安徽省淮北市2022-2023學(xué)年高三下學(xué)期一?；瘜W(xué)試題（解析版）

高三模擬試題PAGEPAGE1淮北市2023屆高三第一次模擬考試化學(xué)試題卷可能用到的相對(duì)原子質(zhì)量：H1C12O16Mg24S32Ca40Co59第I卷(選擇題共48分)本題共16小題，每題3分，每小題都只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1.化學(xué)與食品密切相關(guān)．下列說(shuō)法正確的是A.健康食品不含任何添加劑 B.烘焙面包用小蘇打作膨松劑C.氮?dú)夥栏抢昧说獨(dú)獾奈锢硇再|(zhì) D.食品袋中放置生石灰可防止氧化變質(zhì)〖答案〗B〖解析〗〖詳析〗A．健康食品可以含有在法律范圍內(nèi)許可的食品添加劑，不添加食品添加劑會(huì)加快食物的腐敗變質(zhì)，容易對(duì)人體產(chǎn)生毒害作用，存在安全隱患，故A錯(cuò)誤；B．碳酸氫鈉固體加熱時(shí)開始逐漸分解生成碳酸鈉、水和二氧化碳?xì)怏w，常利用此特性作為制作餅干、糕點(diǎn)、饅頭、面包的膨松劑，故B正確；C．空氣中分離出來(lái)的氮?dú)庥糜谑称贩栏?，是利用了氮?dú)獾姆€(wěn)定性，屬于化學(xué)性質(zhì)，故C錯(cuò)誤；D．生石灰不具有還原性，不能防止食品氧化變質(zhì)，生石灰具有吸水性，可以作干燥劑，故D錯(cuò)誤；故選B。2.元素及其化合物在化工生產(chǎn)中有著重要的用途．下列說(shuō)法正確的是A.工業(yè)上以二氧化硅為原料制備高純硅，還需要用到焦炭、氫氣、氯化氫等原料B.工業(yè)上制硫酸是用98.3%的硫酸吸收二氧化硫C.工業(yè)上生產(chǎn)玻璃和水泥時(shí)均使用純堿和石灰石作為原料D.工業(yè)上制取鈉單質(zhì)普遍采用電解熔融的氫氧化鈉〖答案〗A〖解析〗〖詳析〗A．工業(yè)上以二氧化硅為原料制備高純硅，用焦炭還原二氧化硅得到粗硅，粗硅用氯氣反應(yīng)得到四氯化硅與雜質(zhì)分離，再用氫氣還原四氯化硅得到高純度硅單質(zhì)，需要用到焦炭、氫氣、氯氣等原料，A正確；B．工業(yè)上制硫酸是用98.3%的濃硫酸吸收三氧化硫，B錯(cuò)誤；C．水泥的原料是粘土和石灰石，玻璃的原料是純堿、石灰石和石英，所以工業(yè)上生產(chǎn)玻璃和水泥時(shí)均使用的原料中均有石灰石，C錯(cuò)誤；D．工業(yè)上制取鈉單質(zhì)普遍采用電解熔融的氯化鈉，氫氧化鈉的成本較高，不適合工業(yè)生產(chǎn)，D錯(cuò)誤；故本題選A。3.設(shè)為阿伏加德羅常數(shù)值．下列說(shuō)法正確的是A.常溫下，的溶液中，由水電離出的數(shù)目為B.重水中所含質(zhì)子數(shù)、中子數(shù)各為C.標(biāo)準(zhǔn)狀況下，中數(shù)目為D.和于密閉容器中充分反應(yīng)后，分子數(shù)為〖答案〗B〖解析〗〖詳析〗A．溶液促進(jìn)水的電離，由水電離出的數(shù)目為，A錯(cuò)誤；B．重水的質(zhì)子數(shù)為10，中子數(shù)也為10，重水為0.1mol，故質(zhì)子數(shù)、中子數(shù)各為，B正確；C．標(biāo)準(zhǔn)狀況下，不是氣體，不能用于計(jì)算，C錯(cuò)誤；D．此反應(yīng)為可逆反應(yīng)，生成的分子數(shù)小于，D錯(cuò)誤；故選B。4.下列有關(guān)實(shí)驗(yàn)操作或敘述正確的是A.滴定實(shí)驗(yàn)操作中，錐形瓶洗滌后不需要潤(rùn)洗B.制備晶體，需將飽和溶液蒸干C.檢驗(yàn)時(shí)，可用濕潤(rùn)的藍(lán)色石蕊試紙靠近試管口D.焰色試驗(yàn)前，需先用稀硫酸洗滌鉑絲并灼燒〖答案〗A〖解析〗〖詳析〗A．滴定實(shí)驗(yàn)操作中，錐形瓶洗滌后不需要潤(rùn)洗，潤(rùn)洗會(huì)導(dǎo)致所測(cè)值偏大，A正確；B．亞鐵離子易被氧化，且會(huì)發(fā)生水解，制備晶體，需將飽和溶液在真空且氯化氫氣流中蒸發(fā)，B錯(cuò)誤；C．檢驗(yàn)時(shí)，可用濕潤(rùn)的紅色石蕊試紙靠近試管口，若試紙變藍(lán)，則證明存在氨氣，C錯(cuò)誤；D．進(jìn)行焰色反應(yīng)時(shí)，所用鉑絲需要用稀鹽酸洗滌并充分灼燒，不能用稀硫酸，D錯(cuò)誤；故選A。5.含鐵物質(zhì)或微粒所帶電荷數(shù)與化合價(jià)的關(guān)系如圖所示，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是A.M可能是B.R為鐵單質(zhì)，常溫下遇濃硫酸發(fā)生鈍化C.N可用溶液檢驗(yàn)D.與強(qiáng)氧化劑在堿性條件下反應(yīng)可以生成〖答案〗C〖解析〗〖詳析〗A．M中Fe元素為+2價(jià)，且電荷數(shù)為0，可能是，故A正確；B．R中Fe元素為0價(jià)，且電荷數(shù)為0，為Fe單質(zhì)，鐵單質(zhì)在常溫下遇濃硫酸發(fā)生鈍化，故B正確；C．N中Fe元素為+2價(jià)，且電荷數(shù)為+2，為Fe2+，F(xiàn)e2+不能用溶液檢驗(yàn)，故C錯(cuò)誤；D．中Fe元素為+6價(jià)，據(jù)圖可知在堿性環(huán)境中穩(wěn)定存在，所以Fe3+與氧化劑在堿性條件下反應(yīng)可生成，故D正確；故選C。6.向含的廢水中加入鐵粉和可制備，反應(yīng)如下，下列說(shuō)法正確的是A.的電子式為B.加入的作用是提供和調(diào)節(jié)C.電離方程式：D.反應(yīng)中每生成轉(zhuǎn)移電子〖答案〗B〖解析〗〖詳析〗A．中存在共價(jià)鍵，電子式為，A錯(cuò)誤；B．反應(yīng)后生成的化合物中含有鉀離子，故碳酸鉀的作用為提供鉀離子，并消耗，調(diào)節(jié)pH，B正確；C．的電離方程式為：，C錯(cuò)誤；D．該反應(yīng)中鐵元素化合價(jià)升高2價(jià)，故每生成2mol二氧化碳轉(zhuǎn)移2mol電子，則每生成1mol二氧化碳轉(zhuǎn)移1mol電子，D錯(cuò)誤；故選B。7.高能粒子是第一個(gè)成功觀測(cè)到雙衰變現(xiàn)象的原子核，其雙衰變的方程式。下列說(shuō)法正確的是A.和互為同位素 B.和的中子數(shù)相等C.次外層電子數(shù)為8 D.雙衰變放出能量〖答案〗D〖解析〗〖詳析〗A．同位素是指具有相同的質(zhì)子數(shù)不同中子數(shù)的原子，和質(zhì)子數(shù)不同不是同位素，A錯(cuò)誤；B．質(zhì)量數(shù)減去質(zhì)子數(shù)是中子數(shù)，兩者質(zhì)量數(shù)相同質(zhì)子數(shù)不同，所以中子數(shù)也不相同，B錯(cuò)誤；C．氪是36號(hào)元素，次外層電子數(shù)為18，C錯(cuò)誤；D．衰變過(guò)程釋放能量，雙衰變放出能量，D正確；故選D。8.金與銫在真空中和下反應(yīng)可得離子化合物金化銫()，金化銫溶于液氨形成黃色溶液，表現(xiàn)出較高的導(dǎo)電率。下列有關(guān)金化銫說(shuō)法錯(cuò)誤的是A.金元素顯價(jià) B.在液氨中會(huì)發(fā)生電離C.在空氣中不易被氧化 D.與水反應(yīng)的化學(xué)方程式：〖答案〗C〖解析〗〖詳析〗A．銫為堿金屬，其金屬性強(qiáng)于金，則金化銫()中金元素顯價(jià)，A正確；B．金化銫溶于液氨形成黃色溶液，表現(xiàn)出較高的導(dǎo)電率，說(shuō)明在液氨中會(huì)發(fā)生電離，B正確；C．金化銫()中金為-1價(jià)，具有強(qiáng)還原性，遇氧化性物質(zhì)會(huì)生成金單質(zhì)和銫的化合物，在空氣中易被氧化，C錯(cuò)誤；D．金化銫()與水發(fā)生氧化還原反應(yīng)，生成氫氧化銫、金和氫氣，其化學(xué)方程式為，D正確；故選C。9.芬頓試劑是以和組成的水溶液體系，具有極強(qiáng)的氧化能力，其機(jī)理如圖所示。下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是A.起到催化作用B.基元反應(yīng)1的方程式為：C.基元反應(yīng)1的活化能比基元反應(yīng)2的高D.圖示過(guò)程中，會(huì)發(fā)生變化〖答案〗C〖解析〗〖詳析〗A．參與基元反應(yīng)1，在基元反應(yīng)2生成，起到催化作用，A正確；B．由圖可知，基元反應(yīng)1的方程式為：，B正確；C．基元反應(yīng)1為快反應(yīng)，而基元反應(yīng)2為慢反應(yīng)，則基元反應(yīng)1的活化能比基元反應(yīng)2的低，C錯(cuò)誤；D．由圖可知，基元反應(yīng)1的方程式為：，基元反應(yīng)2的方程式為：，基元反應(yīng)1為快反應(yīng)，而基元反應(yīng)2為慢反應(yīng)，則圖示過(guò)程中，會(huì)發(fā)生變化，D正確；故選C。10.利用霧霾中的污染物、獲得產(chǎn)品的流程圖如下，下列方程式錯(cuò)誤的是A.“吸收池1”中反應(yīng)的離子方程式：B.“吸收池2”中生成等物質(zhì)的量和的離子方程式：C.“電解池”中陰極的電極反應(yīng)式：D.“氧化池”中反應(yīng)的離子方程式：〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗污染物、通到氫氧化鈉溶液中，NO不反應(yīng)，二氧化硫和氫氧化鈉溶液反應(yīng)生成亞硫酸氫鈉，亞硫酸氫鈉在電解池中電解得到硫代硫酸鈉，NO和Ce4+在吸收池2中反應(yīng)生成、和Ce3+，氧化池中氧氣氧化變?yōu)橄跛岣?，氨氣通到酸性氧化池中和生成硝酸銨?！荚斘觥紸．根據(jù)圖中信息得到“吸收池1”中是氫氧化鈉和二氧化硫反應(yīng)生成亞硫酸氫鈉，其反應(yīng)的離子方程式：，故A正確；B．根據(jù)圖中信息得到“吸收池2”中是NO和Ce4+反應(yīng)生成、和Ce3+，則生成等物質(zhì)的量和，假設(shè)都生成1mol，則轉(zhuǎn)移4mol電子，說(shuō)明有4molCe4+參與反應(yīng)，再根據(jù)電荷守恒和質(zhì)量守恒配平得到離子方程式：，故B正確；C．“電解池”中陰極是亞硫酸氫根得到電子變?yōu)榱虼蛩岣?，其電極反應(yīng)式：，故C正確；D．“氧化池”中反應(yīng)的離子方程式：，故D錯(cuò)誤；綜上所述，〖答案〗為D。11.某白色固體樣品，可能含有、、、、中的一種或幾種。對(duì)該樣品進(jìn)行如下實(shí)驗(yàn)：①取少量固體加入足量水中，固體部分溶解；②?、僦袨V液做焰色試驗(yàn)，透過(guò)藍(lán)色鈷玻璃未觀察到紫色；③?、僦袨V渣，向其中加入足量的鹽酸，產(chǎn)生氣泡，固體部分溶解．下列說(shuō)法不正確的是A.固體粉末中一定不含B.固體粉末中一定含有和C.取①中濾液，加入硝酸酸化的溶液，若未產(chǎn)生白色沉淀，則樣品中無(wú)D.為進(jìn)一步確定原樣品組成，可以向③未溶解的固體中加入溶液〖答案〗C〖解析〗〖祥解〗①取少量固體加入足量水中，固體部分溶解，不溶性物質(zhì)可能為、、；②?、僦袨V液做焰色試驗(yàn)，透過(guò)藍(lán)色鈷玻璃未觀察到紫色，濾液中不存在鉀離子，說(shuō)明樣品中一定沒有；③?、僦袨V渣，向其中加入足量的鹽酸，產(chǎn)生氣泡，固體部分溶解，溶于鹽酸，可知樣品中存在和，無(wú)法確定未溶解的物質(zhì)是，還是，還是二者均有，據(jù)此分析?！荚斘觥紸．由分析可知，固體粉末中一定不含，A正確；B．由分析可知，固體粉末中一定含有和，B正確；C．?、僦袨V液，加入硝酸酸化的溶液，若未產(chǎn)生白色沉淀，有可能是加水溶解時(shí)，硫酸根恰好沉淀完全，不能確定樣品中有無(wú)，C錯(cuò)誤；D．可溶于溶液，不溶于溶液，故為進(jìn)一步確定原樣品組成，可以向③未溶解的固體中加入溶液，D正確；故選C12.一定溫度下，在密閉容器中發(fā)生反應(yīng)：。下列說(shuō)法正確的是A.在恒容條件下，向平衡體系中充入惰性氣體，平衡不移動(dòng)B.在恒壓條件下，向平衡體系中加入，的轉(zhuǎn)化率不變C.混合氣體的物質(zhì)的量不再發(fā)生變化可說(shuō)明反應(yīng)達(dá)到平衡D.該反應(yīng)在任何溫度下都能自發(fā)進(jìn)行〖答案〗A〖解析〗〖詳析〗A．在恒容條件下，向平衡體系中充入惰性氣體，反應(yīng)體系中各物質(zhì)的濃度不變，平衡不移動(dòng)，A正確；B．在恒壓條件下，向平衡體系中加入，平衡正向移動(dòng)，的轉(zhuǎn)化率變大，B錯(cuò)誤；C．該反應(yīng)氣體總物質(zhì)的量不變，故混合氣體的物質(zhì)的量不變不能說(shuō)明反應(yīng)到平衡，C錯(cuò)誤；D．該反應(yīng)為吸熱的，不是在任何溫度下都能自發(fā)進(jìn)行，D錯(cuò)誤；故選A。13.某?；瘜W(xué)興趣小組利用如圖裝置在實(shí)驗(yàn)室制備“84”消毒液，下列說(shuō)法正確的是A.裝置I中的可以替換成B.裝置Ⅱ可以除去中雜質(zhì)，還可以防止倒吸C.裝置Ⅲ中消耗(標(biāo)準(zhǔn)狀況)，轉(zhuǎn)移電子D.裝置Ⅳ的作用是吸收空氣中的和水蒸氣〖答案〗B〖解析〗〖祥解〗裝置Ⅰ制備Cl2，裝置Ⅱ除去Cl2中混有的HCl氣體，裝置Ⅲ制備NaClO，裝置Ⅳ處理尾氣，據(jù)此進(jìn)行分析?！荚斘觥紸．圖Ⅰ中沒有加熱裝置，故不能將替換成，A錯(cuò)誤；B．裝置Ⅱ可以除去中雜質(zhì)，長(zhǎng)頸漏斗平衡壓強(qiáng)，還可以防止倒吸，B正確；C．裝置Ⅲ中消耗(標(biāo)準(zhǔn)狀況)，Cl2發(fā)生歧化反應(yīng)生成NaCl和NaClO，轉(zhuǎn)移電子，C錯(cuò)誤；D．裝置Ⅳ的作用是吸收未反應(yīng)的Cl2，防止污染空氣，D錯(cuò)誤；故選B。14.一種新型電池裝置如圖所示。下列敘述錯(cuò)誤的是A.鎳鈷電極反應(yīng)：B.II區(qū)的通過(guò)a交換膜向I區(qū)遷移，通過(guò)b交換膜向III區(qū)遷移C.該裝置工作時(shí)總反應(yīng)：D.該裝置工作時(shí)還利用了中和能〖答案〗C〖解析〗〖祥解〗由圖可知，鉑電極發(fā)生的電極反應(yīng)為4H++4e-=2H2，得電子為原電池的正極，鎳鈷電極發(fā)生的電極反應(yīng)為，失去電子為原電池的負(fù)極?！荚斘觥紸．據(jù)分析可知，鎳鈷電極反應(yīng)：，A正確；B．原電池中陽(yáng)離子向正極遷移，陰離子向負(fù)極遷移，據(jù)分析可知，II區(qū)的通過(guò)a交換膜向I區(qū)遷移，通過(guò)b交換膜向III區(qū)遷移，B正確；C．據(jù)分析可知，正負(fù)極反應(yīng)式相加得到總反應(yīng)，則該裝置工作時(shí)總反應(yīng)：，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)正負(fù)極反應(yīng)式可知，該裝置工作時(shí)還利用了中和能，D正確；故選C。15.短周期主族元素X、Y、Z、W的原子序數(shù)依次增大，其最外層電子數(shù)之和為18。X、Y與Z、W位于不同周期，X、Z處于對(duì)角線位置且其單質(zhì)都能與強(qiáng)酸、強(qiáng)堿溶液反應(yīng)。下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是A.Z的最高價(jià)氧化物為兩性氧化物 B.單質(zhì)的熔點(diǎn)：C.Z與W形成的化合物是共價(jià)化合物 D.簡(jiǎn)單氫化物的穩(wěn)定性：〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗短周期主族元素X、Z處于對(duì)角線位置且其單質(zhì)都能與強(qiáng)酸、強(qiáng)堿溶液反應(yīng)，可知X為Be、Z為Al。X、Y、Z、W的最外層電子數(shù)之和為18，可推知Y、W的最外層電子數(shù)之和為13。X、Y、Z、W可能為Be、O、Al、Cl；X、Y、Z、W可能為Be、F、Al、S?！荚斘觥紸．由分析可知，Z的最高價(jià)氧化物Al2O3為兩性氧化物，A正確；B．單質(zhì)的熔點(diǎn)可能為：或者，B正確；C．Z與W形成的化合物是AlCl3(或Al2S3)共價(jià)化合物，C正確；D．簡(jiǎn)單氫化物的穩(wěn)定性可能為：或者，D錯(cuò)誤；故選D。16.是易溶二元弱堿(，)，常溫下，向溶液中通入，溶液中隨〖〗變化的曲線如圖所示，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是A.溶液：B.當(dāng)時(shí)，C.水的電離程度：D.當(dāng)時(shí)，大于3.5〖答案〗D〖解析〗〖詳析〗A．是易溶二元弱堿，而BOH+的水解平衡常數(shù)，則說(shuō)明BOH+的水解程度大于電離程度，水解和電離都是微弱的，故溶液：，A正確；B．當(dāng)時(shí)，，，則，B正確；C．向溶液中通入，發(fā)生反應(yīng)生成更多的B2+，B2+越多，水解程度越大，水的電離程度越大，則水的電離程度：，C正確；D．，當(dāng)時(shí)，，，則，小于35，D錯(cuò)誤；故選D。第II卷(非選擇題共52分)17.鈷鹽在生活和生產(chǎn)中有著重要應(yīng)用。（1）干燥劑變色硅膠常含有。常見氯化鈷晶體的顏色如下：化學(xué)式顏色藍(lán)色藍(lán)紫色紫紅色粉紅色變色硅膠吸水飽和后顏色變成__________，硅膠中添加的作用__________。（2）草酸鈷是制備鈷氧化物的重要原料，常用溶液和溶液制取難溶于水的晶體。①常溫下，溶液的__________7(填“>”“=”或“<”)。(已知：常溫下，，。)②制取晶體時(shí)，還需加入適量氨水，其作用是__________。③在空氣中加熱二水合草酸鈷，受熱過(guò)程中在不同溫度范圍內(nèi)分別得到一種固體物質(zhì)。已知的兩種常見化合價(jià)為價(jià)和價(jià)，。溫度范圍／150～210290～320固體質(zhì)量/g8.82482?。疁囟仍诜秶鷥?nèi)，固體物質(zhì)為__________(填化學(xué)式，下同)；ⅱ．從加熱到時(shí)生成一種鈷的氧化物和，此過(guò)程發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式是__________。〖答案〗（1）①.粉紅色②.作指示劑，通過(guò)顏色的變化可以表征硅膠的吸水程度（2）①.＜②.抑制的水解，提高的利用率(或調(diào)節(jié)溶液，提高草酸鈷晶體的產(chǎn)率)③.④.3＋2O2Co3O4＋6CO2〖解析〗〖小問(wèn)1詳析〗變色硅膠吸水飽和變?yōu)?，則顏色變成粉紅色，根據(jù)的吸收程度不同，其顏色不相同，因此硅膠中添加的作用是作指示劑，通過(guò)顏色的變化可以表征硅膠的吸水程度；故〖答案〗為：粉紅色；作指示劑，通過(guò)顏色的變化可以表征硅膠的吸水程度?！夹?wèn)2詳析〗①常溫下，根據(jù)電離平衡常數(shù)和越弱越水解，則銨根水解程度大于草酸根水解程度，銨根水解呈酸性，因此溶液的＜7；故〖答案〗為：＜。②制取晶體時(shí)，銨根和草酸根都要水解，兩者是相互促進(jìn)的雙水解，加入適量氨水，抑制銨根水解，也抑制了草酸根的水解，則提高的利用率(或調(diào)節(jié)溶液，提高草酸鈷晶體的產(chǎn)率)；故〖答案〗為：抑制的水解，提高的利用率(或調(diào)節(jié)溶液，提高草酸鈷晶體的產(chǎn)率)。③ⅰ．二水合草酸鈷，其物質(zhì)的量為，溫度在范圍內(nèi)，若失去水，則質(zhì)量為0.06mol×147g?mol?1＝8.82g，因此固體物質(zhì)為CoC2O4；故〖答案〗為：CoC2O4。ⅱ．從加熱到時(shí)生成一種鈷的氧化物和，則Co質(zhì)量為0.06mol×59g?mol?1＝3.54g，則氧的質(zhì)量為4.82g?3.54g＝1.28g，氧原子物質(zhì)的量為，則鈷的氧化物為Co3O4，草酸鈷和氧氣反應(yīng)生成Co3O4和二氧化碳，則此過(guò)程發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式是3＋2O2Co3O4＋6CO2；故〖答案〗為：3＋2O2Co3O4＋6CO2。18.青蒿素是高效的抗瘧藥，為無(wú)色針狀晶體，易溶于有機(jī)溶劑，難溶于水，熔點(diǎn)為，溫度超過(guò)完全失去藥效(已知：乙醚沸點(diǎn)為)。從青蒿中提取青蒿素的一種工藝如下：索氏提取裝置如圖所示．實(shí)驗(yàn)時(shí)燒瓶中溶劑受熱蒸發(fā)，蒸汽沿蒸汽導(dǎo)管2上升至裝置a，冷凝后滴入濾紙?zhí)淄?中，與青蒿粉末接觸，進(jìn)行萃取。萃取液液面達(dá)到虹吸管3頂端時(shí)，經(jīng)虹吸管3返回?zé)?，從而?shí)現(xiàn)對(duì)青蒿粉末的連續(xù)萃取?；卮鹣铝袉?wèn)題：（1）裝置a的名稱為__________。（2）索氏提取的青蒿素位于__________(填“圓底燒瓶”或“索氏提取器”)中；與常規(guī)的萃取相比，索氏提取的優(yōu)點(diǎn)是__________。（3）提取液蒸餾過(guò)程中選用下列哪種裝置更好__________(填字母)，原因是__________。（4）粗品提純的過(guò)程可能是__________(填字母)。a．加水溶解、蒸發(fā)濃縮、冷卻結(jié)晶b．加70%的乙醇溶解、水浴加熱、冷卻結(jié)晶、過(guò)濾c．加入乙醚進(jìn)行萃取分液（5）青蒿素()中含有過(guò)氧鍵，與碘化鈉反應(yīng)生成碘單質(zhì)。為測(cè)定產(chǎn)品中青蒿素的純度，取樣品配制成溶液，取加入錐形瓶中，再加入足量的溶液和幾滴淀粉溶液，用標(biāo)準(zhǔn)液滴定。(已知：，M(青蒿素))①滴定終點(diǎn)的現(xiàn)象為__________；②三次滴定數(shù)據(jù)記錄如下：滴定次數(shù)待測(cè)液體()標(biāo)準(zhǔn)液讀數(shù)()滴定前讀數(shù)滴定后讀數(shù)第一次25.001.5041.52第二次25.003.0042.98第三次25.0045041.60青蒿素的純度為__________?！即鸢浮剑?）冷凝管或球形冷凝管（2）①.圓底燒瓶②.節(jié)約萃取劑，可連續(xù)萃取(萃取效率高)（3）①.乙②.乙為減壓蒸餾裝置，可以更好的降低蒸餾溫度，防止青蒿素失效（4）b（5）①.滴入最后一滴標(biāo)準(zhǔn)液時(shí)，溶液顏色由藍(lán)色變?yōu)闊o(wú)色且半分鐘顏色不恢復(fù)②.70.5%〖解析〗〖祥解〗青蒿粉末經(jīng)過(guò)索式提取得到提取液，提取液通過(guò)蒸餾，分離乙醚和粗產(chǎn)品，對(duì)粗產(chǎn)品進(jìn)行提純得到青蒿素；〖小問(wèn)1詳析〗裝置a為冷凝管或球形冷凝管；〖小問(wèn)2詳析〗青蒿粉末位于索氏提取器，萃取劑位于圓底燒瓶中，提取出來(lái)的青蒿素位于圓底燒瓶；與常規(guī)的萃取相比，索氏提取能提高萃取效率，的優(yōu)點(diǎn)是節(jié)約萃取劑，可連續(xù)萃取(萃取效率高)；〖小問(wèn)3詳析〗乙的蒸餾效果好，裝置乙用真空泵抽真空，設(shè)置了減壓蒸餾裝置，可以更好的降低蒸餾溫度，防止青蒿素失效；〖小問(wèn)4詳析〗青蒿素在水中幾乎不溶，不能用水溶解，a錯(cuò)誤；青蒿素再乙醇，乙酸，石油醚中可溶解，加95%的乙醇，濃縮，結(jié)晶，過(guò)濾可以提純青蒿素，b正確；加入乙醚進(jìn)行萃取分液得到還是混合物，c錯(cuò)誤；〖答案〗選b;〖小問(wèn)5詳析〗碘單質(zhì)與反應(yīng)得到，碘單質(zhì)遇淀粉變藍(lán)，則滴定終點(diǎn)為滴入最后一滴標(biāo)準(zhǔn)液時(shí)，溶液顏色由藍(lán)色變?yōu)闊o(wú)色且半分鐘顏色不恢復(fù)；滴定三次，除去誤差大的第三次，第一次和第二次兩次平均體積為，，,，250ml容量瓶中含青蒿素的物質(zhì)的量為，，青蒿素的純度為19.金屬鎳作為重要的戰(zhàn)略金屬資源對(duì)國(guó)民經(jīng)濟(jì)和國(guó)防工業(yè)發(fā)揮著至關(guān)重要的作用。銅鎳礦(主要成分為鎳、鎂、銅、鐵、硅的氧化物)的濕式冶煉是獲取鎳的重要途徑，其工藝流程如圖所示：（1）“氧壓酸浸”濾液中含有、、、等離子，通入氧氣時(shí)加壓的目的是__________。（2）萃取劑是由與按一定比例調(diào)配而成的，其與形成的絡(luò)合物含有的作用力有__________。a．離子鍵b．極性共價(jià)鍵c．非極性共價(jià)鍵d．配位鍵（3）已知鐵礬渣的成分是，在沉淀除鐵過(guò)程中的作用是__________，其參與生成鐵礬渣的離子反應(yīng)方程式為__________。（4）沉鎳步驟所得濾液中的溶質(zhì)主要是__________(填化學(xué)式)。（5）沉鎳過(guò)程中的加入量對(duì)鎳沉淀的影響如圖所示，當(dāng)為8.5時(shí)，溶液中的濃度為__________(已知該溫度下)結(jié)合圖中信息回答，選擇加入量為的理由是__________?！即鸢浮剑?）增大氧氣濃度，加快氧氣氧化的速率（2）bcd（3）①.調(diào)節(jié)溶液的，有利于轉(zhuǎn)化成鐵礬渣②.（4）（5）①.②.加入量低于，鎳的沉淀不完全，高于對(duì)鎳沉淀率影響不大，但會(huì)增加鎂的沉淀，導(dǎo)致沉淀產(chǎn)物中鎳含量下降〖解析〗〖祥解〗銅鎳礦在氧壓酸浸的條件下將鎳、鎂、銅、鐵的氧化物轉(zhuǎn)化為各自對(duì)應(yīng)的離子，鐵最終均以三價(jià)鐵離子形式存在，萃取劑將銅離子與原溶液分離，最終得到金屬銅，水相加氧化鎂調(diào)節(jié)溶液酸堿性在硫酸鈉存在的情況下，將鐵轉(zhuǎn)變?yōu)殍F礬渣除去，然后氧化鎂再一次調(diào)節(jié)溶液酸堿性使鎳轉(zhuǎn)變?yōu)槌恋恚詈筮^(guò)濾得到氫氧化鎳，最終得到金屬鎳。〖小問(wèn)1詳析〗“氧壓酸浸”濾液中含有、、、等離子，通入氧氣時(shí)加壓的目的是增大氧氣濃度，加快氧氣氧化的速率，〖答案〗為：增大氧氣濃度，加快氧氣氧化的速率；〖小問(wèn)2詳析〗a．此絡(luò)合物中不存在離子鍵，a錯(cuò)誤；b．有機(jī)物中氧氫之間和碳氧之間存在極性共價(jià)鍵，b正確；c．有機(jī)物中碳碳之間存在非極性共價(jià)鍵，c正確；d．絡(luò)合物中銅離子與非金屬之間是配位鍵，d正確；故選bcd?！夹?wèn)3詳析〗由分析可知在沉淀除鐵過(guò)程中的作用是調(diào)節(jié)溶液的，有利于轉(zhuǎn)化成鐵礬渣，其參與生成鐵礬渣的離子反應(yīng)方程式為，〖答案〗為：調(diào)節(jié)溶液的，有利于轉(zhuǎn)化成鐵礬渣，；〖小問(wèn)4詳析〗過(guò)程中兩次加入氧化鎂，均會(huì)生成，所以沉鎳步驟所得濾液中的溶質(zhì)主要是，〖答案〗為：；〖小問(wèn)5詳析〗當(dāng)為8.5時(shí)，溶液是氫氧化鎳的飽和溶液所以，此時(shí)代入得到溶液中的濃度為，由圖可知加入量低于，鎳的沉淀不完全，高于對(duì)鎳沉淀率影響不大，但會(huì)增加鎂的沉淀，導(dǎo)致沉淀產(chǎn)物中鎳含量下降，所以選擇加入量為，〖答案〗為：，加入量低于，鎳的沉淀不完全，高于對(duì)鎳沉淀率影響不大，但會(huì)增加鎂的沉淀，導(dǎo)致沉淀產(chǎn)物中鎳含量下降。