專題04實驗題2018-2022綿陽五年中考匯編

綿陽20182022中考真題匯編實驗題目錄TOC\o"11"\h\u類型一：熱學試驗 1類型二：光學實驗 2類型三：力學實驗 5類型四：電學實驗 10類型一：熱學試驗1、（綿陽·2018）在“探究水沸騰時溫度變化的特點”試驗中，從室溫開始加熱，記錄的數據如下表：時間/min0123456789溫度/℃30.040.049.959.669.278.687.897.097.097.0（1）根據表中數據，可知在本地水的沸點是_______℃．（2）從表中數據可以看出，水溫較低時加熱1min時間水升高的溫度與水溫較高時加熱1min時間水升高的溫度不同．其主要原因是：隨著水的溫度升高，_______（填序號）A．水的質量變化了B．水的比熱容變化了C．1min時間水向空氣傳遞的熱量不同D．1min時間酒精燈傳遞給水的熱量不同【答案】①.97②.C【解析】【分析】（1）根據表格及水沸騰時溫度不變判斷出水的沸點；（2）根據和汽化現象分析解答．【詳解】（1）由表格知，水在沸騰過程中溫度保持97℃不變，所以水沸騰時的溫度為97℃，而且水沸騰時，吸熱但溫度不變；（2）從表中數據可以看出，水溫較低時加熱1min時間水升高的溫度與水溫較高時加熱1min時間水升高的溫度不同，分析一下原因：在沸騰前不能考慮水的蒸發(fā)，故水的質量不變；故A錯誤；水的比熱容是物質的特性，大小不變，故B錯誤；根據可知，溫度差增大，1min時間水向空氣傳遞的熱量不同，故C正確；相同時間酒精燈傳遞給水的熱量不變，故D錯誤，故選C；故答案為；(1).97(2).C【點睛】該題考查學生對探究水的沸騰實驗中出現的現象進行分析、評估的能力，難點是根據判斷水向空氣傳遞的熱量．2、（2020·綿陽）探究水凝固時溫度的變化規(guī)律。取半個易拉罐，裝2/3的冰與1/3的食鹽的混合物（此混合物是很好的制冷劑），選一只管徑較細的試管，盛少許水，把該試管埋入易拉罐的冰與食鹽混合物中。正確操作，觀測記錄水凝固過程中溫度隨時間變化的數據如下表所示。時間/min012345678910溫度/℃123100000001回答下列問題：(1)用溫度計測量溫度，應將溫度計插入_____________。A．試管的水中B．冰與食鹽的混合物中C．空氣中(2)在4min—5min時間內，試管中的水_____________。A．吸熱B.放熱C.不吸熱不放熱(3)根據表中數據可以認為：水的凝固點與冰的熔點____________（選填“相同”或“不相同”）?！敬鸢浮竣?A②.B③.相同【解析】【詳解】(1)[1]探究水凝固是溫度變化規(guī)律，溫度計測量的是水的溫度，所以溫度計應插入試管中的水中，故選A。(2)[2]4—5分鐘時間由表可看出溫度為0℃，則水處于固液共存狀態(tài)，在凝固過程中，溫度保持不變持續(xù)放出熱量，故選B。(3)[3]表中可以看出水的凝固點為0℃，而水的熔點也為0℃，二者相同。類型二：光學實驗1、（2019·綿陽）在“探究光折射時的特點”試驗中，讓光源發(fā)出的一束光從水中以不同的角度射入空氣，觀察到光束在水中和空氣中的徑跡如圖所示．回答以下問題：（1）此現象說明_______（選填序號）A．光路可逆B．光在水面只發(fā)生了折射C．光在水面只發(fā)生了反射射D．光在水面既發(fā)生了折射又發(fā)生了反射（2）增大這一束光與豎直方向的夾角，發(fā)現射入空氣的光的徑跡與豎直方向的夾角也增大，此現象說明_________（選填序號）A．入射角增大，折射角減小B．入射角增大，折射角增大C．折射角的大小與入射角的大小成正比D．折射角的正弦值與入射角的正弦值成正比（3）讓這一束光垂直于水面射入空氣．傳播方向__________（選填序號）．A．向右偏B．向左偏C．不偏【答案】①.D②.B③.C【解析】【詳解】（1）由圖可看出，光從水中斜射入空氣中，光在水面既發(fā)生了折射又發(fā)生了反射．（2）增大這一束光與豎直方向的夾角，即增大了入射角．根據折射規(guī)律，入射角增大，折射角也增大，即射入空氣的光的徑跡與豎直方向的夾角增大．（3）當入射角為零時（光垂直于水面射入空氣），折射角也為零（射入空氣的光的徑跡也垂直于水面），即此時傳播方向不偏．2、（2021·綿陽）用如圖所示裝置探究平面鏡成像的特點。把一張大紙鋪在桌面上，紙上豎立一塊玻璃板，沿著玻璃板在紙上畫一條直線OO1，代表平面鏡的位置。（1）把一支點燃的蠟燭放在玻璃板前面的適當位置，再拿一支外形相同但不點燃的蠟燭，豎立著在玻璃板的后面移動，當移動到某位置時，發(fā)現該蠟燭與點燃蠟燭的像完全重合。此說明平面鏡成的像。（選填序號）A.是虛像B.大小與物體的大小相等C.和物體到平面鏡的距離相等，和物體連線與鏡面垂直（2）移動點燃的蠟燭分別到A、B、C點，重復（1）中的操作，記錄與點燃蠟燭的像重合的A1、B1、C1點，用直線將A、B、C和A1、B1、C1分別連接成三角形，將紙沿OO1對折，發(fā)現兩個三角形幾乎重合。此說明平面鏡成的像C。（選填序號）A.是虛像B.大小與物體的大小相等C.和物體到平面鏡的距離相等，和物體連線與鏡面垂直（3）有同學在實驗過程中，觀察到點燃蠟燭的像好像總是“懸浮”在紙面上方。造成該現象的原因可能是C。（選填序號）A.玻璃板太厚B.玻璃板未垂直桌面，且偏離點燃蠟燭一側C.玻璃板未垂直桌面，且偏向點燃蠟燭一側【分析】（1）實驗時采用兩個完全相同的蠟燭，一支蠟燭放在玻璃板的前面并點燃，另一支放在玻璃板的后面，當玻璃板后面的蠟燭和玻璃板前面的蠟燭的像完全重合時，可以確定像的位置，同時也可以比較物像大小關系；（2）平面鏡成像時，物像連線與鏡面垂直且物和像到鏡面的距離相等；（3）可畫圖說明像總是“懸浮”在紙面上方偏高且傾斜的原因?！窘獯稹拷猓海?）未點燃的蠟燭與點燃的蠟燭的像完全重合，可知蠟燭和它成的像大小相等，故選：B；（2）移動點燃的蠟燭分別到A、B、C點，重復（1）中的操作，記錄與點燃蠟燭的像重合的A1、B1、C1點，用直線將A、B、C和A1、B1、C1分別連接成三角形，將紙沿OO1對折，發(fā)現兩個三角形幾乎重合，即兩個三角形關于OO1成軸對稱，則對應點（物和像）連線與鏡面垂直且到鏡面距離相等，故選：C；（3）前面點燃蠟燭的像總是“懸浮”在紙面上方，如圖所示，造成該現象的原因是玻璃板未豎直放置且偏向點燃的蠟燭方向，故選：C。故答案為：（1）B；（2）C；（3）C。類型三：力學實驗1、（綿陽·2018）某小組同學測量滑輪組的機械效率．實驗步驟有：（i）按照如圖所示安裝滑輪組，測鉤碼重力G并記鉤碼和繩端的位置（ii）用彈簧測力計緩慢拉動繩端，使鉤碼上升，讀出拉力F值，并測出鉤碼上升的高度h和繩端移動的距離s；（iii）記錄實驗數據填入表格中（表格略）；（iv）多次改變鉤碼的數量，重復上述實驗；（v）用動滑輪質量不同的兩個滑輪組吊相同的鉤碼，分別測機械效率；（vi）分析測量結果，討論影響機械效率的因素回答以下問題：（1）除了如圖所示器材和彈簧測力計外，還需要的器材是__．（2）滑輪組機械效率的計算公式是η=__（用直接測得的物理量符號表示）．（3）關于影響滑輪組機械效率的因素，該小組同學討論后得到以下認識，你認為正確的有__（填序號，可能不止一項正確）．A．在相同情況下，摩擦越大，機械效率越小B．在相同情況下，摩擦越大，機械效率越大C．忽略摩擦，定滑輪質量相同，則機械效率相同D．忽略摩擦，動滑輪質量相同，則機械效率相同E．忽略摩擦，動滑輪質量相同，所吊重物質量越大，則機械效率越大F．忽略摩擦，動滑輪質量相同，所吊重物質量越大，則機械效率越小【答案】①.刻度尺②.Gh/Fs③.AE【解析】【分析】滑輪組是定滑輪和動滑輪組裝而成的機械裝置，根據滑輪組的機械效率公式分析探究所需要測量的工具以及測量的量以及表達式；滑輪組機械效率與物體重力、動滑輪的重力，以及摩擦力的大小有關，在有用功不變的情況下，所做的額外功越多，滑輪組的機械效率越低．【詳解】（1）由圖可知，除了滑輪，彈簧測力計外，還需要刻度尺；（2）由滑輪組的圖上可知，n=3滑輪組做的有用功為，總功為，機械效率的表達式為；（3）AB、在相同情況下，摩擦越大，所做的額外功越多，機械效率越小，故A正確，B錯誤；CD、忽略摩擦，滑輪組的機械效率，與定滑輪的質量無關，動滑輪質量相同，重力相同，額外功相同，則機械效率相同，若重力不同，機械效率不同，故CD錯誤；EF、忽略摩擦，動滑輪質量相同，所掛重物質量越大，所做的有用功越多，則機械效率越大．故E正確、F錯誤．故選AE．故答案為(1).刻度尺(2).(3).AE2、（2019·綿陽）測量小石塊的密度．實驗室器材有：托盤天平、量筒、細線、裝有適量水的燒杯和待測小石塊．請按以下實驗步驟完成實驗：（1）調節(jié)天平平衡．將天平放在水平桌面上，把游碼放在標尺左端的零刻度線處，發(fā)現指針在分度盤的位置如圖甲所示，應將右邊平衡螺母向________調節(jié)（選填“左”或“右”）．（2）用調節(jié)好的天平稱小石塊質量．三次測量結果記錄在下表中．序號123小石塊質量m/g52.852.452.4（3）在量筒中裝入60mL的水，把小石塊放入量筒內，量筒中的水面如圖乙所示，則小石塊的體積是________cm3．（4）小石塊的密度是________g/cm3（小數點后保留兩位數字）．（5）實際上，小石塊要吸水，本實驗測得的小石塊的密度________（選填“大于”或“小于”或“等于”）小石塊的真實密度．【答案】①.右②.20③.2.63④.大于【解析】【詳解】（1）將天平放在水平桌面上，把游碼放在標尺左端的零刻度線處，指針指在分度盤的左側，說明天平左側偏重，不論哪側的平衡螺母，都應向右調節(jié)．（3）由乙圖可看出，小石塊放入量筒后水和小石塊的總體積為80mL，量筒中原來水的體積為60mL，則小石塊的體積為V=80mL60mL=20mL=20cm3．（4）將步驟（2）中測得的小石塊質量取平均值，則小石塊的質量為m==52.53g．則小石塊的密度為ρ===2.63g/cm3．（5）實際上，小石塊要吸水，將石塊放入量筒后，石塊會吸收一部分水，導致水和石塊的總體積小于偏小，則計算出的石塊體積偏小，根據ρ=，最終會導致測得的小石塊的密度偏大．3、（2020·綿陽）小明等幾位同學設計不同實驗探究浮力。(1)他們找了一段較細的紅線，將其兩端分別固定在乒乓球和大燒杯的底部，再向燒杯緩慢注水，直到水將乒乓球浸沒，發(fā)現紅線在豎直方向被拉直，如圖甲所示；然后，將大燒杯傾斜，發(fā)現紅線仍舊在豎直方向被拉直，如圖乙所示。根據兩次觀察到的現象，小明他們認為：乒乓球受到的浮力_______（選填序號）。A．大小與乒乓球的體積有關B.大小與水的密度有關C.方向可能豎直向上也可能斜向上D.方向豎直向上(2)在彈簧測力計下懸掛一個鋁塊，彈簧測力計示數是4.0N。然后，將鋁塊慢慢浸入水中，當鋁塊部分浸入水中，彈簧測力計示數如圖丙所示，彈簧測力計示數是_______N；當鋁塊全部浸沒在水中，彈簧測力計示數如圖丁所示，此時鋁塊受到浮力大小是_________N。實驗結果表明：鋁塊浸在水中的體積越大，受到浮力越大?！敬鸢浮竣?D②.3.0③.1.5【解析】【詳解】(1)[1]根據兩次觀察到的現象，乒乓球的體積不變，水的密度不變，乒乓球受到豎直向下的重力作用，但連接乒乓球的紅線一直緊繃，說明乒乓球受到的浮力方向豎直向上，故選D。(2)[2][3]當鋁塊部分浸入水中，彈簧測力計示數如圖丙所示，彈簧測力計示數是3.0N；當鋁塊全部浸沒在水中，彈簧測力計示數如圖丁所示，測力計的示數為2.5N，根據稱重法可知此時鋁塊受到浮力大小是4、（2021·綿陽）用如圖所示裝置探究斜面省力大小及機械效率是否與斜面傾角、表面粗糙程度有關。甲、乙斜面傾角相等，與丙的不相等；甲、丙斜面表面粗糙程度相同，與乙的不相同。先用彈簧測力計豎直向上勻速緩慢提升重物0.24m高，彈簧測力計示數F0＝20.0N；再分別在三個斜面上沿斜面向上勻速緩慢拉動這個重物到同一高度，彈簧測力計示數和斜面長度如表所示。次數斜面彈簧測力計示數F/N斜面長度L/m省力大小△F/N（△F＝F0﹣F）機械效率η%1甲17.40.30？92.02乙18.20.301.887.93丙14.00.406.0？根據表中數據回答下列問題：（1）斜面甲省力大小△F甲＝2.6N；（2）斜面丙的機械效率η丙＝85.7%；（3）比較甲、乙實驗結果，可以認為BE；比較甲、丙實驗結果，可以認為AD（選填序號，有可能不止一項正確）。A.斜面省力大小與斜面傾角有關B.斜面省力大小與斜面表面粗糙程度有關C.斜面省力大小與斜面傾角和表面粗糙程度都有關D.斜面機械效率與斜面傾角有關E.斜面機械效率與斜面表面粗糙程度有關F.斜面機械效率與斜面傾角和表面粗糙程度都有關【分析】（1）由題知，△F＝F0﹣F，據此計算斜面甲省力大小△F甲；（2）由表中數據，根據η＝＝計算斜面丙的機械效率η丙；（3）根據控制變量法結合表中數據分析判斷?！窘獯稹拷猓海?）由圖1次實驗數據知，斜面甲省力大小△F甲＝F0﹣F甲＝20.0N﹣17.4N＝2.6N；（2）由題知，彈簧測力計豎直向上勻速緩慢提升重物高h＝0.24m，彈簧測力計示數F0＝20.0N，所以物體重力G＝F0＝20.0N，由表數據，可得斜面丙的機械效率：η丙＝＝≈85.7%；（3）實驗是為了斜面省力大小及機械效率是否與斜面傾角、表面粗糙程度有關。每次實驗將同一物體拉到同一高度。①由題知，甲、乙兩次實驗，斜面傾角相等，甲、乙的斜面表面粗糙程度不相同。由表中數據知，△F甲＞△F乙，能說明B，即斜面省力大小與斜面表面粗糙程度有關；同時，由表中數據知，兩次實驗的機械效率η甲＞η乙，能說明E，即斜面機械效率與斜面表面粗糙程度有關；②甲、丙兩實驗，斜面表面粗糙程度相同，斜面傾角不相等。由表中數據知，F甲＞F乙，能說明A，即斜面省力大小與與斜面傾角有關；同時，由表中數據知，η甲＞η丙，能說明D，即斜面機械效率與斜面傾角有關。故答案為：（1）2.6；（2）85.7；（3）BE；AD。5、（2022·綿陽）在"研究液體內部的壓強"實驗中，先把壓強計的探頭浸入水中同一深度，讓探頭橡皮膜分別朝下、朝上，如圖甲、乙所示；再換用鹽水，把壓強計探頭浸入鹽水中不同深度，如圖丙、丁所示，圖丙與圖乙中探頭位置液體深度相同?；卮鹣铝袉栴}：(1）比較圖甲和圖乙可得出，液體內部同一深度向上的壓強與向下的壓強_______。(2）比較圖乙和圖丙可得出，深度相同時，水內部的壓強________（填"大于""等于"或"小于"）鹽水內部的壓強。(3）比較圖丙和圖丁可得出，在鹽水中深度越大，壓強越大。(4）在圖乙和圖丁中，水和鹽水中深度不同，水內部的壓強______（填"大于""等于"或"小于")鹽水內部的壓強?！敬鸢浮?1）相等 (2）小于 (4）等于（每空2分）【解析】本超專查研究質體內部壓強特點的實驗。(1)頭e維體壓強大小的，比較感圖甲和乙可知，深頭魚在保度相間，限頭方向不同．兩圖中U形管兩側高度相間，說明辣頭所受的壓強大小相等，即液體內部網。保度向上的壓強與向下的壓強相等，(2）比較題菌乙和周可知，服頭所在深度相同，容器中液體密度不同，壓強計U形管同側液面高度差不同，鹽水中探頭受售的壓強大，由此可得出的結論為，深度相同時、水內能的壓強小于鹽水內部的壓強。(4）題圖乙和丁中探頭所在液體保度不同，液體的密度不同，但U形管兩側液面的高度差相同，所以水內部的壓強等于鹽水內部的壓強。類型四：電學實驗1、（綿陽·2018）在“測量小燈泡的電功率”實驗中，已知待測小燈泡的額定電壓為3.8V，額定電功率估計在0.9W左右，可供選擇的電流表有：A1（量程0﹣0.3A），A2（量程0﹣3A）。（1）連接電路時，應選用的電流表是_______（選填“A1”或“A2”）；（2）圖甲是某小組連接的實物電路圖．圖中有一根導線連接錯誤，請在這根導線上打“×”，并在圖中改正；____（3）改正錯誤后，閉合開關，移動滑動變阻器畫片，當電壓表示數為0.3V時，電流表示數如圖乙所示，此時小燈泡的電功率是_______W；（4）不用電流表，另增加兩只開關和一個阻值為12Ω的定值電阻R0，該小組設計了如圖丙所示的電路圖，測量小燈泡的額定功率。正確連接電路后，斷開S3，閉合S1、S2，調節(jié)滑動變阻器，讓電壓表示數為3.8V；然后只斷開S2，再閉合S3，讀出電壓表示數為6.5V。則測得小燈泡的額定功率是_______W?！敬鸢浮竣?“A1”②.③.0.054④.0.855【解析】【分析】(1)已知待測小燈泡的額定電壓為3.8V，額定電功率估計在0.9W左右，根據求燈的額定電流確定選用的電流表；(2)根據電壓表應與燈并聯，電流表與燈串聯來判斷；(3)根據電流表選用小量程確定分度值讀數，根據求此時小燈泡的電功率；要測燈的額定功率，首先使燈正常發(fā)光，先將電壓表與燈并聯，通過移動滑片的位置，使燈的電壓為額定電壓；保持滑片位置不動，通過開關的轉換，使電壓表測燈與定值電阻的電壓，因此時各電阻的大小和電壓不變，燈仍正常工作，根據串聯電路電壓的規(guī)律，可求出此時定值電阻的電壓，由歐姆定律可求出燈的額定電流，根據可求出燈的額定功率?！驹斀狻?1)[1]已知待測小燈泡的額定電壓為3.8V，額定電功率估計在0.9W左右，根據，燈的額定電流約為連接電路時，應選用的電流表是A1。(2)[2]原電路中，電壓表與電流表串聯后與燈并聯是錯誤的，電壓表應與燈并聯，電流表與燈串聯，如下所示：(3)[3]當電壓表示數為0.3V時，電流表示數如圖乙所示，電流表選用小量程，分度值為0.01A，電流大小為0.18A，此時小燈泡的電功率是(4)[4]第2次操作中，電壓表定值電阻與燈的總電壓，因此時各電阻的大小和電壓不變，燈仍正常工作，根據串聯電路電壓的規(guī)律，此時定值電阻的電壓為由歐姆定律可求出燈的額定電流燈的額定功率【點睛】本題是測燈的功率，考查器材的選擇、電路的連接、燈的功率計算及設計實驗方案的能力。易錯點是連接實物電路圖時，要注意電表量程的選擇及連接方法。2、（2019·綿陽）測量標有“2.5V”字樣小燈泡在額定電壓下工作時的電阻，小燈泡的額定功率估計在0.8W左右．實驗室提供的器材有：兩節(jié)干電池、電壓表V（量程0—3V）、滑動變阻器、導線若干、開關、待測小燈泡．供選擇的電流表：A1（量程0—0.6A）、A2（量程0—3A）．回答下列問題：（1）電流表應選用_______（“A1”或“A2”）．（2）連接好如圖所示的實驗電路，閉合開關，發(fā)現燈泡不亮，電流表無示數，電壓表有較大的示數．電路的故障可能是_________（選填序號）A．電壓表斷路B．小燈泡斷路C．電壓表短路，且小燈泡斷路D．電流表短路，且小燈泡斷路（3）排除故障后，閉合開關，調節(jié)滑動變阻器使電壓表示數為2.5V，電流表示數如圖乙所示，小燈泡正常發(fā)光時的電阻是_______Ω（小數點后保留一位數字）．【答案】①.A1②.BD③.8.3【解析】【詳解】（1）因燈泡額定電壓為2.5V，額定功率約0.8W，則電路中電流約為I===0.32A．所以電流表應選用量程為“0—0.6A”的A1．（2）A．若電壓表斷路，則電壓表應該沒有示數，故A錯誤；BD．閉合開關，燈泡不亮，電流表無示數，說明電路不通，即發(fā)生了斷路．電壓表有較大的示數，證明了與電壓表并聯的元件發(fā)生了斷路，導致電壓表相當于直接接到了電源兩端測電源電壓．綜上分析，故BD正確．C．若電壓表短路，且小燈泡斷路，則電路是接通的，電流表示數應不為零．故C錯誤．（3）乙圖中電流表分度值為0.02A，則其示數為0.3A，所以小燈泡正常發(fā)光時的電阻為R==≈8.3Ω3、學校實驗室有一根長略大于60cm的均勻電阻絲，小明等同學打算探究這根電阻絲不同長度的電阻與對應長度的關系。已知這根電阻絲總電阻約6Ω。他們設計了如圖甲所示電路示意圖，電源電壓3V，電阻絲拉直固定在木板上的a、b兩點，P為鱷魚夾。完成實驗，回答下列問題：(1)電流表應選用________（選填序號）。A．電流表A1（0~60mA）B．電流表A2（0~0.6A）C．電流表A3（0~3.0A）(2)正確連接電路，斷開開關，鱷魚夾P夾接在電阻絲上靠近b端某位置，用刻度尺測鱷魚夾與a端間電阻絲長度L，閉合開關，讀取電流表示數I；斷開開關，將鱷魚夾P向a端移動約10cm，重復前面的操作。6次測得的電阻絲長度L和對應電流表示數I如下表所示。序號123456L/cm60.050.040.030.020.010.0I/A0.510.600.731.051.482.95算出的電阻R/Ω5.9？4.12.92.01.0(3)計算接入電路電阻絲的電阻R，并填在上表中。請補填根據第2次測量算出的電阻絲電阻R2＝__________Ω。(4)請在圖乙的坐標系中，制定縱橫坐標的標度，把上表中數據在坐標系中描點，然后畫出圖像_____。(5)根據你畫出的圖像，__________（選填“可以”或“不可以”）得到結論：在誤差范圍內，電阻絲的電阻與其長度成正比。【答案】①.C②.5.0③.④.可以【解析】【詳解】(1)[1]實驗過程中電壓為3V，最大電阻為6Ω則電路中最小電流為所以應選擇電流表A3（0~3.0A）。(3)[2]第二次試驗的電流為0.6A，則其電阻為(4)[3]令橫坐標軸每一小格為2cm，縱坐標軸每一小格為0.2Ω根據表中數據逐個畫點，然后將點連線，如下圖：(5)[4]由圖乙可看出在誤差范圍內電阻絲的電阻與其長度的比值為定值，故可得到結論：在誤差范圍內，電阻絲的電阻與其長度成正比。4、（2021·綿陽）在探究電阻一定時電流與電壓關系的實驗中，小蘭同學把定值電阻、電流表、電壓表、滑動變阻器、開關和電源連接成了如圖甲所示的電路。請繼續(xù)完成實驗：（1）閉合開關前，檢查電路。小蘭發(fā)現有接線錯誤，且只需要改接一根導線就可以，請在接錯的導線上打“×”并畫線把它改到正確的位置上。（2）之后，小蘭測得的實驗數據如表所示。請在圖乙的坐標系中制定標度，把表中數據在坐標系中描點，畫出電流與電壓的關系圖線，得到電阻一定時電流與電壓的關系。數據序號123456電壓U/V0.40.81.21.62.02.4電流I/A0.070.150.220.240.360.44（3）從描點得到的圖中可以看出，有一組數據是明顯錯誤的。這組數據序號是?！痉治觥浚?）原電路中，電流表與電阻并聯，電壓表串聯在電路中是錯誤的，電流表應與電阻串聯，電壓表與電阻并聯；（2）根據表中數據制定坐標的標度，描點連線畫出電流與電壓的關系圖線；（3）根據圖線分析各點的特點，找出規(guī)律不同的點?！窘獯稹拷猓海?）實驗中，電壓表應并聯在定值電阻兩端，電流表應與定值電阻串聯，而圖中電壓表串聯在電路中，電流表與定值電阻并聯了，可將燈泡連接到變阻器的導線，改為燈泡與電壓表3接線柱連接，如圖所示：；（2）根據表中實驗數據，制定標度，描點連線畫出電流與電壓關系的圖線，如圖所示：；（3）由圖線知，電流與電壓關系圖線是正比例圖線，即電阻一定時，電流與電壓成正比，而第4次實驗數據的點不在該圖線上，所以這組數據是錯誤的。故答案為：（1）見上圖；（2）見上圖；（3）4。5、（2022·綿陽）某同學用如圖所示實驗電路圖測量小燈泡L1、L2的功率。L1標有"2.5V"字樣，L2標有“0.3A”字樣，阻值都約為10