8.細(xì)管所處的場強(qiáng)為凡由動能定理有=Ek-0

結(jié)合題圖可知，其圖像的斜率有心如嚴(yán)

解得E=凝

故8項(xiàng)錯誤；

C感生電動勢有E感=%=曙

由題圖可知，從0到27r有亞感=反）

整理有理=-^―

2

年生eAtnqR

故C項(xiàng)正確；

D小球在繞一圈過程中其受到的電場力大小不變，有qE=ma

結(jié)合之前的分析有a二餐

則繞行一圈對粒子有2TTR=1at2

解得t=2兀R離

故。項(xiàng)正確。

故選CZX

9.大于1.3

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【解析】解：由圖分析可知，第一次折射時，b光的偏折較小，貝腦光的折射率較?。?/p>

根據(jù)折射定律可知ri=4黑）

代入數(shù)據(jù)解得n=1.3

故答案為：大于；1.3

根據(jù)光的偏折程度分析折射率，根據(jù)折射定律解得折射率。

本題關(guān)鍵之處是分析第一次折射時折射角的關(guān)系，要注意運(yùn)用折射定律計算折射率的公式。

10.立亮即立即熄滅

【解析】解:閉合開關(guān)S后，燈泡力1和二極管和燈泡色能夠組成閉合回路，所以公會立即亮。斷開開關(guān)S

后，由于線圈的自感作用，會產(chǎn)生自感電動勢，經(jīng)過二極管的電流自右向左，但是因?yàn)槎O管的單向?qū)щ?/p>

性，所以電流不能經(jīng)過二極管，公會立即熄滅。

故答案為：立即亮，立即熄滅。

根據(jù)開始燈泡&和二極管和燈泡42能夠組成閉合回路，所以閉合開關(guān)后電路中立即有電流經(jīng)過；斷開開關(guān)

后，二極管的單向?qū)щ娦?，不能有電流?jīng)過二極管。

要注意二極管的單向?qū)щ娦允墙忸}的關(guān)鍵。

11.均勻MTN髻

DL1

【解析】解：當(dāng)電流表示數(shù)為零時，金屬桿不受安培力的作用，金屬桿僅在重力和彈簧彈力作用下處于平

衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件

mg=kx（）

解得

mg

Xo=JT

久0為彈簧伸長量；

當(dāng)電流為/時，安培力為

FA=BILi

靜止時彈簧伸長量的增加量為由胡克定律得

AF=kAx

解得

FBILI

"萬A=丁

由此可見

第12頁，共18頁

JxocZ

所以標(biāo)尺上的電流刻度是均勻的；

如果要使電流表正常工作，金屬桿應(yīng)向下移動，所以金屬桿應(yīng)受到向下的安培力，根據(jù)左手定則可知金屬

桿中的電流方向應(yīng)該從M至N；

設(shè)=L2

則有

1=Im

B】mLi=kL2

聯(lián)立解得

=生

m~BLi

故答案為：均勻；M-N；瞥

流表的示數(shù)為零時，彈簧的彈力與重力平衡，應(yīng)用平衡條件求出電流為零時彈簧的伸長量；

根據(jù)電流與彈簧伸長量的關(guān)系分析刻度是否均勻。電流表正常工作，金屬桿向下移動，根據(jù)左手定則判斷

電流的方向。求出當(dāng)金屬棒到達(dá)Cd位置時導(dǎo)線中的電流，然后求出電流表的量程。

本題題意新穎，考查點(diǎn)巧妙，借助生活中的實(shí)際器材考查了物體平衡問題，正確進(jìn)行受力分析，然后根據(jù)

平衡條件和胡克定律列方程是解題關(guān)鍵。

(2)不偏轉(zhuǎn)向右

(3)XC

【解析】(1)實(shí)物電路如圖

第13頁，共18頁

p

(2)[i]開關(guān)處于閉合狀態(tài)時，線圈a中電流大小不變，磁場強(qiáng)度不變，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流計指針不偏

轉(zhuǎn)。

[2]滑動變阻器滑片P向右快速移動時，電路中總阻變大，線圈a中電流減小，故電流計指針向右偏轉(zhuǎn)。

(3)4由圖可知，磁體從上方進(jìn)入時電流為正，從下方出時電流為負(fù)，所以感應(yīng)電流方向與線圈中的磁通量

增減有關(guān)，故/正確；

區(qū)由圖可知，感應(yīng)電流方向與磁鐵下落速度的大小無關(guān)，故3錯誤；

C由圖可知，在下落過程中速度變大，出線圈時速度大于進(jìn)入時的速度，磁通量的變化率變快，感應(yīng)電流

也變大，所以感應(yīng)電流大小與線圈中磁通量的變化快慢有關(guān)，故C正確。

故選NC。

13.(1)一角

(2)m^y/so==y/s2—y[s[

【解析】(1)根據(jù)圖乙可知，a碰撞b后，a的速度方向仍然向右，沒有發(fā)生反彈，可知a的質(zhì)量大一些，即

在本實(shí)驗(yàn)中，a選用的是一元硬幣，6選用的是一角硬幣。

(2)設(shè)硬幣與紙板間的動摩擦因數(shù)為由重力加速度為g,a從。點(diǎn)到P點(diǎn)，根據(jù)動能定理-〃migso=。-扣1

Vo

解得碰撞前，a到。點(diǎn)時速度的大小%=

同理可得，碰撞后a的速度和6的速度分別為%=同〃gsi,v2="24gs2

若動量守恒，則滿足租1%=mv1+m2v2

整理可得僅1、%=+m2V^2

若碰撞前后動量守恒且機(jī)械能相等，則由機(jī)械能守恒定律得詔=/1誑+/2詔

聯(lián)立解得兩=后-M

14.(1)根據(jù)圖甲可知波長2=1機(jī)，根據(jù)圖乙可知周期為7=0.4s,則波速u=42.5M/S

第14頁，共18頁

由圖乙可知，該質(zhì)點(diǎn)在零時刻從平衡位置開始向負(fù)向最大位移處運(yùn)動，根據(jù)圖甲可判斷該質(zhì)點(diǎn)為P。

(2)t=0時刻0.75機(jī)處質(zhì)點(diǎn)處于波峰位置，此狀態(tài)傳播到N點(diǎn)的時間為==0.9s

(3)經(jīng)1s的時間即審，則經(jīng)1s的時間質(zhì)點(diǎn)Q走過的路程s=|x4X=100cm

【解析】詳細(xì)解答和解析過程見【答案】

15.解：(1)粒子在電場中做類平拋運(yùn)動

qE=ma

XN=Wi

解得

+_3L

%N—33ti——

(2)粒子進(jìn)入磁場時，速度方向與+無方向的夾角滿足

tand=%

解得

e=30°

速度大小

在磁場中軌跡如圖

X>SKXX

XXX

xxxxxy

XXXXXX

根據(jù)幾何關(guān)系

R+Rcos60°=xN

根據(jù)洛倫茲力提供向心力

第15頁，共18頁

聯(lián)立解得

B—V^mvo

3qL

(3)粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角

3=360°-60°=300°

用時

32nm

t2=360^XW

解得

t2一-

由磁場射入電場到再進(jìn)入磁場過程

t3—2x—=2x=2tl

aa

則粒子從M點(diǎn)開始到第三次到達(dá)第軸經(jīng)歷的時間

t=+力3

解得

t_5病L?2L

3vovo

答：(1))N點(diǎn)的坐標(biāo)(3。0)；

(2)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小嘯過

(3)粒子從M點(diǎn)開始到第三次到達(dá)x軸經(jīng)歷的時間耳聾+魯。

【解析】(1)粒子在電場中做類平拋運(yùn)動，應(yīng)用類平拋運(yùn)動規(guī)律求出N點(diǎn)的坐標(biāo)；

(2)